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【全程复习】2022届高考物理第一轮复习方略 2.2力的合成与分解课时提能演练(含解析) 新人教版

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《全程复习》2022届高考物理全程复习方略(人教版-第一轮)课时提能演练(含详细解析)2.2力的合成与分解(40分钟100分)一、选择题(本题共8小题,每题9分,至少一个答案正确,选不全得5分,共72分)1.(2022·汕头模拟)如图所示,一重为8N的球固定在AB杆的上端,今用测力计水平拉球,使杆发生弯曲,此时测力计的示数为6N,则AB杆对球作用力的大小为()A.6NB.8NC.10ND.12N2.(2022·淄博模拟)如图所示,滑轮固定在天花板上,物块A、B用跨过滑轮不可伸长的轻细绳相连接,物块B静止在水平地面上.如用Ff和FN分别表示水平地面对物块B的摩擦力和支持力,那么若将物块B向左移动一小段距离,物块B仍静止在水平地面上,则Ff和FN的大小变化情况是()A.Ff、FN都增大B.Ff、FN都减小C.Ff增大,FN减小D.Ff减小,FN增大3.如图所示,用一根长为l的细绳一端固定在O点,另一端悬挂质量为m的小球A,为使细绳与竖直方向夹30°角且绷紧,小球A处于静止,对小球施加的最小的力是()A.mgB.mgC.mgD.mg4.如图所示,用两根细线把A、B两小球悬挂在天花板上的同一点O,并用第三根细线连接A、B两小球,然后用某个力F作用在小球A上,使三根细线均处于直线状态,且OB细线恰好沿竖直方向,两小球均处于静止状态,则该力可能为图中的()A.F1B.F2C.F3D.F46\n5.如图所示,一根轻弹簧上端固定在O点,下端拴一个钢球P,球处于静止状态,现对球施加一个方向向右的外力F,使球缓慢偏移,在移动中的每一时刻,都可以认为钢球处于平衡状态,若外力F方向始终水平,移动中弹簧与竖直方向的夹角θ<90°,且弹簧的伸长量不超过弹性限度,则图中给出的弹簧伸长量x与cosθ的函数关系图象中,最接近的是()6.(2022·大连模拟)如图所示,用水平力F推静止在斜面上的物块,当力F由零开始逐渐增大到某一值而物块仍保持静止状态,则物块()A.所受合力逐渐增大B.所受斜面摩擦力可能变为零C.所受斜面弹力逐渐增大D.所受斜面作用力逐渐变小7.如图所示,轻杆BC一端用铰链固定于墙上,另一端有一小滑轮C,重物系一绳经C固定在墙上的A点,滑轮与绳的质量及摩擦均不计,若将绳一端从A点沿墙稍向上移,系统再次平衡后,则()A.绳的拉力增大B.轻杆受到的压力减小C.绳的拉力不变D.轻杆受的压力不变8.(2022·苏州模拟)如图甲所示,在圆柱体上放一物块P,圆柱体绕水平轴O缓慢转动,从A转至A′的过程,物块与圆柱体保持相对静止,则图乙反映的是该过程中()A.重力随时间变化的规律B.支持力随时间变化的规律C.摩擦力随时间变化的规律D.合外力随时间变化的规律6\n二、计算题(本大题共2小题,共28分,要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要注明单位)9.(12分)如图所示,两滑块放在光滑的水平面上,中间用一细线相连,轻杆OA、OB搁在滑块上,且可绕铰链O自由转动,两杆长度相等,夹角为θ,当竖直向下的力F作用在铰链上时,滑块间细线的张力为多大?10.(16分)如图所示,AC和BC两轻绳共同悬挂一质量为m的物体,若保持AC绳的方向不变,AC与竖直方向的夹角为60°,改变BC绳的方向,试求:(1)物体能达到平衡时,θ角的取值范围.(2)θ在0~90°的范围内,求BC绳上拉力的最大值和最小值.答案解析1.【解析】选C.球受竖直向下的重力、测力计水平向右的拉力和杆的弹力作用,重力和拉力的合力与杆的弹力等大、反向,故AB杆对球作用力的大小为,C正确.2.【解析】选B.细绳对物块B的拉力F等于物块A的重力mg,物块B向左移动一小段距离,细绳与水平方向的夹角θ增大,据平衡条件知,故随着θ增大Ff、FN都减小,故B正确.3.【解析】6\n选C.将mg在沿绳方向与施加的力的反方向分解,如图所示,所以施加的力与F1等大反向即可使小球静止,故,故C正确.【变式备选】如图所示,结点O在三个力作用下平衡,保持θ不变,将B点向上移,则BO绳的拉力将()A.逐渐减小B.逐渐增大C.先减小后增大D.先增大后减小【解析】选C.结点O在三个力作用下平衡,受力如图(甲)所示,根据平衡条件可知,这三个力必构成一个闭合的三角形,如图(乙)所示,由题意知,OC绳的拉力F3大小和方向都不变,OA绳的拉力F1方向不变,只有OB绳的拉力F2大小和方向都在变化,变化情况如图(丙)所示,则当OA⊥OB时,OB绳的拉力F2最小,故C项正确.4.【解析】选B、C.由于小球B处于静止状态,且细线OB沿竖直方向,因此细线AB无弹力,对小球A受力分析,由于它受力平衡,并根据小球A受到的细线的拉力和重力的方向可知,施加给小球A的力F可能沿F2或F3的方向,故选B、C.5.【解析】选D.由于小球在移动的每一时刻都处于平衡状态,利用平衡条件可得,故x-cosθ图象应为双曲线的一支,故D正确.6.【解析】选B、C.物块仍保持静止状态,所受合力仍为零,A错误;当水平力F沿斜面向上的分力与重力沿斜面向下的分力大小相等时,物块所受斜面摩擦力为零,B正确;物块所受斜面弹力大小等于F垂直斜面向下的分力与重力垂直斜面向下分力之和,F增大,物块所受斜面弹力也增大,C正确;物块所受斜面作用力大小等于其重力与水平力F的合力,F增大,物块所受斜面作用力也增大,D错误.7.【解析】6\n选B、C.当系统平衡时,绳的拉力始终等于重物的重力,故绳的拉力不变,A错误,C正确;若将绳的上端从A点沿墙稍向上移,平衡时AC与CD两段绳的夹角变大,因绳的拉力不变,故两段绳的拉力的合力变小,绳对轻杆的压力减小,B正确,D错误.8.【解题指南】解答本题可按如下思路分析:【解析】选B.在圆柱体缓慢转动的过程中,物块P的重力是定值,不随时间发生变化,A错误;物块P受三个力的作用,竖直向下的重力mg,沿半径指向外的支持力FN,沿切线方向的静摩擦力Ff,因圆柱体缓慢移动,所以物块P在任意位置所受合力为零,D错误;对三力正交分解,设重力mg与支持力FN方向所夹锐角为θ,则FN=mgcosθ,Ff=mgsinθ,从A转至A′的过程中,θ先减小后增大,所以FN先增大后减小,Ff先减小后增大,B正确,C错误.9.【解题指南】解答本题时要注意以下三点:(1)将力F根据实际作用效果分解.(2)再将轻杆的作用力按实际效果分解.(3)由二力平衡计算细线的张力.【解析】把竖直向下的力F沿两杆OA、OB方向分解,如图甲所示,可求出作用于滑块上斜向下的力为:(4分)斜向下的压力F1将产生两个效果:竖直向下压滑块的力F1″和沿水平方向推滑块的力F1′,因此,将F1沿竖直方向和水平方向分解,如图乙所示,考虑到滑块未受摩擦力,细线上的张力等于F1的水平方向上的分力F1′,即:6\n(5分)解得:(3分)答案:10.【解析】(1)改变BC绳的方向时,AC绳的拉力FTA方向不变,两绳拉力的合力F与物体的重力平衡,重力大小和方向保持不变,如图所示,经分析可知,θ最小为0°,此时FTA=0;且θ必须小于120°,否则两绳的合力不可能竖直向上,所以θ角的取值范围是0°≤θ<120°.(8分)(2)θ在0~90°的范围内,当θ=90°时,FTB最大,(4分)当两绳垂直时,即θ=30°时,FTB最小,(4分)答案:(1)0°≤θ<120°(2)【总结提升】三种特殊的平衡问题(1)动态平衡问题:通过控制某些物理量,使物体的状态发生缓慢的变化,而在这个过程中物体又始终处于一系列的平衡状态.(2)临界问题:当某物理量变化时,会引起其他几个物理量的变化,从而使物体所处的平衡状态“恰好出现”或“恰好不出现”,在问题的描述中常用“刚好”、“刚能”、“恰好”等文字叙述.(3)极值问题:平衡状态物体的极值,一般指在力的变化过程中的最大值和最小值问题.6

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发布时间:2022-08-25 15:08:27 页数:6
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文章作者:U-336598

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