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【全程复习】2022届高考物理第一轮复习方略 单元评估检测2 相互作用 新人教版

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《全程复习》2022届高考物理全程复习方略(人教版-第一轮)(含详细解析):单元评估检测2相互作用(40分钟100分)一、选择题(本大题共9小题,每小题7分,共63分.每小题至少一个答案正确,选不全得4分)1.物体受到两个方向相反的力的作用,F1=4N,F2=8N,保持F1不变,将F2由8N逐渐减小到零的过程中,它们的合力大小变化是()A.逐渐减小B.逐渐变大C.先变小后变大D.先变大后变小2.(2022·佛山模拟)如图所示,物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时,传送带突然启动,方向如图中箭头所示,若传送带的速度大小也为v,则传送带启动后()A.M静止在传送带上B.M可能沿传送带向上运动C.M受到的摩擦力不变D.M下滑的速度不变3.如图所示,水平地面上固定着一竖直立柱,某人通过柱顶的定滑轮将200N的重物拉住不动,已知人拉着绳的一端,绳与水平地面夹角为30°,则定滑轮所受的压力大小为()A.400NB.NC.300ND.200N4.(2022·绥化模拟)如图所示,质量为m的物体悬挂在轻质支架上,斜梁OB与竖直方向的夹角为θ.设水平横梁OA和斜梁OB作用于O点的弹力分别为F1和F2,以下结果正确的是()A.F1=mgsinθB.C.F2=mgcosθD.5.(2022·7\n潍坊模拟)如图所示,斜面小车M静止在光滑水平面上,M左边紧贴墙壁,若在M斜面上放一个物体m,当m沿着M的斜面下滑时,M始终静止不动,则M受力个数可能为()A.4个或5个B.5个或6个C.3个或4个D.4个或6个6.如图所示,一个重为30N的物体,放在倾角θ=30°的斜面上静止不动,若用F=5N的竖直向上的力提物体,物体仍静止,下述结论正确的是()A.物体受到的摩擦力减小2.5NB.物体对斜面的作用力减小5NC.斜面受到的压力减小5ND.物体受到的合外力减小5N7.(2022·珠海模拟)在如图所示装置中,两物体质量分别为m1、m2,悬点a、b间的距离远大于滑轮的直径,不计一切摩擦,整个装置处于静止状态.由图可知()A.α一定等于βB.m1一定大于m2C.m1一定小于2m2D.m1可能大于2m28.(2022·安徽高考)一质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上.现对物块施加一个竖直向下的恒力F,如图所示.则物块()A.仍处于静止状态B.沿斜面加速下滑C.受到的摩擦力不变D.受到的合外力增大9.(2022·安庆模拟)如图所示,一固定斜面上两个质量相同的小物块A和B紧挨着匀速下滑,A与B的接触面光滑.已知A与斜面之间的动摩擦因数是B与斜面之间动摩擦因数的2倍,斜面倾角为α,B与斜面之间的动摩擦因数是()A.B.C.tanα7\nD.二、实验题(7分)10.(2022·洛阳模拟)某物理兴趣小组的同学在研究弹簧弹力的时候,测得弹力的大小F和弹簧长度L的关系如图所示,则由图线可知:(1)弹簧的劲度系数为______________________.(2)弹簧的弹力为5N,弹簧的长度为______________________.三、计算题(本大题共2小题,共30分,要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要注明单位)11.(2022·霸州模拟)(14分)如图所示,A、B两物体叠放在水平地面上,已知A、B的质量分别为mA=10kg,mB=20kg,A、B之间,B与地面之间的动摩擦因数均为μ=0.5.一轻绳一端系住物体A,另一端系于墙上,绳与竖直方向的夹角为37°,今欲用外力将物体B匀速向右拉出,求所加水平力F的大小.(取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8)12.(2022·长治模拟)(16分)如图所示,在光滑的水平杆上穿两个重均为2N的球A、B,在两球之间夹一弹簧,弹簧的劲度系数为10N/m,用两条等长的线将球C与A、B相连,此时弹簧被压短了10cm,两条线的夹角为60°,求:(1)杆对A球的支持力为多大?(2)C球的重力为多大?答案解析1.【解析】选C.F1与F2共线反向,所以当F2>4N时,其合力F=F2-F1,其方向与F2同向,F2减小时F减小,F2=4N时最小为零;当F2<4N时,其合力F=F1-F2,其方向与F1同向,F2从4N减到零时,F逐渐从零增大到4N.故F2从87\nN减到零的过程中,其合力先减小后增大,故C正确.2.【解析】选C、D.由M匀速下滑可知其处于平衡状态,受重力、滑动摩擦力、支持力,传送带启动以后对M受力没有影响,自然也不会影响其运动状态,故C、D正确.3.【解析】选B.两股绳对定滑轮作用力如图所示:F=mg=200N,由几何关系得,定滑轮受的压力,故B正确.4.【解析】选D.由于物体m静止时对O点的作用力等于物体的重力,其产生的效果是对AO的拉力FAO、对BO的压力FBO,所以物体m对O点的拉力F可分解为两个分力FAO和FBO,如图所示,由三角函数得F1=FAO=mgtanθ,,故D正确.5.【解析】选A.斜面光滑时,M受到重力、地面支持力、m对它的压力和墙壁对它的弹力共4个力;斜面粗糙,m匀速下滑时,M受到重力、地面支持力、m对它的压力和m对它的摩擦力共4个力,当m加速下滑时,M受到重力、地面支持力、m对它的压力、m对它的摩擦力和墙壁对它的弹力5个力,故A正确.【总结提升】受力分析应注意的事项(1)只分析研究对象所受的力,不分析研究对象对其他物体所施加的力.(2)只分析性质力,不分析效果力.(3)每分析一个力,都应找出施力物体.(4)合力和分力不能同时作为物体所受的力.6.【解析】选A、B.对物体受力分析可知,没施加F前,摩擦力,支持力,物体对斜面的作用力大小等于30N.施加F后,摩擦力变为Ff′=(G-F)sinθ=12.5N,支持力变为,物体对斜面的作用力大小变为G-F=257\nN,故A、B正确,C错误;物体始终静止在斜面上,合外力始终为0,D错误.【变式备选】物体在水平推力F的作用下静止于斜面上,如图所示,若稍稍增大推力,物体仍保持静止,则()A.物体所受合外力增大B.物体所受合外力变小C.物体对斜面的压力增大D.斜面对物体的摩擦力一定增大【解析】选C.由于物体始终静止,物体受到的合外力为零,A、B错误;由平衡条件知,物体对斜面的压力增大,C正确;因初始摩擦力方向不确定,故D错误.7.【解析】选A、C.对物体m2由平衡条件得FT=m2g,对物体m1由平衡条件得:水平方向FTsinα=FTsinβ,竖直方向FTcosα+FTcosβ=m1g,解得:,故A、C正确,B、D错误.8.【解题指南】物块不加力F时的受力情况,“恰好静止”,物块所受静摩擦力等于滑动摩擦力,可求出动摩擦因数,加力F后再进行受力分析,判断运动状态.【解析】选A.无力F时受力情况如图(a)所示,“物块恰好静止”,受最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力,物块受到最大静摩擦力,由平衡条件得:mgsinθ=μmgcosθ,解得μ=tanθ;当施加恒力F后,受力情况如图(b)所示,物块所受最大静摩擦力为,物块仍处于静止状态,A正确,B错误;由于,故C错误;物块始终静止,则受到的合外力始终为零,D错误.9.【解析】选A.A、B两物块受到斜面的支持力均为mgcosα,所受滑动摩擦力分别为:,对整体受力分析结合平衡条件可得:2mgsinα=μAmgcosα+μBmgcosα,且μA=2μB,解得,故A正确.7\n10.【解析】由弹力的大小F和弹簧长度L的关系图可知,弹簧原长L0=10cm;弹簧形变量大小x=5cm时,弹力F=10N,由胡克定律F=kx可得弹簧的劲度系数k=200N/m;弹簧的弹力为5N时,弹簧的形变量为cm,当弹簧压缩时,弹簧的长度为7.5cm,当弹簧拉伸时,弹簧的长度为12.5cm.答案:(1)200N/m(2)12.5cm或7.5cm11.【解析】A、B的受力分析如图所示.对A由平衡条件得:(3分)(3分)联立以上两式可得:(2分)(2分)对B由平衡条件得:(4分)答案:160N12.【解析】(1)A、C球的受力情况分别如图所示:7\n其中F=kx=1N(3分)对于A球,由平衡条件得:F=FTsin30°(3分)FN=GA+FTcos30°(3分)解得:(2分)(2)由(1)可得两线的张力为:FT=2N(1分)对于C球,由平衡条件得:2FTcos30°=GC(3分)解得:(1分)答案:(1)N(2)N7

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发布时间:2022-08-25 15:08:38 页数:7
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文章作者:U-336598

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