湖北省黄冈市麻城一中2022学年高二化学下学期3月月考试卷含解析

湖北省黄冈市麻城一中2022-2022学年高二（下）月考化学试卷（3月份）　一、选择题（本题包括16小题，每小题3分，共48分．每小题只有一个选项符合题意）1．下列关于有机化合物的说法正确的是（　　）A．乙烯能使溴的四氯化碳溶液和酸性高锰酸钾溶液褪色，且褪色原理相同B．葡萄糖和果糖的分子式都是C6H12O6，二者互为同分异构体C．不含其他杂质的天然油脂属于纯净物D．石油裂化和油脂皂化都是化学变化，而石油的分馏和煤的干馏都是物理变化　2．下列鉴别方法可行的是（　　）A．用氨水鉴别Al3+、Mg2+和Ag+B．用Ba（NO3）2溶液鉴别Cl﹣、SO42﹣和CO32﹣C．用核磁共振氢谱鉴别1﹣溴丙烷和2﹣溴丙烷D．用KMnO4酸性溶液鉴别CH3CH=CHCH2OH和CH3CH2CH2CHO　3．分子式为C5H7Cl的有机物，其结构不可能是（　　）A．只含有1个双键的直链有机物B．含2个双键的直链有机物C．含1个双键的环状有机物D．含一个三键的直链有机物　4．下列各组物质不属于同分异构体的是（　　）A．间二甲苯和乙苯B．2﹣甲基2，4﹣己二烯和3，4﹣二甲基﹣1﹣戊炔C．2，2，3﹣三甲基戊烷和3﹣乙基己烷D．2﹣甲基丙烯酸和甲酸正丙酯　5．下列说法正确的是（　　）A．从形式上看，酯化反应也属于取代反应B．淀粉和纤维素的化学式均为（C6H10O5）n，二者互为同分异构体C．油脂的相对分子质量都较大，所以属于高分子化合物D．乙烯能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色，二者反应原理相同　6．组成为C10H14的芳香烃，其苯环上有两个取代基时的同分异构体数目为（　　）A．6种B．9种C．12种D．15种　7．香叶醇是合成玫瑰香油的主要原料，其结构简式如下：下列有关香叶醇的叙述正确的是（　　）29\nA．香叶醇的分子式为C10H18OB．不能使溴的四氯化碳溶液褪色C．不能使酸性高锰酸钾溶液褪色D．能发生加成反应不能发生取代反应　8．有机物分子中原子间（或原子与原子团间）的相互影响会导致物质化学性质的不同．下列事实不能说明上述观点的是（　　）A．苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应B．甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，乙烷不能使酸性高锰酸钾溶液褪色C．乙烯能发生加成反应，乙烷不能发生加成反应D．苯与硝酸加热时发生取代反应，甲苯与硝酸常温下就能发生取代反应　9．下列叙述正确的是（　　）A．和分子组成相差一个﹣CH2﹣，因此是同系物关系B．和均是芳香烃，既是芳香烃又是芳香族化合物C．分子式为C4H8的有机物可能存在4个C﹣C单键D．分子式为C2H6O的红外光谱图上发现有C﹣H键和C﹣O键的振动吸收，由此可以初步推测：有机物结构简式一定为C2H5﹣OH　10．一氧化碳、烯烃和氢气在催化剂作用下发生烯烃的醛化反应，又叫羰基的合成．如由乙烯可制丙醛：H2+CH2=CH2+CO→CH3CH2CHO，由丁烯进行醛化反应也可得到醛，在它的同分异构体中属于醛的共有（　　）A．2种B．3种C．4种D．5种　[Z+X+X+K]11．中草药秦皮中含有的七叶树内酯（环上氢原子未标出，每个折点表示一个碳原子），具有抗菌作用．若1mol七叶树内酯分别跟浓溴水和NaOH溶液完全反应，则消耗的溴和NaOH的物质的量分别为（　　）A．3mol，2molB．3mol，4molC．2mol，3molD．4mol，4mol　12．发生在山东圆通的夺命快递，导致1人死亡9人中毒．从物质的角度分析，是源于氟乙酸甲酯（FCH2COOCH3）中毒引起的．下列有关氟乙酸甲酯的说法不正确的是（　　）A．氟乙酸甲酯含有两种官能团B．1mol氟乙酸甲酯与NaOH水溶液共热最多消耗2molNaOH29\nC．氟乙酸甲酯的同分异构体属于羧酸类的有2种D．氟乙酸甲酯加入稀硫酸共热后生成的有机物是HOCH2COOH和CH3OH　13．下列除杂方法正确的是（　　）①除去乙烷中少量的乙烯：通入H2，加催化剂反应②除去乙酸乙酯中少量的乙酸：用饱和碳酸钠溶液洗涤，分液③除去苯中少量的苯酚：滴加适量溴水，过滤④除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏⑤除去苯中少量的甲苯：加足量KMnO4溶液，分液．A．①②③B．②③④C．②④⑤D．③④⑤　14．阿魏酸在食品、医药等方面有着广泛用途．一种合成阿魏酸的反应可表示为下列说法正确的是（　　）A．可用酸性KMnO4溶液检测上述反应是否有阿魏酸生成B．与香兰素互为同分异构体，分子中有4种不同化学环境的氢，且能发生银镜反应的酚类化合物共有3种C．通常条件下，香兰素、阿魏酸都能发生取代、加成、消去反应D．香兰素、阿魏酸均可与Na2CO3、NaOH溶液反应　15．下列各组有机物中，不论按何种比例混合，只要总质量一定，完全燃烧后，生成水的总质量相同的是（　　）A．甲烷、丙炔B．甲醛、甲酸C．乙醇、乙二醇D．甲苯、甘油　16．近年来高铁酸钾（K2FeO4）已经被广泛应用在水处理方面，高铁酸钾的氧化性超过高锰酸钾，是一种集氧化、吸附、凝聚、杀菌的新型高效的多功能水处理剂．高铁酸钾在水处理过程中涉及到的化学过程正确的有：①蛋白质的变性②蛋白质的盐析③胶体聚沉④盐类水解⑤焰色反应⑥氧化还原反应（　　）A．①②③④B．①③④⑥C．②③④⑤D．②③⑤⑥　　二、解答题（共6小题，满分52分）17．（8分）化合物B是有机合成中间体，制取C4H4O4和E的转化关系如下图所示．已知C能使溴水退色．29\n回答下列问题：（1）指出反应类型：①　　　　　　；③　　　　　　．（2）E的结构简式为：　　　　　　．（3）写出②、④转化的化学方程式：②　　　　　　；④　　　　　　．　18．（8分）某烃类化合物A的质谱图表明其相对分子质量为84，红外光谱表明分子中含有碳碳双键，核磁共振谱表明分子中只有一种类型的氢．（1）A的结构简式为　　　　　　；（2）A中的碳原子是否都处于同一平面？　　　　　　（填“是”或者“不是”）；（3）如图，D1、D2互为同分异构体，E1、E2互为同分异构体．反应②的化学方程式为　　　　　　；C的化学名称为　　　　　　；E2的结构简式是　　　　　　；④的反应类型是　　　　　　．　19．（8分）现有一种有机物A，分子式为C4H6O6．对于A的结构与性质实验结论如下：（1）A的分子中有两个羧基；（2）A的核磁共振氢谱如图所示如图是利用烃B和烃Ⅰ合成有机物A和一种高分子新材料R的转化关系示意图，已知烃I的相对分子质量为28，且F的相对分子质量比E多28．29\n②同一个碳原子上连有多个羟基的结构极不稳定，不予考虑．请分析并按要求回答下列问题：（1）写出A对应的结构简式：　　　　　　；（2）写出对应反应的化学方程式：C→D：　　　　　　；E→G：　　　　　　；（3）有机物E的同分异构体M满足下列三个条件：①1mol有机物与银氨溶液充分反应生成2molAg②1mol有机物与足量NaHCO3溶液反应产生1molCO2③1mol有机物与足量金属Na反应产生1molH2请判断M的结构可能有　　　　　　种，任写一种M的结构简式　　　　　　．　20．（8分）3，5﹣二甲氧基苯酚是重要的有机合成中间体，可用于天然物质白柠檬素的合成．一种以间苯三酚为原料的合成反应如下：甲醇、乙醚和3，5﹣二甲氧基苯酚的部分物理性质见表：物质沸点/℃熔点/℃密度（20℃）/g•cm﹣3溶解性甲醇64.7/0.7915易溶于水乙醚34.5/0.7138微溶于水3，5﹣二甲氧基苯酚/33～36/易溶于甲醇、乙醚，微溶于水（1）反应结束后，先分离出甲醇，再加入乙醚进行萃取．①分离出甲醇的操作是的　　　　　　．②萃取用到的分液漏斗使用前需检验漏并洗净，分液时有机层在分液漏斗的　　　　　　填（“上”或“下”）层．（2）分离得到的有机层依次用饱和NaHCO3溶液、饱和食盐水、少量蒸馏水进行洗涤．用饱和NaHCO3溶液洗涤的目的是①　　　　　　；用饱和食盐水洗涤的目的是②　　　　　　．（3）洗涤完成后，通过以下操作分离、提纯产物，正确的操作顺序是　　　　　　（填字母）．a．蒸馏除去乙醚b．重结晶c．过滤除去干燥剂d．加入无水CaCl2干燥（4）反应可能出现的副产物的结构简式为　　　　　　．29\n　21．（10分）芳香化合物A是一种基本化工原料，可以从煤和石油中得到．OPA是一种重要的有机化工中间体．A、B、C、D、E、F和OPA的转化关系如下所示：提示回答下列问题：（1）A的化学名称是　　　　　　；（2）写出C所有可能的结构简式　　　　　　；（3）D（邻苯二甲酸二乙酯）是一种增塑剂．请用A、不超过两个碳的有机物及合适的无机试剂为原料，经两步反应合成D的路线　　　　　　；（4）OPA的化学名称是　　　　　　，OPA经中间体E可合成一种聚酯类高分子化合物F，该反应的化学方程式为　　　　　　．（5）芳香化合物G是E的同分异构体，G分子中含有醛基、酯基和醚基三种含氧官能团，写出G任意一种可能的结构简式　　　　　　．　22．（10分）某芳香族化合物A的水溶液显酸性，测得A分子中无酚羟基．A可发生下图所示转化，其中F为五元环状化合物；G可使溴的四氯化碳溶液褪色；F和G互为同分异构体；H和I都是医用高分子材料．请回答：（1）反应②的化学方程式是　　　　　　．（2）A与H的结构简式分别是　　　　　　、　　　　　　．（3）D与足量X溶液反应后可得到C7H5O3Na，则X溶液中所含溶质的化学式是　　　　　　．29\n（4）符合下列条件的G的同分异构体中有一种具有顺式结构，该顺式结构是（用结构简式表示）　　　　　　．①能发生水解反应②分子中不含环状结构③核磁共振氢谱显示分子中有4种不同化学环境的氢原子．　　29\n湖北省黄冈市麻城一中2022-2022学年高二（下）月考化学试卷（3月份）参考答案与试题解析　一、选择题（本题包括16小题，每小题3分，共48分．每小题只有一个选项符合题意）1．下列关于有机化合物的说法正确的是（　　）A．乙烯能使溴的四氯化碳溶液和酸性高锰酸钾溶液褪色，且褪色原理相同B．葡萄糖和果糖的分子式都是C6H12O6，二者互为同分异构体C．不含其他杂质的天然油脂属于纯净物D．石油裂化和油脂皂化都是化学变化，而石油的分馏和煤的干馏都是物理变化【考点】乙烯的化学性质；石油的裂化和裂解；煤的干馏和综合利用；油脂的性质、组成与结构；葡萄糖的性质和用途．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】A．乙烯含有碳碳双键，其性质较活泼，能发生加成反应，能被强氧化剂氧化；B．分子式相同结构不同的化合物互称同分异构体；C．不含其它杂质的天然油脂属于混合物；D．在反应过程中有新物质生成的属于化学变化．【解答】解：A．乙烯和溴水的反应属于加成反应，乙烯和高锰酸钾溶液的反应属于氧化反应，所以反应类型不同，故A错误；B．葡萄糖和果糖的分子式相同但结构不同，所以是同分异构体，故B正确；C．天然油脂是未进行分离提纯的油脂，都是由不同的甘油酯分子其他杂质组成的混合物，故C错误；D．煤的干馏属于化学变化，故D错误；故选B．【点评】本题考查有机化学知识，注意煤的干馏属于化学变化，而石油分馏属于物理变化，为易错点．　2．下列鉴别方法可行的是（　　）A．用氨水鉴别Al3+、Mg2+和Ag+B．用Ba（NO3）2溶液鉴别Cl﹣、SO42﹣和CO32﹣C．用核磁共振氢谱鉴别1﹣溴丙烷和2﹣溴丙烷D．用KMnO4酸性溶液鉴别CH3CH=CHCH2OH和CH3CH2CH2CHO【考点】物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用．【分析】鉴别物质时，所要鉴别的物质要与所加入物质的反应具有不同的现象才可以鉴别出，鉴别Al3+和Mg2+需用过量强碱，生成的NaAlO2和Mg（OH）2沉淀，具有不同的现象；用Ba（NO3）2溶液不能鉴别SO42﹣和CO32﹣，因都生成不溶于水的物质；核磁共振是根据不同H的吸收图象，判断出化合物有几种不同的H，1﹣溴丙烷有三种H，2﹣溴丙烷有两种H所以1﹣溴丙烷会有三个吸收峰，而2﹣溴丙烷只有两个；CH3CH=CHCH2OH和CH3CH2CH2CHO都能被KMnO4酸性溶液氧化而导致KMnO4溶液褪色，则不能鉴别．【解答】解：A、氨水分别和Al3+、Mg2+反应生成难溶于水的Al（OH）3和Mg（OH）2，不能鉴别二者，鉴别Al3+和Mg2+需用过量强碱，生成的NaAlO2和Mg（OH）2沉淀，故A错；B、用Ba（NO3）2溶液不能鉴别SO42﹣和CO32﹣，因生成物BaSO4和BaCO3都不溶于水，故B错；29\nC、1﹣溴丙烷有三种等效氢，其核磁共振谱有三个峰，而2﹣溴丙烷有两种等效氢原子，其核磁共振谱有两个峰，故可鉴别，故C正确；D、碳碳双键、醛基都能被酸性KMnO4氧化，KMnO4溶液都褪色，无法鉴别，故D错．故选C．【点评】本题考查物质的检验和鉴别，做题时要注意Al（OH）3的性质，碳碳双键、醛基与高锰酸钾反应的性质，很多同学在这两个地方容易出错．　3．分子式为C5H7Cl的有机物，其结构不可能是（　　）A．只含有1个双键的直链有机物B．含2个双键的直链有机物C．含1个双键的环状有机物D．含一个三键的直链有机物【考点】同分异构现象和同分异构体．【专题】同分异构体的类型及其判定．【分析】把Cl原子看成氢原子，可知C5H7Cl的不饱和度为=2，一个双键的不饱和度为1，一个三键的不饱和度为2，一个环的不饱和度为1，据此判断．【解答】解：A．C5H7Cl的不饱和度为2，含有一个双键的直链有机物不饱和度为1，故A错误；B．C5H7Cl的不饱和度为2，含有两个双键的直链有机物不饱和度为2，故B正确；C．C5H7Cl的不饱和度为2，含有一个双键的环状有机物不饱和度为2，故C正确；D．C5H7Cl的不饱和度为2，含有一个叁键的直链有机物不饱和度为2，故D正确；故选：A．【点评】本题主要考查有机物结构的确定，难度不大，注意不饱和度的概念，根据所学知识即可完成．　4．下列各组物质不属于同分异构体的是（　　）A．间二甲苯和乙苯B．2﹣甲基2，4﹣己二烯和3，4﹣二甲基﹣1﹣戊炔C．2，2，3﹣三甲基戊烷和3﹣乙基己烷D．2﹣甲基丙烯酸和甲酸正丙酯【考点】同分异构现象和同分异构体．【专题】同分异构体的类型及其判定．【分析】分子式相同，结构不同的化合物互为同分异构体，据此解题．【解答】解：A．间二甲苯和乙苯是分子式相同，结构不同的化合物，互为同分异构体，故A错误；B．2﹣甲基2，4﹣己二烯和3，4﹣二甲基﹣1﹣戊炔分子式相同，结构不同的化合物，互为同分异构体，故B错误；C．2，2，3﹣三甲基戊烷和3﹣乙基己烷分子式相同，结构不同的化合物，互为同分异构体，故C错误；D．2﹣甲基丙烯酸和甲酸正丙酯分子式不同，不属于同分异构体，故D正确．故选D．【点评】本题考查同分异构体的概念与区别，难度不大，关键是根据名称写出分子式进行判断．29\n　5．下列说法正确的是（　　）A．从形式上看，酯化反应也属于取代反应B．淀粉和纤维素的化学式均为（C6H10O5）n，二者互为同分异构体C．油脂的相对分子质量都较大，所以属于高分子化合物D．乙烯能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色，二者反应原理相同【考点】聚合反应与酯化反应；同分异构现象和同分异构体；乙烯的化学性质；有机高分子化合物的结构和性质．【专题】有机反应．【分析】A．取代反应：有机化合物分子里的某些原子或原子团被其它原子或原子团所代替的反应；B．同分异构体是指分子式相同，但结构不同的有机化合物；C．有机高分子化合物是指相对分子质量在10000以上的有机物，简称有机高分子；D．乙烯使酸性高锰酸钾溶液是氧化反应，乙烯使溴水褪色是加成反应．【解答】解：A．酯化反应也属于取代反应，故A正确；B．淀粉和纤维丝的分子式为（C6H10O5）n，n不同，分子式不同，所以不是同分异构体，故B错误；C．油脂不是高分子化合物，故C错误；D．乙烯使酸性高锰酸钾溶液是氧化反应，乙烯使溴水褪色是加成反应，二者反应原理不同，故D错误．故选A．【点评】本题考查取代反应，同分异构体，高分子化合物氧化和加成反应，难度不大．　6．（3分）（2022秋•西陵区校级期末）组成为C10H14的芳香烃，其苯环上有两个取代基时的同分异构体数目为（　　）A．6种B．9种C．12种D．15种【考点】同分异构现象和同分异构体．【专题】同分异构体的类型及其判定．【分析】C10H14的芳香烃应只有一个苯环；4个碳原子形成两个取代基，一个碳原子一定是甲基，两个碳原子一定是乙基，三个碳原子可能是﹣CH2CH2CH3或﹣CH（CH3）2，两个取代基连在苯环上可能有邻、间、对三种情况．【解答】解：组成为C10H14的芳香烃，其苯环上有两个取代基时分为两大类：第一类两个取代基，一个为甲基，另一个为﹣CH2CH2CH3或﹣CH（CH3）2，它们连接在苯环上又有邻、间、对三种情况，共有6种，第二类两个取代基均为乙基，它们连接在苯环上又有邻、间、对三种情况，共有9种．故选B．【点评】本题考查同分异构体的书写，注意书写同分异构体时不要漏写多写，题目难度中等．　7．香叶醇是合成玫瑰香油的主要原料，其结构简式如下：下列有关香叶醇的叙述正确的是（　　）29\nA．香叶醇的分子式为C10H18OB．不能使溴的四氯化碳溶液褪色C．不能使酸性高锰酸钾溶液褪色D．能发生加成反应不能发生取代反应【考点】有机物的结构和性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】该物质含2个C=C键、1个﹣OH，分子式为C10H18O，结合烯烃和醇的性质来解答．【解答】解：A．由结构简式可知，该有机物的分子式为C10H18O，故A正确；B．因含C=C键，能使溴的四氯化碳溶液褪色，故B错误；C．含C=C键、﹣OH，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故C错误；D．含C=C，能发生加成反应，含﹣OH能发生取代反应，故D错误；故选A．【点评】本题考查有机物的结构与性质，注意把握有机物的官能团与性质的关系，熟悉烯烃、醇的性质即可解答，题目难度不大．　8．有机物分子中原子间（或原子与原子团间）的相互影响会导致物质化学性质的不同．下列事实不能说明上述观点的是（　　）A．苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应B．甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，乙烷不能使酸性高锰酸钾溶液褪色C．乙烯能发生加成反应，乙烷不能发生加成反应D．苯与硝酸加热时发生取代反应，甲苯与硝酸常温下就能发生取代反应【考点】有机物的结构和性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】A．苯环对酚羟基影响的结果是酚羟基具有酸性；B．从苯环对侧链影响的角度分析；C．根据C=C官能团的性质分析；D．甲基对苯环有影响．【解答】解：A．在苯酚中，由于苯环对﹣OH的影响，酚羟基具有酸性，对比乙醇，虽含有﹣OH，但不具有酸性，能说明上述观点，故A正确；B．甲苯和乙烷中都含有﹣CH3，但二者性质不同，说明苯环对侧链影响，故B正确；C．乙烯和乙烷结构不同，乙烯含有C=C，可发生加成反应，不能用上述观点证明，故C错误；D．甲苯和苯中都含有苯环，二者性质不同，可说明侧链对苯环有影响，故D正确．故选C．【点评】本题考查有机物的结构和性质，题目难度不大，注意有机物的原子团之间相互影响的特点．　9．下列叙述正确的是（　　）29\nA．和分子组成相差一个﹣CH2﹣，因此是同系物关系B．和均是芳香烃，既是芳香烃又是芳香族化合物C．分子式为C4H8的有机物可能存在4个C﹣C单键D．分子式为C2H6O的红外光谱图上发现有C﹣H键和C﹣O键的振动吸收，由此可以初步推测：有机物结构简式一定为C2H5﹣OH【考点】芳香烃、烃基和同系物；有机化合物中碳的成键特征；有机物实验式和分子式的确定．【专题】有机化学基础．【分析】A．前者为苯酚，后者为苯甲醇，二者结构不同，一定不属于同系物；B．为环己烷，不含苯环，中含有氧原子，不属于芳香烃；C．分子式为C4H8的有机物可能为环烷烃，分子中含有4个碳氢键；D．二甲醚CH3﹣O﹣CH3中也含有C﹣H键和C﹣O键．【解答】解：A．中羟基直接与苯环相连，属于酚类，而所以醇类，二者的结构不同，所以二者一定不属于同系物，故A错误；B．为苯，属于芳香烃，而为环己烷，不属于芳香烃，中含有氧原子，也不属于芳香烃，故B错误；C．分子式为C4H8的有机物中可能含有一个环，即可能为环烷烃，如环丁烷，分子中含有4个碳氢键，故C正确；D．分子式为C2H6O的红外光谱图上发现有C﹣H键和C﹣O键的振动吸收，由于二甲醚CH3﹣O﹣CH3中也含有C﹣H键和C﹣O键，无法判断该有机物是否为乙醇，故D错误；故选C．【点评】本题考查了同系物、芳香烃的判断、有机物结构与性质等知识，题目难度不大，注意掌握同系物、芳香烃的概念及判断方法，明确有机物结构与性质，试题培养了学生灵活应用所学知识的能力．　10．一氧化碳、烯烃和氢气在催化剂作用下发生烯烃的醛化反应，又叫羰基的合成．如由乙烯可制丙醛：H2+CH2=CH2+CO→CH3CH2CHO，由丁烯进行醛化反应也可得到醛，在它的同分异构体中属于醛的共有（　　）A．2种B．3种C．4种D．5种【考点】同分异构现象和同分异构体．【专题】同系物和同分异构体．【分析】丁烯进行醛化反应也可得到醛为戊醛，可以看作﹣CHO取代丁烷中1个H原子形成，判断丁烷的同分异构体，再根据丁烷中等效氢判断．【解答】29\n解：丁烯进行醛化反应也可得到醛为戊醛，可以看作﹣CHO取代丁烷中1个H原子形成，丁烷有正丁烷、异丁烷两种，正丁烷分子中有2种H原子，﹣CHO取代正丁烷中1个H原子形成的醛有2种，异丁烷分子中有2种H原子，﹣CHO取代异丁烷中1个H原子形成的醛有2种，故戊醛共有4种结构，故选C．【点评】本题考查同分异构体的书写，难度中等，注意看作一元取代利用等效氢判断．　11．中草药秦皮中含有的七叶树内酯（环上氢原子未标出，每个折点表示一个碳原子），具有抗菌作用．若1mol七叶树内酯分别跟浓溴水和NaOH溶液完全反应，则消耗的溴和NaOH的物质的量分别为（　　）A．3mol，2molB．3mol，4molC．2mol，3molD．4mol，4mol【考点】有机物的结构和性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】该有机物中含有酚羟基，临位的H原子可发生取代反应，含有C=C，可与溴发生加成反应，酚羟基具有酸性，可与NaOH反应，酯基在碱性条件下水解，以此解答该题．【解答】解：该有机物中含有酚羟基，临位的2个H原子可发生取代反应，含有C=C，可与溴发生加成反应，则1mol七叶树内酯跟浓溴水反应消耗3mol溴；酚羟基具有酸性，可与NaOH反应，酯基水解生成酚羟基和羧基，则与NaOH反应，酚羟基具有酸性，可与NaOH反应，则1mol七叶树内酯消耗4molNaOH，故选B．【点评】本题考查考查有机物的结构和性质，题目难度不大，本题注意有机物的官能团的种类和数目，把握官能团的性质，为解答该题的关键．　12．发生在山东圆通的夺命快递，导致1人死亡9人中毒．从物质的角度分析，是源于氟乙酸甲酯（FCH2COOCH3）中毒引起的．下列有关氟乙酸甲酯的说法不正确的是（　　）A．氟乙酸甲酯含有两种官能团B．1mol氟乙酸甲酯与NaOH水溶液共热最多消耗2molNaOHC．氟乙酸甲酯的同分异构体属于羧酸类的有2种D．氟乙酸甲酯加入稀硫酸共热后生成的有机物是HOCH2COOH和CH3OH【考点】酯的性质．【专题】有机反应．【分析】A、氟乙酸甲酯中含有氟原子、酯基；B、根据氟原子在NaOH水溶液中能发生水解反应，酯基能与氢氧化钠发生反应；C、氟乙酸甲酯的同分异构体属于羧酸类可以看成丙酸的一氟代物；D、根据氟原子在NaOH水溶液中能发生水解反应，在酸性条件下不水解；【解答】解：A、氟乙酸甲酯含有两种官能团：氟原子、酯基，故A正确；B、氟原子在NaOH水溶液中能发生水解反应，酯基能与氢氧化钠发生反应，所以1mol氟乙酸甲酯与NaOH水溶液共热最多消耗2molNaOH，故B正确；C、丙酸只有1种结构：CH3CH2COOH，可取代的氢原子有2个，所以氟乙酸甲酯的同分异构体属于羧酸类的有2种，故C正确；D、根据氟原子在酸性条件下不水解，所以氟乙酸甲酯加入稀硫酸共热后生成的有机物是FCH2COOH和CH3OH，故D错误；故选D．29\n【点评】本题主要考查了有机物的结构与性质，抓住官能团的性质是解题的关键，难度不大．　13．下列除杂方法正确的是（　　）①除去乙烷中少量的乙烯：通入H2，加催化剂反应②除去乙酸乙酯中少量的乙酸：用饱和碳酸钠溶液洗涤，分液③除去苯中少量的苯酚：滴加适量溴水，过滤④除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏⑤除去苯中少量的甲苯：加足量KMnO4溶液，分液．A．①②③B．②③④C．②④⑤D．③④⑤【考点】物质的分离、提纯的基本方法选择与应用；物质的分离、提纯和除杂．【专题】实验评价题；化学实验基本操作．【分析】①通入H2，可能混有新杂质；②乙酸与饱和碳酸钠溶液反应，降低乙酸乙酯的溶解度，反应后分层；③溴、溴苯均易溶于苯；④乙酸与足量生石灰反应后增大与乙醇的沸点差异；⑤甲苯被KMnO4溶液氧化生成的苯甲酸能溶于水，与苯分层．【解答】解：①通入H2，可能混有新杂质，不能除杂，应利用溴水和洗气法除杂，故错误；②乙酸与饱和碳酸钠溶液反应，降低乙酸乙酯的溶解度，反应后分层，然后分液可除杂，故正确；③溴、溴苯均易溶于苯，不能除杂，应加NaOH溶液反应后分液来除杂，故错误；④乙酸与足量生石灰反应后增大与乙醇的沸点差异，然后蒸馏可除杂，故正确；⑤甲苯被KMnO4溶液氧化生成的苯甲酸能溶于水，与苯分层，然后分液可除杂，故正确；故选C．【点评】本题考查混合物分离提纯的方法及选择，为高频考点，把握物质的性质及性质差异为解答的关键，侧重除杂的考查，注意除杂的原则，题目难度不大．　14．阿魏酸在食品、医药等方面有着广泛用途．一种合成阿魏酸的反应可表示为下列说法正确的是（　　）A．可用酸性KMnO4溶液检测上述反应是否有阿魏酸生成B．与香兰素互为同分异构体，分子中有4种不同化学环境的氢，且能发生银镜反应的酚类化合物共有3种C．通常条件下，香兰素、阿魏酸都能发生取代、加成、消去反应D．香兰素、阿魏酸均可与Na2CO3、NaOH溶液反应【考点】有机物的结构和性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】A．阿魏酸中含有碳碳双键，香兰素中含有醛基，酚羟基，都能使酸性高锰酸钾褪色；29\nB．符合题意的有或两种；C．不能发生消去反应；D．香兰素含有酚羟基，阿魏酸中的酚羟基、羧基均可与碳酸钠、氢氧化钠反应．【解答】解：A．阿魏酸中含有碳碳双键，香兰素中含有醛基，酚羟基，都能使酸性高锰酸钾褪色，不能鉴别，故A错误；B．与香兰素互为同分异构体，分子中有4种不同化学环境的氢，且能发生银镜反应，说明结构对称，含有醛基，符合题意的有或两种，故B错误；C．香兰素和阿魏酸可以发生取代和加成反应，不能发生消去反应，故C错误；D．香兰素中的酚羟基和阿魏酸中的酚羟基、羧基均可以与碳酸钠和氢氧化钠溶液反应，故D正确．故选D．【点评】本题考查有机物的结构和性质，是高考中的常见题型和重要的考点之一，属于中等难度的试题，意在考查学生对官能团与物质性质的关系及常见的有机反应类型的判断能力．试题基础性强，侧重对学生能力的培养和解题方法的指导．该题的关键是准确判断出分子中含有的官能团，然后依据相应官能团的结构和性质，灵活运用即可．有利于培养学生的知识迁移能力和辑推理能力．　15．下列各组有机物中，不论按何种比例混合，只要总质量一定，完全燃烧后，生成水的总质量相同的是（　　）A．甲烷、丙炔B．甲醛、甲酸C．乙醇、乙二醇D．甲苯、甘油【考点】有机物实验式和分子式的确定【专题】有机物分子组成通式的应用规律．【分析】不论按何种比例混合，只要总质量一定，完全燃烧后生成水的总质量相同，则各组分满足H元素的质量分数相同．【解答】解：A．甲烷分子式为CH4，丙炔的分子式为C3H4，二者相对分子质量不同，氢元素质量分数不同，不符合题意，故A错误；B．甲醛分子式为CH2O，甲酸的分子式为CH2O2，氢元素质量分数不同，不符合题意，故B错误；C．乙醇分子式为C2H6O，乙二醇分子式为C2H6O2，二者相对分子质量不同，氢元素质量分数不同，不符合题意，故C错误；D．甲苯分子式为C7H8，甘油的分子式为C3H8O3，二者相对分子质量相同，氢元素质量分数相同，符合题意，故D正确，故选D．【点评】本题考查烃的燃烧有关计算，难度中等，解题关键在于确定混合物各组分满足氢元素质量分数相等．　16．近年来高铁酸钾（K2FeO429\n）已经被广泛应用在水处理方面，高铁酸钾的氧化性超过高锰酸钾，是一种集氧化、吸附、凝聚、杀菌的新型高效的多功能水处理剂．高铁酸钾在水处理过程中涉及到的化学过程正确的有：①蛋白质的变性②蛋白质的盐析③胶体聚沉④盐类水解⑤焰色反应⑥氧化还原反应（　　）A．①②③④B．①③④⑥C．②③④⑤D．②③⑤⑥【考点】"三废"处理与环境保护；胶体的重要性质；氨基酸、蛋白质的结构和性质特点【专题】化学计算．【分析】高铁酸钾具有强氧化性，可致蛋白质发生氧化而变性，高铁酸钾被还原生成Fe3+，水解生成具有吸附性的Fe（OH）3胶体而达到净水作用．【解答】解：高铁酸钾具有强氧化性，可致蛋白质发生氧化而变性，则不涉及蛋白质的盐析，故②错误；高铁酸钾被还原生成Fe3+，水解生成具有吸附性的Fe（OH）3胶体而达到净水作用，涉及胶体聚沉、盐类水解，不涉及焰色反应，则⑤错误，所以涉及的有①③④⑥，故选B．【点评】本题考查高铁酸钾的性质以及反应原理，题目难度不大，解答该题的关键是把握相关物质的性质及应用，学习中注意积累．　二、解答题（共6小题，满分52分）17．（8分）化合物B是有机合成中间体，制取C4H4O4和E的转化关系如下图所示．已知C能使溴水退色．回答下列问题：（1）指出反应类型：①　加成反应　；③　氧化反应　．（2）E的结构简式为：　　．（3）写出②、④转化的化学方程式：②　BrCH2CH2Br+2NaOHHOCH2CH2OH+2NaBr　；④　　．【考点】有机物的推断．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】乙烯与溴发生加成反应生成A为BrCH2CH2Br，A在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成B为HOCH2CH2OH．与C在浓硫酸、加热条件下发生酯化反应生成C5H8O3，C5H8O3聚合反应得到E，C5H8O3的不饱和度=，则C5H8O329\n中含有1个酯基、1个C=C双键，由碳原子数目可知，C中含有3个C原子、结合O原子可知C中含有1个﹣COOH，故C为CH2=CHCOOH，C5H8O3的结构简式为CH2=CHCOOCH2CH2OH，E为．B为酸性高锰酸钾氧化生成D为HOOCCOOH，二者发生酯化反应生成C4H4O4为环酯，据此解答．【解答】解：乙烯与溴发生加成反应生成A为BrCH2CH2Br，A在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成B为HOCH2CH2OH．与C在浓硫酸、加热条件下发生酯化反应生成C5H8O3，C5H8O3聚合反应得到E，C5H8O3的不饱和度=，则C5H8O3中含有1个酯基、1个C=C双键，由碳原子数目可知，C中含有3个C原子、结合O原子可知C中含有1个﹣COOH，故C为CH2=CHCOOH，C5H8O3的结构简式为CH2=CHCOOCH2CH2OH，E为．B为酸性高锰酸钾氧化生成D为HOOCCOOH，二者发生酯化反应生成C4H4O4为环酯，（1）反应①属于加成反应，反应③属于氧化反应，故答案为：加成反应；氧化反应；（2）由上述分析可知，E的结构简式为：，故答案为：；（3）反应②的活性方程式为：BrCH2CH2Br+2NaOHHOCH2CH2OH+2NaBr，反应④的化学方程式为：，故答案为：BrCH2CH2Br+2NaOHHOCH2CH2OH+2NaBr；．【点评】本题考查有机物的推断，掌握官能团的性质与转化是关键，利用顺推法推断，侧重对基础知识的考查，难度中等．　18．（8分）某烃类化合物A的质谱图表明其相对分子质量为84，红外光谱表明分子中含有碳碳双键，核磁共振谱表明分子中只有一种类型的氢．29\n（1）A的结构简式为　　；（2）A中的碳原子是否都处于同一平面？　是　（填“是”或者“不是”）；（3）如图，D1、D2互为同分异构体，E1、E2互为同分异构体．反应②的化学方程式为　　；C的化学名称为　2，3﹣二甲基﹣1，3﹣丁二烯　；E2的结构简式是　　；④的反应类型是　加成反应　．【考点】有机物的推断．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】核磁共振谱表明分子中只有一种类型的氢，说明结构对称，A的质谱图表明其相对分子质量为84，红外光谱表明分子中含有碳碳双键，则A应为烯烃，设分子式为CnH2n，则有14n=84，n=6，其结构简式应为，则B为，在乙醇的碱性溶液中加热时发生消去反应，生成的C为，C发生1，2﹣加成生成D1，则D1为，水解生成E1，E1为．D1、D2互为同分异构体，则C发生1，4﹣加成生成D2，则D2为，水解生成E2，E2为，据此解答．【解答】解：核磁共振谱表明分子中只有一种类型的氢，说明结构对称，A的质谱图表明其相对分子质量为84，红外光谱表明分子中含有碳碳双键，则A应为烯烃，设分子式为CnH2n，则有14n=84，n=6，其结构简式应为，则B为，在乙醇的碱性溶液中加热时发生消去反应，生成的C为29\n，C发生1，2﹣加成生成D1，则D1为，水解生成E1，E1为．D1、D2互为同分异构体，则C发生1，4﹣加成生成D2，则D2为，水解生成E2，E2为，（1）由上述分析可知，A为，故答案为：；（2）A的结构与乙烯相似，与乙烯相比较可知，A的碳原子处在同一平面上，故答案为：是；（3）反应②的化学方程式为；C为，化学名称为：2，3﹣二甲基﹣1，3﹣丁二烯；由上述分析可知，E2的结构简式是；④的反应类型是加成反应，故答案为：；2，3﹣二甲基﹣1，3﹣丁二烯；；加成反应．【点评】本题考查有机物推断与合成，题目难度中等，确定A的结构是解题的关键，注意官能团的性质进行推断．　19．（8分）现有一种有机物A，分子式为C4H6O6．对于A的结构与性质实验结论如下：（1）A的分子中有两个羧基；（2）A的核磁共振氢谱如图所示如图是利用烃B和烃Ⅰ合成有机物A和一种高分子新材料R的转化关系示意图，已知烃I的相对分子质量为28，且F的相对分子质量比E多28．29\n②同一个碳原子上连有多个羟基的结构极不稳定，不予考虑．请分析并按要求回答下列问题：（1）写出A对应的结构简式：　　；（2）写出对应反应的化学方程式：C→D：　　；E→G：　　；（3）有机物E的同分异构体M满足下列三个条件：①1mol有机物与银氨溶液充分反应生成2molAg②1mol有机物与足量NaHCO3溶液反应产生1molCO2③1mol有机物与足量金属Na反应产生1molH2请判断M的结构可能有　4　种，任写一种M的结构简式　或或或　．【考点】有机物的推断．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】A的分子式为C4H6O6，A的分子中有两个羧基，不饱和度为=2，由核磁共振氢谱可知A含有3种不同的氢原子且数目之比为1：1：1，可推知A的结构简式为．由烃B可合成A，由转化关系可知，烃B中含有4个碳原子，考虑到A中含有4个官能团，因此B的结构可能为CH2=CH﹣CH=CH2，B的加成产物C为BrCH2﹣CHBr﹣CHBr﹣CH2Br，C完全水解后的产物D为HOCH2﹣CH（OH）﹣CH（OH）﹣CH229\nOH，根据题中信息①可知D的氧化产物E为，E遇强氧化剂时，醛基和羟基均被氧化，故F为．烃I的相对分子质量为28，说明I为CH2=CH2，加成产物J为BrCH2CH2Br，J的水解产物为K为HOCH2CH2OH，代入经验证合理，F与K发生缩聚反应生成R为，据此解答．【解答】解：A的分子式为C4H6O6，A的分子中有两个羧基，不饱和度为=2，由核磁共振氢谱可知A含有3种不同的氢原子且数目之比为1：1：1，可推知A的结构简式为．由烃B可合成A，由转化关系可知，烃B中含有4个碳原子，考虑到A中含有4个官能团，因此B的结构可能为CH2=CH﹣CH=CH2，B的加成产物C为BrCH2﹣CHBr﹣CHBr﹣CH2Br，C完全水解后的产物D为HOCH2﹣CH（OH）﹣CH（OH）﹣CH2OH，根据题中信息①可知D的氧化产物E为，E遇强氧化剂时，醛基和羟基均被氧化，故F为．烃I的相对分子质量为28，说明I为CH2=CH2，加成产物J为BrCH2CH2Br，J的水解产物为K为HOCH2CH2OH，代入经验证合理，F与K发生缩聚反应生成R为，（1）由上述分析可知，A对应的结构简式为：，故答案为：；（2）C→D的反应方程式为：；E→G的反应方程式为：，故答案为：；；29\n（3）有机物E（）的同分异构体M满足下列三个条件：①1mol有机物与银氨溶液充分反应生成2molAg，含有1个醛基；②1mol有机物与足量NaHCO3溶液反应产生1molCO2，含有1个羧基；③1mol有机物与足量金属Na反应产生1molH2，结合③可知，还含有1个羟基；M的结构可能有：或或或，故答案为：4；或或或．【点评】本题考查有机物推断，根据A的分子式结合A含有G官能团、核磁共振氢谱，综合分析反应判断A的结构，再根据官能团的变化判断B的可能结构，根据反应条件进行推断，综合考查学生分析推理能力，难度中等．　20．（8分）3，5﹣二甲氧基苯酚是重要的有机合成中间体，可用于天然物质白柠檬素的合成．一种以间苯三酚为原料的合成反应如下：甲醇、乙醚和3，5﹣二甲氧基苯酚的部分物理性质见表：物质沸点/℃熔点/℃密度（20℃）/g•cm﹣3溶解性甲醇64.7/0.7915易溶于水乙醚[Z,xx,k.Com]34.5/0.7138微溶于水3，5﹣二甲氧基苯酚/33～36/易溶于甲醇、乙醚，微溶于水（1）反应结束后，先分离出甲醇，再加入乙醚进行萃取．①分离出甲醇的操作是的　蒸馏　．②萃取用到的分液漏斗使用前需检验漏并洗净，分液时有机层在分液漏斗的　上　填（“上”或“下”）层．（2）分离得到的有机层依次用饱和NaHCO3溶液、饱和食盐水、少量蒸馏水进行洗涤．用饱和NaHCO3溶液洗涤的目的是①　除去HCl　；用饱和食盐水洗涤的目的是②　除去少量NaHCO3且减少产物损失　．29\n（3）洗涤完成后，通过以下操作分离、提纯产物，正确的操作顺序是　dcab　（填字母）．a．蒸馏除去乙醚b．重结晶c．过滤除去干燥剂d．加入无水CaCl2干燥（4）反应可能出现的副产物的结构简式为　　．【考点】制备实验方案的设计；有机物的合成；物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用．【专题】综合实验题；实验设计题．【分析】本题是根据醇与醇之间可生成醚的原理，利用间三苯酚制3，5﹣二甲氧基苯酚的实验探究，涉及反应混合物的分离和提纯，主要考查的是蒸馏与分液操作，另外还探究了根据反应原理可能得到的副产品，据此可作答；（1）沸点不同且互溶的液体可以采用蒸馏的方法分离，分液漏斗使用前要进行检漏，根据密度分析；（2）碳酸氢钠能和强酸反应，碳酸氢钠易溶于水中；（3）粗产品中仍含有少量水及混有的乙醚，故需要除水干燥、蒸馏除乙醚，可根据各步骤实验目的进行排序；（4）间三苯酚上任何一个酚羟基都有与甲醇反应的机会．【解答】解：（1）①根据图表知，甲醇和乙醚的能互溶，但沸点不同，所以可以采用蒸馏的方法分离出甲醇，故答案为：蒸馏；②分液漏斗在使用前要进行检漏，当分液漏斗不漏时才能使用，根据密度知，有机层的密度小于水，是在上方，故答案为：上；（2）因为混合物中含有氯化氢，氯化氢能和碳酸氢钠反应，所以为除去氯化氢用饱和NaHCO3溶液洗涤，碳酸氢钠易溶于水，为除去剩余的碳酸氢钠用饱和食盐水洗涤且不减少产物的损失，故答案为：除去HCl；除去少量NaHCO3且减少产物损失；（3）洗涤完成后，为除去水分，用无水氯化钙干燥，然后过滤除去干燥剂，再根据沸点不同利用蒸馏的方法除去乙醚，最后再利用重结晶的方法制得较纯产物，所以其排列顺序为：dcab，故答案为：dcab；（4）间三苯酚可能只有一个酸羟基与甲醇反应，也可能三个酚羟基全部与甲醇反应，所得产物的结构简式为：，故答案为：．【点评】本题考查了有机物的分离和提纯，对于减压蒸馏接触较少，学生感觉较难，为学习难点．　29\n21．（10分）芳香化合物A是一种基本化工原料，可以从煤和石油中得到．OPA是一种重要的有机化工中间体．A、B、C、D、E、F和OPA的转化关系如下所示：提示回答下列问题：（1）A的化学名称是　邻二甲苯　；（2）写出C所有可能的结构简式　　；（3）D（邻苯二甲酸二乙酯）是一种增塑剂．请用A、不超过两个碳的有机物及合适的无机试剂为原料，经两步反应合成D的路线　　；（4）OPA的化学名称是　邻苯二甲醛　，OPA经中间体E可合成一种聚酯类高分子化合物F，该反应的化学方程式为　　．（5）芳香化合物G是E的同分异构体，G分子中含有醛基、酯基和醚基三种含氧官能团，写出G任意一种可能的结构简式　中任意一种　．【考点】有机物的推断．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】A和溴发生取代反应生成B，根据B的结构简式知，A为邻二甲苯，其结构简式为29\n，A和溴在催化剂条件下发生取代反应生成C，根据C的分子式知，C的结构简式为，B发生一系列反应后生成邻苯二甲醛，结合已知反应信息可知，邻苯二甲醛反应生成E，E的结构简式为，E发生缩聚反应生成F，则F的结构简式为，A被酸性高锰酸钾氧化生成D二苯甲酸，其结构简式为，邻苯二甲酸与甲醇发生酯化反应酯化反应得到D（邻苯二甲酸二乙酯），据此解答．【解答】解：A和溴发生取代反应生成B，根据B的结构简式知，A为邻二甲苯，其结构简式为，A和溴在催化剂条件下发生取代反应生成C，根据C的分子式知，C的结构简式为，B发生一系列反应后生成邻苯二甲醛，结合已知反应信息可知，邻苯二甲醛反应生成E，E的结构简式为，E发生缩聚反应生成F，则F的结构简式为，A被酸性高锰酸钾氧化生成D二苯甲酸，其结构简式为，邻苯二甲酸与甲醇发生酯化反应酯化反应得到D（邻苯二甲酸二乙酯），（1）A为，化学名称是：邻二甲苯，故答案为：邻二甲苯；29\n（2）由上述分析可知，C的可能结构简式有：，故答案为：；（3）邻二甲苯被酸性高锰酸钾氧化生成邻苯二甲酸，其结构简式为，对苯二甲酸与甲醇发生酯化反应酯化反应得到D（邻苯二甲酸二乙酯），合成路线为：，故答案为：；（4）OPA的化学名称是：邻苯二甲醛，OPA经中间体E可合成一种聚酯类高分子化合物F，该反应的化学方程式为，故答案为：邻苯二甲醛；；（5）芳香化合物G是E（）的同分异构体，G分子中含有醛基、酯基和醚基三种含氧官能团，G可能的结构简式为，故答案为：中任意一种．【点评】本题考查有机物的推断，明确有机物的官能团及其性质是解本题关键，难度中等，（5）中同分异构体的书写为易错点、难点．　29\n22．（10分）某芳香族化合物A的水溶液显酸性，测得A分子中无酚羟基．A可发生下图所示转化，其中F为五元环状化合物；G可使溴的四氯化碳溶液褪色；F和G互为同分异构体；H和I都是医用高分子材料．请回答：（1）反应②的化学方程式是　　．（2）A与H的结构简式分别是　　、　　．（3）D与足量X溶液反应后可得到C7H5O3Na，则X溶液中所含溶质的化学式是　NaHCO3　．（4）符合下列条件的G的同分异构体中有一种具有顺式结构，该顺式结构是（用结构简式表示）　　．①能发生水解反应②分子中不含环状结构③核磁共振氢谱显示分子中有4种不同化学环境的氢原子．【考点】有机物的推断．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】某芳香族化合物A的水溶液显酸性，测得A分子中无酚羟基，则A含有羧基，A水解生成B和D，A中还含有酯基，而C酸化得到E，E由酸性，则E中含有羧基，E在浓硫酸、加热条件下得到的F和G互为同分异构体，且F为五元环状化合物，G可使溴的四氯化碳溶液褪色，说明G中含有碳碳双键，所以E中含有羧基和羟基，由A的分子式及D的结构简式知，E中含有4个碳原子，结合F为五元环状化合物，可以确定E的结构简式为：HOCH2CH2CH2COOH，则A的结构简式为，C的结构简式为：HOCH2CH2CH2COONa，F为，G的结构简式为CH2=CHCH229\nCOOH，G在一定条件下发生加聚反应生成I为，E在一定条件下发生缩聚反应生成H为：，据此解答．【解答】解：某芳香族化合物A的水溶液显酸性，测得A分子中无酚羟基，则A含有羧基，A水解生成B和D，A中还含有酯基，而C酸化得到E，E由酸性，则E中含有羧基，E在浓硫酸、加热条件下得到的F和G互为同分异构体，且F为五元环状化合物，G可使溴的四氯化碳溶液褪色，说明G中含有碳碳双键，所以E中含有羧基和羟基，由A的分子式及D的结构简式知，E中含有4个碳原子，结合F为五元环状化合物，可以确定E的结构简式为：HOCH2CH2CH2COOH，则A的结构简式为，C的结构简式为：HOCH2CH2CH2COONa，F为，G的结构简式为CH2=CHCH2COOH，G在一定条件下发生加聚反应生成I为，E在一定条件下发生缩聚反应生成H为：，（1）反应②的化学方程式是：，故答案为：；（2）由上述分析可知，A的结构简式为，H的结构简式为，故答案为：；；（3）对羟基苯甲酸与足量X溶液反应后可得到C7H5O3Na，说明D中羧基和X反应，而酚羟基和X不反应，则X溶液中所含溶质的化学式是NaHCO3，故答案为：NaHCO3；（4）符合下列条件的G（CH2=CHCH2COOH）的同分异构体中，①能发生水解反应，说明含有酯基，②分子中不含环状结构，则为链状结构，③核磁共振氢谱显示分子中有4种不同化学环境的氢原子，说明含有四种类型的氢原子，具有顺式结构的为HCOOCH=CHCH3，该顺式结构是，故答案为：．29\n【点评】本题考查有机物的推断，结合反应条件及F、G的性质及结构特点判断E含有的官能团，再结合A、D的分子式综合分析确定E的结构，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，较好的考查学生分析推理能力，难度中等．　29