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江苏省连云港市2022年高考物理考点突破每日一练15牛顿运动定律的理解和应用带电粒子在电场中的运动含解析

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(15)多过程问题和连接体问题、带电粒子在磁场中的运动1.(多选)如图所示,滑块a、b的质量均为m,a套在固定竖直杆上,与光滑水平地面相距h,b放在地面上.a、b通过铰链用刚性轻杆连接,由静止开始运动.不计摩擦,a、b可视为质点,重力加速度大小为g.则(  )A.a落地前,轻杆对b一直做正功B.a落地时速度大小为C.a下落过程中,其加速度大小始终不大于gD.a落地前,当a的机械能最小时,b对地面的压力大小为mg2.(多选)如图所示,倾角为θ的斜面体C置于粗糙水平面上,物块B置于斜面上,已知B、C间的动摩擦因数为μ=tanθ,B通过细绳跨过光滑的定滑轮与物块A相连,连接B的一段细绳与斜面平行,A、B的质量分别为m、M.现给B一初速度,使B沿斜面下滑,C始终处于静止状态,则在B下滑过程中,下列说法正确的是(  )A.无论A、B的质量大小关系如何,B一定减速下滑B.A运动的加速度大小为a=C.水平面对C一定有摩擦力,摩擦力方向可能水平向左D.水平面对C的支持力与B、C的总重力大小相等3.(多选)如图所示,ABC是一条长轨道,其中AB段为一定倾角的斜面,BC段为水平面.一质量为m的小滑块在A点从静止状态释放,沿斜面滑下.滑块在B点没有能量损失,最后停在C点.A点与其水平面投影D点的距离为h,滑块与轨道间动摩擦因数均为μ.若再用一沿着轨道方向的力推滑块,使它缓慢地由C点推至A点,则(  )-5-\nA.推力对滑块做的功为3mghB.推力对滑块做的功为2mghC.往返过程中,滑动摩擦力做的功为-2μmg(s1+s2)D.往返过程中,滑动摩擦力做的功为-2μmgs14.(多选)如图所示,倾角30°、高为L的固定斜面底端与光滑水平面平滑相连,质量分别为3m、m的两个小球A、B用一根长为L的轻绳连接,A球置于斜面顶端.现由静止释放A、B两球,B球与弧形挡板碰撞过程时间极短无机械能损失,且碰后只能沿斜面下滑,两球最终均滑到水平面上.已知重力加速度为g,不计一切摩擦,则(  )A.A球刚滑至水平面时的速度大小为B.B球刚滑至水平面时的速度大小为C.在A球沿斜面下滑的过程中,轻绳对B球先做正功、后不做功D.两小球在水平面上不可能相撞5.如图所示,固定的竖直光滑长杆上套有质量为m的小圆环,圆环与水平状态的轻质弹簧一端连接,弹簧的另一端连接在墙上,且处于原长状态.现让圆环由静止开始下滑,已知弹簧原长为L,圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变为2L(未超过弹性限度),则在圆环下滑到最大距离的过程中(  )A.圆环的机械能守恒B.弹簧弹性势能变化了mgLC.圆环下滑到最大距离时,所受合力为零D.圆环重力势能与弹簧弹性势能之和保持不变6.如图所示,在一个圆形区域内,两个方向相反且都垂直于纸面的匀强磁场分布在以直径A2A4-5-\n为边界的两个半圆形区域Ⅰ、Ⅱ中,A2A4与A1A3的夹角为60°.一质量为m、带电荷量为+q的粒子以某一速度从Ⅰ区的边缘点A1处沿与A1A3成30°角的方向射入磁场,随后该粒子以垂直于A2A4的方向经过圆心O进入Ⅱ区,最后再从A4处射出磁场.已知该粒子从射入到射出磁场所用的时间为t,求:(1)画出粒子在磁场Ⅰ和Ⅱ中的运动轨迹;(2)粒子在磁场Ⅰ和Ⅱ中的轨道半径R1和R2比值;(3)Ⅰ区和Ⅱ区中磁感应强度的大小(忽略粒子重力).参考答案1.BD [滑块b的初速度为零,末速度也为零,所以轻杆对b先做正功,后做负功,选项A错误;以滑块a、b及轻杆整体为研究对象,系统的机械能守恒,当a刚落地时,b的速度为零,则mgh=mv+0,即va=,选项B正确;a、b的先后受力分别如图甲、乙所示.由a的受力图可知,a下落过程中,其加速度大小先小于g后大于g,选项C错误;当a落地前b的加速度为零(即轻杆对b的作用力为零)时,b的机械能最大,a的机械能最小,这时b受重力、支持力,且FNb=mg,由牛顿第三定律可知,b对地面的压力大小为mg,选项D正确.]2.ABD [由μ=tanθ可知mgsinθ=μmgcosθ,因此如果绳子没有拉力的话,物块B会沿斜面匀速下滑,但由于物块A的存在,绳子必定有拉力,故物块B一定会减速下滑,选项A正确;把物块A和B看成整体,对整体运用牛顿第二定律可得:mg=(M+m)a,由此可得物块-5-\nA和B具有相同的加速度,a=,故选项B正确;物块B对斜面体C的作用力有压力和沿斜面向下的摩擦力,且二者的合力竖直向下,大小等于物块B的重力,斜面C在水平方向没有运动趋势,故斜面C与地面间没有摩擦力,且对地面的压力为物块B和C的总重力,故选项C错误,选项D正确.]3.BC [下滑过程:mgh+Wf1=0-0得:Wf1=-mghWf1=-μmgcosθ·-μmgs1=-μmg(s1+s2)反推过程:WF+Wf1-mgh=0-0得:WF=mgh-Wf1=2mgh全过程:Wf=2Wf1=-2μmg(s1+s2)]4.AC [A球刚滑至水平面时,根据机械能守恒定律可知:3mgL-mgLsin30°=(3m+m)v,解得:v1=,选项A正确;当A球滑到水平面上后,做匀速运动,而B球在斜面上做加速运动,则B球刚滑至水平面时,根据机械能守恒定律可知:3mgL=×3m·v+mv,解得:vB=,选项B错误;在A球沿斜面下滑的过程中,在B球没有滑上斜面之前,轻绳对B球做正功,当B球滑到水平面之后,轻绳无弹力,则对B球不做功,选项C正确;A球滑至水平面后做匀速运动,而B球还要做一段加速后到达水平面,故B球能追上A球发生碰撞,选项D错误.]5.B [圆环在下落过程中弹簧的弹性势能增加,由能量守恒定律可知圆环的机械能减少,而圆环与弹簧组成的系统机械能守恒,故A、D错误;圆环下滑到最大距离时速度为零,但是加速度不为零,即合外力不为零,故C错误;圆环重力势能减少了mgL,由能量守恒定律知弹簧弹性势能增加了mgL,故B正确.]6.(1)轨迹见解析图 (2)2∶1 (3) 解析 (1)画出粒子在磁场Ⅰ和Ⅱ中的运动轨迹如图所示.(2)设粒子的入射速度为v-5-\n,已知粒子带正电,故它在磁场中先顺时针做圆周运动,再逆时针做圆周运动,最后从A4点射出,用B1、B2、R1、R2、T1、T2分别表示在磁场Ⅰ区、Ⅱ区的磁感应强度、轨道半径和周期(没有设符号的,在图中标记也可以)设圆形区域的半径为r,如图所示,已知带电粒子过圆心且垂直A2A4进入Ⅱ区磁场,连接A1A2,△A1OA2为等边三角形,A2为带电粒子在Ⅰ区磁场中运动轨迹的圆心,其半径R1=A1A2=OA2=r在Ⅱ区磁场中运动的半径R2=即R1∶R2=2∶1.(3)qvB1=m①qvB2=m②T1==③T2==④圆心角∠A1A2O=60°,带电粒子在Ⅰ区磁场中运动的时间为t1=T1,在Ⅱ区磁场中运动时间为t2=T2,带电粒子从射入到射出磁场所用的总时间t=t1+t2由以上各式可得:B1=,B2=.-5-

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发布时间:2022-08-25 23:18:51 页数:5
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文章作者:U-336598

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