2021年中考物理模拟试卷押题卷2套（含答案解析）

2021年中考物理模拟试卷押题卷1一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1．（3分）如图是用厚刻尺测量木块的长度，其中正确的测量图是（　　）A．B．C．D．2．（3分）2018年2月22日，在短道速滑男子500米决赛中，武大靖为中国赢得平昌冬奥会首枚金牌，下列说法正确的是（　　）A．把冰刀磨得很锋利，是为了增大摩擦力B．冲过终点后不能立即停止滑行，是因为运动员具有惯性C．以滑行中的运动员作为参照物，观众是静止的D．运动员用力蹬冰面就会向前运动，说明力是维持物体运动的原因3．（3分）如图所示情形中，二力能平衡的是（　　）A．B．C．D．4．（3分）下列做法中符合安全用电原则的是（　　）A．家庭电路中控制用电器的开关一定要接在火线上B．用电器的金属外壳不用接地线C．把用电器的三脚插头改成两脚插头使用D．用湿抹布擦拭带电的插座面板5．（3分）对物理概念和规律的理解，下列说法中正确的是（　　）A．超导体电阻为零，适合做电热丝第37页共37页 B．小灯泡发光越亮，它的额定功率就越大C．一定质量的水凝固成冰的过程中，内能减小D．物质的比热容越大，物体吸收或放出热量就越多6．（3分）如图所示，从倒置的漏斗口用力向上吸气或向下吹气，乒乓球都不会掉下来。下列说法正确的是（　　）A．吸气或吹气都增大了乒乓球下方气体的压强B．吸气或吹气都减小了乒乓球上方气体的压强C．吸气减小了乒乓球上方气体的压强，吹气增大了乒乓球下方气体的压强D．吸气增大了乒乓球下方气体的压强，吹气减小了乒乓球上方气体的压强7．（3分）如图是一脚踩式垃圾桶的示意图，关于ABC和A′B′C′两个杠杆的作用，正确的是（　　）A．两个杠杆都是省力杠杆B．两个杠杆都是费力杠杆C．ABC是省力杠杆，A′B′C′是费力杠杆D．ABC是费力杠杆，A′B′C′是省力杠杆8．（3分）小明用时10s从地面上到了二楼自己家，则小明同学这次上楼梯的功率大约是（　　）A．1.5WB．15WC．150WD．1500W9．（3分）在如图所示的四幅图中，用来研究通电直导线在磁场中受到力的作用的实验装置是（　　）A．B．第37页共37页 C．D．10．（3分）在如图甲所示的电路中，电源由两节新干电池串联组成，当闭合开关后，两个电流表指针偏转均为图乙所示，则下列说法正确的是（　　）A．电源电压为4VB．通过R2的电流为0.22AC．通过R2的电流为96mAD．R1的电阻为3.125Ω二．多选题（共3小题，满分9分，每小题3分）11．（3分）如图所示，在时间t内，将重为G的货物匀速提升了h，工人对绳子竖直向下的拉力恒为F，下列说法正确的是（　　）A．拉力做的额外功是（4F﹣G）hB．有用功为GhC．拉力F的功率为D．滑轮组的机械效率随h的增大而增大12．（3分）如图所示，水平桌面上放有甲、乙、丙、丁四个完全相同的圆柱形容器。其中甲容器内只有水；乙容器内有木块漂浮在水面上；丙容器内有一个装有铝块的平底塑料盒漂浮在水面上，塑料盒底始终与容器底平行；丁容器中用细线悬吊着一个实心的铝球浸没在水中。已知四个容器中的水面一样高，ρ木第37页共37页 ＝0.6×103kg/m3；ρ酒精＝0.8×103kg/m3；ρ铝＝2.7×103kg/m3，对于这一情景，下列说法正确的是（　　）A．各容器对水平桌面的压强相同B．向乙容器中倒入酒精后，木块底部受到的压强不变C．将塑料盒内的铝块取出直接放入容器丙的水中，水面将会下降D．将悬吊铝球的细线剪断后，丁容器对水平桌面压力的增大值等于铝球的重力大小13．（3分）如图所示，电源电压为20V，定值电阻R0为20Ω，滑动变阻器R标有“30Ω1A”字样，电压表选用的量程是0～15V，在该电路正常使用的情况下，则（　　）A．滑动变阻器接入电路的最小阻值为10ΩB．电压表的最小示数为5VC．电路中的最大电流为0.75AD．电路消耗的最小功率为8W三．填空题（共6小题，满分24分，每小题4分）14．（4分）质量为3780kg的嫦娥四号探测器从地球飞向太空，降落到月球背面，其质量将　　（选填“增大”、“减小”或“不变”）；若其制造材料的平均密度约为4×103kg/m3，则需要材料的体积约为　　m3。15．（4分）如图所示，装有适量茶水的透明茶壶放在水平桌面上，茶壶的壶嘴和壶身组成　　，壶嘴和壶身中的水面具有高度　　的特点，壶盖上留有一个小孔，作用是使壶内与壶外的大气相通，在重力和　　的作用下，水才容易倒出；水倒出在下落过程中的　　能转化为动能，速度逐渐增大说明力可以改变物体的　　。第37页共37页 16．（4分）一台起重机将3600N的货物提离4m，起重机做的有用功是多少？如果额外功是9600J，总功是多少？机械效率是多少？17．（4分）验电器的工作原理是　　。如图所示，A验电器带负电荷，B验电器不带电，当用一个金属棒C将这两个验电器相连接瞬间，金属棒中电流的方向是　　（选填“从A到B”或“从B到A”）18．（4分）标有“220V，2200W“的“即热式”电热水龙头，其额定电压是　　V，额定功率是　　W，额定电流是　　A．正常工作时，电阻丝的阻值是　　Ω；在额定电压下工作1s，电流做功　　J。19．（4分）有电阻R1＝10Ω，R2＝20Ω．若将它们并联在电路中，则通过它们的电流之比I1：I2＝　　，若加在它们两端的电压之比U1：U2＝2：1，则相同时间内放出的热量之比Q1：Q2＝　　。四．实验探究题（共6小题，满分37分）20．（6分）小凯和小旋的实验小组根据生活经验，猜想“浮力的大小跟固体的密度、液体的密度、固体浸入液体中的体积和固体浸入液体的深度有关。”（1）为探究“浮力的大小与固体的密度有什么关系？”，小凯选用了两块体积相同的圆柱体铝块和铜块，设计了图1的实验方案。其中，甲和乙的实验步骤是为了测量　　；（2）为探究“浮力的大小与固体浸入液体中的体积有什么关系”，小旋选用一个刻有和第37页共37页 体积的圆柱体铝块，设计了图2的实验方案。其中，A和B的实验步骤是为了测量　　；（3）请你对小凯和小旋的实验进行评估：他们的实验方案是否存在不合理的地方？写出你的看法　　；（4）请你设计一个探究“浮力的大小与固体浸入液体的深度有什么关系”的实验。①需要的实验器材：　　；②简要的实验步骤（可画简图辅助说明）　　；③分析与论证：　　。21．（6分）小伟家买了一种新兴代步工具﹣﹣平衡车（如图），为了检测平衡车的性能，他骑平衡车去距家1.8km的广场。当他站在平衡车上静止时，水平地面受到的压强为1.6×105Pa，车轮与地面的总接触面积为4×10﹣3m2。下表为该平衡车的主要参数。（取g＝10N/kg）求：**平衡车净重14kg最高车速18km/h电动机额定功率700W（1）小伟的质量是多少？（2）在额定功率下，他骑平衡车以最高速度行驶到广场需要多长时间？此过程中平衡车电动机的效率为90%，电动机提供的牵引力为多少？第37页共37页 22．（6分）小明按照课本要求探究并联电路中电流的关系，他设计如图甲的电路图，连成图乙所示的实物图，把电流表分别接在A，B，C处，测出它们的电流，填入下表。实验次数IA/AIB/AIC/A10.100.120.2220.200.240.4430.260.30.56（1）小明连接完电路，闭合开关后发现电流表指针向左偏转，出现这种现象的原因是　　，小明改正后，再测C点电流读数时，L2突然不亮了，L1仍旧发光，小明会看到电流表的示数　　（选填“不变”“增大”、“减小”）。（2）通过对表格中数据的分析，可以得出　　。（3）测量三次的目的是　　，在实验中我们可以采用　　的方法来改变电流的大小而进行三次实验。（4）小刚提出，可以在原有器材的基础上再添加一个开关，可以不用来回拆接电流表，就可以完成实验。请在虚线框内画出符合这个设计的电路图。23．（7分）如图所示，电源两端的电压U保持不变。闭合开关S、S1，电压表示数为8V，电流表示数为2A．闭合开关S，断开开关S1，电压表示数为2V．求：（1）电源两端的电压U。（2）电阻R1的阻值。第37页共37页 24．（6分）小明要测量定值电阻Rx的阻值（约十几欧）。现有器材：电源（6V）、滑动变阻器、电流表、电压表、开关各一个，导线若干。（1）如图甲所示电路，请用笔画线代替导线，将该电路连接完整。（2）在连接电路时，开关应处于　　状态，电路连好后，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移至最　　端。（3）闭合开关，发现电流表指针偏转，电压表没有示数，则该故障的原因是　　（填下列故障原因的代号）A．定值电阻接线短路B．电源接触不良C．定值电阻接线断路（4）故障解除后闭合开关，移动滑片到某合适位置，电压表示数如图乙所示，则Rx两端的电压为　　V，观察到电流表示数为0.1A，他记下数据并算出电阻Rx的阻值为　　Ω。（5）本实验进行了多次测量的目的是　　。（6）将电路中的定值电阻改成小灯泡，就可以测量小灯泡的电功率，但不能多次测量求平均值，原因是　　。实验过程中，若将电压表和电流表互换位置，闭合开关后，小灯泡　　（选填“亮”或“不亮”），这时电压表的示数约为　　V。25．（6分）如图所示电路，电源电压保持不变，R1＝20Ω，当闭合开关S1、S3，断开S2时，电流表的示数为0.3A：当闭合开关S2、S3，断开S1时，电流表的示数为1.2A．当闭合开关S1，断开S2、S3时，R3消耗的电功率为P3′；当闭合开关S2，断开S1、S3时，R3消耗的电功率为P3″，且P3′：P3″＝1：4．试求：（1）电源电压U和电阻R2的阻值；（2）如何调节三个开关S1、S2、S3的通断，可使整个电路消耗的电功率最大？写出分析过程；（3）电阻R3的阻值。第37页共37页 第37页共37页 参考答案一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1．解：A、图中刻度尺没有从零刻度线处开始，读数时会不准确，所以A错误。B、图中刻度尺放置方向与被测长度一致，且刻度紧贴物体，所以B正确；C、图中刻度尺有一定的厚度，这样放置刻度不能紧贴物体，读数时会不准确，所以C错误；D、图中刻度尺方向与被测物体方向不一致（倾斜了），所以D错误。故选：B。2．解：A、把冰刀磨得很锋利，是通过减小受力面积来增大压强，故A错误；B、冲过终点后运动员由于惯性继续向前运动，不能立即停止滑行，故B正确；C、以滑行中的运动员作为参照物，观众与运动员有位置的变化，是运动的，故C错误；D、运动员用力蹬冰面对冰面有一个向后的力，因为物体间力的作用是相互的，地面对运动员一个向前的力，运动员就会向前运动，说明力是改变物体运动的原因，故D错误。故选：B。3．解：A、很显然，图中两个力大小不等，故不是平衡力；B、图中两个力大小相等、方向相反、在同一直线上，还作用在同一物体上，故是一对平衡力。C、图中两个力大小不相等、方向也不在同一直线上，故不是平衡力；D、图中两个力虽然大小相等、方向相反、作用在同一物体上，但两个力不在同一直线上，故不是平衡力。故选：B。4．解：A、在家庭电路中，应将控制用电器的开关接在火线上。故A符合安全用电原则；B、金属外壳的用电器要接地，防止金属外壳漏电，发生触电事故。故B不符合安全用电原则；C、用电器带有金属外壳或者经常有水，其金属外壳一定要通过三孔插座接地，以防用电器外壳带电，危及人身安全，将用电器三脚插头改成两脚插头使用的作法是错误的。故C不符合安全用电原则；D、因为湿抹布是导体，用湿抹布擦拭带电的插座面板，容易发生触电事故。故D不符合安全用电原则。故选：A。5．解：A、电热丝是利用电流的热效应工作的，而超导体电阻为零，电流通过超导体时，不会产生热量，因此超导体不适合做电热丝，故A错误；第37页共37页 B、电路中发光越亮的电灯，它的实际功率就越大，故B错误；C、一定质量的水凝固成冰，放出热量，则内能一定减少，故C正确；D、由Q＝cm△t可知，吸收或放出热量的多少和物质的比热容、物体的质量，以及温度的变化值有关，所以物质的比热容越大，物体吸收或放出热量不一定越多，故D错误。故选：C。6．解：从漏斗口向下用力吹气时，乒乓球上部空气流速大、压强小，而乒乓球下部空气流速小压强大；吸气时，乒乓球上方空气压强小，这样在乒乓球的上、下部就会产生一个向上的压力差，从而托起乒乓球。故选：B。7．解：对于杠杆ABC，B点是支点，动力作用在A点，阻力作用在C点；脚踩下踏板时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；对于杠杆A'B'C'，支点是A'，动力作用在B'点，阻力作用在C'点；在打开盖子的过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。故选：C。8．解：小明同学的重力约为500N，每层楼的高度约为3m，从地面上到二楼的高度为3m，小明同学这次上楼梯克服自身重力做的功：W＝Gh＝500N×3m＝1500J，则小明同学这次上楼梯的功率：P＝＝＝150W。故选：C。9．解：A、通电导线放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，它是研究电流的磁效应的，是奥斯特实验，不符合题意；B、通电后，导体棒在磁场中发生运动，是研究通电导线在磁场中受磁场力的，符合题意；C、导体棒在磁场中运动时，电流表中产生了感应电流，即用来研究电磁感应现象的，不符合题意；D、闭合开关，通电线圈有磁性，吸引铁钉，是研究通电螺线管具有磁性的，不符合题意。故选：B。10．解：A、一节干电池的电压为1.5V，由题意可知，电源由两节新干电池串联组成，则电源电压U＝2×第37页共37页 1.5V＝3V，故A错误；BC、由图甲可知，两灯并联，电流表A2测的是干路电流，电流表A1测的是R2所在支路的电流；由于并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和，而两电流表指针偏转相同，所以电流表A2选用的应该是0～3A量程，分度值为0.1A，示数为I＝1.1A，即干路电流为1.1A；A1选用的是0～0.6A量程，分度值是0.02A，示数为I2＝0.22A，即通过灯R2的电流为0.22A；则通过灯R1的电流大小为：I1＝I﹣I2＝1.1A﹣0.22A＝0.88A，故B正确，C错误；D、由并联电路的电压特点可知，R1两端电压U1＝U＝3V，由I＝可得，R1＝＝≈3.4Ω，故D错误。故选：B。二．多选题（共3小题，满分9分，每小题3分）11．解：AB、由图知，n＝3，拉力端移动的距离：s＝3h，拉力做的有用功：W有用＝Gh，拉力做的总功：W总＝Fs＝F×3h＝3Fh，则拉力做的额外功：W额＝W总﹣W有用＝3Fh﹣Gh＝（3F﹣G）h，故A错、B正确；C、拉力做功的功率：P＝＝，故C正确；D、该滑轮组的机械效率η＝＝＝，可见滑轮组的机械效率与提升物体的高度h无关，故D错。故选：BC。12．解：A、因木块漂浮时，受到的浮力等于木块重，所以，由F浮＝G排可知，木块受到的重力等于排开的水重，因甲、乙容器水面等高所以，乙容器的总重等于甲容器的总重，由G＝mg可知，乙容器的总质量与甲容器的总质量相同，则甲乙对桌面的压力相等；同理可以得出，丙容器的总质量与甲容器的总质量相同，则甲丙对桌面的压力相等；第37页共37页 丁容器中水重力的增加的量等于小球排开液体的重力，因液面与甲容器的相平，所以甲丁对桌面的压力相等；因四个容器底面积相同，由p＝可知它们的压强相同，故A正确；B、乙容器中再倒入酒精后，使水的密度减小，但木块还是漂浮，受到的浮力相等，由F浮＝ρ水V排g可知，排开水的体积增大，使木块在液面下的体积增大，因F浮＝pS木块底，木块的底面积不变，所以木块底部受到的压强不变，故B正确；C、由图丙图可知，塑料盒和铝块漂浮，浮力等于塑料盒的重力与铝块的重力之和，将塑料盒内的铝块取出放入到丙容器中，待塑料盒和铝块稳定后，塑料盒漂浮，浮力等于其重力，铝块沉底，浮力小于其重力，故将塑料盒内的铝块取出放入到丙容器中后塑料盒与铝块受到的总浮力减小，根据F浮＝ρ水V排g可知，排开水的体积减小，所以，待塑料盒和铝块稳定后，则丙容器中的液面会下降，故C正确；D、细线剪断前，桌面受到的压力等于容器与水的重力、小球排开液体的重力之和，将悬吊铝球的细线剪断后，桌面受到的压力等于容器与水的重力、铝球对容器底部的压力之和，而铝球对容器底部的压力等于铝球的重力减去受到的浮力，根据阿基米德原理可知，铝球受到的浮力等于小球排开液体的重力，所以容器对水平桌面压力的增大值等于铝球所受重力减去受到的浮力，不等于铝球所受重力的大小，故D错误。故选：ABC。13．解：根据电路图可知，R、R0串联，电压表测量R0两端电压；（1）因为电压表量程为“0～15V”，所以当UR0＝15V时，此时电路电流：IR0＝＝＝0.75A，因为此时电流小于滑动变阻器的最大电流1A，所以电路中的最大电流为Imax＝IR0＝0.75A，故C正确；根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端最小电压：U滑min＝U﹣UR＝20V﹣15V＝5V，由I＝可得，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R滑min＝＝≈6.7Ω；故A错误；（2）当滑动变阻器全部连入电路时，电路总电阻最大，则总电阻：R总＝R0+R滑＝20Ω+30Ω＝50Ω，电路最小电流：Imin＝＝＝0.4A，电压表的最小示数：UR0min＝IminR0＝0.4A×20Ω＝8V，故B错误；电路消耗的最小功率：Pmin＝UImin＝20V×0.4A＝8W，故D正确。第37页共37页 故选：CD。三．填空题（共6小题，满分24分，每小题4分）14．解：（1）质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系，嫦娥四号探测器，降落到月球背面，其位置发生了变化，但所含物质的多少没有变化，故其质量将不变；（2）材料质量为3780kg，密度为4×103kg/m3，由ρ＝可得V＝＝＝0.945m3。故答案为：不变；0.945m3。15．解：茶壶中的液体不流动时，各开口中的液面总是相平的，因此是利用的连通器原理；壶盖上留有一个小孔，作用是使壶内与壶外的大气相通，在重力的作用下，水才容易倒出。水倒出在下落过程中的重力势能转化为动能，速度逐渐增大说明力可以改变物体的运动状态。故答案为：连通器；相同；大气压；重力势；运动状态。16．解：起重机做的有用功：W有用＝Gh＝3600N×4m＝1.44×104J。起重机的总功：W总＝W有+W外＝1.44×104J+9.6×103J＝2.4×104J；机械效率：η＝×100%＝×100%＝60%。答：起重机做的有用功为1.44×104J；总功为2.4×104J；机械效率为60%。17．解：验电器的工作原理是同种电荷相互排斥；A验电器带负电荷，B不带电，拿一根绝缘柄的金属棒把A、B两个验电器连接起来，A上的电子经金属棒转移到B，这时B因多余电子带负电。故电子从A→B，电流方向跟自由电子的移动方向相反，所以电流方向是B→A。故答案为：同种电荷相互排斥；从B到A。18．解：（1）“220V，2200W”是知额定电压为220V，额定功率为2200W；额定电流为：I＝＝＝10A，正常工作时的阻值：R＝＝＝22Ω；第37页共37页 （2）由P＝可得，在额定电压下工作1s电流做的功：W＝Pt＝2200W×1s＝2200J。故答案为：220；2200；10；22；2200。19．解：因为并联电路两端电压相等，由I＝可得：I1：I2＝：＝R2：R1＝20Ω：10Ω＝2：1；由Q＝W＝t可得，相同时间内放出的热量之比：Q1：Q2＝t：t＝（）2×＝（）2×＝8：1。故答案为：2：1；8：1。四．实验探究题（共6小题，满分37分）20．解：（1）甲图测出铝块的重力G，乙图将铝块放入水中测出铝块受到的拉力F，根据F浮＝G﹣F便可测出铝块受到的浮力，所以甲和乙的实验步骤是为了测量铝块在水中受到浮力的大小；（2）A图测出圆柱体铝块的重力G，B图将铝块的体积放入水中测出铝块受到的拉力F，根据F浮＝G﹣F便可测出铝块体积浸入水中时受到的浮力，所以A和B的实验步骤是为了测量铝块在水中受到浮力的大小；（3）猜想“浮力的大小跟固体的密度、液体的密度、固体浸入液体中的体积和固体浸入液体的深度有关，”所以在探究浮力大小与固体密度的关系时，应使物体的密度不同，液体的密度和物体浸入液体的体积相同和深度相同，由图知，实验时没有控制物体浸入液体的深度相同；（4）探究浮力大小与固体浸入液体的深度关系，需保持物体的密度、物体浸入液体的体积、液体的密度均相同，固体浸入液体的深度不同，所以可使用同一物体浸没在水的不同深度，测出浮力进行比较，若结果相同，则无关，若不同，则有关。故答案为：（1）铁块浸没在水中受到的浮力大小；（2）铝块体积浸入水中时受到的浮力大小；（3）不合理；没有控制物体浸入液体的深度相同；（4）①弹簧测力计、水槽及适量的水、细绳、正方体铝块；②a用弹簧测力计测量铝块的重力G，如图甲所示；b用弹簧测力计测出铝块浸没在水中时的示数F1，如图乙所示；c用弹簧测力计测出铝块浸没在水中不同深度时的示数F2，如图丙所示；③若G﹣F1＝G﹣F2时，则浮力的大小与固体浸入液体的深度无关；若G﹣F1≠G﹣F2时，则浮力的大小与固体浸入液体的深度有关。第37页共37页 21．解：（1）根据p＝知平衡车对地面的压力为：F＝pS＝1.6×105Pa×4×10﹣3m2＝640N，在水平面上压力等于重力，所以平衡车和小伟的总重力为：G＝F＝640N，平衡车的重力为：G车＝m车g＝14kg×10N/kg＝140N，小伟的重力为：G小伟＝G﹣G车＝640N﹣140N＝500N，根据G＝mg知小伟的质量为：m小伟＝＝＝50kg；（2）根据v＝知在额定功率下骑平衡车以最高速度行驶到广场需要的时间为：t＝＝＝0.1h＝360s；根据P＝得平衡车电动机消耗的电能为：W＝Pt＝700W×360s＝252000J，根据η＝得电动机牵引力做的功为：W机械＝ηW＝90%×252000J＝226800J，根据W＝Fs知牵引力为：F＝＝＝126N。答：（1）小伟的质量是50kg；第37页共37页 （2）在额定功率下，他骑平衡车以最高速度行驶到广场需要360s的时间，此过程中平衡车电动机的效率为90%，电动机提供的牵引力为126N。22．解：（1）小明连接完电路，闭合开关后发现电流表指针向左偏转，出现这种现象的原因是：电流表正负接线柱接反；小明改正后，再测C点电流读数时，即干路电流，L2突然不亮了，L1仍旧发光，则说明L2所在支路断路，电流表测L1的电流，由并联电路各支路互不影响，根据并联电路电流的规律，小明会看到电流表的示数减小；（2）根据表中数据：0.10A+0.12A＝0.22A；0.20A+0.24A＝0.44A；0.26A+0.3A＝0.56A；可以得出并联电路干路电流等于各支路电流之和；（3）测量三次的目的是使结论更具有普遍性，在实验中我们可以采用更换不同规格的小灯泡的方法来改变电流的大小而进行三次实验；（4）在不更换电流表位置的情况下，在支路上各接一个开关，如下所示：故答案为：（1）电流表正负接线柱接反；（2）减小；（3）并联电路干路电流等于各支路电流之和；（4）使结论更具有普遍性；（5）更换不同规格的小灯泡；（6）如上所示。23．解：（1）由图可知，当闭合开关S、S1，只有R2接入电路中，R1被短路，电压表测其两端电压，即电源两端的电压，所以电源电压U＝8V；（2）由欧姆可得R2的电阻：R2＝＝＝4Ω；当闭合开关S，断开开关S1，两电阻串联，电压表测R2两端电压，电流表测电路中电流，由串联电路的电流特点和欧姆定律可得，电路中的电流：第37页共37页 I′＝I1′＝I2′＝＝＝0.5A，由串联电路的电压特点可知：U1＝U﹣U2＝8V﹣2V＝6V，R1的阻值：R1＝＝＝12Ω。答：（1）电源两端的电压U为8V。（2）电阻R1的阻值为12Ω。24．解：（1）变阻器按一上一下串联接入电路中，如下图所示：（2）为了避免连线错误而烧坏电路元件，在连接电路时，开关应处于断开状态；为了保护电路，电路连好后，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移至阻值最大处，即最左端；（3）A、定值电阻接线短路，电路是通路，电流表有示数，电压表测量导线电压，示数为0，故A符合题意；B、电源接触不良，整个电路中的个元件都不能工作，故B不符合题意；C、定值电阻接线断路，电路是断路，电流表无示数，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，故C不符合题意。故选：A；（4）由图乙可知，电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.2V，即Rx两端的电压为1.2V，观察到电流表示数为0.1A，由欧姆定律，电阻Rx的阻值：Rx＝＝＝12Ω；（5）由于一次实验测量的结果误差较大，故本实验进行了多次测量的目的是求平均值减小误差；第37页共37页 （6）灯在不同电压下的功率不同，故不需要多次测量求平均值；电压表和电流表位置互换，电压表串联接入电路，电路断路，电路中没有电流流过，灯泡不发光；由于电压表的正负接线柱与电源两极相连，所以电压表示数为6V。故答案为：（1）如上图所示；（2）断开；左；（3）A；（4）1.2；12；（5）求平均值减小误差；（6）灯在不同电压下的功率不同；不亮；6。25．解：（1）当闭合开关S1、S3，断开S2时，电路为R1的基本电路，电流表测电路中的电流，根据I＝可得，电源电压：U＝I1R1＝0.3A×20Ω＝6V；当闭合开关能S2、S3，断开S1时，电路为R2的基本电路，电流表的示数为1.2A，根据I＝可得，电阻R2的阻值：R2＝＝＝5Ω；（2）根据P＝UI＝可知，当电路的总电阻最小时，电路消耗的电功率最大；因为串联电路的总电阻大于其中任一电阻，并联电路的总电阻小于其中任一个电阻，所以当开关S1、S2、S3都闭合时，R1、R2并联，电路的总电阻最小，因为并联电路中的总电阻倒数等于各分电阻倒数之和，所以电路的最小总电阻：R＝＝＝4Ω，整个电路消耗的最大电功率：P最大＝＝＝9W；（3）当闭合S1，断开S2、S3时，R1、R3串联，R3消耗的电功率：P3′＝（）2R3﹣﹣﹣﹣﹣①当闭合S2，断开S1、S2时，R2、R3串联，R3消耗的电功率：P3″＝（）2R3﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，将①②代入P3′：P3″＝1：4可得：（）2R3：（）2R3＝（R2+R3）2：（R1+R3）2＝1：4化简后可得：（R2+R3）：（R1+R3）＝1：2（5Ω+R3）：（20Ω+R3）＝1：2解得：R3＝10Ω。答：（1）电源电压为6V；电阻R2的阻值为5Ω；（2）当开关S1、S2、S3都闭合时，R1、R2并联，电路的总电阻最小，由P＝可知，整个电路消耗的电功率最大；第37页共37页 （3）电阻R3的阻值为10Ω。2021年中考物理模拟试卷押题卷2一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1．（3分）“公众场合轻声细语”是一种文明行为，这里的“轻声”指的是声音的（　　）A．频率B．音色C．音调D．响度2．（3分）如图所示是小梦同学在﹣9℃的室外玩肥皂泡时拍摄的照片。他发现肥皂泡在很冷的室外会迅速结冰，掉落在地面如同散落的玻璃球，非常神奇。对这一现象包含的物态变化及吸热、放热情况判断正确的是（　　）A．这是凝固现象，需要放热B．这是凝固现象，需要吸热C．这是凝华现象，需要吸热D．这是凝华现象，需要放热3．（3分）有经验的渔民都知道：只有瞄准看到的鱼的下方才能叉到鱼。对此做法解释正确的光路图是（　　）A．B．第37页共37页 C．D．4．（3分）运动员在投篮时把篮球抛向空中，若不计空气阻力，则能正确表示篮球在空中飞行时的受力图，其中正确的是（G表示重力，F表示手对球的作用力）（　　）A．B．C．D．5．（3分）如图所示，是高速公路收费站的栏杆，它的动力臂小于阻力臂。该栏杆升起时相当于（　　）A．费力杠杆B．省力杠杆C．等臂杠杆D．动滑轮6．（3分）现要设计一个潜水器下潜深度显示电路，其中R为压敏电阻，R的阻值随其所受水的压强的增大而减小，R0为定值电阻，电源两端的电压保持不变。要求潜水器下潜深度增大时，电路中的电表示数增大，下列符合要求的电路是（　　）A．B．C．D．第37页共37页 7．（3分）如图所示，甲、乙分别为两个条形磁铁的某一端磁极，根据图中磁感线的分布，下列判断正确的是（　　）A．甲是N极，乙是S极B．甲是S极，乙是N极C．甲、乙都是S极D．甲、乙都是N极8．（3分）如图所示，闭合开关S，两灯均不亮，电流表无示数，电压表有示数，则故障是（　　）A．灯L1断路B．灯L2断路C．灯L1短路D．灯L2短路9．（3分）如图所示，甲容器内只有水，乙容器内有冰块漂浮在水面上，丙容器中悬浮着一个小球，三个相同的容器内水面高度相同，则下列说法正确的是（　　）A．冰块的密度大于球的密度B．三个容器中，甲容器对水平桌面的压力最小C．水对三个容器底的压力不同D．若向丙容器中加入酒精，小球受到的浮力变小10．（3分）下列数据中，最接近实际情况的是（　　）A．家中台灯的工作电流为2AB．家用台式计算机正常工作电流约为1AC．电视机的额定功率约为2000WD．电饭锅加热时的额定功率为100W二．多选题（共3小题，满分9分，每小题3分）11．（3分）在“探究凸透镜成像的规律”实验时，某小组测量出物距和像距的数据，并绘制成如图所示的图象，根据图象可知（　　）第37页共37页 A．该凸透镜的焦距f＝20cmB．当物距u＝30cm时，成倒立、缩小的实像，照相机利用了这条规律C．当物距小于像距时，成正立、放大的实像，“刷脸支付”利用了这条规律D．若把物体从距凸透镜8cm处向凸透镜移动过程中，所成的像会逐渐变小12．（3分）如图所示的电路中，电源电压恒定，开关S闭合后，滑片P向左移动的过程中，以下说法正确的是（　　）A．电压表V1的示数不变，灯泡亮度不变B．电压表V2的示数变小，灯泡亮度变亮C．电压表V2与电流表A的示数乘积变小D．电压表V1与电流表A的示数之比变小13．（3分）小林设计了如图所示的四组实验，测量物体在水中所受的浮力F，物体密度大于水的密度，图中各实验器材均符合实验要求，则能够测出浮力F的是（　　）A．第37页共37页 B．C．D．三．填空题（共6小题，满分24分，每小题4分）14．（4分）烩面是河南人民“舌尖上的美食”，端上一碗烩面，浓浓的香味扑鼻而来，这是　　现象；端碗时很烫手，是通过　　的方式增加了手的内能。15．（4分）水平桌面上有一平底空水槽，一束激光和水槽底部成30°角斜射入水槽中，在水槽底部形成一个光斑O，如图所示。现沿水槽壁缓慢向水槽内注入适量的水，水面静止后，反射角为　　度，水槽底部的光斑将移到O点的　　（选填“左”或“右”）侧。继续沿水槽壁缓慢注水过程中，折射角的大小　　。第37页共37页 16．（4分）“和谐号”动车预计今年6月份开通从泰州直达上海的线路，泰州站到上海站全程为250公里，若动车以200km/h的速度匀速行驶，市民9：00乘动车出发，到达上海站的时间是　　。动车组采用“再生制动”技术，刹车后由于　　仍将继续行驶，带动电机逆向发电，把动车组的　　能转化为电能输入国家电网。17．（4分）电风扇中有一个自动断电的安全装置，如图所示。铜是　　（导体、绝缘体），当电风扇倾倒时，它　　电路；直立时，它　　电路。（选填“断开”或“接通”）18．（4分）如图所示，斜面长为3m，高为1.5m，现用拉力F将重为800N的物体从斜面底部匀速拉至斜面的顶端，该过程斜面的机械效率为80%，则物体受到斜面的摩擦力为　　N。19．（4分）甲、乙两灯的额定电压均为9V，测得其电流与电压变化的关系图象如图所示，则甲灯的额定功率为　　W；若将甲、乙两灯串联接入9V的电路中，通电10s，两灯消耗的总电能为　　J。四．计算题（共6小题，满分37分）20．（6分）电热水器是指以电作为能源进行加热的热水器，内部有加热管，具有寿命较长、高效节能、安全、环保等优点，由于不受天气和季节等因素的影响，受到越来越多家庭的喜欢。如图是某款储水电热水器的图片及其相关参数（如表所示），该电热水器正常工作，将半胆水（40L）从30℃加热到52℃，整个过程不计热量损失。求：[ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]型号XXXX额定电压220V额定容积80L频率50Hz额定最高温度75℃额定功率4400W第37页共37页 防水等级IPX4额定内压0.8MPa（1）水吸收的热量。（2）电热水器的加热时间。（3）若用电高峰时，家庭电路的实际电压仅为209V，求此时电加热器的实际功率（加热管阻值不变）。21．（7分）小韩用如图甲所示的电路测量小灯泡的电功率，电源电压恒为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时电阻约为10Ω。（1）用笔画线表示导线，选好电流表量程，将图甲电路连接完整；（2）闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于　　（选填“C”或“D”）端；（3）闭合开关后，小灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数为3V，产生该现象的原因可能是小灯泡　　（选填“短路”或“断路”）；（4）排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P到某一点，电压表示数如图乙所示，此时小灯泡两端的电压为　　V，若要测量小灯泡的额定功率，此时应将滑动变阻器的滑片P向　　（选填“C”或“D”）端移动，根据该同学实验得到的如图丙所示的I﹣U图象，小灯泡的额定功率为　　W。22．（6分）如图所示，晶晶在测量一块形状不规则的石块的密度。第37页共37页 （1）图甲是晶晶在调节天平时的情景，你认为她在操作上的错误之处是：　　；（2）纠正错误后，他发现指针在分度盘如图乙所示位置，此时应将平衡螺母向　　（选填“左”或“右”）调节，直至天平横梁平衡；（3）接下来，将小石块放置在天平的　　盘，然后夹取砝码和移动游码，直至天平横梁再度平衡，此时砝码和游码情况如图丙所示，此时小石块的质量为　　g；（4）然后将小石块放入盛有适量水的量筒中，量筒中水面位置变化如图丁，则此小石块的密度是　　g/cm3；（5）小鲁同学也想测量一合金块的密度，但是她只有下列器材：一架天平（无砝码），两个完全相同的烧杯、一只量筒、水、滴管，爱思考的小鲁同学设计好实验方案后，进行如下操作：①调节天平平衡后，将两个空烧杯分别放在天平的左右两盘内，把合金块放在左盘烧杯内，向右盘烧杯内加水，并用滴管调节，直至天平平衡；②将烧杯内的水都倒入空量筒中，读出量筒示数为30cm3；③再用细线拴好合金块，将其轻轻放入量筒中，合金块刚好浸没，读出量筒示数为40cm3；由以上实验可知合金块密度为　　kg/m3，合金块密度测量值　　（选填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。23．（6分）如图所示，电源电压9V，灯泡L铭牌上标有“6V6W”，滑动变阻器R上标有“50Ω0.6A”，保证电路中元件不被烧坏，R接入电路的最小阻值为多少？整个电路的最大输出功率为多少？（灯泡的阻值不随温度的改变而改变）第37页共37页 24．（6分）测量某种液体密度的主要实验步骤如下：（1）用调节好的天平测量烧杯和液体的总质量，当天平再次平衡时，如图甲所示，烧杯和液体的总质量为　　g；（2）杯中的部分液体倒入量筒中，如图乙所示，量筒中液体的体积为　　cm3；（3）用天平测出烧杯和杯内剩余液体的总质量为74g；（4）计算出液体的密度为　　kg/m3。25．（6分）王老师向同学们展示了一只具有高、中、低温三挡调节功能的自制电加热器，并告知其内部电路由电阻丝R1、R2、和开关S1、S2、S3五个元件组成，电阻丝R1（20Ω5W）、R2（■Ω2.5W），在不拆解加热器的情况下，小军用图1电路对其进行探究：他只闭合S3是低温挡，电流表的示数为0.1A；只闭合S2是中温挡，电路总功率为0.9W，S1、S2闭合是高温挡，所用电源电压为3V，R1＞R2。（1）电阻丝R2的阻值为多少？（2）通过计算，在图2中虚线框内画出R1和R2及S1、S2、S3接入电路的情况。（3）高温挡时，电路总功率是多少？（4）若电源电压可调，为保证电路安全，电流表选用大量程，求此电加热器允许消耗的最大电功率。第37页共37页 参考答案一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1．解：在公共场所“轻声”这里的轻声指的是声音的大小，因此是指声音特性中的响度。故选：D。2．解：本题中的“肥皂泡泡在很冷的室外会迅速结冰”属于液态的水凝固成固态的冰，凝固需要放热，故A正确，BCD错误。故选：A。3．解：水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是变浅的鱼的虚像。所以有经验的渔民应该用鱼叉瞄准看到鱼的下方位置，才能将鱼叉到；故B正确、ACD错误。故选：B。4．解：篮球脱离手后由于惯性继续飞行，所以在空中球只受重力作用。重力的方向竖直向下。过篮球的重心，沿竖直向下的方向画一条有向线段，即为其所受重力示意图，故A正确，BCD错误。故选：A。5．解：如下图所示，栏杆升起时，动力臂小于阻力臂，所以它相当于费力杠杆，费力但省距离。故选：A。6．解：A、由电路图可知，R与R0并联，电压表测电源的电压，因电源的电压不变，所以当潜水器下潜深度增大（R电阻的阻值减小）时电压表的示数不变，故A不符合题意；B、由电路图可知R与R0并联，电流表测R0支路的电流，根据并联电路独立工作互不影响可知，当潜水器下潜深度增大（R电阻的阻值减小）时电流表的示数不变，故B不符合题意；C、由电路图可知，R与R0串联，电流表测电路中的电流，当潜水器下潜深度增大（R电阻的阻值减小）、电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知电路中的电流增大，即电流表的示数增大，故C符合题意；D、由电路图可知，R与R0第37页共37页 串联，电压表测R两端的电压，当潜水器下潜深度增大（R电阻的阻值减小）、电路的总电阻减小，根据串联电路电阻的分压特点可知R两端分得的电压减小，即电压表的示数减小，故D不符合题意。故选：C。7．解：磁体周围的磁感线都是从磁体的N极出发，回到S极，由图可见，甲、乙都是N极。故选：D。8．解：由图可知，两灯串联，电压表测量L2两端的电压，电流表测量电路电流；闭合开关S后，两灯均不亮，电流表无示数，说明电路中有断路现象；电压表有示数，说明电压表两端能与电源两极连通，灯泡L1是完好的，所以故障原因是L2断路。故选：B。9．解：A、由图可知，乙容器内有冰块漂浮在水面上，冰的密度小于水的密度；丙容器中悬浮着一个小球，小球的密度等于水的密度，则冰块的密度小于球的密度，故A错误；BC、在乙容器中，根据作用力和反作用力可知，水给木块一个竖直向上的浮力F浮，木块会反过来施加给水一个竖直向下的压力F压，而且F压＝F浮．这个压力会通过水、容器传递给桌面；在甲图中，甲容器对于桌面的压力＝G水+G杯，乙图，木块漂浮，所以F浮＝G木＝G排．乙容器对桌面的压力＝G'水+G木+G杯＝G'水+G排+G杯，因为G'水+G排＝G水，所以甲容器对于桌面的压力等于乙容器对桌面的压力；同理甲容器对于桌面的压力等于丙容器对桌面的压力；故BC错误；D、若向丙容器中加入酒精，则液体的密度减小，排开的液体的体积不变，根据阿基米德原理可知，小球受到的浮力变小。故D正确。故选：D。10．解：A、家用台灯的额定功率一般不超过40W，电流约为0.2A，故A错误；B、台式计算机的功率为200W左右，电流在1A左右，故B正确；C、电冰箱的功率在100W左右，故C错误；D、电饭锅加热当的额定功率为1000W，故D错误。故选：B。二．多选题（共3小题，满分9分，每小题3分）11．解：A、据凸透镜成像规律可知，当u＝v＝2f，凸透镜成倒立、等大的实像；由图可知，u＝v＝2f＝20cm，所以f＝10cm。故A错误；B、当物距u＝30cm时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，应用于照相机和摄像机，故B正确；C、当物距小于像距时，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f，应用于幻灯机和投影仪，“刷脸支付”第37页共37页 利用了照相机的原理，故C错误；D、u＜f，成正立、放大的虚像。如果将蜡烛从该点向凸透镜移动，根据“凸透镜成虚像时，物距越小，像越小”，所以像逐渐变小，故D正确。故选：BD。12．解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电压表V2测电源电压，电流表测电路中的电流；AB、当滑片P向左移动，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I＝可得，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大；由U＝IR可知，灯泡两端的电压变大，根据串联电路电压的规律知，变阻器两端的电压变小，即电压表V1的示数变小；根据P＝UI知，小灯泡的实际功率增大，灯泡亮度变亮；因电源的电压不变，所以，滑片移动时电压表V2的示数不变，故AB错误；C、电压表V2示数不变，电流表A的示数变大，其乘积变大，故C错误；D、由欧姆定律可知，电压表V1与电流表A的示数之比为滑动变阻器的阻值，变阻器接入的阻值变小，则该比值变小，故D正确。故选：D。13．解：A、用弹簧测力计测出物体在空气中的重力，然后测出物体完全浸没在液体中时的拉力，二者之差即为物体受到的浮力。故A正确；B、根据阿基米德原理可知物体受到的浮力等于其排开液体的重力，所以测出小桶的重力，然后测出小桶和溢出水的总重力，二者之差即为物体受到的浮力。故B正确；C、利用托盘天平测出水和烧杯的质量，再测出物体、液体和烧杯的总质量，无法得到物体受到的浮力大小。故C错误；D、用量筒测出水的体积，然后将物体浸没在水中，测出此时水的体积，二者之差即为物体排开水的体积，然后利用重力和密度公式求出水的重力，即为物体受到的浮力，故D正确。故选：ABD。三．填空题（共6小题，满分24分，每小题4分）14．解：端上一碗牛肉面，浓浓的香味扑鼻而来，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；端碗时很烫手，手从碗上吸收了热量，是通过热传递方式增加了手的内能。第37页共37页 故答案为：扩散；热传递。15．解：已知光线和水槽底部成30°角斜射入水槽中，根据入射角的概念可知，入射角为90°﹣30°＝60°，因反射角等于入射角，则反射角也为60°；水槽内没有注水时，光沿直线传播，照射到O点；当向水槽内注入适量的水后，光从空气斜射入水中发生折射，折射角小于入射角，折射光线偏向法线，因此水槽底部光斑移动到O点的左侧；继续沿水槽壁缓慢注水，折射光线逐渐向左移动，但是入射角不变，则折射角的大小也不变。故答案为：60；左；不变。16．解：由v＝可得，从泰州站到上海站所用的时间：t＝＝＝1.25h＝1h15min，则到达上海站的时间为9：00+1：15＝10：15。刹车后，动车组由于具有惯性会继续保持向前运动的状态，带动电机逆向发电，把机械能转化成电能输入电网。故答案为：10：15；惯性；机械。17．解：铜是金属，容易导电，故铜是导体；如图，当电风扇倾倒时，铜球处断开，两根导线有一根绝缘棒连接，绝缘棒不善于导电，电路处于断开状态，电路是断路；直立时，铜球处连通，电路处处连通，电路处于闭合状态。故答案为：导体；断开；接通。18．解：此过程所做有用功为：W有＝Gh＝800N×1.5m＝1200J；由机械效率η＝得，总功为：W总＝＝＝1500J；此过程所做额外功为：W额＝W总﹣W有＝1500J﹣1200J＝300J；由W额＝fs变形得：摩擦力为：f＝＝＝100N。故答案为：100。19．解：（1）甲灯泡的额定电压U甲＝9V，由图象可知额定电流I甲＝0.8A，甲灯泡的额定功率P甲＝U甲I甲＝9V×0.8A＝7.2W；（2）当甲、乙两灯串联接入9V的电路中，则第37页共37页 U＝U甲+U乙＝9V，I＝I甲＝I乙，由图象可知，当I＝0.4A时符合；通电10s两灯消耗的总电能：W＝UIt＝9V×0.4A×10s＝36J。故答案为：7.2；36。四．计算题（共6小题，满分37分）20．解：（1）由ρ＝可得，热水器水箱中注满水时水的质量：m＝ρV＝1×103kg/m3×40×10﹣3m3＝40kg；水升高温度△t＝t﹣t0＝52℃﹣30℃＝22℃，水吸收的热量为：Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×40kg×22℃＝3.696×106J；（2）由题意可知，不计热量损失，消耗的电能：W＝Q吸＝3.696×106J，由P＝得电热水器的加热时间：t＝＝＝840s；（3）电热丝正常工作时的电阻：R＝＝＝11Ω，当实际电压U实际＝209V时，不考虑电热丝电阻的变化，实际功率：P′＝＝＝3971W。答：（1）水吸收的热量为3.696×106J。（2）电热水器的加热时间为840s。（3）此时电加热器的实际功率为3971W。21．解：（1）小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯正常发光时的电流约为：I＝＝＝0.25A；故电流表选用小量程与灯串联，如下所示：第37页共37页 （2）闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处的C端；（3）若灯泡短路，则电压表示数为0，电路为通路，灯泡发光，电流表有示数；若灯泡断路，灯泡不发光，则电流表示数为0，电压表串联在电路中测电源电压，有示数；故闭合开关后，小灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数为3V，产生该现象的原因可能是小灯泡断路；（4）图中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V；灯在额定电压下正常发光，2.2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向D移动，直到电压表示数为额定电压；根据该同学实验得到的如图2所示的I﹣U图象知，灯在额定电压下的电流为0.2A，小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；故答案为：（1）如上；（2）C；（3）断路；（4）2.2；D；0.5。22．解：（1）在调节天平平衡时，应先将天平放在水平台上，并将游码拨到标尺左端的零刻线处，该同学未将游码移到标尺左端的零刻度线处；（2）读图甲可知，指针偏右，说明右侧质量稍大，右盘底左盘高，因此，应将平衡螺母向左侧移动，直至天平横梁平衡；（2）将石块放在天平的左盘里，砝码放在右盘里，由图乙知标尺的分度值是0.2g，小石块的质量：m＝20g+5g+2g＝27g；（3）由图丙知，量筒分度值2mL，所以石块的体积V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3；（4）小石块的密度为：ρ＝＝＝1.35g/cm3；（5）③烧杯内水的质量为：m水＝ρV＝1.0g/cm3×30cm3＝30g，合金块的质量为：m＝m水＝30g，第37页共37页 合金块体积：V＝40cm3﹣30cm3＝10cm3，合金块密度：ρ＝＝＝3.0g/cm3＝3×103kg/m3。烧杯内的水不能全部倒入量筒，测量水的体积偏小，求出的质量偏小即合金块的质量偏小，求出的密度偏小。故答案为：（1）未将游码移到标尺左端的零刻度线处；（2）左；（3）左；27；（4）1.35；（5）3×103；小于。23．解：（1）由P＝UI可得，灯泡的额定电流：IL＝＝＝1A，由于滑动变阻器允许通过的最大电流为0.6A，所以电路允许通过的最大电流为0.6A，由P＝可得，灯泡的电阻：RL＝＝＝6Ω，由I＝可得，电路的总电阻：R总＝＝＝15Ω，因串联电路中的总电阻等于各部分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路的最小阻值：Rmin＝R总﹣RL＝15Ω﹣6Ω＝9Ω。（2）整个电路的最大输出功率：Pmax＝UImax＝9V×0.6A＝5.4W。答：保证电路中元件不被烧坏R接入电路的最小阻值为9Ω；整个电路的最大输出功率为5.4W。24．解：（1）烧杯和液体的总质量：m'＝100g+20g+2g＝122g。（2）量筒中液体的体积：V＝40mL＝40cm³。（4）量筒中液体的质量：m＝m'﹣m''＝122g﹣74g＝48g，液体的密度：ρ＝＝＝1.2g/cm³＝1.2×10³kg/m3。故答案为：（1）122；（2）40；（4）1.2×10³。25．解：（1）串联电阻大于其中任一电阻，并联电阻小于其中任一电阻，根据P＝第37页共37页 ，当两电阻串联时为低温挡，两电阻并联时为高温挡，已知R1＝20Ω，低温挡时电流表的示数为0.1A，根据串联电阻的规律及欧姆定律：R2＝﹣R1＝﹣20Ω＝10Ω；（2）只闭合S2是中温挡，电路总功率为0.9W，根据P中＝，R中＝＝＝10Ω，故接入R2时为中温挡；只闭合S3时两电阻串联；只闭合S2时只有R2连入电路中，S1、S2闭合时两电阻并联，电路连接如下图所示：（3）根据并联电路各支路互不影响，通过R2的电流大小不变，R2的功率为0.9W，R1的功率：P1＝＝＝0.45W；高温挡时，电路总功率是：P高＝0.9W+0.45W＝1.35W；（4）若电源电压可调，为保证电路安全，根据P＝，故U＝，故R1的最大电压为：U1＝＝10V；同理，R2的最大电压为：U2＝5V；并联电路各支路电压相等，故当电源电压为5V时，电加热器允许消耗的电功率最大，P最大＝P1大+P2大＝+P2大＝+2.5W＝3.75W（根据P＝UI，电流表示数为：I大＝＝＝1.25A＜3A）。故答案为：（1）电阻丝R2的阻值为10Ω；（2）如上所示；（3）高温挡时，电路总功率是1.35W；（4）若电源电压可调，为保证电路安全，此电加热器允许消耗的最大电功率为3.75W。第37页共37页 第37页共37页