高考二轮复习化学学案专题9《非金属元素及其化合物》doc高中化学

专题九非金属元素及其化合物【学法导航】1．（09年广东卷）广东正在建立海洋强省。以下说法不正确的选项是A.从海带中提取碘单质的过程涉及氧化复原反响B.往淡水中参加NaCl等配成人造海水，可用于海产品的长途运输C.赤潮主要是由工农业生产和生活废水引起沿海水域的富营养化而造成的D.海洋经济专属区的资源开发可获得Fe、Co、K、Au、Mg、B等金属【答案】D【方法要领】海水中含碘含的是碘离子(I—)，要从海水中提取碘单质(I2)必然会涉及到元素化合价的升降所以一定涉及氧化复原反响，故A正确；赤潮主要是由生活污水和工农业生产的废水任意排放引起水中N、P元素增高造成水域的水富营养化而造成的，故C正确；由于岩石、大气、生物的相互作用，B不是金属元素，故D不正确。2.（09年广东卷）以下浓度关系正确的选项是A.氯水中：c(Cl2)=2[c()+c()+C(HClO)]B.氯水中：c()＞c()＞c()＞c()C.等体积等浓度的氢氧化钠与醋酸混合：c（）=c（）D.溶液中：c【答案】D【方法要领】根据氯水中所含粒子的种类可知氯水中也含有氯气分子A设置了一个貌似物料守恒的式子而无视了氯气分子的存在，故A错；根据Cl2+H2OHClO+H＋+Cl－，HCl完全电离而HClO局部电离，可知正确的顺序c(H+)>c(Cl—-33-/33\n)>c(ClO—)>c(OH—)，B错；C项等物资的量的强碱与弱酸混合生成强碱弱酸盐溶液显碱性c()＞c()，再根据溶液中电荷守恒可以判断c（）＞c（；D项比较简单3.（09年山东卷）以下关于氯的说法正确的选项是A.Cl2具有很强的氧化性，在化学反响中只能作氧化剂B.假设1735Cl、1737Cl为不同的核素，有不同的化学性质C.实验室制备Cl2，可用排饱和食盐水集气法收集D.1.12LCl2含有1.7NA个质子（NA表示阿伏伽德罗常数）【答案】C【方法要领】Cl2中的氯元素化合价为0处于中间价态，既有氧化性又有复原性，A错误；同位素原子的质子数和电子数分别相等，所以化学性质几乎完全相同，B错误；通过实验室制得的Cl2中含有少量HCl,Cl2在饱和食盐水中溶解度很小，而HCl,易溶，C正确；没有指明气体所处状态，D错误。4.（09年山东卷）以下推断合理的是A.明矾[KAl（SO4）2·12H2O]在水中能形成Al（OH）3胶体，可用作净水剂B.金刚石是自然界中硬度最大的物质，不可能与氧气发生反响C.浓H2SO4有强氧化性，不能与Cu发生剧烈反响D.将SO2通入品红溶液，溶液褪色后加热恢复原色；将SO2通入溴水，溴水褪色后加热也能恢复原色-33-/33\n【答案】A【方法要领】KAl（SO4）2·12H2O电离出的Al3+能水解，生成Al（OH）3胶体，可用作净水剂，A正确；金刚石能够与氧气发生反响，生成二氧化碳，B错误；浓H2SO4有强氧化性，在加热条件下与Cu可剧烈反响，C错误；SO2使品红溶液褪色，加热颜色能复原；SO2和溴水发生氧化复原反响，加热不能恢复原来颜色，D错误。5.以下实验能证明某无色气体为SO2的是（）①能使澄清石灰水变浑浊②能使湿润的蓝色石蕊试纸变红③能使品红试液褪色，加热后又显红色④能使溴水褪色，再滴加酸化的BaCl2溶液有白色沉淀产生A．①②③④B．①③④C．③④D．②③④【答案】C【方法要领】能使澄清石灰水变浑浊的气体有SO2、CO2；能使湿润的蓝色石蕊试纸变红的气体为酸性气体(如：HCl、HBr、SO2、CO2等)；能使品红褪色的气体有Cl2、SO2，但Cl2有颜色，褪色后加热又显红色的只有SO2；能使溴水褪色，再滴加酸化的BaCl2溶液有白色沉淀生成，只有SO2气体符合。【规律总结】SO2和CO2都能使澄清的石灰水变浑浊，假设通入的气体过量，那么沉淀都可消失。所以不能用澄清的石灰水鉴别SO2和CO2。通常可用以下方法：①用品红溶液，使品红溶液褪色的是SO2，不能使品红溶液褪色的是CO2。②用氢硫酸，出现浑浊的是SO2，无明显现象的是CO2。2H2S+SO22H2O+3S↓③用高锰酸钾溶液，紫色褪去的是SO2，无明显现象的是CO2。2KMnO4+5SO2+2H2OK2SO4+2MnSO4+2H2SO4-33-/33\n④用溴水，使橙色褪去的是SO2，无明显现象的是CO2。Br2+2H2O+SO22HBr+H2SO4⑤用硝酸酸化的硝酸钡溶液，产生白色沉淀的是SO2，无明显现象的是CO2。2H2O+2HNO3+3SO23H2SO4+2NOBa(NO3)2+H2SO4BaSO4↓+2HNO3⑥用FeCl3溶液，使棕黄色颜色变浅的是SO2，无明显现象的是CO2。2FeCl3+SO2+2H2OFeCl2+FeSO4+4HCl6.都能用右图所示装置进展喷泉实验的一组气体是（注：烧杯内为NaOH溶液）A．HCl和CO2B．NH3和CH4C．SO2和COD．NO2和NO【答案】A【方法要领】在上述气体中，CH4、NO、CO不溶于NaOH溶液，也不与NaOH溶液反响，所以不能做喷泉实验，而HCl、SO2、CO2不仅可溶于NaOH溶液而且还可与NaOH溶液反响，所以能形成喷泉。【注意】满足以下条件时，均能形成美丽的喷泉：①液体为水时，NH3、HBr、HCl、HI、SO2等易溶于水的气体或是NO2、NO2＋O2、NO＋O2、NO2＋NO＋O2等易与水反响的气体。②液体是NaOH、KOH等强碱性溶液时，CO2、SO2、NO2、H2S等酸性气体。③液体是盐酸或硫酸时，NH3等碱性气体7.（2022届南通市第一次调研测试）-33-/33\n汉代器物上的颜料“汉紫”至今尚没有发现其自然存在的记载。20世纪80年代科学家进展超导材料研究时，偶然发现其成分为紫色的硅酸铜钡（化学式：BaCuSi2Ox，Cu为＋2价），以下有关“汉紫”的说法中不正确是（）A．用盐的形式表示：BaSiO3·CuSiO3B．用氧化物形式表示：BaO·CuO·2SiO2C．易溶于强酸、强碱D．性质稳定，不易褪色【答案】C【方法要领】根据化合物中正负化合价的代数和等于零可知，A、B正确。硅酸盐只溶于强酸不溶于强碱，C错。从题给信息：汉代器物上的颜料“汉紫”可知“汉紫”性质稳定，不易褪色，D正确。8.（09年福建卷）短周期元素Q、R、T、W在元素周期表中的位置如右图所示，期中T所处的周期序数与主族序数相等，请答复以下问题：（1）T的原子构造示意图为_______.（2）元素的非金属性为（原子的得电子能力）：Q______W(填“强于”或“弱于”)。(3)W的单质与其最高价氧化物的水化物浓溶液共热能发生反响，生成两种物质，其中一种是气体，反响的化学方程式为_____.(4)原子序数比R多1的元素是一种氢化物能分解为它的另一种氢化物，此分解反响的化学方程式是__________.(5)R有多种氧化物，其中甲的相对分子质量最小。在一定条件下，2L的甲气体与0.5L的氯气相混合，假设该混合气体被足量的NaOH溶液完全吸收后没有气体残留，所生成的R的含氧酸盐的化学式是__________.-33-/33\n(6)在298K下，Q、T的单质各1mol完全燃烧，分别放出热量aKJ和bKJ。又知一定条件下，T的单质能将Q从它的最高价氧化物中置换出来，假设此置换反响生成3molQ的单质，那么该反响在298K下的=________(注：题中所设单质均为最稳定单质)【答案】（1）（2）弱于(3)S+2H2SO4(浓)3SO2↑+2H2O(4)2H2O2MnO22H2O+O2↑（或其他合理答案）（5）NaNO2(6)(3a–4b)KJ/mol【方法要领】此题考察无机物的性质，涉及化学用语、方程式书写、氧化复原反响以及热化学的知识。从给出的表，结合T在周期表的位置与族数相等这一条件，不难得出T为Al，Q为C，R为N，W为S。（1）T为Al，13号元素。（2）S、C最高价氧化物对应的酸为硫酸强于碳酸，那么可得非金属性S强于C。（3）S与H2SO4发生归中反响，从元素守恒看，肯定有水生成，另外为一气体，从化合价看，只能是SO2。（4）比R质子数多1的元素为O，存在H2O2转化为H2O的反响。（5）N中相对分子质量最小的氧化物为NO，2NO+O2=2NO2，显然NO过量1L，同时生成1L的NO2，再用NaOH吸收，从氧化复原角度看，+2价N的NO与+4价N的NO2，应归中生成+3N的化合物NaNO2。（6）C+O2CO2DH=－aKj/mol①，4Al+3O2=2Al2O3DH=－4bKj/mol②。Al与CO2的置换反响，写出反响方程式为：4Al+3CO23C+2Al2O3，此反响的DH为可由②－①×3得，DH=－4b－(-3a)=(3a-4b)Kj/mol9．某兴趣小组设计出右图所示装置来改进教材中“铜与硝酸反响”实验，以探究化学实验的绿色化。（1）实验前，关闭活塞b，试管d中加水至浸没长导管口，塞紧试-33-/33\n管c和d的胶塞，加热c。其目的是。（2）在d中加适量NaOH溶液，c中放一小块铜片，由分液漏斗a向c中参加2mL浓硝酸。c中反响的化学方程式是。再由a向c中加2mL蒸馏水，c中的实验现象是。方案反响物甲Cu、浓HNO3乙Cu、稀HNO3丙Cu、O2、稀HNO3（3）右表是制取硝酸铜的三种方案，能表达绿色化学理念的最正确方案是。理由是_____________。（4）该小组还用上述装置进展实验证明氧化性KMnO4＞Cl2＞Br2。操作步骤为，实验现象为；但此实验的缺乏之处是。【答案】（1）检查装置气密性。（2）Cu+4HNO3(浓)Cu(NO3)2+2NO2↑+2H2O反响变缓，气体颜色变淡。（3）丙；耗酸量最少，无污染。（4）向d中参加KBr溶液，c中参加固体KMnO4，由a向c中参加浓盐酸；c中有黄绿色气体产生，d中溶液变为黄棕色；没有处理尾气。【方法要领】（1）根据题目的表达可以知道，这样操作的目的是检验装置的气密性，按题目所述假设d试管内有气泡，且冷却后导管中有一段水柱，说明气密性良好。（2）c中放一小块铜片，由分液漏斗a向c中参加2mL浓硝酸时发生反响为Cu+4HNO3(浓)Cu(NO3)2+2NO2↑+2H2O；假设再由a-33-/33\n向c中加2mL蒸馏水，浓硝酸的浓度变小，所以反响变得缓慢、产生的气体颜色变浅。（3）甲方案制取硝酸铜的反响方程式为Cu+4HNO3(浓)Cu(NO3)2+2NO2↑+2H2O，乙方案制取硝酸铜的反响方程式为3Cu+8HNO3(稀)3Cu(NO3)2+2NO↑+4H2O，丙制取硝酸铜的反响方程式为2Cu＋O2＋2HNO32Cu(NO3)2。比较这三种方案的化学方程式可以发现均制取1molCu(NO3)2时消耗硝酸的量分别为4mol、mol、1mol，丙方案消耗的硝酸的量最少且不产生污染。（4）假设用上述装置进展实验证明氧化性KMnO4＞Cl2＞Br2，根据氧化复原反响的规律可以得出应先用KMnO4制Cl2，再用Cl2制Br2。所以实验的操作步骤为向d中参加KBr溶液，c中参加固体KMnO4，由a向c中参加浓盐酸；其中实验的现象为c中有黄绿色气体产生，d中溶液变为黄棕色。但是由于Cl2和Br2均为有毒的气体，所以需要尾气处理。【规律总结】对铜与硝酸反响实验装置的改进设计有如下的几个要点：①反响开场前装置怎样防止装置内的空气；②怎样使铜与稀硝酸反响能自动停顿，防止NO过多；③反响后，能有效的通入空气，证明NO；同时还要防止NO及生成的NO2逸散到空气中10、某化工厂每小时生产at（吨）98%（质量分数）硫酸。为使硫充分燃烧，且在下一步催化氧化时不再补充空气，要求燃烧后的混合气体中含氧气的体积分数为b%。假设空气中氧气的体积分数为21%，且不考虑各生产阶段的物料损失，那么（2022年高考试测题）（1）该厂每小时消耗标准状况下空气的体积为m3。（2）为满足题设要求，b%的下限等于。【答案】（1）22400a/(21-b)；（2）7%-33-/33\n【方法要领】（1）每小时生产的纯硫酸为(a×106g×98%)÷98g/mol=a×104mol。生产过程中生成的SO2和SO3也都是a×104mol。设每小时消耗空气的体积为V，那么由S+O2=SO2消耗O2的体积等于生成的SO2体积，即燃烧前空气的体积等于燃烧后混合气体的体积，据此可得以下关系：空气中O2的体积=反响中消耗的O2的体积+燃烧后混合气体中O2的体积，即V×21%=a×104mol×22.4L/mol×10-3m3/L+V×b%，V=22400a/(21-b)。（2）“b的下限”，其含义是指燃烧后剩余的O2在第二步催化氧化时恰好完全反响，也就是说，燃烧前空气中的氧（空气体积的21%）恰好满足两步反响。因S+O2=SO2和O2+2SO2=2SO3两步反响耗O2之比为2:1，故燃烧后（第一步反响后）混合气体中O2的体积分数的下限是b%=(1/3)×21%=7%。【典例精析】一、非金属元素化合物通性例1.（09年全国1卷）已知周期表中，元素Q、R、W、Y与元素X相邻。Y的最高化合价氧化物的水化物是强酸。答复以下问题：（1）W与Q可以形成一种高温构造陶瓷材料。W的氯化物分子呈正四面体构造，W的氧化物的晶体类型是；（2）Q的具有相同化合价且可以相互转变的氧化物是；（3）R和Y形成的二元化合物中，R呈现最高化合价的化合物的化学式是；（4）这5个元素的氢化物分子中，①立体构造类型相同的氢化物的沸点从高到低排列次序是（填化学式），其原因是；②电子总数相同的氢化物的化学式和立体构造分别是；-33-/33\n（5）W和Q所形成的构造陶瓷材料的一种合成方法如下：W的氯化物与Q的氢化物加热反响，生成化合物W(QH2)4和HCL气体；W(QH2)4在高温下分解生成Q的氢化物和该陶瓷材料。上述相关反响的化学方程式（各物质用化学式表示）是。【解析】此题可结合问题作答。W的氯化物为正四体型，那么应为SiCl4或CCl4，又W与Q形成高温陶瓷，故可推断W为Si。（1）SiO2为原子晶体。（2）高温陶瓷可联想到Si3N4,Q为N，那么有NO2与N2O4之间的相互转化关系。（3）Y的最高价氧化的的水化物为强酸，且与Si、N等相邻，那么只能是S。R为As，所以R的最高价化合物应为As2S5。（4）显然x为P元素。①氢化物沸点顺序为NH3>AsH3>PH3,因为前者中含有氢键后两者构型相同，分子间作用力不同。②SiH4、PH3和H2S的电子数均为18。，构造分别为正四面体，三角锥和V形。（5）由题中所给出的含字母的化学式可以写出具体的物质，然后配平即可【答案】（1）原子晶体。（2）NO2和N2O4（3）As2S5。（4）①NH3>AsH3>PH3,因为前者中含有氢键,后两者构型相同，分子间作用力不同；②电子数相同的有SiH4、PH3和H2S构造分别为正四面体，三角锥和V形。（5）SiCl4+4NH3=Si(NH2)4+4HCl，3Si(NH2)4=8NH3+Si3N4例2.（1）氰化钾、氰化氢的制备反响式为：K2CO3＋C＋2NH32KCN＋3H2O；△H＝+276kJ／mol①CO＋NH3HCN＋H2O；△H＝＋46kJ／mol②氰离子为负一价（CN-），其中碳氮元素的化合价分别为________。以上两个反响是否均为氧化复原反响？（2）制备纯洁无水HCN（沸点299K）的另一种方法是：混合磨细的KCN和KHS粉末适度加热①试写出这个反响式。②为什么要磨细和用粉末？③为什么要强调适度加热？【解析】-33-/33\n据共价键理论，一般当碳同非金属性比它强的元素结合时，碳显正价，氮为负价，为-3价，所以（CN-）中碳为+2价，氮为-3价。故①为氧化复原反响，②为非氧化复原反响。第二种方法制备HCN是固体与固体之间的反响，故磨细和用粉末的目的是增大外表积，加快反响速率，据题意知，第二种方法制备HCN如温度太低，反响速率较小，温度太高，那么酸式盐易分解发生副反响：2KHSK2S＋H2S↑。该反响的化学方程式为KCN＋KHSHCN↑＋K2S。【答案】（1）-3、①为氧化复原反响，②为非氧化复原反响。（2）KCN＋KHSHCN↑＋K2S。第二种方法制备HCN是固体与固体之间的反响，故磨细和用粉末的目的是增大外表积，加快反响速率.二、氯及卤族元素例3.（2022届龙岩一中第一学段考试）以下实验现象，与新制氯水中的某些成分（括号内物质）没有关系的（）A．将NaHCO3固体参加新制氯水，有无色气泡（H+）B．使红色布条褪色（HCl）C．向FeCl2溶液中滴加氯水，再滴加KSCN溶液，发现呈血红色（Cl2）D．滴加AgNO3溶液生成白色沉淀（Cl-）【解析】氯水中存在H+，与NaHCO3反响产生CO2，与H+相关；氯水使红色布条褪色是因为氯水中存在HClO，而不是因为氯水中存在HCl；氯水中存在Cl2能氧化Fe2+→Fe3+，故滴加KSCN溶液，溶液呈血红色；氯水中存在Cl-能与AgNO3溶液生成白色沉淀。【答案】B例4.以下有关氯的表达中正确的选项是　　-33-/33\nA．液氯和氯水是同一物质B．红磷在氯气中燃烧产生白色烟雾C．氯气与水的反响中氯是氧化剂，水是复原剂D．用氯制漂白粉是为了得到易贮存的漂白剂【解析】液氯、氯水都是液体，但前者是纯氯，后者是氯与水的混合物，时间延长氯水中还逐渐生成盐酸和次氯酸，氯分子渐少，氯离子渐多。如果再有光照，因分解也在渐少，出现氧气和更多盐酸。氯与水的反响是氯分子中氯原子间发生的自身氧化复原，即歧化反响,水虽然是反响物，却未参加氧化复原。A、C不正确。烟是分散在气体中的固体小颗粒，雾是分散在气体里的液体小珠滴。磷在氯气里燃烧的产物三氯化磷是无色液体，可发雾；五氯化磷是浅黄色固体，能形成烟。漂白粉和氯都可以作为漂白剂、消毒剂，且氯更有效。但氯气难贮存，又有剧毒，一般医用、家用的漂白剂和消毒剂使氯气是不合宜的，所以制成漂白粉便于贮存和使用。漂白粉保存得当，如密闭，以防止吸水和而变质，可以存放较长时间。B、D正确。【答案】B、D。例5.多原子分子氰（CN）2、硫氰（SCN）2和（OCN）2的性质与卤素单质相似，故称它们为拟卤素。它们可以生成酸和盐（见下表，表中X代表F、Cl、Br或I）。卤素氰硫氰①“单质”X2（CN）2（SCN）2（OCN）2酸HXHCN②HOCN盐KXKCNKSCN③（1）在表中①②③空格处应分别填写_______、_______、_______。-33-/33\n（2）完成以下反响的化学方程式或离子方程式。①（CN）2和KOH溶液反响的化学方程式为：______________。②已知阴离子的复原性强弱为：Cl－＜Br－＜CN－＜SCN－＜I－。试写出在NaBr和KSCN的混合溶液中参加（CN）2反响的离子方程式：____________________________________。【解析】此题主要考察“运用已学知识进展类推思维的能力”。解题时可用熟知的Cl2、HCl、KCl等物质作参照物。由复原性Br—<CN—<SCN—，可推知氧化性Br2>（CN）2>（SCN）2，因而可判断（CN）2只能与KSCN反响，不能与NaBr反响，亦即由物质的氧化性和复原性的强弱，可以判断氧化复原反响能否发生。【答案】（1）氧氰HSCNKOCN（2）①（CN）2+2KOH====KCN+KOCN+H2O②（CN）2+2SCN－====2CN－+（SCN）2三、硫与硫的化合物例6.（09年福建卷）能实现以下物质间直接转化的元素是A.硅B.硫C.铜D.铁【解析】S与O2生成SO2，再与H2O生成H2SO3，可以与NaOH生成Na2SO3，B项正确。A项，SiO2不与水反响，错；C项中CuO，D项中Fe3O4均不与H2O反响，故错。【答案】B例7.（09年广东卷）常温下，往H2O2溶液中滴加少量FeSO4溶液，可发生如下两个反响：2Fe2++H2O2+2H+＝2Fe3++2H2O2Fe3++H2O2＝2Fe2++O2↑+2H+以下说法正确的选项是A．H2O2的氧化性比Fe3+强，其复原性比Fe2+弱B．在H2O2分解过程中，溶液的pH逐渐下降-33-/33\nC．在H2O2分解过程中，Fe2+和Fe3+的总量保持不变D．H2O2生产过程要严格防止混入Fe2+【解析】结合A、B两个方程式根据氧化性、复原性强弱比较规律：得H2O2的氧化性>Fe3+的氧化性，H2O2的复原性>Fe2+的复原性，A错；2H2O2＝2H2O+O2↑，分解过程中，Fe2+作催化剂，溶液pH值不变，B错，H2O2分解Fe3+或Fe2+作催化剂，所以总量不变。因为Fe2+可导致H2O2分解，所以H2O2生产过程要防止混入Fe2+，D正确。【答案】CD四、氮及氮的化合物氮族元素例8.(09年全国2卷)物质的量之比为2：5的锌与稀硝酸反响，假设硝酸被复原的产物为N2O，反响完毕后锌没有剩余，那么该反响中被复原的硝酸与未被复原的硝酸的物质的量之比是A.1：4B.1：5C.2：3D.2：5【解析】设2molZn参与反响，因Zn无剩余，那么最终生成了2molZn(NO3)2，显然含有4molNO3－，这局部是没有参与氧化复原反响的HNO3，根据得失电子守恒有：2×n(Zn)=n(HNO3)×4，那么n(HNO3)=1mol，即有1molHNO3被复原。【答案】A例9.最新研究说明：NO吸收治疗法可快速改善SARS重症患者的缺氧状况，缓解病情。病毒学研究同时证实，NO对SARS病毒有直接抑制作用。以下关于NO的表达正确的选项是（）A．NO是一种红棕色的气体-33-/33\nB．常温常压下，NO不能与空气中氧气直接化合C．含等质量的氧元素的NO和CO的物质的量相等D．NO易溶于水，不能用排水法收集【解析】NO是一种无色难溶于水的气体，可以用排水法收集。常温常压下，NO容易与氧气直接化合生成NO2。【答案】C五、碳族元素无机非金属材料例10.(09年全国2卷)以下徐树中正确的选项是A.向含有CaCO3沉淀的水中通入CO2至沉淀恰好溶解，再向溶液中参加NaHCO3饱和溶液，又有CaCO3沉淀生成B.向Na2CO3溶液中逐滴参加等物质的量的稀盐酸，生成的CO2与原Na2CO3的物质的量之比为1：2.C.等质量的NaHCO3和Na2CO3分别与足量盐酸反响，在同温同压下，生成的CO2体积相同D.向Na2CO3饱和溶液中通入CO2，有NaHCO3结晶析出【解析】CaCO3与CO2反响生成Ca(HCO3)2,再参加NaHCO3是没有现象的，A项错；向Na2CO3溶液中逐滴参加等物质的量的稀盐酸，仅生成NaHCO3，无CO2气体放出，B项错；等质量的NaHCO3和Na2CO3，其中NaHCO3的物质的量多，与足量HCl反响时，放出的CO2多，C项错；D项，发生的反响为：Na2CO3+CO2+H2O=2NaHCO3↓，由于NaHCO3的溶解性较小，故有结晶析出，正确。【答案】D例11、（09年广东卷）以下说法都正确的选项是①江河入海口三角洲的形成通常与胶体的性质有关-33-/33\n②四川灾区重建使用了大量钢材，钢材是合金③“钡餐”中使用的硫酸钡是弱点解质④太阳能电池板中的硅在元素周期表中处于金属与非金属的交界位置⑤常用的自来水消毒剂有氯气和二氧化氮，两者都含有极性键⑥水陆两用公共汽车中，用于密封的橡胶材料是高分子化合物A.①②③④B.①②④⑥C.①②⑤⑥D.③④⑤⑥【解析】根据胶体的性质①正确；钢材是铁和碳的合金，②正确；“钡餐”是硫酸钡，但硫酸钡是强电解质，因为尽管硫酸钡是难溶物但溶于水的局部确实完全电离的③错；硅元素位于周期表第三周期第ⅣA主族，是处于金属与非金属的交界处，④正确；氯气是由非极性键组成的单质，⑤错；橡胶是高分子化合物，⑥正确。【答案】B六、以非金属元素及其化合物的性质为背景的综合计算例12.（1）将mg铁粉和ng硫粉均匀混合，在密闭容器中加热到红热，冷却后参加____Lbmol·L-1的盐酸就不再产生气体。假设把已放出的气体收集起来，在标准状况下的体积是______。（2）假设把0.1mol铁粉和1.6g硫粉均匀混合后，铺在石棉网上用酒精灯加热引燃，完全反响后，将残渣全部放入过量的稀H2SO4中充分反响，结果所产生的气体体积在标准状况下明显少于2.24L，其原因是__________________________________________________。【解析】（1）由Fe+SFeS，FeS+2HClFeCl2+H2S↑，得Fe～2HCl；又由Fe+2HClFeCl2+H2↑，得Fe～2HCl，即产生气体的总体积和消耗的盐酸的量与硫粉量无关，只由铁的量确定。设参加bmol·L-1盐酸的体积为V，那么-33-/33\n×2=V×bmol·L-1，得V=L或mL标准状况下产生气体的体积为×22.4L·mol-1=0.4mL。（2）n（S）==0.05mol＜0.1mol，铁粉过量，过量的铁粉在加热的条件下被空气中的氧气氧化，生成的铁的氧化物与H2SO4反响不再放出H2，故放出气体的体积小于2.24L。【答案】（1）0.4mL（2）与硫反响的铁粉过量，过量的铁粉在加热的条件下被空气中的氧气氧化，生成了铁的氧化物，与H2SO4反响不再放出H2，故放出气体的体积小于2.24L七、以非金属元素及其化合物的性质为背景的离子检验例13.（2022年上海）今有一混合物的水溶液，只可能含有以下离子中的假设干种：K+、NH4+、Cl-、Mg2+、Ba2+、CO32-、SO42-，现取三份100mL溶液进展如下实验：（1）第一份参加AgNO3溶液有沉淀产生（2）第二份加足量NaOH溶液加热后，收集到气体0.04mol（3）第三份加足量BaCl2溶液后，得枯燥沉淀6.27g，经足量盐酸洗涤、枯燥后，沉淀质量为2.33g。根据上述实验，以下推测正确的选项是（）A．K+一定存在B．100mL溶液中含0.01molCO32-C．Cl-可能存在D．Ba2+一定不存在，Mg2+可能存在【解析】参加NaOH溶液加热后有气体产生，说明溶液中含NH4+；加足量BaCl2溶液后有沉淀产生，说明溶液中含CO32-或SO42-或CO32-、SO42-均有，经盐酸洗涤、枯燥后，沉淀局部溶解，故CO32-、SO42-均有。因溶液中含CO32-、SO42-，故不含Mg2+、Ba2+；从实验（3）可见，溶液中含SO42-0.01mol，含CO32--33-/33\n0.02mol，从实验（2）得知，溶液中含NH4+0.04mol，故应还最少含K+0.02mol，Cl-可能存在也可能不存在。【答案】AC例14.对某酸性溶液（可能含有Br-、SO42-、H2SO3、NH4+）分别进展如下实验：①加热时放出的气体可以使品红溶液褪色②加碱调至碱性后，加热时放出的气体可以使湿润的红色石蕊试纸变蓝③参加氯水时，溶液略显黄色，再参加BaCl2溶液时，产生的白色沉淀不溶于稀硝酸。对于以下物质不能确认其在溶液中是否存在的是（）A．Br-B．SO42-C．H2SO3D．NH4+【解析】①加热时放出的气体可以使品红褪色，那么溶液中一定含有H2SO3，因H2SO3不稳定，分解产生的SO2可使品红褪色。②加碱后加热，产生使润湿的红色石蕊试纸变蓝的气体，即有NH3产生，说明溶液中一定含有NH4+。③加氯水时溶液显黄色，说明原溶液中含有Br-。再加BaCl2有白色不溶于HNO3的沉淀生成，说明此时溶液中含SO42-，但可能是原溶液含有的，也可能是氯水氧化H2SO3产生的，故不能确定的为SO42-。【答案】B八、以非金属元素及其化合物的性质为背景的实验试题例15.（2022届创博智典联考题）中学教材高中化学第一册有如以以下图1所示的铜与浓硫酸反响实验装置，该实验过程中会有二氧化硫气体放出，污染室内空气，严重地损害师生安康．为此某课外小组对此实验进展如图2所示的改进，改进的实验操作简单现象明显，并且几乎无二氧化硫气体泄漏。实验步骤如下： 图1图2①首先按装置图安装仪器，安装仪器时，在支管胶塞的铁丝构上挂一片品红试纸。-33-/33\n　　②向试管中参加约10毫升的浓硫酸，加热（在加热浓硫酸时，将铜片向上提起，铜片先不要伸入浓硫酸中），当加热至沸腾时，把铜片放下，使其完全浸入浓硫酸中，反响即刻发生。等不需要反响时停顿加热并将铜片提起，离开浓硫酸，反响就停顿了。答复以下问题：（1）如图2所示，铜片与沸腾的浓硫酸接触后可看到的现象有：　；（2）塑料袋作用是：　　　　　　　　　　　　　　　　；（3）为了防止反响完毕后留在试管中的气体和塑料袋中的气体污染环境，可进展的操作是：；相关的离子方程式是：。【解析】当铜片接触热浓硫酸时，有大量的白雾产生（白雾是由于二氧化硫气体与水结合形成亚硫酸小液滴缘故）并沿支管口喷在品红试纸上，使品红试纸的红色开场褪色，而且原来无色硫酸溶液开场变绿，当品红试纸完全褪成白色后，把铜片向上提使其离开浓硫酸溶液，反响马上停顿。【答案】（1）支管口有白雾，试管中出现绿色，品红试纸褪色，铜片局部溶解。（2）收集多余的SO2气体，防止污染空气；（3）在反响后的试管中、塑料袋中加适量的碱吸收SO2气体SO2+2OH-H2O+SO32-或SO2+OH-HSO3-九、以非金属元素及其化合物的性质为背景的综合运用例16、（09年福建卷）在一定条件下，Na2CO3溶液存在水解平衡：。以下说法正确的选项是A.稀释溶液，水解平衡常数增大B.通入CO2，平衡朝正反响方向移动C.升高温度，减小D.参加NaOH固体，溶液PH减小【解析】平衡常数仅与温度有关，故稀释时是不变的，A项错；CO2通入水中，相当于生成H2CO3，可以与OH－反响，而促进平衡正向移动，B项正确；升温，促进水解，平衡正向移动，故表达式的结果是增大的，C项错；D项，参加NaOH,碱性肯定增强，pH增大，故错。-33-/33\n【答案】B例17、A、B、C是在中学化学中常见的三种化合物,它们各由两种元素组成,甲、乙是两种单质.这些化合物和单质之间存在如下的关系:化合物A单质甲化合物A和化合物C单质乙和化合物C单质乙化合物B化合物B据此判断:(1)在A、B、C这三种化合物中,必定含有乙元素的是.(用A、B、C字母填写)(2)单质乙必定是(填"金属"或"非金属"),其理由是.(3)单质乙的分子式可能是,那么化合物B的分子式是.【解析】(1)根据题意，可转化为如下三个反响①甲＋乙→A，②甲＋B→A+C,③A+B→乙＋C，由①可知化合物A中一定含有乙元素，由②A中含乙元素，一定来源于化合物B，所以A、B均含有乙元素。(2)由③看出，该反响一定是氧化复原反响，乙为单质，A、B中又都含有乙元素，所以乙元素在A、B中必有一个显正价，另一个显负价。在中学化学中只有非金属元素显负价，因而乙一定是非金属元素。(3)单质乙可能是S，B的化学式H2S，A的化学式为SO2，因此可写出以下反响关系SO2O2SO2和H2OS和H2OSH2SH2S也可认为乙是N2，也可以写出如下反响关系NOO2NO和H2ON2和H2ON2NH3NH3【专题突破】-33-/33\n一、选择题1．生产、生活离不开各种化学物质，以下说法不正确的选项是（）A．二氧化硅是电子工业中常用的半导体材料B．氢氧化铝可用于治疗胃酸过多C．氯气与烧碱溶液或石灰乳反响都能得到含氯消毒剂D．天然气、石油和煤均属于不可再生能源2．在给定条件下，以下加点的物质在化学反响中完全消耗的是（）A．标准状况下，将1g铝片投入20mL18.4mol/L的硫酸中B．常温下，向100mL3mol/L的硝酸中参加6.4gCuC．在适当温度和催化剂作用下，用2molSO2和1molO2合成SO3D．将含有少量H2O(g)的H2通入足量Na2O2容器中并不断用电火花点燃3．近日来，沈城“巨能钙”事件沸沸扬扬，原因在于局部巨能钙被检出含有双氧水，而双氧水有致癌性，可加速人体衰老。因此卫生部已开场加紧调查“巨能钙”事件。以下有关说法错误的选项是（）A．双氧水是绿色氧化剂，可作医疗消毒剂，说明H2O2对人体无害B．H2O2、Na2O2中都存在非极性共价键C．H2O2既有氧化性，又有复原性，与KMnO4反响时表现H2O2的复原性D．H2O2做漂白剂是利用其氧化性，漂白原理与HclO类似，和SO2不同4．通过对实验现象的观察、分析推理得出正确的结论是化学学习的方法之一。对以下事实解释正确的选项是（）现象解释AKI淀粉溶液中通入Cl2，溶液变蓝Cl2能与淀粉发生显色反响B在潮湿的空气中，铁制品易生锈铁、杂质碳和水膜形成了原电池-33-/33\nC某溶液中参加硝酸酸化的氯化钡溶液，有白色沉淀生成说明该溶液中含有SO42—D向盐酸中参加浓硫酸时产生白雾说明浓硫酸具有脱水性5．2022年诺贝尔化学奖授予善于做“外表文章”的德国科学家格哈德·埃特尔。他的成就之一是证实了气体在固体催化剂外表进展的反响，开创了外表化学的方法论。在汽车尾气净化装置里，气体在催化剂外表吸附与解吸作用的过程如以下图。以下说法错误的选项是（）A．NO和O2必须在催化剂外表才能反响B．NO2是该过程的中间产物C．汽车尾气的主要污染成分包括CO和NOD．该催化转化的总反响方程式为：2NO+O2+4CO4CO+N26．以下表达不正确的选项是（）A．构造陶瓷碳化硼（B4C3）常用于制造切削工具，它是一种新型无机非金属材料B．“雨后彩虹”“海市蜃楼”既是一种自然现象又是光学现象，也与胶体的知识有关C．严格的讲，“通风橱”是一种不负责任的防污染手段，因为实验山城的有害气体没有得到转化或吸收D．长期盛放NaOH溶液的滴瓶不易翻开，是因为NaOH与瓶中的CO2反响使瓶内气体减少形成“负压”之故-33-/33\n7．某同学为监察溶液中是否含有常见的四种无机离子，进展了以以下图所示的实验操作。其中检验过程中产生的气体能使红色石蕊试纸变蓝。由该实验能得到的正确结论是（）A．原溶液中一定含有SO42—离子B．原溶液中一定含有NH4+离子C．原溶液中一定含有Cl—离子D．原溶液中一定含有Fe3+离子8．以下说法正确的选项是A．工业用SiO2与焦炭制取单质硅过程中，生成的气体产物是COB．硫在空气中燃烧的产物是SO2，在纯洁氧气中燃烧的产物是SO3C．钠在敞口容器中长期存放和在空气中燃烧的产物都是Na2O2D．镁在空气中和纯洁氧气中燃烧的产物都只有MgO9．青石棉（cricidolite）是一种致癌物质，是《鹿特丹公约》中受限制的46种化学品之一，其化学式为Na2Fe5Si8O22(OH)2。青石棉用稀硝酸溶液处理时，复原产物只有NO，以下说法不正确的选项是A．青石棉是一种硅酸盐产品B．青石棉中含有一定量的石英晶体C．青石棉的化学组成可表示为：Na2O·3FeO·Fe2O3·8SiO2·H2OD．1mol青石棉能使1molHNO3被复原10．2022年诺贝尔化学奖授予德国化学家GerhardErtl，以表彰他对固体外表化学研究过程中的重大发现。使CO、NOx等在铂外表发生化学反响转变成无毒气体，以减少汽车尾气中有毒气体的排放，正是此项研究的重要应用之一。以下有关说法不正确的选项是（）A．CO在铂外表被氧化生成CO2，铂起催化作用-33-/33\nB．NOx、CO、CO2均能与人体中的血红蛋白结合C．CO在铂外表可能和O2、NOx反响D．汽车尾气中NOx在铂外表发生反响的产物是N211．（山东省聊城一中08—09高三期末综合）一氯氨（）中氨基离子带负电荷，预计它跟水反响的最初生成物是（）A．和HClB．和HClC．和HC1OD．和12．（山东2022-2022学年无棣二中第五次月考试题4月）如图，在注射器中参加少量Na2SO3晶体，并吸入少量浓硫酸（以不接触纸条为准）。那么以下有关说法正确的选项是（）浓硫酸亚硫酸钠晶体湿润蓝色石蕊试纸湿润淀粉KI试纸湿润品红试纸沾有KMnO4溶液的滤纸NaOHA．蓝色石蕊试纸先变红后褪色B．品红试纸、沾有KMnO4溶液滤纸均褪色证明了SO2漂白性C．湿润淀粉KI试纸未变蓝说明SO2的氧化性弱于I2D．实验室用氨水溶液除去多余的SO213.有以以下图所示的反响关系：A是中学化学中常见的无机物，A、B、C中含有同一种元素R，不含R的产物已经略去。(1)假设A与NaOH反响，既可生成B，也可生成C，还可生成B+C，写出符合上述反响关系的A的两种不同类型物质的分子式-33-/33\n(2)假设A与NaOH无论以何种比列反响，其产物均是B+C，那么A的分子式可能是(只要求写一种)；R在A、B、C中的化合价必须满足的条件是必介于B、C之间。14.A、B、C、D、E、F六种中学常见的物质，皆有短周期元素组成，有转化关系：（1）假设A、C、E皆为氧化物，且常温下A为无色液体，E为有毒气体。①B、D、F皆为非金属单质，且D为气体。那么A的构造式为。②B与C反响生成E和F的化学方程式为（2）假设B是由两种短周期元素组成的离子化合物，A、C为氧化物，E为气体单质，D、F是均有三种元素组成的离子化合物，它们的水溶液均呈碱性，相同浓度时D溶液的pH大于F。那么：B和C反响生成E和F的化学方程式为，列举该反响的一种用途。15．（山东省实验中学2022届高三第三次诊断）1．x是中学化学中的常见物质，X既能与稀硫酸反响，又能与氢氧化钠溶液反响。(1)假设X为氧化物．X的化学式为_____________。(2)假设X为单质，X用于焊接钢轨时，发生反响的化学方程式为_____________。(3)假设X与稀硫酸反响生成无色无味的气体A，与浓氢氧化钠溶液加热反响生成气-33-/33\n体B。等物质的量的A和B在水溶液中反响又生成X。常温下X与足量稀氢氧化钠溶液反响的离子方程式为_____________。II．铜既能与稀硝酸反响．也能与浓硝酸反响，当铜与一定浓度硝酸反响时，可将方程式表示为：(未配平)(1)硝酸在该反响中的作用是_____，该反响的复原产物是_____。(2)0.3molCu被硝酸完全溶解后，Cu失去的电子数是_____，如果得到的N0和NO物质的量相同，那么参加反响的硝酸的物质的量是_____，假设用捧水法收集这些气体，可得标准状况下的气体体积_____。(3)如果参加反响的Cu平的物质的量之比是5：14，写出并配平该反响的离子方程式________________________________________。16．某课外活动小组设计了以下实验方案验证Ag与浓硝酸反响的过程中可能产生NO。其实验流程图如下：Ag+HNO3H2O测定气体体积测定n(HNO3)01.20（1）测定硝酸的物质的量反响完毕后，从以以下图B装置中所得100mL溶液中取出25.00mL溶液，用0.1mol·L－1的NaOH溶液滴定，用酚酞作指示剂，滴定前后的滴定管中液面的位置如上图所示。在B容器中生成硝酸的物质的量为mol，那么Ag与浓硝酸反响过程中生成的NO2体积为mL。（2）测定NO的体积-33-/33\n①从上图所示的装置中，你认为应选用装置进展Ag与浓硝酸反响实验，选用的理由是。②选用上图所示仪器组合一套可用来测定生成NO体积的装置，其合理的连接顺序是（填各导管口编号）。③在测定NO的体积时，假设量筒中水的液面比集气瓶的液面要低，此时应将量筒的位置（“下降”或“升高”），以保证量筒中的液面与集气瓶中的液面持平。（3）气体成分分析假设实验测得NO的体积为112.0mL（已折算到标准状况），那么Ag与浓硝酸反响的过程中（填“有”或“没有”）NO产生，作此判断的依据是。17.海水是人类的资源宝库，假设把海水淡化和化工生产结合起来，既可解决淡水资源缺乏的问题，又可充分利用海洋资源。I、海水淡化历史最悠久、技术最成熟的方法是。II、海水中溴元素以Br—形式存在，工业上用空气吹出法从海水中提取溴的工艺流程如以以下图：空气吹出步骤②步骤③SO2吸收氯气氯化步骤①海水含溴的空气溴水混合物I液溴蒸馏步骤⑤吸收液溴水混合物II氯气氯化步骤④（1）步骤①反响的离子方程式是。（2）步骤③反响的化学方程式是。（3）提取溴单质，采用蒸馏“溴水混合物II”而不是蒸馏“溴水混合物I”，请说明原因。III、（1）请写出电解食盐水制取氯气的化学方程式。（2）假设电解2L饱和食盐水，通过电路的电子的物质的量为2mol,那么假设用混合均匀后的pH为；假设用该溶液将阳极产物全部吸收，反响是离子方程式为，所得溶液的pH7（填“＞”、“=”、“＜”），理由是。-33-/33\n（3）已知常温下三种物质电离反响的平衡常数如下：H2CO3HCO3—+H+K1=4.45×10—7，HCO3—CO32—+H+K2=5.16×10—11，，HClOClO—+H+K3=2.95×10—8，请写出氯气和碳酸钠物质的量之比为1∶1时，把氯气通入碳酸钠溶液中反响的离子方程式：。【答案】1A2D3A4B5A6D7B8A9B10B11C12C13：（1）CO2(SO2)、H2S、AlCl3中任选两种（2）Cl2；A中R的化合价必介于B、C之间。14（1）①H—O—H②2C+SiO2Si+2CO↑（各2分）（2）2Na2O2+2CO2=Na2CO3+O2；呼吸面具和潜水艇中做为氧气的来源15（1）（2）①②（3）0.02（4）①负极，；阳极，②1316（1）0.008mol（2分）；268.8（2分）；（2）①A（1分），因为A装置可以通N2将装置中的空气排尽，防止NO被空气中O2氧化（2分）②123547（2分）（注：1547考虑也给分）③升高（1分）（3）有（2分）因为NO2与水反响生成的NO的体积小于收集到的NO的体积（89.6＜112.0）17I.蒸馏法(1分)II.（1）2Br—+Cl2=2Cl—+Br2(2分)SO2+Br2+2H2O=2HBr+2H2SO4(2分)(3)“溴水混合物II”实际上是“溴水混合物I”的浓缩结果，蒸馏时生产本钱低。(2分)通电III.（1）2NaCl+2H2O2NaOH+H2↑+Cl2↑(1分)（2）14（2分）Cl2+2OH—=ClO—+Cl—+H2O（1分）＞（1分）ClO—+H2OHClO+OH—（1分）-33-/33\n(3)Cl2+CO32—+H2O=HClO+Cl—+HCO3—(2分)【专题综合】1．以下各项操作中，不发生“先产生沉淀，然后沉淀又溶解”现象的是（）①①向饱和碳酸钠溶液中通入过量的CO2；②向Fe（OH）3胶体中逐滴参加过量的稀盐酸；③向AgNO3溶液中逐滴参加过量氨水；④向硅酸钠溶液中逐滴参加过量的盐酸A．①②B．①④C．①③D．②③2．生活中常用到一些化学知识，以下分析中正确的选项是（）A．医疗上可用硫酸钡作x射线透视肠胃的内服药，是因为硫酸钡不溶于水B．某雨水样品放置一段时间后pH由4.68变为4.00，是因为水中溶解的CO2增多C．氯气可用作消毒剂和漂白剂，是因为氯气与水反响生成的次氯酸具有强氧化性D．加碘食盐中添加碘酸钾而不用碘化钾，是因为碘酸钾能溶于水而碘化钾不溶于水3．以下说法不正确的选项是（）①将CO2通入溶有足量氨的BaCl2溶液中，无白色沉淀生成②将盐酸、KSCN溶液和Fe(NO3)2溶液三种溶液混合，混合溶液显红色③向某溶液中滴入盐酸酸化的BaCl2溶液产生白色沉淀，证明溶液中一定含有SO42-④将两小块质量相等的金属钠，一块直接投入水中，另一块用铝箔包住，在铝箔上刺些小孔，然后按入水中，两者放出的氢气质量相等A．只有②B．①②③C．①③④D．①②③④-33-/33\n4．纯洁的过氧化钙（CaO2）是白色的粉末，难溶于水，不溶于乙醇、乙醚，常温下较为稳定，是一种新型水产养殖增氧剂，常用于鲜活水产品的运输。实验室可用钙盐制取CaO2·8H2O，再经脱水制得CaO2。CaO2·8H2O在0℃时稳定，在室温时经过几天就分解，加热至130℃时逐渐变为无水CaO2。其制备过程如下：（1）用化学方程式表示出过氧化钙用做水产养殖增氧剂的原理：。（2）为了控制沉淀温度为0℃左右，在实验室宜采取的方法是。（3）该制法的副产品为（填化学式），为了提高副产品的产率，结晶前要将溶液的pH调整到适宜范围，可参加以下试剂中的（填写A或B）。A．盐酸B．氨水（4）为了检验“水洗”是否合格，可取少量洗涤液于试管中，再滴加进展检查。（5）测定产品中CaO2的含量的实验步骤是：第一步，准确称取ag产品于有塞锥形瓶中，参加适量蒸馏水和过量的bgKI晶体，再滴入少量2mol·L—1的H2SO4溶液，充分反响。第二步，向上述锥形瓶中参加几滴淀粉溶液。第三步，逐滴参加浓度为cmol·L—1的Na2S2O3溶液至反响完全，消耗Na2S2O3溶液VmL。（已知：I2+2S2O32—===2I—+S4O62—（无色））-33-/33\n①第三步中说明反响恰好完全的现象是；②CaO2的质量分数为（用字母表示）5.I化学兴趣小组对用铜制取硫酸铜晶体的试验方案作研究。甲组同学将铜粉投入盛有稀硫酸的容器中，不发生反响。他们向容器底部缓缓鼓入氧气，溶液慢慢变蓝色，假设在溶液中放置有些铂丝，反响速率明显加快。此时，其他组的同学提出方案如下：乙组：丙组：丁组：戊组：（1）甲组试验可用一个化学反响方程式表示为；使反响变快的可能原因是；从该反响器溶液（含有少量以抑制水解）中取得产品的试验操作步骤应为、、，取得产品后的残留物质可循环使用。（2）可持续开展的原那么要求化工生产①原理科学；②能量消耗低；③原料利用率高；④无污染。那么在五组方案中，有科学性错误的选项是组方案，有污染的是组方案，无污染但能量消耗较高的是组方案，因此选择组方案最好。II.另一化学兴趣小组从化学手册上查得硫酸铜500℃在以上按照下式分解：，便决定设计试验测定反响生成的、和的物质的量，并经计算确定该条件下分解反响方程式中各物质的化学计量数。试验可能用到的仪器如以以下图所示：-33-/33\n试验测得数据及有关结果如下；①准确称取6.0g无水；②在试验完毕时枯燥管总质量增加2.4g；③测得量筒中水的体积，得出气体在标准状况下的体积为280.mL；试验完毕时，装置F中的溶液只含NaHSO4和NaHSO3按装置从左到右的方向，各仪器接口连结顺序为：①⑨⑩⑥⑤③④⑧⑦②试答复以下问题：（1）装置F的作用是。（2）装置D的作用是。（3）为减少测量气体体积引起的误差，应注意的事项有：①装置内气体的温度应恢复到室温。②，③。（4）通过计算，推断出该条件下反响的化学方程式答案：1B2C3C4.（1）2CaO2+2H2O====2Ca(OH)2+O2↑（2分）（2）冰水浴冷却（或将反响容器浸泡在冰水中）（2分）（3）NH4ClA（各2分，共4分）（4）稀硝酸酸化的硝酸银溶液（2分）（5）①溶液由蓝色变为无色（2分）②（2分）5.-33-/33\nI（1）（2分）；形成了原电池，加热蒸发、冷却结晶、过滤并洗涤晶体。（2）丙，戊，乙，甲Ⅱ（1）吸收放出等物质的量的（2）枯燥和（3）②调节量筒使其液面与E装置中的液面持平。③读曲量筒中液体体积时，视线与液体的凹液面相平。（其他合理答案均可）（4）（2分，期于每空1分）-33-/33