河南省八所名校2021-2022学年高二数学（理）下学期第三次联考试题（Word版附答案）

河南省八所名校2021-2022学年高二下学期联考三理科数学试卷注意事项：1、本试卷分为第1卷（选择题）和第2卷（非选择题）两部分。2、本场考试150分钟，满分150分。3、答卷前考生务必将自己的姓名和考号填写在答题卡上，并使用2B铅笔填涂。4、考试结束后，将答题卡交回。一、选择题(每小题5分,共60分)1.已知复数，则复数z在复平面内对应的点位于A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限2.有一机器人的运动方程为是时间，s是位移，则该机器人在时刻时的瞬时速度为   A.B.C.D.3.已知复数，i为虚数单位，则等于   A.B.C.D.4.下列运算正确的个数为，，，．A.0B.1C.2D.35.指数函数是R上的增函数，是指数函数，所以是R上的增函数．以上推理A.大前提错误B.小前提错误C.推理形式错误D.正确6.已知曲线上一点，则过点P的切线的倾斜角为   A.B.C.D.7.设函数在定义域内可导，的图象如图所示，则导函数的图象可能是A. B. C.D.8.图中抛物线与直线所围成的阴影部分的面积是A.16B.18C.20D.229.函数有小于1的极值点，则实数的取值范围是 A.B.C.D.10.已知函数，则的图象大致为    A.B.C.D.11.已知函数，若关于x的方程有5个不同的实数根，则实数t的取值范围是A.B.C.D.12.已知定义在R上的可导函数，当时，恒成立，若，，，则，b，c的大小关系为A.B.C.D.二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。 13.若“，使成立”为真命题，则实数的取值范围是_____．14.若满足约束条件,则的最小值为__________15.在平面直角坐标系中，点，若在曲线上存在点使得，则实数的取值范围为_______.16.平面直角坐标系中,双曲线的渐近线与抛物线交于点.若的垂心为的焦点,则的离心率为__________.三、解答题（本大题共6小题，共70分）17．(10分)已知函数f(x)＝x﹣lnx（1）求曲线y＝f(x)在点（1，f(1)）处的切线方程；（2）求函数f(x)的极值．18．(12分)已知抛物线：的焦点为，上的一点到焦点的距离是，求抛物线的方程；过作直线，交于，两点，若线段中点的纵坐标为，求直线的方程.19．(12分)在直三棱柱ABC﹣A1B1C1中，AB⊥AC，AB=AC=2，A1A=4，点D是BC的中点； （1）求异面直线A1B，AC1所成角的余弦值；（2）求直线AB1与平面C1AD所成角的正弦值．20．(12分)已知，是函数的两个极值点.（1）求的解析式；（2）记，，若函数有三个零点，求的取值范围.21．(12分)如图，直角梯形与等腰直角三角形所在的平面互相垂直，，=2，.（1）求点C到平面的距离；（2）线段上是否存在点F，使与平面所成角正弦值为，若存在，求出，若不存在，说明理由.22．(12分)设函数．（1）求的单调区间；（2）若a=1，k为整数，且当x>0时，恒成立，求k的最大值．（其中 为的导函数．）理科答案题号123456789101112答案DDDABBABBAAA13.14.1516.17.解：（1），………………………………2分则，，即切线的斜率为0，……………………………………4分所以曲线y＝f(x)在点（1，f(1)）处曲线的切线方程为；…………5分（2）当时，，当时，，所以函数在上递减，在上递增，………………………9分函数的极小值为，无极大值.………………………10分18.解：抛物线：的准线方程为，由抛物线的定义可知，………………………………2分解得，的方程为．………………………………………………4分由得抛物线的方程为，焦点，设，两点的坐标分别为，，则，………………………………………………………6分两式相减，，整理得，………………………………………………8分线段中点的纵坐标为，直线的斜率，…………………………10分直线的方程为，即．……………12分19.解：（I）以，，为x，y，z轴建立空间直角坐标系A﹣xyz，则可得B（2，0，0），A1（0，0，4），C1（0，2，4），D（1，1，0）， ∴=（2，0，﹣4），=（0，2，4），………………………3分∴cos＜，＞==∴异面直线A1B，AC1所成角的余弦值为；…………………………6分（II）由（I）知，=（2，0，﹣4），=（1，1，0），设平面C1AD的法向量为=（x，y，z），则可得，即，取x=1可得=（1，﹣1，），……9分设直线AB1与平面C1AD所成的角为θ，则sinθ=|cos＜，＞|=∴直线AB1与平面C1AD所成角的正弦值为………………………12分20.解：（1）因为，所以………1分根据极值点定义，方程的两个根即为，，，代入，，可得，解之可得，，…………………………3分故有；………………………………………4分（2）根据题意，，，，根据题意，可得方程在区间，内有三个实数根，即函数与直线在区间，内有三个交点，又因为，则令，解得；令，解得或，所以函数在，上单调递减，在上单调递增；…6分又因为，，，，……10分函数图象如右所示：若使函数与直线有三个交点，则需使，即．…………………12分21.解：解：如图所示，取中点，连结，，因为三角形是等腰直角三角形，所以，因为面面，面面面，所以平面，又因为，所以四边形是矩形，可得，则， 建立如图所示的空间直角坐标系，则：………………………………1分据此可得，设平面的一个法向量为，则，令可得，……………………………3分从而，又，故求点到平面的距离．……………………5分（2）假设存在点，，满足题意，点在线段上，则，……………………………6分即：，，，，，据此可得：，，从而，，，，…8分设与平面所成角所成的角为，则，………………………………10分整理可得：，解得：或（舍去）．……………………………11分据此可知，存在满足题意的点，点为的中点，即．………12分22.解：（Ⅰ）函数的定义域为，………………1分当时，对于恒成立，此时函数在上单调递增；当时，由可得；由可得；此时在上单调递减，在上单调递增；…………3分综上所述：当时，函数的单调递增区间为，当时，单调递减区间为，单调递增区间为，…4分（Ⅱ）若，由可得，因为，所以，所以所以对于恒成立，……………………………5分令，则，，令，则对于恒成立，所以在单调递增，……………………7分 因为，，所以在上存在唯一的零点，即，可得：，……………………9分当时，，则，当时，，则，所以在上单调递减，在上单调递增，所以，……………11分因为，所以的最大值为.…………………………12分