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【全程复习】2022届高考物理第一轮复习方略 单元评估检测6 静电场 新人教版

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《全程复习》2022届高考物理全程复习方略(人教版-第一轮)(含详细解析):单元评估检测6静电场(40分钟100分)一、选择题(本大题共10小题,每小题7分,共70分.每小题至少一个答案正确,选不全得4分)1.如图所示,在粗糙绝缘的水平面上有一物体A带正电,另一带正电的点电荷B在外力作用下沿着以A为圆心的圆弧由P到Q缓慢地从A的上方经过,若此过程中A始终静止,A、B两物体可视为质点且只考虑它们之间的库仑力作用.则下列说法正确的是()A.物体A受到地面的支持力先增大后减小B.物体A受到地面的支持力保持不变C.物体A受到地面的摩擦力先减小后增大D.库仑力对点电荷B先做正功后做负功2.点电荷A和B,分别带正电和负电,电量分别为4Q和Q,在AB连线上,如图所示,电场强度为零的地方在()A.A和B之间B.A右侧C.B左侧D.A的右侧及B的左侧3.真空中有一半径为r0的带电金属球壳,通过其球心的一直线上各点的电势φ分布如图,r表示该直线上某点到球心的距离,r1、r2分别是该直线上A、B两点离球心的距离.下列说法中正确的是()A.A点的电势低于B点的电势B.A点的电场强度方向由A指向BC.A点的电场强度小于B点的电场强度D.正电荷沿直线从A移到B的过程中,电场力做负功4.如图所示,平行板电容器的一个极板与滑动变阻器的滑片C相连接.电子以速度v09\n垂直于电场线方向射入并穿过平行板间的电场.在保证电子还能穿出平行板间电场的情况下,若使滑动变阻器的滑片C上移,则关于电容器极板上所带电荷量Q和电子穿过平行板所需的时间t的说法中,正确的是()A.电荷量Q增大,时间t也增大B.电荷量Q不变,时间t增大C.电荷量Q增大,时间t不变D.电荷量Q不变,时间t也不变5.(2022·桂林模拟)空间存在甲、乙两相邻的金属球,甲球带正电,乙球原来不带电,由于静电感应,两球在空间形成了如图所示稳定的静电场.实线为其电场线,虚线为其等势线,A、B两点与两球球心连线位于同一直线上,C、D两点关于直线AB对称,则()A.A点和B点的电势相同B.C点和D点的电场强度相同C.正电荷从A点移至B点,电场力做正功D.负电荷从C点沿直线CD移至D点,电势能先增大后减小6.静电计是在验电器的基础上制成的,用其指针张角的大小来定性显示其金属球与外壳之间的电势差大小.如图所示,A、B是平行板电容器的两个金属板,G为静电计.开始时开关S闭合,静电计指针张开一定角度,为了使指针张开的角度增大些,下列采取的措施可行的是()A.断开开关S后,将A、B两极板分开些B.保持开关S闭合,将A、B两极板分开些C.保持开关S闭合,将A、B两极板靠近些D.保持开关S闭合,将变阻器滑动触头向右移动7.如图所示,两平行金属板间有一匀强电场,板长为,板间距离为d,在板右端9\n处有一竖直放置的荧光屏M.一带电量为q、质量为m的粒子从两极板中央射入板间,最后垂直打在M屏上,则下列结论正确的是()A.板间电场强度大小为mg/qB.板间电场强度大小为2mg/qC.粒子在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等D.粒子在板间运动的时间大于它从板的右端运动到光屏的时间8.(2022·镇江模拟)a、b、c、d四个带电液滴在如图所示的匀强电场中,分别水平向左、水平向右、竖直向上、竖直向下做匀速直线运动,可知()A.a、b为同种电荷,c、d为异种电荷B.a、b的电势能、机械能均不变C.c的电势能减少,机械能增加D.d的电势能减少,机械能减少9.如图所示,光滑绝缘斜面的底端固定着一个带正电的小物块P,将另一个带电小物块Q在斜面的某位置由静止释放,它将沿斜面向上运动.设斜面足够长,则在Q向上运动过程中()A.物块Q的动能一直增大B.物块Q的电势能一直增大C.物块P、Q的重力势能和电势能之和一直增大D.物块Q的机械能一直增大10.如图所示,水平放置的平行板电容器与一直流电源相连,在两板中央有一带电液滴处于静止状态.现通过瞬间平移和缓慢平移两种方法将A板移到图中虚线位置.下列关于带电液滴运动的说法中正确的是()A.上述两种方法中,液滴都向B板做匀加速直线运动B.采用瞬间平移的方法,液滴运动到B板经历的时间短C.采用缓慢平移的方法,液滴运动到B板时速度大D.采用缓慢平移的方法,液滴运动到B板过程中电场力做功多9\n二、计算题(本大题共2小题,共30分,要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要注明单位)11.(14分)如图所示,在足够长的光滑绝缘水平直线轨道上方h高度的P点,固定电荷量为+Q的点电荷.一质量为m、带电荷量为+q的物块(可视为质点),从轨道上的A点以初速度v0沿轨道向右运动,当运动到P点正下方B点时速度为v.已知点电荷产生的电场在A点的电势为φ(取无穷远处电势为零),PA连线与水平轨道的夹角为60°,试求:(1)物块在A点时受到的轨道的支持力大小.(2)点电荷+Q产生的电场在B点的电势大小.12.(2022·温州模拟)(16分)如图甲所示,边长为L的正方形区域ABCD内有竖直向下的匀强电场,电场强度为E,与区域边界BC相距L处竖直放置足够大的荧光屏,荧光屏与AB延长线交于O点.现有一质量为m,电荷量为+q的粒子从A点沿AB方向以一定的初速度进入电场,恰好从BC边的中点P飞出,不计粒子重力.(1)求粒子进入电场前的初速度的大小.(2)其他条件不变,增大电场强度使粒子恰好能从CD边的中点Q飞出,求粒子从Q点飞出时的动能.(3)现将电场分成AEFD和EBCF相同的两部分,并将EBCF向右平移一段距离x(x≤L),如图乙所示.设粒子打在荧光屏上位置与O点相距y,请求出y与x的关系.答案解析1.【解析】选A、C.点电荷B沿以A为圆心的圆弧运动时,它们间的库仑力F的大小不变,间距不变,故库仑力对点电荷B不做功,D错误;设库仑力与竖直方向间夹角为θ,则,随θ先减小后增大,先增大后减小,先减小后增大,故A、C均正确,B错误.9\n2.【解析】选C.根据点电荷周围场强公式以及场强的方向规定,可以确定出AB连线上B点左侧、BA之间以及A点右侧场强的大小和方向情况,可知BA之间合场强向左,A点右侧合场强向右,只有B点左侧某一位置电场强度可为零,故选C.3.【解析】选B.由图可以看出,沿A、B方向电势降低,电场方向由A指向B,,A错误,B正确;由图可知A点电势降低较快,故有EA>EB,C错误;由WAB=UAB·q,UAB>0,q>0可知,WAB>0,即电场力做正功,D错误.【变式备选】(2022·上海高考)两个等量异种点电荷位于x轴上,相对原点对称分布,正确描述电势φ随位置x变化规律的是图()【解析】选A.等量异种点电荷的电场线分布如图所示.正、负电荷在连线中点处产生的电势一正一负,故此处即坐标原点处的总电势为零.又沿电场线方向电势逐渐降低,因此,在坐标原点左侧,各点的电势都大于零;在坐标原点右侧,各点的电势都小于零,正电荷处电势最高,负电荷处电势最低,无穷远处的电势为零.因此,选项A正确.4.【解析】选C.滑动变阻器的滑片C上移,电容器两板间电压U增大,由Q=CU可知,电容器带电量Q增大,而电子穿过板间的时间,与板间电压无关,故时间t不变,C正确.5.【解析】选C.由题图可知,A、B两点不在同一等势面上,电势不相同,A错误;由对称性可知,C、D两点的电场强度方向不同,B错误;由WAB=UAB·q,UAB>0,q>0可知,WAB>0,C正确;沿CD直线,由C到D,电势先增大后减小,故负电荷由C沿直线CD移至D点,电势能先减小后增大,D错误.9\n6.【解析】选A.要使静电计的指针张开角度增大些,必须使静电计金属球和外壳之间的电势差增大,断开开关S后,将A、B两极板分开些,电容器的带电量不变,电容减小,电势差增大,A正确;保持开关S闭合,将A、B两极板分开或靠近些,静电计金属球和外壳之间的电势差不变,B、C错误;保持开关S闭合,将滑动变阻器滑动触头向右或向左移动,静电计金属球和外壳之间的电势差不变,D错误.7.【解析】选B、C.粒子无论在板间还是在板右侧与光屏之间,水平方向始终做匀速直线运动,由可知,粒子在板间运动的时间跟它从板右端运动到光屏的时间相等,C正确,D错误;因粒子垂直打在屏上,且粒子在板右端到屏之间具有竖直向下的加速度g.粒子出电场时具有竖直向上的速度分量,到达屏时竖直速度分量为0,故有vy-gt=0,由以上两式可解得:,B正确,A错误.8.【解析】选B、C.因四个带电液滴均做匀速直线运动,必有Eq=mg,故四个带电液滴均带正电荷,A错误;对a、b液滴,电场力和重力均不做功,故其电势能和机械能均不变,B正确;电场力对c液滴做正功,c的电势能减少,机械能增加,C正确;电场力对d液滴做负功,d的电势能增加,机械能减少,故D错误.9.【解析】选D.由F库-mgsinθ=ma可知,物块沿斜面的加速度先向上逐渐减小,再沿斜面向下,逐渐增大,其速度先增大后减小,故物块Q的动能先增大再减小,A错误;因电场力始终做正功,故电势能一直减小,物块Q的机械能一直增大,B错误,D正确;因只有电场力、重力做功,物块的电势能、重力势能、动能之和守恒,又知动能先增大后减小,故重力势能和电势能之和先减小后增大,C错误.【总结提升】电场中功能关系的应用(1)若只有电场力做功,电荷的电势能与动能相互转化,两者之和守恒.(2)若只有电场力和重力做功,电荷的电势能、重力势能与动能相互转化,其总和守恒.(3)电场力做功与电荷电势能的变化相对应,电场力做正功,电势能减少,电场力做负功,电势能增加.(4)合外力对电荷所做的总功等于电荷动能的增量.10.【解析】9\n选B.瞬间平移使带电液滴加速度突然增大立即做匀加速运动,而缓慢平移至虚线位置这一阶段,带电液滴电场力缓慢增大,加速度也缓慢增大,到达虚线位置以后才开始做匀加速运动,所以瞬间平移使带电液滴到达B板的时间短,做功多,速度大,故答案为B.11.【解题指南】解答本题时应注意以下两点:(1)物块在A点竖直方向加速度为零.(2)物块由A到B的过程中,只有电场力做功.【解析】(1)物块在A点受重力、电场力、支持力.分解电场力,由竖直方向受力平衡得①(4分)②(2分)由①②得.(2分)(2)从A运动到P点正下方B点的过程中,由动能定理得,(2分)又因为U=φB-φ,(2分)由以上两式解得.(2分)答案:(1)(2)12.【解析】(1)粒子在电场内做类平抛运动,水平方向:L=v0t,竖直方向:,得9\n(4分)(2)其他条件不变,增大电场强度,从CD边中点Q飞出与从BC边中点P飞出相比,水平位移减半,竖直位移加倍,根据类平抛运动知识,则加速度为原来8倍,电场强度为原来8倍,电场力做功为W1=8EqL(2分)粒子从CD边中点Q飞出时的动能(3分)(3)将EBCF向右平移一段距离x,粒子在电场中的类平抛运动分成两部分,在无电场区域做匀速直线运动,轨迹如图所示,(vy为出电场AEFD时竖直方向的速率)(1分)(2分)(vy′为出电场EBCF时竖直方向的速率)(1分)y2=(L-x)tanθ2=L-x(2分)(1分)答案:(1)(2)(3)9\n9

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发布时间:2022-08-25 15:08:40 页数:9
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文章作者:U-336598

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