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湖南省醴陵二中醴陵四中2022学年高二物理上学期期末考试试题含解析
湖南省醴陵二中醴陵四中2022学年高二物理上学期期末考试试题含解析
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醴陵二中、醴陵四中2022年下学期两校联考高二年级物理科期末考试试卷一、单项选择题:(本题包括12小题,每小题3分,共36分。每小题只有一个选项符合题意。)1.以下是物理学中的四个实验装置或仪器,由图可知这四个实验或仪器共同的物理思想方法是A.极限的思想方法B.放大的思想方法C.控制变量的方法D.猜想的思想方法【答案】B【解析】试题分析:桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大;玻璃瓶的受力微小形变借助于液体体积变化;引力大小仍是借助于光的反射来放大.解:桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大;玻璃瓶的受力微小形变借助于液体体积变化;引力大小仍是借助于光的反射来放大,三个实验均体现出放大的思想方法,故选:B2.如图,一束电子沿z轴正向流动,则在图中y轴上A点的磁场方向是A.+x方向B.-x方向C.+y方向D.-y方向【答案】A【解析】据题意,电子流沿z轴正向流动,电流方向沿z轴负向,由安培定则可以判断电流激发的磁场以z轴为中心沿顺时针方向(沿z轴负方向看),通过y轴A点时方向向外,即沿x轴正向,则选项A正确。-18-\n【考点定位】安培定则、电子束产生电流的方向【方法技巧】首先需要判断出电子束产生电流的方向,再根据安培定则判断感应磁场的方向。视频3.AB是电场中的一条电场线,若将一负电荷从A点处自由释放,负电荷沿电场线从A到B运动过程中的速度时间图线如图所示,则A、B两点的电势高低和场强的大小关系是A.ϕA>B,EA>EBB.A>B,EA<EBC.A<B,EA>EBD.A<B,EA<EB【答案】C【解析】从速度时间图线可以得出,负电荷从A到B做加速运动,负电荷所受电场力做正功,负电荷的电势能减小,对于负电荷,电势能减小电势增加,则;从速度时间图线可以得出,从A到B负电荷的加速度减小,电荷所受电场力减小,场强减小,则。故C项正确。4.如图,一个枕形导体AB原来不带电。将它放在一个负点电荷的电场中,点电荷的电量为-Q,与AB中心O点的距离为R。由于静电感应,在导体A、B两端分别出现感应电荷,达到静电平衡时,则A.导体A端电势高于B端电势B.导体A端电势低于B端电势C.感应电荷在O点产生的场强为0D.感应电荷在O点产生的场强大小为【答案】D【解析】AB、当达到静电平衡时导体是一个等势体,A端电势等于B端电势,AB错误;C、点电荷和感应电荷在导体中心O点产生的电场的合场强为0,C错误;D、感应电荷在O点产生的场强与点电荷产生的场强等大反向,所以感应电荷在O点产生的场强大小为,D正确。-18-\n故选D。5.如图所示,用天平测量匀强磁场的磁感应强度,下列各选项所示的载流线圈匝数相同,边长MN相等,将它们分别挂在天平的右臂下方,线圈中通有大小相同的电流,天平处于平衡状态,若磁场发生微小变化,天平最容易失去平衡的是A.B.C.D.【答案】A【解析】天平原本处于平衡状态,所以线框所受安培力越大,天平越容易失去平衡,由于线框平面与磁场强度垂直,且线框不全在磁场区域内,所以线框与磁场区域的交点的长度等于线框在磁场中的有效长度,由图可知,D图的有效长度最长,磁场强度B和电流大小I相等,所以A所受的安培力最大,则A图最容易使天平失去平衡.A正确;BCD错误;故选A。视频6.如图所示,直线A是电源的路端电压和干路电流的关系图线,直线B、C分别是电阻R1、R2的两端电压与电流的关系图线,若将这两个电阻分别接到该电源上,则A.R1接在电源上时,电源的效率高B.R2接在电源上时,电源的效率高C.R1接在电源上时,电源的输出功率大D.电源的输出功率一样大【答案】A【解析】试题分析:A、B,电源的效率η===,效率与路端电压成正比,R1-18-\n接在电源上时路端电压大,效率高,故A正确,B错误.C、D,由图线的交点读出,R1接在电源上时U=U0,I=I0,电源的输出输出功率P1=UI=U0I0;R2接在电源上时U=U0,I=I0,电源的输出输出功率P2=UI=U0I0,故C、D均错误.故选:A.7.如图所示,MN为铝质薄平板,铝板上方和下方分别有垂直于图平面的匀强磁场(图中未画出),且B上:B下=1:,一带电粒子从紧贴铝板上表面的P点垂直于铝板向上射出,从Q点穿越铝板后到达PQ的中点O,已知粒子穿越铝板时,速度方向和电荷量不变,不计重力,则穿越前和穿越后粒子的动能之比为A.4:1B.2:1C.2:D.:1【答案】B【解析】粒子垂直于磁场方向进入磁场,在洛仑兹力作用下做匀速圆周运动。粒子穿越铝板时,速度方向和电荷量不变,设粒子在穿越前和穿越后速度分别为和,则在薄板上方:,在薄板下方:,可得:,据,可得:。则穿越前和穿越后粒子的动能之比。故B项正确。8.阿明有一个磁浮玩具,其原理是利用电磁铁产生磁性,让具有磁性的玩偶稳定地飘浮起来,其构造如右图所示。若图中电源的电压固定,可变电阻为一可以随意改变电阻大小的装置,则下列叙述正确的是-18-\nA.电路中的电源必须是交流电源B.电路中的b端点须连接直流电源的正极C.若增加环绕软铁的线圈匝数,可增加玩偶飘浮的最大高度D.若将可变电阻的电阻值调大,可增加玩偶飘浮的最大高度【答案】C【解析】试题分析:由题意可知,玩偶稳定地飘浮起来,且下端为S极,则线圈的上端为S极,根据右手螺旋定则可得,电源通的是直流电,且b端为电源的正极,而a端为电源的负极,故AB错误;若增加环绕软铁的线圈匝数,从而增加线圈的磁场,导致玩偶飘浮的最大高度增加,故C正确;若将可变电阻的电阻值调大,则线圈中的电流减小,导致玩偶飘浮的最大高度减小,故D错误;故选C.考点:磁场对通电线圈的作用【名师点睛】考查玩偶的工作原理,根据磁铁的磁性来确定线圈上端,因通电而产生的磁场的磁极,依据右手螺旋定则,及同名磁极相互排斥,即可求解,而当线圈的磁场强弱与线圈匝数,及电流的大小有关;解题时要理解右手螺旋定则的内容,注意影响玩偶飘浮的最大高度的因素。9.如图所示,一正方形线圈的匝数为n,边长为a,线圈平面与匀强磁场垂直,且有一半面积处在磁场中,在Δt时间内,磁感应强度的方向不变,大小由B均匀地增大到2B,在此过程中线圈中产生的感应电动势为A.B.C.D.【答案】D【解析】据法拉第电磁感应定律-18-\n故D项正确。10.粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中,磁场方向垂直于线框平面,其边界与正方形线框的边平行。现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场,如图所示,则在移出过程中线框一边a、b两点间的电势差绝对值最大的是A.B.C.D.【答案】B【解析】试题分析:四种情况都是一条边切割磁感线,故产生的感应电动势都相等,线圈的电阻还都相同,故线圈中的电流都相等,a、b两点间电势差的绝对值最大的应该是路端电压最大时,故ACD中的电势差都相等,B中的电势差最大,故选项B正确。考点:电磁感应,欧姆定律。11.两个质量相同、所带电荷量大小相等的带电粒子a、b,以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入圆形匀强磁场区域,其运动轨迹如图所示。若不计粒子的重力,则下列说法正确的是A.a粒子带正电,b粒子带负电B.a粒子在磁场中所受洛伦兹力较大C.b粒子动能较大D.b粒子在磁场中运动时间较长【答案】C12.-18-\n如图所示,空间有一垂直纸面向外、磁感应强度为0.5T的匀强磁场,一质量为0.2kg且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面上,在木板左端无初速放置一质量为0.1kg、电荷量q=+0.2C的滑块,滑块与绝缘木板之间的动摩擦因数为0.5,滑块受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力。t=0时对木板施加方向水平向左,大小为0.6N的恒力F,g=10m/s2。则A.木板和滑块一直做加速度为2m/s2的匀加速运动B.滑块开始做加速度减小的变加速运动,最后做速度为10m/s匀速运动C.木板先做加速度为2m/s2匀加速运动,再做加速度增大的运动,最后做加速度为3m/s2的匀加速运动D.开始木板和滑块一起做加速度为2m/s2的匀加速运动,5s末滑块开始做匀速运动,木板做加速度为3m/s2的匀加速运动【答案】C-18-\n..................点睛:本题考查了带电滑块在磁场中的运动问题,在滑块运动运动前,洛伦兹力是变力,滑块与木板受力情况较复杂,本题难度较大;分析清楚运动过程与受力情况是解题的前提与关键,应用洛伦兹力公式、牛顿第二定律、运动学公式可以分析答题.二、多项选择题:(本题包括4小题,每小题4分,共16分。每小题有多个正确选项,全部选对得4分,未选全得2分,选错得0分。)13.冬天脱毛线衫时,静电经常会跟我们开个小玩笑,下列一些相关的说法中正确的是A.在脱衣过程中,内外衣间摩擦起电,内衣和外衣所带的电荷是异种电荷-18-\nB.在脱衣过程中,有时会听到“啪”的声音,这是由于内外衣服上电荷放电引起的C.如果内外两件衣服可看做电容器的两极,并且在将外衣脱下的某个过程中两衣所带的电量不变,随着两衣间距离的增大,两衣间电容变小,则两衣间的电势差也将变小D.脱衣时如果人体也带上了正电,当手接近金属门把时,由于手与门把间的空气电离会造成对人体轻微的电击。【答案】ABD【解析】摩擦起电使相互摩擦的两个物体带上等量异种电荷,A错误;脱衣过程中,有时会听到“啪”的声音,这是由于内衣和外衣所带的电荷是异种电荷,内外衣服靠近的过程中电荷放电引起的,B正确;若将内外衣视为电容器,可以认为摩擦起电后电荷量不变,当距离增大的过程中,电容变小,电势差增大,C错误;当人因脱衣服时带上电,与金属门把接近时会使空气电离而放电,D错误.14.某课外活动小组将锌片和铜片插入一个西红柿中,用电压表测量到铜片与锌片间电压为0.30V,然后又将这样的西红柿电池10个串联成电池组(n个相同电池串联时,总电动势为nE,内电阻为nr),与一个额定电压为1.5V、额定功率为1W的小灯泡相连接,小灯泡不发光,量得小灯泡两端的电压为0.30V,对此现象的解说正确的是A.西红柿电池组的内阻太大B.西红柿电池组的电动势小于小灯泡的额定电压C.西红柿电池组在供电时电流太小D.西红柿电池组的电动势大于小灯泡的额定电压,小灯泡已烧毁【答案】AC【解析】试题分析:灯泡不发光,流过灯泡的电流远小于灯泡的额定电流,10个西红柿电池串联成电池组电动势约为3V,串联内阻增大,根据欧姆定律可知,由于电池组的内阻远大于小灯泡的电阻,灯泡分担的电压太小.故A正确;由题可知,10个电池的电动势为3.0V,而小灯泡的额定电压1.5V,故西红柿电池组的电动势大于小灯泡的额定电压,B错误;小灯泡两端的电压为0.30V,小灯泡的电阻:,通过小灯泡的电流为:,所以西红柿电池组在供电时电流太小,选项C正确;西红柿电池组的电动势大于小灯泡的额定电压,但是实际小灯泡两端的电压为0.3V,小于额定电压,故灯泡不会烧毁,选项D错误;故选AC.-18-\n考点:欧姆定律;电功率.15.如图甲所示,将阻值为R=5Ω的电阻接到内阻不计的正弦交变电源上,电流随时间变化的规律如图乙所示,下列说法正确的是A.电阻R两端电压变化规律的函数表达式为u=2.5sin200πt(V)B.电阻R消耗的电功率为0.625WC.若此交变电流由一矩形线框在匀强磁场中匀速转动产生,如图丙所示,当线圈的转速提升一倍时,电流表的示数为1AD.图乙交变电流与图丁所示电流比较,其有效值之比为【答案】ABD【解析】试题分析:通过电源电动势随时间变化的规律图象可以求出该交流电的周期、频率以及有效值等,注意计算功率、流过电阻的电流、以及电压表的示数均为有效值.由图可知,电流的最大值,则电压的最大值;周期T=0.01s,角速度为,电阻R两端电压变化规律的函数表达式为,A正确;电流的有效值,电阻R消耗的电功率为,B正确;感应电动势的瞬时值表达式为,其中,当线圈的转速提升一倍时,最大值提升一倍,所以电流表的示数为,C错误;图乙为正弦式交流电,其有效值为,图丁电流大小不变,有效值,所以这一交变电流与图丁所示电流比较,其有效值之比为,D正确.16.如图所示,虚线框内为某种电磁缓冲车的结构示意图,其主要部件为缓冲滑块K和质量为m的缓冲车.在缓冲车的底板上,沿车的轴线固定着两个光滑水平绝缘导轨PQ、MN.缓冲车的底部,安装电磁铁(图中未画出),能产生垂直于导轨平面的匀强磁场,磁场的磁感应强度为B.导轨内的缓冲滑块K由高强度绝缘材料制成,滑块K上绕有闭合矩形线圈abcd,线圈的总电阻为R,匝数为n,ab边长为L.假设缓冲车以速度v0-18-\n与障碍物C碰撞后,滑块K立即停下,而缓冲车厢继续向前移动距离L后速度为零。已知缓冲车厢与障碍物和线圈的ab边均没有接触,不计一切摩擦阻力。在这个缓冲过程中,下列说法正确的是A.线圈中的感应电流沿逆时针方向(俯视),最大感应电流为B.线圈对电磁铁的作用力使缓冲车厢减速运动,从而实现缓冲C.此过程中,线圈abcd产生的焦耳热为D.此过程中,通过线圈中导线横截面的电荷量为【答案】BC【解析】A:缓冲车以速度v0与障碍物C碰撞后,滑块K立即停下,滑块相对磁场的速度大小为v0,线圈中产生的感应电动势最大,则有,最大感应电流。故A项错误。B:缓冲过程中,线圈中产生感应电流,线圈对电磁铁的作用力使缓冲车厢减速运动,从而实现缓冲。故B项正确。C:据能量守恒,线圈abcd产生的焦耳热。故C项正确。D:缓冲过程中,据法拉第电磁感应定律,据闭合电路欧姆定律:,通过线圈中导线横截面的电荷量,联立解得:。故D项错误。综上答案为BC。点睛:感应电量,这个规律要能熟练推导并应用。三、实验题(17题10分,18题8分,共18分)17.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中,需测量一个标有“3V,1.5W”的灯泡两端的电压和通过灯泡的电流.所用电压表量程为3V,内阻约3kΩ,有以下备选器材:-18-\n电流表A1(量程3A,内阻约0.1Ω)电流表A2(量程600mA,内阻约0.5Ω)电流表A3(量程100mA,内阻约3Ω)滑动变阻器R1(阻值范围:0~5Ω)滑动变阻器R2(阻值范围:0~100Ω)(1)图示的电路连线不完整,请用笔画线代替导线将电路补全.(2)电流表应选_______,滑动变阻器应选__________.(3)闭合开关前,应调节滑动变阻器的滑片位于__________(填“左”或“右”)端.(4)正确连接电路后,开始实验,调节滑动变阻器的滑片,如果电压表的示数可以从零开始变化,但电流表无示数,灯泡也不亮,则可能故障是_________A.灯泡支路发生了短路B.灯泡支路发生了断路C.电流表内部线圈烧断了D.滑动变阻器左下端接入电路的导线有断路故障【答案】(1).(2).A2、R1(3).左(4).B-18-\n【解析】(1)描绘小灯泡的伏安特性曲线,所以控制电路使用分压式;小灯泡正常工作时的电阻为,远小于电压表内阻,所以测量电路采用电流表的外接法。故用导线将电路补全如图:(2)小灯泡的额定电流,电流表选A2(量程600mA,内阻约0.5Ω)控制电路使用分压式,滑动变阻器应选R1(阻值范围:0~5Ω)。(3)闭合开关前,应使测量部分的电压最小,应调节滑动变阻器的滑片位于左端。(4)A:若灯泡支路发生了短路,调节滑动变阻器的滑片,电压表读数为零,电流表很快满偏,灯不亮。故A项错误。B:若灯泡支路发生了断路,调节滑动变阻器的滑片,电压表的示数可以从零开始变化,电流表无示数,灯泡也不亮。故B项正确。C:若电流表内部线圈烧断了,调节滑动变阻器的滑片,电压表读数为零,电流表无示数,灯泡也不亮。故C项错误。D:若滑动变阻器左下端接入电路的导线有断路故障,电路变成限流式,调节滑动变阻器的滑片,电压表的示数可以从某一值开始变化,电流表有示数,灯泡发光。故D项错误。18.有一电池,它的电动势E约为6V,内阻r在10Ω以内,为了测定这个电池的电动势和内阻,除了待测电源外,有以下器材:-18-\n电阻箱R,阻值范围0~9999.9Ω电压表V(量程3V,内阻RV=3kΩ)电流表A(量程0.6A,内阻约为0.5Ω)滑动变阻器A(0~30Ω,额定电流3A)滑动变阻器B(0~200Ω,额定电流0.2A)电键一个,导线若干(1)有图甲和图乙两种电路,为了减小误差,应该选图(_________)电路来测量.(2)滑动变阻器应选(________)(填A或B)(3)按正确的电路连接后,先将电阻箱的阻值调节为3kΩ,闭合开关,由大到小调节滑动变阻器的阻值,读出几组电压表和电流表的示数,直接利用这些数据在U-I坐标平面内描点、连线,得到图丙所示的结果.则待测电源的电动势E=(_______________)V,内阻r=(_________)Ω.(结果均保留两位小数)【答案】(1).甲(2).A(3).5.60(4).7.20【解析】(1)电流表内阻与电源内阻具有可比性,电流表分压较明显;改装好的电压表内阻较大,电压表的分流相对较小可忽略。为了减小误差,故采用甲图电路来测量。(2)滑动变阻器B(0~200Ω,额定电流0.2A)的额定电流较小,小于测量中要求的电流,不能使用。故滑动变阻器应选A。(3)电阻箱的阻值调节为3kΩ,设电压表(内阻RV=3kΩ)读数为,电路中电流为,据闭合电路欧姆定律可得:,解得:。据U-I图线:、,解得:、点睛:图象类问题,要根据物理规律推理出横纵坐标间的表达式,然后借助截距、斜率、面积等求解对应的物理量。-18-\n四、计算题19.如图所示,半径为R的半圆形光滑绝缘轨道ABC,B为轨道最低点,在AC下方有方向水平向右的匀强电场,电场强度大小为E。在A点正上方h高处,一质量为m、电荷量为-q的小球由静止释放,恰好能从A点进入圆弧轨道,已知重力加速度为g,小球的电荷量保持不变。求:(1)小球运动到A点的速度大小;(2)小球由A运动到B的过程中电场力所做的功;(3)小球运动到轨道最低点B的速度大小。【答案】(1)(2)(3)【解析】本题考查物体的自由下落及带电粒子在电场中的曲线运动,在解题时优先使用动能定理。(1)从释放到A点:由动能定理可得,解得:(2)小球由A运动到B的过程中电场力所做的功(3)小球从释放到B的过程,由动能定理可得,解得:20.如图所示,两块水平放置、相距为d的长金属板接在电压可调的电源上。两板之间的右侧区域存在方向垂直纸面向里的匀强磁场。将喷墨打印机的喷口放置在两极板的正中央处,从喷口连续不断喷出质量均为m、水平速度大小均为v0、带电荷量为q的墨滴,调节电源电压,使墨滴在电场区域恰能沿中心线水平向右做匀速直线运动;进入电场和磁场共存区域后,最终打在上极板的P点,且速度方向与上极板成530角。(sin530=0.8,cos530=0.6)。(1)判断墨滴所带电荷的种类,并求出两板间的电压;(2)求磁感应强度B的值。-18-\n【答案】(1)(2)【解析】解:(1)由于电场方向向上,电荷所受电场力向上,可知墨滴带正电荷;墨滴在电场区域做匀速直线运动,设两板间电压为U,得:q=mg得:U=(2)墨滴垂直进入电、磁场共存区域,重力仍与电场力平衡,合力等于洛伦兹力,墨滴做匀速圆周运动,有:qv0B=m由图示可得:cos53°==0.6得:R=d联立解得:B=答:(1)判断墨滴带正电荷,两板间的电压为;(2)磁感应强度B的值为.【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动;牛顿第二定律;带电粒子在匀强电场中的运动.【专题】带电粒子在磁场中的运动专题.【分析】(1)根据电场力和重力平衡求出电荷量的大小,通过电场力的方向确定电荷的正负.(2)墨滴垂直进入电磁场共存区域,重力仍与电场力平衡,粒子做匀速圆周运动,画出轨迹,通过几何关系得出粒子的轨道半径,根据洛伦兹力提供向心力求出磁感应强度的大小.-18-\n【点评】本题考查粒子在复合场中的运动,知道粒子在电场和重力场区域做匀速直线运动,进入电场、磁场和重力场区域,做匀速圆周运动.结合牛顿第二定律和共点力平衡进行求解.21.如图所示,一对光滑的平行金属导轨固定在同一水平面内,导轨足够长且电阻不计,导轨间距l=0.5m,左端接有阻值R=0.3Ω的电阻,一质量m=0.1kg,电阻r=0.1Ω的金属棒MN放置在导轨上,整个装置置于竖直向上的匀强磁场中,磁场的磁感应强度B=0.4T.棒在水平向右的外力作用下,由静止开始以a=2m/s2的加速度做匀加速运动,当通过电阻R的电荷量为q=4.5C时撤去外力,之后棒继续运动一段距离后停下来,已知撤去外力前后回路中产生的焦耳热之比Q1∶Q2=2∶1.棒在运动过程中始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触.求:(1)棒在匀加速运动过程中的位移大小x;(2)撤去外力后金属棒MN上产生的焦耳热QMN;(3)外力做的功WF.【答案】(1)(2)(3)【解析】试题分析:(1)棒在匀加速运动中平均电动势,则通过电阻R的电荷量x=9m(2)棒在匀加速运动过程,,则从撤去外力到棒最终停下来过程,由动能定理得:则-18-\n(3)撤去外力后回路中产生的热量依题意得外力做的功考点:电磁感应的综合类问题。-18-
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