全国通用2022版高考物理大二轮总复习增分策略强化练专题一力与场内物体的平衡

二轮专题强化练专题一力与场内物体的平衡1．(多选)(2022·潍坊市二模)如图1所示，一车载导航仪放在底边水平的三角形支架上，处于静止状态，稍微减小支架的倾斜角度，以下说法正确的是(　　)图1A．导航仪所受弹力变小B．导航仪所受摩擦力变小C．支架施加给导航仪的作用力变小D．支架施加给导航仪的作用力不变2．(2022·烟台市二模)如图2所示，滑块穿在水平横杆上并可沿杆左右滑动，它的下端通过一根细线与小球相连，小球受到水平向右的拉力F的作用，此时滑块与小球处于静止状态．保持拉力F始终沿水平方向，将其大小缓慢增大，细线偏离竖直方向的角度将增大，这一过程中滑块始终保持静止，则(　　)图2A．滑块对杆的压力增大B．滑块受到杆的摩擦力增大C．小球受到细线的拉力大小不变D．小球所受各力的合力增大3．(2022·河北衡水中学三调)如图3所示，MON为张角为90°的V型光滑支架，小球静止于支架内部，初始时刻支架的NO边处于竖直方向，将支架绕O点顺时针缓慢转动90°的过程中，NO板对小球弹力变化情况为(　　)8\n图3A．一直增大B．一直减小C．先增大后减小D．先减小后增大4．(2022·浙江六校联考)下表面粗糙，其余面均光滑的斜面置于粗糙水平地面上，倾角与斜面相等的物体A放在斜面上，方形小物体B放在A上，在水平向左大小为F的恒力作用下，A、B及斜面均处于静止状态，如图4所示．现将小物体B从A上表面上取走，则(　　)图4A．A仍保持静止B．A对斜面的压力不变C．斜面可能向左运动D．斜面对地面的压力变小5.(2022·全国第三次大联考)如图5所示，质量分别为m1、m2的两物体位于相邻的两水平台阶上，中间用轻弹簧相连，弹簧与竖直方向夹角为θ.在m2右端施加水平拉力F，使m1、m2均处于静止状态，已知重力加速度为g，m2表面光滑．则下列说法正确的是(　　)图5A．弹簧弹力的大小为B．地面对m1的摩擦力大小为FC．m1的表面可能光滑D．m1与m2一定相等6．(2022·青岛市一模)如图6所示，水平桌面上有三个相同的物体a、b、c叠放在一起，a的左端通过一根轻绳与质量为m＝3kg8\n的小球相连，绳与水平方向的夹角为60°，小球静止在光滑的半圆形器皿中，水平向右的力F＝40N作用在b上，三个物体保持静止状态，g取10m/s2，下列说法正确的是(　　)图6A．物体c受到向右的静摩擦力B．物体b受到一个摩擦力，方向向左C．桌面对物体a的静摩擦力方向水平向右D．撤去力F的瞬间，三个物体将获得向左的加速度7．(2022·山西临汾等联考三模)如图7所示，挡板垂直于斜面固定在斜面上，一滑块m放在斜面上，其上表面呈弧形且左端最薄，一球M搁在挡板与弧形滑块上，一切摩擦均不计，用平行于斜面的拉力F拉住弧形滑块，使球与滑块均静止，现将滑块平行于斜面向上拉过一较小的距离，球仍搁在挡板与滑块上且处于静止状态，则与原来相比(　　)图7A．滑块对球的弹力增大B．挡板对球的弹力减小C．斜面对滑块的弹力增大D．拉力F不变8．(多选)(2022·成都市模拟)如图8所示为一电流表的原理示意图．质量为m的均质细金属棒MN的中点处通过一挂钩与一竖直悬挂的弹簧相连，绝缘弹簧劲度系数为k；在矩形区域abcd内有匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外；与MN的右端N连接的一绝缘轻指针可指示标尺上的读数，MN的长度大于.当MN中没有电流通过且处于平衡状态时，MN与矩形区域的cd边重合；当MN中有电流通过时，指针示数可表示电流强度．则(　　)8\n图8A．当电流表示数为零时，弹簧伸长量是B．若要电流表正常工作，MN的N端应与电源正极相接C．若k＝200N/m，＝0.20m，＝0.050cm，B＝0.20T，此电流表的量程是2AD．若将量程扩大到2倍，磁感应强度应变为原来的9．(多选)(2022·上海黄浦区二模)如图9所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过绝缘细绳跨过光滑的定滑轮与带正电小球M连接，连接b的一段细绳与斜面平行，带负电的小球N固定在M的正下方．两带电小球在缓慢漏电的过程中，M、b、c都处于静止状态，下列说法中正确的是(　　)图9A．b对c的摩擦力可能始终增加B．地面对c的支持力始终变小C．c对地面的摩擦力方向始终向左D．滑轮对绳的作用力方向始终不变10．(2022·雅安市模拟)将三根伸长可不计的轻绳AB、BC、CD如图10连接，现在B点悬挂一个质量为m的重物，为使BC绳保持水平且AB绳、CD绳与水平天花板夹角分别为60°与30°，需在C点再施加一作用力，则该力的最小值为(　　)8\n图10A．mgB.mgC.mgD.mg11.如图11所示，质量m＝2.2kg的金属块放在水平地板上，在与水平方向成θ＝37°角斜向上、大小为F＝10N的拉力作用下，以速度v＝5.0m/s向右做匀速直线运动．(cos37°＝0.8，sin37°＝0.6，取g＝10m/s2)求：图11(1)金属块与地板间的动摩擦因数；(2)为使物块向右做匀速直线运动，求F的最小值．8\n二轮专题强化练答案精析专题一　力与场内物体的平衡1．BD　2.B　3.A　4.D　5.B6．B　[三个物体保持静止状态，对c：Ff＝0，故A错误；对b、c：Ff1＝F＝40N，故b只受一个静摩擦力，方向与F相反，即水平向左，故B正确；对a、b、c：设绳的拉力为FT，器皿对小球的弹力为FN，桌面对a的静摩擦力为Ff2，则水平面上：F＋Ff2－FT＝0①对小球受力分析如图：由于小球静止，故竖直方向上：FNsin60°＋FTsin60°＝mg②水平方向上：FNcos60°＝FTcos60°③联立①②③式代入数据解得：FT＝10N，Ff2≈－22.68N，故桌面对a的静摩擦力水平向左，故C错误；若撤去F，对a，水平方向上受绳的拉力：FT＝10N<静摩擦力Ff2，故整个系统仍然保持静止，故D错误．]7．B　[对球进行受力分析，如图(a)，球只受三个力的作用，挡板对球的力F1方向不变，作出力的矢量图，滑块上移时，F2与竖直方向夹角减小，最小时F2垂直于F1，可以知道挡板弹力F1和滑块对球的作用力F2都减小，故A错误，B正确；再对滑块和球一起受力分析，如图(b)，其中FN＝Gcosθ不变，F＋F1不变，F1减小，可以知道斜面对滑块的支持力不变，拉力F增大，故C、D错误．]8．AD　[设当电流表示数为零时，弹簧的伸长量为Δx，则有mg＝kΔx①由①式得Δx＝②所以A正确；为使电流表正常工作，作用于通有电流的金属棒MN的安培力必须向下，因此M端应接电源正极，所以B错误；设电流表满偏时通过MN间电流强度为Im，则有BIm＋mg＝8\nk(＋Δx)③联立②③并代入数据得Im＝2.5A，故C错误；设量程扩大后，磁感应强度变为B′，则有2B′Im＋mg＝k(＋Δx)．⑤由③⑤式得B′＝B，所以磁感应强度减半，故D正确．]9．AD　[两带电小球在缓慢漏电的过程中，库仑引力逐渐减小，对M分析，可知拉力逐渐减小，对b分析，开始b所受的摩擦力可能沿斜面向上，则拉力减小，摩擦力可能增加，故A正确；对b、c整体分析，受力分析如图，根据平衡条件得知水平面对c的支持力FN＝(Gb＋Gc)－FTsinθ，拉力逐渐减小，则支持力逐渐增大，故B错误；以b、c整体为研究对象，根据平衡条件得知水平面对c的摩擦力Ff＝FTcosθ，方向水平向左，则c对地面的摩擦力方向始终向右，故C错误；绳子对滑轮的作用力为两个相等的力，FT方向不变，所以绳子对滑轮的作用力方向不变，则滑轮对绳子的作用力方向始终不变，故D正确．]10．D　[对B点受力分析，根据共点力平衡得，tan30°＝＝.解得FTBC＝mg，对C点分析，CD的拉力方向一定，根据图解法知，当外力的方向与CD垂直时，外力F最小，根据平行四边形定则知，sin30°＝，F＝FTBCsin30°＝mg×＝mg.]11．(1)0.5　(2)N解析　(1)设地板对金属块的支持力为FN，金属块与地板的动摩擦因数为μ，因为金属块匀速运动，所以有Fcosθ＝μFNmg＝Fsinθ＋FN8\n解得：μ＝＝＝0.5.(2)分析物体的受力，如图，建坐标分解竖直方向：Fsinθ＋FN＝mg水平方向：Fcosθ＝μFN联立可得：F＝＝所以F最小值为N.8