山东省日照市2022年中考物理真题试题（解析版）

山东省日照市2022年中考物理试题及答案（word解析版）一、选择题（本大题包括15小题，每小题3分，共45分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目的要求）1．（3分）（2022•日照）以下估测与实际情况相符的是（　　）　A．人体感觉舒适的环境温度约为40℃B．人正常步行的速度约为5m/s　C．中学生脉搏跳动一次的时间约为3sD．一支新铅笔的长度约为17cm考点：长度的估测；温度；时间的估测；速度与物体运动．专题：估算综合应用题．分析：根据生活经验及对生活常识的了解，逐一分析各选项并作出判断．解答：解：A、人体感觉舒适的环境温度约为25℃，故A错误；B、人正常步行的速度约为1m/s～1.5m/s，故B错误；C、中学生脉搏跳动一次的时间约为=0.8s，故C错误；D、一支新铅笔的长度约为17cm，符合实际，故D正确；故选D．点评：本题考查对常见的一些量要有数据、数量级的认识，估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用．　2．（3分）（2022•日照）了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要．下列描述不符合史实的是（　　）　A．牛顿发现了万有引力B．法拉第发现了电磁感应现象　C．伽利略准确地测出大气压的值D．汤姆逊发现了比原子小得多的电子考点：物理常识．专题：其他综合题．分析：根据对牛顿、法拉第、伽利略、汤姆逊等人对物理学的注意贡献的掌握分析答题．解答：解：A、牛顿发现了万有引力定律，故A正确；B、法拉第发现了电磁感应现象，故B正确；C、托里拆利准确地测出了大气压值，故C错误；D、汤姆逊发现了比原子小得多的电子，故D正确；本题选择不符合史实的选项，故选C．点评：对于物理学史的学习要注意平时加强积累和记忆，不可忽视，这也是高考的重要内容之一．　3．（3分）（2022•日照）下列说法正确的是（　　）　A．宇航员能在太空中对话，说明声音可以在真空中传播20\n　B．手在小提琴上不同位置按弦，主要目的是改变声音的响度　C．道路两旁建隔音墙是为了在声源处减弱噪声　D．B超检查身体是利用超声波传递的信息考点：声音的综合利用；超声波与次声波；响度；防治噪声的途径．专题：错解分析题；声现象．分析：（1）声音不在真空中传播；（2）音调由振动的频率决定，响度由振动的振幅决定；（3）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声；（4）声音能够传递信息，也能够传递能量．解答：解：A、声音传播需要介质，不能在真空中传播，宇航员在太空中需要靠无线电对话，故A说法错误；B、小提琴上不同位置按弦，改变了振动频率，所以是主要目的是改变声音的音调，所以B说法错误；C、道路两旁建隔音墙是为了阻断噪声的传播，即在声的传播过程中减弱，C说法错误；D、B超就是利用超声波检查人体，利用的是声音能够传递信息的特点．故D说法正确．故选D．点评：该题各选项分别考查了噪声、声音在不同介质中的传播速度、音调和响度等方面的知识，难度不大，但要逐个理解掌握．　4．（3分）（2022•日照）用一根与毛皮摩擦过的橡胶棒靠近一轻质小球，发现两者互相排斥，由此可鉴定（　　）　A．小球一定带正电B．小球一定带负电　C．小球可能带负电，也可能带正电D．小球一定不带电考点：电荷间的相互作用规律．专题：电流和电路．分析：（1）人们规定，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；（2）电荷间的相互作用规律是：同种电荷相排斥，异种电荷相吸引．解答：解：题中说毛皮摩擦过的橡胶棒，此棒一定带负电，又说棒与小球排斥，说明棒与小球带同种电荷，即小球也带负电．故选B．点评：注意：如果棒与小球相吸引，则有两种可能性，因为异种电荷相吸引，小球可能带电，与棒是不同种的电荷；又因为带电体可以吸引轻小物体，小球可能不带电，被带电的棒所吸引了．　20\n5．（3分）（2022•日照）一辆汽车沿平直的公路向西快速行驶，一个人沿该公路的人行道向西散步，以人为参照物汽车（　　）　A．向西运动B．向东运动C．静止不动D．无法确定考点：参照物及其选择．专题：长度、时间、速度．分析：先明确汽车和人的运动情况，再根据汽车和人的位置变化关系判断汽车的运动情况．解答：解：汽车和人都向西运动，但汽车运动的速度快．以行人为参照物，假定人是不动的，汽车相对于行人的位置发生了改变，并且一直是向前即向西运动．故选A．点评：解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，发生了怎样的改变．　6．（3分）（2022•日照）关于水沸腾实验，下列说法正确的是（　　）　A．测沸水的温度可以使用酒精温度计　B．当水温达到100℃时，水一定会沸腾　C．水沸腾时大量气泡上升、变大，至水面破裂　D．水在沸腾时，继续吸热，温度会升高考点：探究水的沸腾实验．专题：汽化和液化、升华和凝华．分析：A、通过比较酒精和水的沸点得出结论；B、掌握液体沸腾的条件：达到沸点和不断吸热；C、掌握水沸腾时的现象：有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积逐渐增大，到达水面处破裂；D、根据水沸腾时的特点：吸热但温度保持不变进行判断．解答：解：A、由于水的沸点比酒精的沸点高，所以不能用酒精温度计测沸水的温度，所以A错误；B、水要沸腾需达到沸点，并需不断吸热，而水在不同气压下的沸点不同，所以水沸腾的两个条件都不确定，因此B说法错误；C、水沸腾时由于水剧烈汽化，产生大量的水蒸气，以气泡的形式在水中上升、变大，至水面破裂，所以C说法正确；D、水在沸腾时，继续吸热，但温度保持不变，所以D错误．故选C．点评：此题考查了学生对液体的沸点、沸腾的条件、沸腾时的现象及沸腾时特点的掌握，考查得比较全面，也很典型．　7．（3分）（2022•日照）下列实验中，不能说明“流速大小对流体的压强有影响”的是（　　）20\n　A．吹气时纸条向上飘B．用吸管从瓶中吸饮　C．吹气时纸片向下凹陷D．吹气时A管中水面上考点：流体压强与流速的关系；大气压强的存在．专题：气体的压强、流体压强与流速的关系．分析：（1）从纸条上方和下方空气的流速和所受压强的大小去考虑即可解决；（2）当用口吸吸管时，口内气压减小，小于外界大气压，大气压压着饮料进入口中．（3）掌握纸片上方和下方的空气流速和压强变化是解决本题的关键．（4）当用B管从A管上方吹气时，A管上方空气流速加快，气压减小，在大气压的作用下，水在A吸管中上升．解答：解：A、将一纸条放在嘴边，用力从纸条上方沿水平方向吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来．不符合题意．B、用吸管吸饮料是利用了大气压的作用，不能揭示流体压强与流速的关系．符合题意．C、用嘴在纸片下面吹气时，纸片下方的空气流速加快，下方的压强小于上方的压强，故纸片向下凹陷，不符合题意；D、当用嘴向B管中吹气时，致使A管上方的气压减小，在大气压的作用下，水在A吸管中上升．不符合题意．故选B．点评：（1）大气压在生活中应用很广泛，吸盘、抽水机、呼吸、吸管吸饮料等都是大气压作用的结果．（2）掌握流体压强跟流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．能用流体压强解释有关的问题．（3）本题反映了物理来源于生活，应用于生活．　8．（3分）（2022•日照）小伟同学利用天平和量筒测橙汁的密度，下列操作步骤中多余的是（　　）　A．用天平测量空烧杯的质量　B．将橙汁倒入烧杯中，用天平测量烧杯和橙汁的总质量　将烧杯中的橙汁倒入量筒中一部分，测出量筒中橙汁的体积20\nC．　D．用天平测量烧杯和剩余橙汁的总质量考点：液体密度的测量．专题：密度及其应用．分析：测量液体的密度实验中，可先测出烧杯和橙汁的总质量m1，然后将一部分橙汁倒入量筒中，读出其体积，再测出烧杯和剩余橙汁的质量m2，用m1减去m2即为量筒中橙汁的质量，最后根据ρ=求出密度．解答：解：利用天平和量筒测橙汁的密度时，可将橙汁倒入烧杯中，用天平测量烧杯和橙汁的总质量m1，将烧杯中的橙汁倒入量筒中一部分，测出量筒中橙汁的体积，用天平测出烧杯和剩余橙汁的质量m2，求出量筒中橙汁的质量，根据ρ=求出密度，所以实验中没用的步骤为：A、用天平测量空烧杯的质量．故选A．点评：此题主要考查的是学生对测量液体密度实验步骤的理解和掌握，注意实验过程中要尽量的减小误差．　9．（3分）（2022•日照）如图是“天宫一号”飞行器运行轨道的示意图；若“天宫一号”飞行器沿椭圆轨道绕地球运行的过程中机械能守恒，则它从远地点向近地点运行的过程中（　　）　A．重力势能增加、动能减小B．重力势能减小、动能增加　C．重力势能增加、动能增加D．重力势能不变、动能不变考点：动能和势能的大小变化．专题：应用题；机械能及其转化．分析：（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大；（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．解答：解：“天宫一号”从远地点向近地点运行的过程中，高度减小，重力势能减少，困为机械能守恒，所以动能增加．故选B．点评：本题考查了动能和重力势能的概念，及影响其大小的因素，属于基本内容．在判断动能和重力势能的大小时，要注意看影响动能和重力势能大小的因素怎么变化．　10．（3分）（2022•日照）如图所示是汽油机工作时各种冲程的示意图，其中表示做功冲程的是（　　）20\n　A．B．C．D．考点：内燃机的四个冲程．专题：比热容、热机、热值．分析：汽油机的四个冲程是吸气、压缩、做功和排气冲程．吸气冲程进气阀打开，排气阀关闭，活塞向下运动；压缩冲程两个气阀都关闭，活塞向上运动；做功冲程两个气阀都关闭，活塞向下运动；排气冲程排气阀打开，进气阀关闭，活塞向上运动．解答：解：A、一个气阀打开，活塞向下运动，所以是吸气冲程；B、两个气阀都关闭，活塞向上运动，所以是压缩冲程；C、两个气阀都关闭，活塞向下运动，所以是做功冲程；D、一个气阀打开，活塞向上运动，所以是排气冲程．故选C．点评：考查了内燃机的四个冲程的判断，解决此题需要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答．　11．（3分）（2022•日照）关于水的物态变化，下列说法正确的是（　　）　A．水蒸气在高空中遇冷液化成小水珠，此过程吸收热量　B．冰山上的积雪只能先熔化成水，再蒸发成水蒸气，此过程吸收热量　C．江河湖海中的水蒸发成水蒸气，此过程吸收热量　D．水蒸气在高空遇冷凝华成小冰晶，此过程吸收热量考点：水的三态变化．专题：温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华．分析：利用下列知识分析判断：（1）物体由固态变为液态的过程叫熔化；物体由液态变为固态的过程叫熔化；物体由固态直接变为气态的过程叫升华；物体由气态直接变为固态的过程叫凝华．（2）吸热的物态变化过程有：熔化，汽化，升华；放热的物态变化过程有：凝固，液化，凝华．解答：解：A、水蒸气在高空中遇冷液化成小水珠，液化放热，故A错；B、冰山上的积雪可以先熔化成水、再蒸发成水蒸气，也可以直接升华成水蒸气，故B错；C、江河湖海中的水蒸发成水蒸气，属于汽化，而汽化吸热，故C正确；D、水蒸气在高空遇冷凝华成小冰晶，凝华放热，故D错．故选C．20\n点评：本题考查了物态变化的判断及吸放热情况．判断物态变化现象主要看物体是由什么状态变为什么状态．　12．（3分）（2022•日照）关于物体的内能，下列说法正确的是（　　）　A．物体温度升高，它的内能一定会增加　B．物体内能增加，一定要从外界吸收热量　C．温度为0℃的物体没有内能　D．温度相等的1kg水和100g水内能相同考点：温度、热量与内能的关系．专题：分子热运动、内能．分析：（1）内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，内能与物体的温度和质量有关；（2）任何物体在任何温度都具有内能；改变物体内能的方式有两种：做功与热传递．解答：解：A、物体温度升高，分子动能增加，物体内能增加，故A正确；B、改变物体内能的方式有两种：做功与热传递，物体内能增加，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故B错误；C、分子不停地做无规则运动，分子动能不为零，物体内能不可能为零，温度为0℃的物体有内能，任何温度的物体都具有内能，故C错误；D、物体内能与物体的温度、体积、物质的质量有关，温度相等的1kg水的内能大于100g水的内能，故D错误；故选A．点评：知道内能的概念、内能大小的决定因素、改变物体内能的方式是正确解题的关键．　13．（3分）（2022•常州）如图所示，一束平行光经过一凸透镜，调节光屏的位置直到在屏上得到一个最小、最亮的光斑．小明用此凸透镜做“探究凸透镜成像规律”的实验，当物体距凸透镜3Ocm时，重新调节光屏的位置，清晰可得（　　）　A．倒立缩小的实像B．倒立等大的实像C．倒立放大的实像D．正立放大的虚像考点：凸透镜成像规律及其探究实验．专题：实验题．分析：20\n（1）要解决此题，需要掌握焦点和焦距的概念．平行于主光轴的光线会聚于一点，此点为凸透镜的焦点．由焦点到凸透镜光心的距离叫做焦距，粗略测量薄透镜的焦距时，可以测出从焦点到凸透镜的距离即可．（2）掌握凸透镜成像的规律，知道当物距大于二倍焦距时成倒立、缩小的实像．解答：解：从图中光屏上最小、最亮的光斑到透镜的距离就是焦距f=10cm；当物体距凸透镜3Ocm时，物距u=30cm＞2f，根据凸透镜成像的规律，此时凸透镜成倒立、缩小的实像；故选A．点评：（1）本题考查了凸透镜的焦点、焦距的定义．凸透镜成像的三种情况和应用．（2）学生要熟记规律并能灵活应用规律分析问题，在平时的学习中注意总结规律．　14．（3分）（2022•日照）小明“测量小灯泡的电功率”，根据如图所示的电路连好电路后，闭合开关S，发现灯泡不发光，电压表无示数，电流表有示数但为超出量程，则产生这一现象的原因可能是（　　）　A．小灯泡发生短路B．小灯泡发生了断路　C．滑动变阻器发生了短路D．滑动变阻器的滑片接触不良考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．专题：电流和电路．分析：电流表有示数，说明整个电路是通路，电压表无示数，说明灯泡灯泡的电阻相对于整个电路的电阻来说很小，所以灯泡能够分得的电压很小，其原因是滑动变阻器连入电路阻值过大所致．解答：解：根据电路图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量电路电流；A、如果小灯泡发生短路，电流表有示数，电压表示数为零，符合题意．B、如果小灯泡发生了断路，则电路为断路，电流表示数为零，电压表测量电源电压，不符合题意；C、如果滑动变阻器短路，电路中电流将会很大，电流表、电压表都有示数，不符合题意．D、滑动变阻器的滑片接触不良，即电路为断路，电流表、电压表都无示数，不符合题意．故选A．点评：本题考查了电路故障的判断，这是我们常考的内容，也是中考重点考查的内容；平时学习时要注意多总结，多积累．　15．（3分）（2022•日照）某型号天燃气泄漏检测仪器的电路如图甲所示，图中R为气敏电阻，其阻值R与天然气浓度β的变化关系如图乙所示，已知R0为定值电阻，电源电压恒定不变，用此仪器检测天然气是否泄漏，则下列判断正确的是（　　）20\n　A．天然气浓度增大时，电压表示数变小　B．天然气浓度减小时，电流表示数变大　C．天然气浓度增大时，电路消耗的总功率变小　D．无论天然气浓度怎样变化，电压表与电流表示数的比值不变考点：电路的动态分析．专题：电路变化分析综合题．分析：由图甲可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压；由图乙可知气敏电阻的性质，由电阻的变化利用欧姆定律可求得电路中电流的变化及R0两端电压的变化．解答：解：由图乙可知气敏电阻的阻值随天然气浓度的增大而减小，故由欧姆定律可得电路中电流增加，即电流表示数增大，由U0=IR0可知，气敏电阻两端的电压会增大，即电压表的示数会变大；这时根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大；所以A、C说法错误；由图乙可知气敏电阻的阻值随天然气浓度的减小而升高，故由欧姆定律可得电路中电流减小，即电流表示数减小，但是根据欧姆定律知电压表与电流表示数的比值为R0的阻值，而R0为定值电阻阻值不变，所以B说法错误，D说法正确．故选D．点评：本题考查学生对图象的认知及欧姆定律的使用，从图中得出气敏电阻的阻值与温度的变化关系是本题的突破口．　二、填空（本大题包括4小题，每空1分，共8分）16．（2分）（2022•日照）太阳光经过三棱镜后分解为红橙黄绿蓝靛紫七色光，这种现象叫做　光的色散　；适当的　紫外　线照射可促进人体骨骼生长．考点：光的色散；紫外线．专题：光的折射、光的色散．分析：（1）光的色散是太阳光经过三棱镜被分解为绚丽的七色光．七色光的排列依次为红、橙、黄、绿蓝、靛、紫．（2）紫外线的作用有：①化学作用：消毒杀菌；②生理作用：有助于人体合成维生素D；③荧光效应：使荧光物质发光，例如验钞机．解答：解：当太阳光经过三棱镜后，会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光，这是光的色散现象；紫外线有助于人体合成维生素D，适当的紫外线照射可促进人体骨骼生长．故答案为：光的色散；紫外．20\n点评：此题考查了光的色散和紫外线的作用，在生活中要避免过度的紫外线照射．　17．（2分）（2022•日照）LED液晶电视的发光二极管是由　半导体　（填“导体”或“半导体”）材料制成的．卫星电视的图象信号是由卫星通过　电磁波　传送信息的．考点：半导体的作用；电磁波的传播．专题：粒子与宇宙、材料世界．分析：根据导体、绝缘体、半导体和超导体的用途来判断制成二极管的材料．广播、电视和移动通信都是利用电磁波来传递信息的．解答：解：LED液晶电视机的元件中发光二极管是半导体材料制成的；卫星电视信号就是利用地球同步卫星做电磁波通信的中继站来传递信息的，所以卫星是用电磁波传递信息的．故答案为：半导体；电磁波；．点评：此题主要考查电磁波在传递信息中的应用，半导体材料的特点及应用的了解，是一道基础题．　18．（2分）（2022•日照）煤是一种化石燃料，是一次能源，属于　不可再生　能源；已知无烟煤的热值是3.4×107J/kg，完全燃烧6kg的无烟煤放出的热量是　2.04×108J　．考点：能源的分类；燃料的热值．专题：比热容、热机、热值；能源的利用与发展．分析：（1）能从自然界中源源不断获取的能源属于可再生能源，使用后短时间内不能再生的能源称作不可再生能源；（2）根据Q=mq求出无烟煤放出的热量．解答：解：（1）煤是一种化石燃料，是一次能源，使用后短时间内不能再生，所以它是不可再生能源；（2）完全燃烧6kg的无烟煤放出的热量：Q=mq=6kg×3.4×107J/kg=2.04×108J．故答案为：不可再生；2.04×108J．点评：此题主要考查的是学生对能源的分类、热值计算公式的理解和掌握，基础性题目．　19．（2分）（2022•日照）粗糙水平面上有一个重为100N的物体，用10N的水平推力使其在10s内运动30m，则推力做的功为　300　J；推力的功率是　30　W．考点：功的计算；功率的计算．专题：计算题；功、功率、机械效率．分析：（1）已知推力是100N，在推力的方向上小车前进了10m，利用公式W=Fs代入数值计算即可；（2）已知推力做功用的时间是5s，利用公式P=计算出推力的功率即可．解答：解：（1）W=Fs=100N×30m=300J；（2）P===30W；故答案为：300；30．点评：20\n本题考查功、功率的计算，在计算时要熟记公式，找出公式中对应的物理量，代入数值计算出结果．　三、作图与实验探究题（本大题包括5小题，共25分）20．（2分）（2022•日照）如图所示，用滑轮组提升重物用笔画线代替绳子在图中画出最省力的绳绕法．考点：滑轮组的设计与组装．专题：图像综合题．分析：滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮．本题中，要求最省力，属于第二种．解答：解：只有一个动滑轮，要求最省力，绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示：点评：本题画最省力的绕绳方法：绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮．　21．（2分）（2022•日照）声控开关在静音时处于断开状态，在接收到一定响度的声音时会自动闭合一段时间；某地下通道两端的入口处各装有一个声控开关来控制同一盏电灯，为确保行人不管从那端进入，电灯都能接通电源发光；请用笔画线代替导线，在答题卡上按题意要求将图中的电路连接完整．考点：家庭电路的连接．专题：图像综合题．分析：串联电路中，各开关相互影响，并联电路中，各开关互不影响，据此结合题意来分析电路的连接方式．20\n解答：解：两个声控开关串联会相互影响，只有都闭合时灯才发光；两个声控开关并联会互不影响，可以独立控制灯的亮灭，根据“为确保行人不管从哪端进人，灯泡都能接通电源发光”，所以两开关应并联，如下图所示：点评：本题考查学生根据实际需要设计串联电路和并联电路的能力，能够根据题意理解电路的连接方式是解决此类问题的关键．　22．（5分）（2022•日照）如图是小芳同学探究“”平面镜成像的特点“实验装置．（1）在实验中用透明的玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃透明的特点，便于　确定像的位置　．（2）在竖立的玻璃板前放一支点燃的蜡烛M，可以看到玻璃板后面出现蜡烛的像．小明拿另一支大小相同的蜡烛N在玻璃板后面移动，直到它跟蜡烛M的像完全重合．由此可以得出的结论是　像和物大小相等　．（3）实验时，小芳同学应在　M　（填“M”或“N”）侧观察蜡烛M经玻璃板所成的像．（4）细心的小芳透过玻璃观察蜡烛M的像时，看到在像的后面还有一个较模糊、与像有部分重叠的像，出现两个像的原因是　玻璃板比较厚，蜡烛经过两个反射面都会形成像　．（5）经过三次实验，记录的像A'、B'、C'与物A、B、C对应的位置如图乙所示．为了得到更多的实验结论，接下来小明应该进行的操作是：　连接对应的像点和物点，判断连线是否和镜面垂直；测出像点和物点到玻璃板的距离进行比较　．考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．专题：探究型实验综合题．分析：（1）利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置．（2）另外一支相同的蜡烛与竖立在玻璃板前面点燃的蜡烛的像能完全重合，可知蜡烛和他成的像大小相等．（3）根据平面镜所成的是像是虚像的特点，应在物体一侧观察．（4）从玻璃的两面都能反射光，利用光的反射现象可知能成两个像，从这个角度去分析此题．（5）平面镜成像的特点：物像等大、等距、连线与镜面垂直，据此分析实验的操作步骤．解答：解：（1）用玻璃板代替平面镜，便于确定像的位置，确定出像的位置，才能比较像和物的大小．（2）未点燃的蜡烛与点燃的蜡烛的像完全重合，可知蜡烛和他成的像大小相等；20\n（3）因为平面镜所成的像是虚像，在玻璃板前蜡烛M这一侧不同的位置观察才能看到蜡烛的像；（4）由于像是由光的反射形成的，而普通玻璃的两面都能反射光，能成两个像，所以通过玻璃板该同学看到了同一个蜡烛的两个像．（5）本实验是探究验证平面镜成像的特点，所成的像是虚像；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等．他们下一步应该连接像与物的对应点，判断连线与镜面是否垂直；通过归纳处理即可得出如下结论：物和像的连线与镜面垂直，物体和像到镜面的距离相等．故答案为：（1）确定像的位置；（2）像和物大小相等；（3）M；（4）玻璃板比较厚，蜡烛经过两个反射面都会形成像；（5）连接对应的像点和物点，判断连线是否和镜面垂直；测出像点和物点到玻璃板的距离进行比较．点评：本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题．只要熟练掌握平面镜的成像特点，解答此类题目就很容易．　23．（8分）（2022•日照）（1）图1是“测量水平运动物体所受的滑动摩擦力”的实验装置图；实验时在水平桌面上用弹簧测力计水平向左拉动一个长方体木块，使其作匀速直线运动，弹簧测力计示数如图16所示；由　二力平衡　知识可知，木块所受的滑动摩擦力为　2.8　N．（2）在“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关时”，李丽同学提出“滑动摩擦力大小可能与接触面的粗糙程度有关”的猜想；张华同学提出来“滑动摩擦力的大小可能与接触面所受的压力有关”的猜想．图2是他们进行探究实验的实验装置图．①李丽同学为了完成他自己的探究应该按　甲、丙　两个图所示的方案进行．②张华选用正确的实验装置进行实验，得到的实验数据见下表；请根据表中记录的数据，在答题卡中的坐标系中作出摩擦力的大小Ff与接触面受到的压力大小FN之间的关系图象；根据图象可以得出Ff与FN的关系是　成正比　；FN/N1.01.52.02.53.0Ff/N0.40.60.81.01.220\n（3）“滑动摩擦力的大小是否与接触面的面积有关呢？”张华将图甲中的木块侧放在水平木板上，用弹簧测力计拉着木块做匀速直线运动，发现弹簧测力计的读数和图甲的示数一样，得出“滑动摩擦力的大小和接触面积的大小无关”的结论．而李丽将图甲中的木块沿竖直方向截去一半后，用弹簧测力计拉着木块在木板上做匀速直线运动，发现弹簧测力计的读数为图甲中示数的一半，得出“滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关”的结论．你认为　小丽　的结论是错误的；错误的原因　实验中没有保持压力不变　．考点：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）做匀速直线运动的物体受到的力平衡力，此实验的思路是让木块保持匀速直线运动．利用二力平衡的条件，通过弹簧测力计的示数来得到摩擦力的大小．弹簧测力计的读数，观察每一个大格和每一个小格代表的示数，从小数字读向大数字；（2）①要探究滑动摩擦力与接触面的粗糙程度之间的关系，需保持压力大小相同，根据图中给出的条件选择；②根据表格中数据进行描点，并用平滑的曲线连接起来．分析图象的特点，得出结论；（3）要探究滑动摩擦力与接触面积的关系，需使压力大小和接触面的粗糙程度相同，分析其是否控制了变量．解答：解：（1）用弹簧测力计水平向左拉动一个长方体木块，使其作匀速直线运动，所以拉力和摩擦力是一对平衡力，摩擦力大小等于拉力．由图知，测力计的分度值为0.1N，所以其示数为2.8N．由二力平衡条件得，摩擦力也为2.8N．（2）①李丽同学提出“滑动摩擦力大小可能与接触面的粗糙程度有关”，所以需控制压力大小这个变量，改变接触面的粗糙程度，甲丙两图中压力相同，接触面的粗糙程度不同，所以应选择甲丙两图进行实验．②根据表格中数据进行描点，并用平滑的曲线连接起来．如图所示：由图象知，接触面的粗糙程度相同，摩擦力与压力大小成正比．（3）李丽将图甲中的木块沿竖直方向截去一半后，这样压力大小也会变为一半，没有保持压力大小不变，所以得出的结论是错误的．故答案为：（1）二力平衡；2.8；（2）①甲、丙；②见上图；成正比；（3）李丽；实验中没有保持压力不变．点评：能否正确使用控制变量法进行分析实验是解答此题的关键，同时要学会利用二力平衡的条件间接测出摩擦力的方法．此题还考查了有关测力计的读数及图象的画法．　24．（8分）（2022•日照）为进一步研究电现象与磁现象之间的联系，小明利用身边的实验器材做了下面的探究：（1）小明利用如图所示的实验装置“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”；闭合开关后，铜棒ab、电流表、开关组成闭合电路；小明讲实验中观察得到的现象记录在表中．20\n次数开关磁场方向导体ab的运动方向电流表指针的偏转方向1断开上N下S向右运动不偏转2闭合上N下S向右运动向左偏转3闭合上N下S向左运动向右偏转4闭合上N下S向上运动不偏转5闭合上S下N向下运动不偏转6闭合上S下N向右运动向右偏转7闭合上S下N向左运动向左偏转①实验中，小明通过观察　电流表指针是否偏转　来判断电路中是否有感应电流？②比较实验2和3（或6和7）可知：在磁场方向一定时，感应电流的方向与　导体运动的方向　有关．③比较实验　2、6（或3、7）　可知：在导体运动方向不变时，感应电流方向与磁场方向有关．④小明分析得出，产生感应电流的条件是：　闭合电路的部分导体，在磁场中做切割磁感线运动　．（2）小明在“探究通电螺线管外部磁场的方向”实验中，设计的部分电路如图乙所示，请根据要求在答题卡上用笔画线代替导线将图中的电路补充完整．要求：①小磁针的指向满足如图所示的方向；②滑动变阻器的滑片向A段移动后，通电螺线管的磁性减弱；③原有导线不得更改．考点：探究电磁感应现象的实验；通电螺线管的磁场．专题：探究型实验综合题．分析：（1）①电流是看不到的，要通过电流表指针是否偏转来判断电路中是否有感应电流．②通过比较数据中的相同点和不同点，来得出电流方向的变化时由哪个因素引起的；③要找到导体运动方向不变而磁场方向改变的一组数据；④掌握产生感应电流的条件．通过比较产生感应电流的情况和未产生感应电流的情况作比较得出；（2）将螺线管、滑动变阻器串联在电路中．滑动变阻器要接一上一下．20\n根据螺线管中电流的方向判断出螺线管的NS极，根据磁体间的相互作用判断出小磁针的偏转方向．在连接滑动变阻器时，滑片与下面接线柱距离越远，电阻值越大．解答：解：（1）①小明通过观察电流表的指针是否偏转来判断电路中是否有电流．②由2和3（或6和7）知，磁场方向相同，导体的运动方向不同，电流表指针的偏转方向不同，说明感应电流的方向与导体运动的方向有关．③由表格中数据知，2和6或3和7的导体运动方向相同，磁场方向不同，电流表指针的偏转方向也不同，说明明感应电流的方向与磁场的方向有关．④由表格中数据知，当开关断开时，不会有电流产生；若导体向上运动或向下运动时，不切割磁感线，此时电路中也没有电流，可得产生感应电流的条件是：闭合电路的部分导体，在磁场中做切割磁感线运动．（2）将螺线管的另一个接线柱与电源的正极相连．此时螺线管电流方向向下，由右手螺旋定则得，螺线管的右侧是N极，左侧是S极，吸引小磁针的N极，小磁针N极向右．滑动变阻器的滑片向A段移动后，通电螺线管的磁性减弱，所以电阻值变大，所以滑动变阻器应接下面的B接线柱．如图所示：故答案为：（1）①电流表指针是否偏转；②导体运动的方向；③2、6（或3、7）；④闭合电路的部分导体，在磁场中做切割磁感线运动；（2）见上图．点评：本题考查电磁感应现象，知道产生感应电流的条件和影响感应电流的方向的因素．要特别理解好切割的含义，同时考查了有关滑动变阻器的接法及通电螺线管磁场的判定．　四、计算题（本大题包括3小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）25．（6分）（2022•日照）日照是个美丽的海滨城市，这里有“蓝天、碧海、金沙滩”；每年夏天有很多的中外游客慕名前来观光游玩，如图是可供游客在海上游玩时的一种旅游观光艇，此观光艇的质量为900kg，在海上航行的最大速度为36km/h，最多可载的游客数量为20人，如果海水的密度取1.0×103kg/m3，g=10N/kg，求（1）观光艇以最大航速行驶2小时的路程是多少米？（2）该观光艇在水面下50cm深处有一个面积为20cm2的小零件，求小零件受到的海水的压力是多少？（3）假设每位乘客的平均质量为60kg，观光艇满载乘客时，此时浸入水中的体积多大？考点：20\n速度公式及其应用；压力及重力与压力的区别；液体的压强的计算；阿基米德原理．专题：长度、时间、速度；压强、液体的压强；浮力．分析：（1）已知路程与最大航速，由速度公式的变形公式s=vt可以求出2h的路程．（2）利用p=ρgh求出小零件受到的海水的压强，再利用p=求得小零件受到的海水的压力．（3）知道观光艇的质量，求出总质量，利用重力公式求人艇总重，再利用漂浮条件求观光艇满载乘客时，所受水的浮力，再利用F浮=ρgV排求出浸入水中的体积．解答：解：（1）∵v=，∴观光艇的路程：s=vt=36km/h×2h=72km=7.2×104m；（2）小零件受到海水的压强为p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5m=5×103Pa；∵p=，∴零件受到的海水的压力：F=pS=5×103Pa×20×10﹣4m2=10N．（3）观光艇满载时的总重力为G总=m总g=（60×20+900）kg×10N/kg=2.1×104N；观光艇满载时受到的浮力为F浮=G总=2.1×104N；∵F浮=ρgV排，∴满载时浸入的体积：V排===2.1m3．答：（1）观光艇以最大航速行驶2小时的路程是7.2×104m；（2）小零件受到的海水的压力是10N；（3）此时浸入水中的体积为2.1m3．点评：本题考查了学生对速度公式、重力公式、漂浮条件的掌握和运用，是一道力学综合计算题．要求灵活运用所学公式及其变形公式求解．　26．（6分）（2022•日照）如图所示的电路中，电源电压不变，电阻R1的阻值为20Ω．当断开开关S1和S2，闭合开关S3时，电流表的示数为0.50A；当断开开关S2，闭合开关S1、S3时，电流表的示数为0.90A．求：（1）电阻R2的阻值．（2）断开开关S1和S3，闭合开关S2时，加在电阻R1两端的电压．考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；电阻的串联．专题：计算题；欧姆定律．20\n分析：（1）当断开开关S1和S2，闭合开关S3时，R2断路，电路中只有电阻R1，电流表测量的是通过电阻R1的电流，知道电阻R1的阻值可利用公式U=IR计算出电源电压．当断开开关S2，闭合开关S1和S3时，电阻R1和R2并联，电流表测量的是干路中的总电流，则由并联电路的电流规律可得出通过电阻R2的电流，再利用公式R=计算出电阻R2的阻值．（2）断开开关S1和S3，闭合开关S2时，电阻R1和R2串联，利用串联电路电阻的特点计算出电路中的总电阻，可利用公式I=计算出电路中的电流，知道电阻R1的阻值，再利用公式U=IR计算出电阻R1两端的电压．解答：（1）当断开开关S1和S2，闭合开关S3时，电路中只有电阻R1，而I1=0.50A，R1=20Ω，∴电源电压为：U=I1R1=0.50A×20Ω=10V．断开开关S2，闭合开关S1和S3时，电阻R1和R2并联，电流表测量的是干路中的总电流，而I=0.90A，∴通过电阻R2的电流为：I2=I﹣I1=0.90A﹣0.50A=0.40A，电阻R2的阻值为：R2===25Ω．（2）断开开关S1和S3，闭合开关S2时，电阻R1和R2串联，∵R1=20Ω，R2=25Ω，∴电路中的总电阻为：R=R1+R2=20Ω+25Ω=45Ω，电路中的电流为：I串===A，则电阻R1两端的电压为：U1=I串R1=A×20Ω≈4.4V．答：（1）电阻R2的阻值为25Ω．（2）断开开关S1和S3，闭合开关S2时，加在电阻R1两端的电压为4.4V．点评：本题考查欧姆定律及串并联电路的特点，解答本题的关键明确S1、S2断开，S3闭合时及S1断开，S2、S3闭合时两种电路的状态．　27．（10分）（2022•日照）随着城市化建设的发展，许多家庭都住进了高楼大厦，小丽家住进新楼后，为了淋浴的方便，购置了一款某型号的电热水器（其铭牌见下表），安装在卫生间的墙上．小丽在使用过程中发现：（1）注满水的电热水器，在额定电压下连续加热40min，热水器上的温度示数由22℃上升到46.2℃．已知水的比热容为4.2×103J/（kg．℃），水的密度为1.0×103kg/m3，求此过程中电热水器的热效率．（2）该热水器在某时间段使用时，20min内产生的热量为2.4×106J，求通过电热水器的电流和它工作的实际电压．（3）防电墙技术就是在电热水器内部形成永久性电阻，电热水器经防电墙处理后，使人体承受的电压不高于20V，保证异常漏电情况下，接触热水器的人的安全．如图所示，若人体的最大电阻为20MΩ，试求防电墙的电阻．某型号电热水器额定电压/V220额定电功率/W2420容积/dm350商品特征：安全防电墙、防水、防尘、防潮20\n考点：电功与热量的综合计算；密度公式的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用；焦耳定律的计算公式及其应用．专题：计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电和热综合题．分析：（1）根据密度公式求出水箱中水的质量，根据Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，额定电压下电热水器加热时的功率和额定功率相等，根据W=Pt求出消耗的电能，利用η=×100%求出此过程中电热水器的热效率；（2）根据P=求出电热水器的电阻，再根据焦耳定律求出通过热水器的电流，利用欧姆定律求出工作的实际电压；（3）在异常漏电的情况下，人体与防电墙串联，根据串联电路的电压特点求出防电墙的电压，利用串联电路的电流特点建立等式即可求出防电墙的电阻．解答：解：（1）根据ρ=可得，水箱中水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×50×10﹣3m3=50kg，水箱中的水吸收的热量：Q=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（46.2℃﹣22℃）=5.082×106J，水箱中的水在额定电压下连续加热40min消耗的电能：W=Pt=2420W×40×60s=5.808×106J，电热水器加热时的热效率：η=×100%=×100%=87.5%；（2）根据P=可得，电热水器的电阻：R===20Ω，根据Q=I2Rt可得，通过热水器的电流：I===10A，根据欧姆定律可得，工作的实际电压：U=IR=10A×20Ω=200V；（3）在异常漏电的情况下，人体与防电墙串联，∵串联电路中总电压等于各分电压之和，∴防电墙的电压：U墙=U﹣U人=220V﹣20V=200V，∵串联电路中各处的电流相等，∴=，即=，解得：R墙=20MΩ．答：（1）此过程中电热水器的热效率为87.5%；20\n（2）通过电热水器的电流为10A，它工作的实际电压为200V；（3）防电墙的电阻为200MΩ．点评：本题考查了电功和热量的综合计算，涉及到密度公式、吸热公式、电功公式、效率公式、焦耳定律和欧姆定律以及串联电路特点的应用，综合性强，难度较大．20