江西省20高考数学理科押题卷及答案2

泄露天机——2022年江西省高考押题精粹数学理科本卷共60题，三种题型：选择题、填空题和解答题。选择题36小题，填空题8小题，解答题18小题。一、选择题（36个小题）1.已知全集,集合,,那么集合可以表示为（）A．B．C．D．答案：B解析：有元素1，2的是，分析选项那么只有B符合。2.集合，那么集合C中的元素个数为（）A．3B．4C．11D．12答案：C解析：，应选C。3.设集合，，那么=（）A．B．C．D．答案：C解析：集合，。4.假设（其中为虚数单位），那么等于（）A．1　　　　　　B.　　　　　　C.　　　　　　D.答案：C解析：化简得，那么=，应选C。5.假设复数（为虚数单位）是纯虚数，那么实数的值为（）A.B.C.D.答案：A15.解析：，所以。]A．B．C．D．18/18\n答案：A解析：该几何体是下面是一个三棱柱，上面是一个有一个侧面垂直于底面的三棱锥。其体积为。16．已知,满足约束条件,假设的最小值为,那么（）A．B．C．D．答案：B解析：依题意可以画出不等式表示的图形，当过点时取最小值，即2-2=1，=。17．已知，假设的最小值是，那么（）A．1B．2C．3D．4答案：B解析：由已知得线性可行域如以下图，那么的最小值为，假设，那么为最小值最优解，∴，假设，那么为最小值最优解，不合题意，应选B。18.已知不等式组构成平面区域(其中,是变量)。假设目标函数的最小值为-6，那么实数的值为（）A．B．6C．3D．答案：C解析：不等式组表示的平面区域如图阴影局部所示，因为，故。可知在C点处取得最小值，联立解得即，故，解得。19.如图给出的是计算的值的程序框图，其中判断框内应填入的是（）A．?B．?C．?D．?答案：B解析：由程序知道，都应该满足条件，不满足条件，故应该选择B。如以下图的程序框图，那么输出的结果是（）A.14　　B.15C.16　D.17答案：C　解析：由程序框图可知，从到得到，因此将输出.应选C。21.执行如以下图的程序框图,假设输入的值为,那么输出的的值为（）A.B.C.D.答案：B解析：第一次运行时，；第二次运行时，；第三次运行时，；第四次运行时，；第五次运行时，；…，以此类推，直到，程序才刚好不满足，故输出.应选B。22.已知、取值如下表：0145618/18\n画散点图分析可知：与线性相关，且求得回归方程为，那么的值（准确到0.1）为（）A.1.5B.1.6C.1.7D.1.8答案：C　解析：将代入回归方程为可得，那么，解得，即的值为.应选C。23.如图是2022年某大学自主招生面试环节中，七位评委为某考生打出的分数的茎叶统计图，去掉一个最高分和一个最低分后，所剩数据的平均数和众数依次为（），84，85C.86，84，86答案：A解析：去掉一个最高分和一个最低分后，所剩数据为84,84,86,84,87，平均数为，众数为84.应选A。24.学校为了解学生在课外读物方面的支出情况，抽取了个同学进展调查，结果显示这些同学的支出都在（单　位：元），其中支出在（单位：元）的同学有67人，其频率分布直方图如以下图，那么的值为（）A．100　B．120C．130D．390答案：A解析：支出在的同学的频率为，。25.假设，是第三象限的角，那么（）A．B．C．D．答案：B解析：由题意，因为是第三象限的角，所以，因此。26.在中，假设的形状一定是（）的等腰三角形C.钝角三角形D.直角三角形答案：D解析：∵sin（A-B）=1+2cos（B+C）sin（A+C），∴sin（A-B）=1-2cosAsinB，∴sinAcosB-cosAsinB=1-2cosAsinB，∴sinAcosB+cosAsinB=1，∴sin（A+B）=1，∴A+B=90°，∴△ABC是直角三角形。27.已知，函数在上单调递减，那么的取值范围是（）A．B．C．D．答案：A解析：结合特殊值，求解三角函数的递减区间，并验证结果．取，，其减区间为，显然，排除；取，，其减区间为，显然，排除．选。28.函数的最小正周期为，为了得到的图象，只需将函数的图象（）18/18\nA．向左平移个单位长度B．向右平移个单位长度C．向左平移个单位长度D．向右平移个单位长度答案：C解析：因为函数的最小正周期为，所以，那么，那么用换x即可得到的图像，所以向左平移个单位长度，那么选C。29.在中，是边上的一点，，的面积为，那么的长为（）A．B．C．D．答案：D解析：因为，可得，即，所以.在中，由余弦定理，解得，所以，所以，在中，由正弦定理可知，可得。30.已知函数的最小正周期为，最小值为，将函数的图像向左平移（＞0）个单位后，得到的函数图形的一条对称轴为，那么的值不可能为（）A．B．C．D．答案：B解析：，依题意，，所以，因为，解得，故，故，所以，即。将函数的图片向左平移（＞0）个单位后得到，因为函数的一条对称轴为。故，解得，观察可知，选B。31.已知双曲线的离心率为，那么的值为（）A.B.C.D.答案：B解析：依题意，，。32.如图过拋物线的焦点F的直线依次交拋物线及准线于点A，B，C，假设|BC|＝2|BF|，且|AF|＝3，那么拋物线的方程为（）A．　BC．　D．[]答案：D解析：如图分别过点A，B作准线的垂线，分别交准线于点E，D，设|BF|=a，那么由已知得：|BC|=2a，由定义得：|BD|=a，故∠BCD=30°，在直角三角形ACE中，∵|AF|=3，|AC|=3+3a，∴2|AE|=|AC|∴3+3a=6，从而得a=1，∵BD∥FG，∴,求得p=，因此抛物线方程为y2=3x。33.椭圆M:左右焦点分别为，，P为椭圆M上任一点且最大值取值范围是，其中，那么椭圆离心率e取值范围为（）A.B.C.D.18/18\n答案：B解析：由椭圆定义知，的最大值为而最大值取值范围是，所以于是得到，故椭圆的离心率的取值范围是，选B。34.已知函数，那么函数的大致图像为（）答案：A解析：由函数的奇偶性可知函数为非奇非偶函数，所以排除B,C,再令，说明当x为负值时，有小于零的函数值，所以排除D。35.已知函数，那么关于的方程的实根个数不可能为（）A.个B.个C.个D.个答案：A解析：因为时，=1或=3或=或=-4，那么当a=1时或1或3或－4,又因为,那么当时只有一个=－2与之对应其它情况都有两个值与之对应，所以此时所求方程有7个根，当1＜a＜2时因为函数与y=a有4个交点，每个交点对应两个，那么此时所求方程有8个解，当a=2时函数与y=a有3个交点，每个交点对应两个，那么此时所求方程有6个解，所以B,C,D都有可能，那么选A。36.设定义在D上的函数在点处的切线方程为，当时，假设在D内恒成立，那么称P为函数的“类对称点”，那么的“类对称点”的横坐标是（）A．1B．C．eD．答案：B解析：由于，那么在点P处切线的斜率.所以切线方程为，那么，.当时，在上单调递减，所以当时，从而有时，；当时，在上单调递减，所以当时，从而有时，；所以在上不存在“类对称点”.当时，，所以在上是增函数，故所以是一个类对称点的横坐标.（可以利用二阶导函数为0，求出，那么。二、填空题（12个小题）37.二项式的展开式中的常数项是________.答案：45解析：，那么，故常数项为。38.有4名优秀学生，，，全部被保送到甲，乙，丙3所学校，每所学校至少去一名，那么不同的保送方案共有种.答案：3618/18\n解析：先从4名优秀学生，，，中选出2名保送到甲，乙，丙3所学校中的某一所，有种方案；然后将剩余的2名优秀学生保送到剩余的2所学校，有种方案；故不同的保送方案共有种。39.设，那么二项式展开式中含项的系数是_____答案：-192解析：由于那么含项的系数为。40.如图，设是图中边长为4的正方形区域，是内函数内随机取一点，那么该点落在中的概率为。答案：解析：由几何概型得，该点落在中的概率为。41．随机向边长为5，5，6的三角形中投一点P，那么点P到三个顶点的距离都不小于1的概率是。答案：解析：分别以三角形的三个顶点为圆心，1为半径作圆，那么在三角形内部且在三圆外部的区域即为与三角形三个顶点距离不小于1的局部，即。42.一个三位自然数百位，十位，个位上的数字依次为a，b，c，当且仅当有两个数字的和等于第三个数字时称为“有缘数”（如213，134等），假设，且a，b，c互不相同，那么这个三位数为”有缘数”的概率是_________。答案：解析：由1，2，3组成的三位自然数为123，132，213，231，312，321，共6个；同理由1，2，4组成的三位自然数共6个；由1，3，4组成的三位自然数也是6个；由2，3，4组成的三位自然数也是6个．所以共有6＋6＋6＋6＝24个．由1，2，3组成的三位自然数，共6个”有缘数”．由1，3，4组成的三位自然数，共6个”有缘数”．所以三位数为”有缘数”的概率。43.是同一球面上的四个点,其中是正三角形,⊥平面，,那么该球的外表积为_________。答案：32解析：由题意画出几何体的图形如图，把A、B、C、D扩展为三棱柱，上下底面中心连线的中点与A的距离为球的半径，AD=4，AB=2，△ABC是正三角形，所以AE=2，AO=2。所求球的外表积为：4（2）2=32。44.底面是正多边形，顶点在底面的射影是底面中心的棱锥叫正棱锥.如图，半球内有一内接正四棱锥，该四棱锥的体积为，那么该半球的体积为。答案：解析：设所给半球的半径为，那么棱锥的高，底面正方形中有，所以其体积，那么，于是所求半球的体积为。18/18\n45.已知四棱锥中，底面为矩形，且中心为，，，那么该四棱锥的外接球的体积为。答案：解析：因为，故，故；同理，；将四棱锥补成一个长方体，可知该长方体的长宽高分别为，故所求外接球的半径，其体积。46．已知等差数列前项和为，且满足，那么数列的公差为。答案：2解析：∵，∴，∴，又，∴。47.已知为数列的前项和，且满足，，那么。答案：2×31007﹣2解析：由anan+1=3n，得，∴，那么数列{an}的所有奇数项和偶数项均构成以3为公比的等比数列，又．∴。48.已知数列的前n项和，假设不等式对恒成立，那么整数的最大值为。答案：4解析：当时，得，；当时，，两式相减得，得，所以。又，所以数列是以2为首项，1为公差的等差数列，，即。因为，所以不等式，等价于。记，时，。所以时，。所以，所以整数的最大值为4。三、解答题（18个小题）49.在中，内角的对边分别为已知．（I）求的值；（II）假设，，求的面积。解：（Ⅰ）由正弦定理，得所以即,化简得,即因此（Ⅱ）由的由及得，解得，因此又所以，因此50.在△ABC中，a,b,c是其三个内角A,B,C的对边，且.（Ⅰ）求角C的大小；（Ⅱ）设，求△ABC的面积S的最大值。18/18\n解：（Ⅰ）∵，或，[来源:Z,xx,k.Com]由，知，所以不可能成立，所以，即，所以（Ⅱ）由（Ⅰ），，所以，即△ABC的面积S的最大值为51.已知数列中，，其前项的和为，且满足.(Ⅰ)求证：数列是等差数列；(Ⅱ)证明：当时，.解：（Ⅰ）当时，，，，从而构成以1为首项，2为公差的等差数列.（Ⅱ）由（1）可知，，.当时，.从而。52.第117届中国进出品商品交易会（简称2022年春季广交会）将于2022年4月15日在广州举行，为了搞好接待工作，组委会在广州某大学分别招募8名男志愿者和12名女志愿者，现将这20名志愿者的身高组成如下茎叶图（单位：cm），假设身高在175cm以上（包括175cm）定义为“高个子”，身高在175cm以下（不包括175cm）定义为“非高个子”。（1）计算男志愿者的平均身高和女志愿者身高的中位数（保存一位小数）。（2）假设从所有“高个子”中选3名志愿者，用表示所选志愿者中为女志愿者的人数，试写出的分布列，并求的数学期望。解：（1）根据茎叶图可得：男志愿者的平均身高为女志愿者身高的中位数为（2）由茎叶图可知，“高个子”有8人，“非高个子”有12人，而男志愿者的“高个子”有5人，女志愿者的“高个子”有3人的可能值为0,1,2,3，故即的分布列为：0123P所以的数学期望53.某学校从参加2022年迎新百科知识竞赛的同学中，选取40名同学，将他们的成绩（百分制）（均为整数）分成6组后，得到局部频率分布直方图（如图），观察图形中的信息，答复以下问题。（Ⅰ）求分数在[70，80）内的频率，并补全这个频率分布直方图；18/18\n（Ⅱ）从频率分布直方图中，估计本次考试的平均分；（Ⅲ）假设从60名学生中随机抽取2人，抽到的学生成绩在[40，70）记0分，在[70，100]记1分，用X表示抽取完毕后的总记分，求X的分布列和数学期望．解：（Ⅰ）设分数在内的频率为，根据频率分布直方图，那么有，可得，所以频率分布直方图如以下图．（Ⅱ）平均分：（Ⅲ）学生成绩在的有人，在的有人，并且的可能取值是0，1，2。，；。所以的分布列为012所以。54.某市工业部门方案度所辖中小型工业企业推行节能降耗技术改造，对所辖企业是否支持改造进展问卷调查，结果如下表：支持不支持合计中型企业8040120小型企业240200440合计320240560（Ⅰ）能否在犯错误的概率不超过认为“是否支持节能降耗技术改造”与“企业规模”有关？（Ⅱ）从上述320家支持节能降耗改造的中小企业中按分层抽样的方法抽出12家，然后从这12家中选出9家进展奖励，分别奖励中、小企业每家50万元、10万元。记表示所发奖励的钱数，求的分布列和数学期望：附：解：（Ⅰ）K2＝≈，因为5.657＞，所以能在犯错概率的前提下认为“是否支持节能降耗技术改造”与“企业规模”有关．（Ⅱ）由（Ⅰ）可知“支持”的企业中，中小企业家数之比为1:3，按分层抽样得到的12家中，中小企业分别为3家和9家．设9家获得奖励的企业中，中小企业分别为m家和n家，那么（m，n）可能为（0，9），（1，8），（2，7），（3，6）．与之对应，X的可能取值为90，130，170，210．18/18\nP(X＝90)＝＝，P(X＝130)＝＝，P(X＝170)＝＝，P(X＝210)＝＝，分布列如下：X90130170210P期望E（X）＝90×＋130×＋170×＋210×＝180。55.如图,四棱锥,侧面是边长为的正三角形,且与底面垂直,底面是的菱形,为棱上的动点,且()。(Ⅰ)求证:；(Ⅱ)试确定的值,使得二面角的平面角余弦值为。解：(Ⅰ)取中点,连结,依题意可知△,△均为正三角形,PABCDMOxyz所以,,又,平面,平面,所以平面,又平面,所以,因为,所以。(Ⅱ)由(Ⅰ)可知,又平面平面,平面平面,平面,所以平面.以为原点,建立空间直角坐标系如以下图,那么,,,,由可得点的坐标为,所以,,设平面的法向量为,那么,即解得,令,得,显然平面的一个法向量为,依题意,解得或(舍去),所以,当时,二面角的余弦值为.56.如图，直三棱柱ABC－A1B1C1中，AC＝BC＝AA1，D是棱AA1的中点，DC1⊥BD．（I）证明：DC1⊥BC；（II）求二面角A1－BD－C1的大小．解：（I）证明：由题设知，三棱柱的侧面为矩形．由于D为AA1的中点，故DC＝DC1．又，可得DC12+DC2＝CC12，所以DC1⊥DC．而DC1⊥BD，DC∩BD＝D，所以DC1⊥平面BCD．BC平面BCD，故DC1⊥BC．（II）由（I）知BC⊥DC1，且BC⊥CC1，那么BC⊥平面ACC1，所以CA，CB，CC1两两相互垂直．18/18\n以C为坐标原点，的方向为x轴的正方向，为单位长，建立如以下图的空间直角坐标系C－xyz．由题意知A1(1,0,2)，B(0,1,0)，D(1,0,1)，C1(0,0,2)．那么，，,设是平面A1B1BD的法向量，那么，即,可取n＝(1,1,0)．同理，设m是平面C1BD的法向量，可取m＝(1，2，1)..故二面角A1－BD－C1的大小为30°57.已知某几何体的直观图和三视图如以以下图所示，其中正视图为矩形，侧视图为等腰直角三角形，俯视图为直角梯形．（I）求证：平面；（II）设为直线与平面所成的角，求的值；（Ⅲ）设为中点，在边上求一点，使平面，求的值．解：（I）证明∵该几何体的正视图为矩形，侧视图为等腰直角三角形，俯视图为直角梯形，∴两两垂直。且,以BA，BB1，BC分别为轴建立空间直角坐标系，如图那么N（4,4,0），B1（0,8,0），C1（0,8,4），C（0,0,4）∵=（4,4,0）·（-4,4,0）=-16+16=0=（4,4,0）·（0,0,4）=0∴BN⊥NB1，BN⊥B1C1且NB1与B1C1相交于B1，∴BN⊥平面C1B1N；（II）设为平面的一个法向量，那么那么（Ⅲ）∵M（2,0,0）．设P(0,0,a)为BC上一点,那么,∵MP//平面CNB1,∴又,∴当PB=1时MP//平面CNB158.椭圆的离心率为，其左焦点到点的距离为．(I)求椭圆的标准方程；F2OxyPABF1A2l(II)假设直线与椭圆相交于两点(不是左右顶点)，且以为直径的圆过椭圆的右顶点，求证：直线过定点，并求出该定点的坐标．解：（I）由题：①左焦点(－c,0)到点P(2,1)的距离为：d==②18/18\n由①②可解得c=1，a=2，b2=a2－c2=3。∴所求椭圆C的方程为。（II）设A(x1,y1)、B(x2,y2)，将y=kx+m代入椭圆方程得OxyPABF1F2A2l(4k2+3)x2+8kmx+4m2－12=0。∴x1+x2=－，x1x2=，且y1=kx1+m，y2=kx2+m。∵AB为直径的圆过椭圆右顶点A2(2,0)，所以•=0。所以(x1－2,y1)·(x2－2,y2)=(x1－2)(x2－2)+y1y2=(x1－2)(x2－2)+(kx1+m)(kx2+m)=(k2+1)x1x2+(km－2)(x1+x2)+m2+4=(k2+1)·－(km－2)·+m2+4=0。整理得7m2+16km+4k2=0．∴m=－k或m=－2k都满足△>0。假设m=－2k时，直线l为y=kx－2k=k(x－2)，恒过定点A2(2,0)，不合题意舍去；假设m=－k时，直线l为y=kx－k=k(x－)，恒过定点(,0)。59.已知椭圆的两个焦点,,动点P在椭圆上，且使得的点P恰有两个，动点P到焦点的距离的最大值为。(I)求椭圆的方程；（II）如图，以椭圆的长轴为直径作圆，过直线上的动点T作圆的两条切线，设切点分别为A,B，假设直线AB与椭圆交于不同的两点C,D，求的取值范围。18/18\n解：(I)由使得的点P恰有两个可得；动点P到焦点的距离的最大值为，可得，即，所以椭圆的方程是（II）圆的方程为，设直线上动点T的坐标为设，，那么直线AT的方程为，直线BT的方程为，又在直线AT和BT上，即，故直线AB的方程为由原点O到直线AB的距离得，联立，消去x得，设,。那么，从而所以，设，那么，又设，所以，设，所以由得：，所以在上单调递增即60.已知抛物线的焦点到准线的距离为2。（Ⅰ）求的值；（Ⅱ）如以下图，直线与抛物线相交于,两点，为抛物线上异于,的一点，且轴，过作的垂线，垂足为,过作直线交直线BM于点,设的斜率分别为，且。①线段的长是否为定值?假设是定值,请求出定值;假设不是定值,请说明理由;②求证:四点共圆.解:（Ⅰ）（Ⅱ）设,那么,直线的方程为：由消元整理可得：所以可求得：直线的方程为：所以可求得所以===4。的中点，那么的中垂线方程为：与BC的中垂线轴交点为：所以的外接圆的方程为：由上可知所以四点共圆.61.已知,其中.(Ⅰ)求的单调递减区间；(Ⅱ)假设在上的最大值是,求的取值范围.解:(Ⅰ)函数的定义域为，令得，①当时,,与的变化情况如下表000减增减所以的单调递减区间是,；18/18\n②当时,，，故的单调递减区间是；③当时,，与的变化情况如下表000减增减所以的单调递增减区间是,.综上,当时,的单调递增减区间是,；当时,的单调递增减区间是,；当时，的单调递增减区间是.(Ⅱ)由(Ⅰ)可知①当时,在的最大值是但,所以不合题意；②当时,在上单调递减，，可得在上的最大值为,符合题意.在上的最大值为0时,的取值范围是。62.已知函数为自然对数的底数）（I）求函数的最小值；（II）假设≥0对任意的∈R恒成立，求实数a的值；（III）在（II）的条件下，证明：解：(I)由题意,由得.当时,;当时,.∴在单调递减,在单调递增即在处取得极小值,且为最小值,其最小值为(II)对任意的恒成立,即在上,.由(I),设,所以.由得.易知在区间上单调递增,在区间上单调递减,∴在处取得最大值,而.因此的解为,∴(III)由（II）得，即，当且仅当时，等号成立，令那么，即，所以累加得63.已知函数.（Ⅰ）当时，求在处的切线方程；（Ⅱ）设函数，①假设函数有且仅有一个零点时，求的值；②在①的条件下，假设，，求的取值范围。解：（Ⅰ）当时，定义域，，又18/18\n在处的切线方程（Ⅱ）①令，那么即令，那么令，，，在上是减函数又，所以当时，，当时，，所以在上单调递增，在上单调递减，，所以当函数有且今有一个零点时，（Ⅱ）当，，假设只需证明令得或，又，函数在上单调递增，在上单调递减，在上单调递增又g（）=-e-3+2，g（e）=2e2-3e∵g（）=-e-3+2＜2＜2e＜2e（）=g（e），∴g（）＜g（e），∴m≥2e2-3e64.请考生在A，B，C三题中任选一题作答，如果多做，那么按所做的第一题记分．做答时，用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的标号涂黑．A.选修4－1：几何证明选讲　　如以下图，为圆的直径，，为圆的切线，，为切点.　（Ⅰ）求证：；　（Ⅱ）假设圆的半径为2，求的值.解：(I)连接是圆的两条切线，，,又为圆的直径，，,,即得证，(II),,△∽△，。B.选修4－4：坐标系与参数方程已知在直角坐标系中，圆的参数方程为（为参数）.（Ⅰ）以原点为极点、轴正半轴为极轴建立极坐标系，求圆的极坐标方程；（Ⅱ）已知，圆上任意一点，求△面积的最大值.解：（I）圆的参数方程为（为参数）所以普通方程为圆的极坐标方程：（II）点到直线：的距离为△的面积所以△面积的最大值为-5：不等式选讲已知函数且的解集为18/18\n（Ⅰ）求k的值；（Ⅱ）假设是正实数，且，求证：。解：（Ⅰ）因为，所以等价于由有解，得，且其解集为又的解集为，故（Ⅱ）由（Ⅰ）知又是正实数，由均值不等式得当且仅当时取等号。也即65.请考生在A，B，C三题中任选一题作答，如果多做，那么按所做的第一题记分．做答时，用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的标号涂黑A．选修4—1：几何证明选讲如图，AB是⊙O的直径，C，F为⊙O上的点，CA是∠BAF的角平分线，过点C作CD⊥AF交AF的延长线于D点，CM⊥AB，垂足为点M.（I）求证：DC是⊙O的切线；（II）求证：AM·MB=DF·DA.解：（I）连结OC，∴∠OAC=∠OCA，又∵CA是∠BAF的角平分线，∴∠OAC=∠FAC，∴∠FAC=∠ACO，∴OC∥AD.∵CD⊥AF，∴CD⊥OC，即DC是⊙O的切线.（Ⅱ）连结BC，在Rt△ACB中，CM⊥AB，∴CM2=AM·MB.又∵DC是⊙O的切线，∴DC2=DF·DA.易知△AMC≌△ADC，∴DC=CM，∴AM·MB=DF·DAB．选修4－4：坐标系与参数方程极坐标系与直角坐标系有相同的长度单位，以原点为极点，以的参数方程为（为参数），曲线的极坐标方程为.（I）求的直角坐标方程；（II）设直线与曲线交于两点，求弦长.解：（Ⅰ）由，得，即曲线的直角坐标方程为．（Ⅱ）将直线的方程代入，并整理得，，．所以．C．选修4-5：不等式选讲已知函数18/18\n（I）假设，解不等式；（II）如果，求的取值范围．解：（Ⅰ）当时，由得当时，不等式可化为即，其解集为当时，不等式化为，不可能成立，其解集为；当时，不等式化为，其解集为综上所述，的解集为（Ⅱ），∴要成立，那么，，即的取值范围是。65.请考生在A，B，C三题中任选一题作答，如果多做，那么按所做的第一题记分．做答时，用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的标号涂黑A.选修4—1：几何证明选讲如图，四边形ABCD内接于圆．求对角线BD、AC的长．解：如图，延长DC，AB交于点E，那么,解得B.选修4—4：坐标系与参数方程已知曲线的极坐标方程为，以极点为坐标原点，极轴为轴正半轴建立平面直角坐标系，直线的参数方程为（为参数）(I)把曲线的极坐标方程化为直角坐标方程，把直线的参数方程化为普通方程；(II)求直线被曲线截得的线段的长.解：(I)由得即；由（为参数），消去参数，得；曲线的直角坐标方程为；直线的普通方程；(II)设直线交曲线于，那么，消去得，，，；所以，直线被曲线截得的线段的长为.C．选修4—5：不等式选讲已知a，b∈，a＋b＝1，，∈．（1）求的最小值；（2）求证：．解：（1）当且仅当时有最小值（2）证明：证法一：因为由柯西不等式可得：当且仅当，即时取得等号。18/18\n证法二：因为a，b∈R＋，a＋b＝1，，∈R＋所以当且仅当时，取得等号。18/18