福建省清流一中2022届高三物理上学期第三阶段考试试题含解析

清流一中2022-2022学年第一学期第三次阶段考试卷高三物理试题一．单项选择题（每小题3分，共30分；四个选项中只有一个符合题目要求）1.用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列物理量的表达式不是由比值法定义的是A.加速度B.电阻C.电容D.电场强度【答案】A【解析】试题分析：比值法定义的物理量与其他两个物理量大小没有关系，即比值法定义是计算式，不是决定式，BCD都是计算式，而加速度则为决定式，加速度的计算式应该为，故A正确考点：考查了比值法定义【名师点睛】关键是理解比值法定义：所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变2.质量为m的小球做平抛运动，已知重力加速度为g。根据下列哪个条件可求出小球初速度A.水平位移B.下落高度C.落地时的动能D.落地时的速度大小和方向【答案】D考点：平抛运动的特点.3.A、B两辆汽车从同一地点在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度时间图象如图所示，则在6s内-17-A.A、B两辆汽车运动方向相反B.A车的加速度大于B车的加速度C.t=4s时，A、B两辆汽车相距最远D.t=4s时，A、B两辆汽车刚好相遇【答案】C考点：考查了速度时间图像4.如图所示电路，、b、c是三个相同的灯泡，其电阻均大于电池内阻r，当闭合开关S，变阻器滑片向下移动时，下列说法中正确的是A.通过灯的电流减小B.c灯两端的电压减小C.b灯消耗的电功率减小D.电源输出的电功率减小【答案】B-17-【解析】试题分析：本题是电路动态分析问题，按局部到整体，再局部分析电压、电流的变化．当变阻器的滑动触头P向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律知，总电流I增大，因灯接在干路中，所以通过灯的电流增大，故A错误；由欧姆定律知并联部分电压，I增大，减小，故B正确；根据欧姆定律知，减小，减小，由于，增大，减小，因此增大，根据知，b灯消耗的电功率增大，故C错误；三个灯泡的电阻都大于电源内阻，由电路结构可知，外电阻大于电源的内阻，根据推论：外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，则知，当变阻器的滑动触头P向下移动时，外电路总电阻减小，电源输出的电功率增大，故D错误．所以选B．考点：本题考查了闭合电路动态变化分析问题，意在考查考生对闭合电路的欧姆定律、部分电路欧姆定律及电功率的理解．5.质量为2kg的小车以2m/s的速度沿光滑的水平面向右运动，若将质量为0.5kg的砂袋以3m/s的水平速度迎面扔上小车，则砂袋与小车一起运动的速度的大小和方向是A.1.0m/s，向右B.1.0m/s，向左C.2.2m/s，向右D.2.2m/s，向左【答案】A【解析】以小车与砂带组成的系统为研究对象，以水平向右方向为正方向，系统在水平方向动量守恒，由动量守恒定律得：m车v车-m袋v袋=（m车+m袋）v，即：2×2-0.5×3=（2+0.5）v，解得：v=1m/s，方向向右．故选A．【点睛】本题考查了动量守恒定律的应用，应用动量守恒定律即可正确解题，解题时要注意正方向的选择，这是易错点．6.如图所示的玩具是由弹射物、托盘、弹簧及底座组成，竖直弹簧两端分别连接在托盘和底座上，弹簧与托盘的质量均不计。现将弹射物放在托盘上，并对其施加竖直向下的压力，使弹簧压缩。当撤去压力后，弹射物能弹离托盘。下列说法正确的是A.撤去压力的瞬间，弹射物处于超重状态-17-B.弹射物弹离托盘后，在空中运动过程中处于超重状态C.弹射物弹离托盘前，做匀加速直线运动D.弹射物弹离托盘前，弹簧的弹性势能全部转化为弹射物的动能【答案】A【解析】A、撤去压力的瞬间，弹射物将向上加速运动，由牛顿运动定律知该物处于超重状态，故A正确．B、弹射物弹离托盘后，在空中运动过程中只受重力，处于完全失重状态，故B错误．C、弹射物弹离托盘前，受到重力和弹簧的弹力，弹力是变力，所以物体的合力在变化，做的是非匀加速直线运动，故C错误．D、弹射物弹离托盘前，弹射物和弹簧组成的系统机械能守恒，可知弹黉的弹性势能全部转化为弹射物的重力势能和动能，故D错误．故选A．【点睛】此题要能正确分析物体的受力情况和运动情况，根据加速度的方向判断其状态，分析时要抓住弹簧的弹力是可变的．7.根据α粒子散射实验，卢瑟福提出了原子的核式结构模型．图中虚线表示原子核所形成的电场的等势线，实线表示一个α粒子的运动轨迹．在α粒子从a运动到b、再运动到c的过程中，下列说法中正确的是A.动能先增大，后减小B.电势能先减小，后增大C.电场力先做负功，后做正功，总功等于零D.加速度先变小，后变大【答案】C【解析】α粒子受到斥力作用，根据电场力做功特点可知：从a运动到b过程中电场力做负功，电势能增加，动能减小，从b运动到c过程中，电场力做正功，电势能减小，动能增加，整个过程中由于a与c在同一等势线上，故电场力不做功，AB错误，C正确；根据点电荷周围电场可知，距离原子核近的地方电场强度大，故越靠近原子核加速度越大，因此α粒子加速度先增大后减小，故D错误．故选C．视频8.如图所示,光滑水平面上放置着质量分别为m,2m的A,B两个物体,A,B间的最大静摩擦力为-17-μmg,现用水平拉力F拉B,使A,B以同一加速度运动,则拉力F的最大值为A.μmgB.2μmgC.3μmgD.4μmg【答案】C【解析】解：当AB间的静摩擦力达到最大时拉力F达到最大，根据牛顿第二定律得对A物体：μ•mg=ma得a=μg对整体：F=（2m+m）a得：F=3ma=3μmg故选：C．【点评】当两个物体刚要发生相对滑动时，它们之间的静摩擦力达到最大值．灵活的选取研究对象根据牛顿第二定律列方程是关键．9.如图所示，在匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细线一端拴一个质量为m、电荷量为q的带负电小球，另一端固定在O点。把小球拉到使细线水平的位置A，然后由静止释放，小球沿圆弧运动到细线与水平成的位置B时速度恰好为零（小球在运动过程电量不变）。以下说法正确的是A.小球在A点的电势能大于在B点的电势能B.小球在B点时，其加速度大小为零C.小球在AB弧线中点时，小球的加速度大小为零D.小球在AB弧线中点时，所受电场力大于重力【答案】D【解析】试题分析：对小球受力分析，小球受有竖直向下的重力、水平向右的电场力和细线对它的拉力，其中拉力方向始终与速度方向垂直不做功，重力做正功，根据，又沿电场线的方向电势降落，A点的电势高于B点的电势，则，，所以电场力做负功，-17-由电场力做功与电势能关系知，小球在A点的电势能小于在B点的电势能，故A错误；在B点，小球静止，受重力、电场力和拉力，由于重力和电场力的合力与细线不共线，故合力不为零，加速度也不为零，故B错误；类比单摆，小球从A点静止释放，运动到B点速度为0，说明弧AB的中点是运动的最低点，小球的速度最大，对小球进行受力分析，小球处在弧线中点位置时切线方向合力为零，沿半径方向的合力提供向心力，不为零，根据牛顿第二定律，小球的加速度不为零，故C错误；由于小球处在弧线中点位置时切线方向合力为零，因此有，解得：，所以小球所受电场力大于重力，故D正确．考点：本题考查了带电粒子在匀强电场中的运动、牛顿第二定律、向心力、电场力做功与电势能的关系、电场线和电势等知识点．10.如图所示，光滑水平平台上有一个质量为m的物体，地面上的人用跨过定滑轮的绳子向右拉动物体，不计绳和滑轮的质量、滑轮的大小及滑轮的摩擦，人手离滑轮到竖直高度始终为h，所分析的运动过程中，人的初位置在A点，当人以速度v从A匀速运动到B时，人离滑轮的水平距离为x，下列说法正确的是A.在该运动过程中，物块向右做匀加速运动B.人运动到B位置时，物块的运动速率为C.在该运动过程中，人对物块做的功为D.在该运动过程中，人对物块做的功为【答案】B【解析】试题分析：如图将人的速度分解沿绳子方向和垂直绳子方向两个分速度，物体的速度既沿绳子方向分速度，随着减小，物体速度增大，选项A错误；在B点，物体速度，选项B正确；物体速度不等于人的速度，选项C错误；人在A点物体速度不是零，选项D错误。-17-考点：考查运动的合成与分解及动能定理二．多项项选择题（每小题3分，共18分；每小题至少两个选项符合题目要求）11.如图所示，质量为m的木块在推力F作用下，在水平地面上做匀速直线运动，已知木块与地面间的动摩擦因数为μ，那么木块受到的滑动摩擦力为(　　)A.μmgB.μ(mg＋Fsinθ)C.μ(mg－Fsinθ)D.Fcosθ【答案】BD【解析】由于物体做匀速运动，对物体受力分析，根据平衡条件可得，在水平方向：，竖直方向：，滑动摩擦力：，解得：，故BD正确，AC错误。12.一负电荷仅受电场力的作用，从电场中的A点运动到B点。在此过程中该电荷作初速度为零的匀加速直线运动，则A、B两点电场强度EA、EB及该电荷在A、B两点的电势能、之间的关系为（）A.EA=EBB.EA