2021年中考物理模拟试卷 2套（含答案解析）

2021年中考物理模拟试卷1一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1．（3分）某同学在测量时忘记给测量结果写上单位，下列哪一个数据的单位是m（　　）A．一张课桌的高度大约为7.5B．一位中学生的身高大约为17.0C．成年人走一步的距离大约为0.75D．物理八年级上册教科书的厚度大约为0.72．（3分）男高音女高音是指声音的（　　）A．音调B．响度C．音色D．以上均不正确3．（3分）如图所示，简易的太阳能净水器可以将污水净化并收集起来。在净水的过程中，以下说法正确的是（　　）A．污水变成水蒸气的过程需要吸热，是升华现象B．污水变成水蒸气的过程需要放热，是汽化现象C．水蒸气变成小水滴的过程需要放热，是液化现象D．水蒸气变成小水滴的过程需要放热，是凝华现象4．（3分）一束光射向一块玻璃砖（如图）并穿过玻璃砖，这束光进入玻璃和离开玻璃后的光路正确的是（　　）A．B．C．D．第35页共35页 5．（3分）如图，甲物重15N，乙物重5N，甲乙均静止，不计测力计自重，则测力计示数（　　）A．5NB．10NC．15ND．20N6．（3分）锤子的锤头变松了，人们常用撞击锤柄的方法使锤头紧套在锤柄上，如图所示，这是利用了（　　）A．锤柄的惯性B．锤柄的重力C．锤头的惯性D．锤头的重力7．（3分）下列器件中，不能称之为用电器的是（　　）A．电灯B．电炉C．电熨斗D．电线8．（3分）如图所示，一架大疆无人机在空中匀速上升的过程中，它的（　　）A．质量增大B．动能减小C．机械能增大D．动能转化为重力势能9．（3分）将规格都是“220V180W”的一台电冰箱、一台电风扇和一床电热毯，分别接入同一家庭电路中，若通电时间相同，产生的热量最多的是（　　）A．电冰箱B．电风扇C．电热毯D．一样多10．（3分）如图所示的做法符合安全用电原则的是（　　）A．试电笔的握法第35页共35页 B．电灯和开关的连接C．发生触电事故时要立即断开电源D．多个大功率用电器同时使用一个插座二．多选题（共3小题，满分9分，每小题3分）11．（3分）在“探究凸透镜成像的规律”实验时，某小组测量出物距和像距的数据，并绘制成如图所示的图象，根据图象可知（　　）A．该凸透镜的焦距f＝20cmB．当物距u＝30cm时，成倒立、缩小的实像，照相机利用了这条规律C．当物距小于像距时，成正立、放大的实像，“刷脸支付”利用了这条规律D．若把物体从距凸透镜8cm处向凸透镜移动过程中，所成的像会逐渐变小12．（3分）在水平雪地上滑行的运动员如图所示，下列说法正确的是（　　）A．运动员弯着腰是通过降低重心来增大重力B．运动员受到的重力与地面对他的支持力是一对平衡力第35页共35页 C．运动员滑行时有惯性，停下来就没有惯性D．停止蹬地运动员就慢慢停下来，说明力是改变物体运动状态的原因13．（3分）小明利用标有“6V6W”的灯泡L1和“6V3W”的灯泡L2进行实验。两个灯泡的I﹣U图像如图所示，在保证电路安全的前提下，下列说法中正确的是（　　）A．灯泡中的电流与电压不成正比，此时不适用于欧姆定律B．当L1正常发光时，通过L的电流为1.0AC．当L1和L2并联接在电源电压为4V的电路中，电路总功率为4WD．当L1和L2串联且有一个灯正常工作时，另一个灯的功率为1W三．填空题（共6小题，满分24分，每小题4分）14．（4分）在建国70周年阅兵仪式上，当飞机队形不变时，以其中一架飞机为参照物，其他飞机是　　的（选填“运动”或“静止”）；歼﹣20战机飞行速度最大可达900m/s，则30min内歼﹣20最大飞行距离可达　　km。15．（4分）甲和乙两种物质比热容之比为1：2，分别由甲和乙两种材料组成的物体吸收同样热量后，升高的温度之比为3：4，则这两个物体的质量之比为　　；不断弯折铁丝，铁丝的温度升高，是通过　　的方法增大铁丝内能的。16．（4分）光在　　介质中沿直线传播，光在其他各种介质中的速度都比它在真空中传播的速度　　.17．（4分）如图所示，护士为病人打针前，先把针管里的活塞推到底端，然后把针头插入药液中，提起活塞，药液在　　的作用下进入针管里。注射器针头很尖，是通过　　的方法达到　　的目的。第35页共35页 18．（4分）如图所示，甲图为某小灯泡L和某电阻R的电流随电压变化的图象，则R的阻值为　　Ω；将L和R连成图乙电路，闭合开关S、S1，当电流表的示数为0.35A时，灯L的电阻值为　　Ω。19．（4分）磁体间力的作用是通过　　发生的。如图所示的是用来描绘某一磁体周围磁场的部分磁感线，若在b点放置一个可自由转动的小磁针，则小磁针静止时，其S极指向　　处（选填“P”或“Q”）四．计算题（共6小题，满分37分）20．（6分）小青将家中其他用电器与电源断开，仅让淋浴器工作，用电能表测量电热淋浴器的热效率。他把淋浴器内质量为50kg，初温为25℃的水加热到55℃，加热前后电能表示数如图所示。已知c水＝4.2×103J/（kg•℃）求：（1）水吸收的热量；（2）电热淋浴器的热效率。21．（7分）如图所示，晶晶在测量一块形状不规则的石块的密度。第35页共35页 （1）图甲是晶晶在调节天平时的情景，你认为她在操作上的错误之处是：　　；（2）纠正错误后，他发现指针在分度盘如图乙所示位置，此时应将平衡螺母向　　（选填“左”或“右”）调节，直至天平横梁平衡；（3）接下来，将小石块放置在天平的　　盘，然后夹取砝码和移动游码，直至天平横梁再度平衡，此时砝码和游码情况如图丙所示，此时小石块的质量为　　g；（4）然后将小石块放入盛有适量水的量筒中，量筒中水面位置变化如图丁，则此小石块的密度是　　g/cm3；（5）小鲁同学也想测量一合金块的密度，但是她只有下列器材：一架天平（无砝码），两个完全相同的烧杯、一只量筒、水、滴管，爱思考的小鲁同学设计好实验方案后，进行如下操作：①调节天平平衡后，将两个空烧杯分别放在天平的左右两盘内，把合金块放在左盘烧杯内，向右盘烧杯内加水，并用滴管调节，直至天平平衡；②将烧杯内的水都倒入空量筒中，读出量筒示数为30cm3；③再用细线拴好合金块，将其轻轻放入量筒中，合金块刚好浸没，读出量筒示数为40cm3；由以上实验可知合金块密度为　　kg/m3，合金块密度测量值　　（选填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。22．（6分）某实验小组在“测滑轮组的机械效率”的实验中得到的数据如表所示，第1、2、3次实验装置如图中的甲、乙、丙所示。次数钩码重G/N钩码上升高度h/m测力计的示数F/N测力计移动距离s/m机械效率η/%120.10.90.374.1240.11.6　　　　第35页共35页 340.11.10.572.2（1）完成上表格中的数据。（2）比较1、2两次实验，可得的结论：使用同一滑轮组，　　可以提高滑轮组的机械效率。（3）比较2、3两次实验，可得的结论：使用不同的滑轮组，提升相同的重物时，动滑轮的个数越多，滑轮组的机械效率　　。（4）提高滑轮组机械效率的方法有　　。23．（6分）某物理实验小组探究物体的动能大小跟哪些因素有关。用质量不同的两个小钢球m和M（M的质量大于m），分别从不同的高度h和H（H＞h）静止开始滚下，观察木块B被撞击后移动的距离，实验过程中如图甲、乙、丙所示。（1）若水平面绝对光滑，本实验　　（选填“能”或“不能”）达到探究目的。（2）由甲、乙两图可得实验结论：物体的动能大小与　　有关。（3）小华同学根据甲、丙两图得出结论：物体动能的大小与质量有关，她的看法是否正确？　　（选填“正确”或“错误”），理由是　　。【拓展】小明将实验进行了改装：用形状相同的塑料球和铁球（铁球质量大）将弹簧压缩到相同程度后放手，如图丁所示；两球离开弹簧时的速度　　（选填“相同”或“不相同”），纸盒被推开的距离　　第35页共35页 （选填“相同”或“不相同”）。24．（5分）王磊同学在用“伏安法”测电阻时，发现小灯泡的亮度不同，小灯泡的电阻也不同。通过与老师的交流明白了：灯丝的温度影响了灯丝的电阻。“灯丝的电阻是怎样变化的呢？”带着这个疑问，他决定选择下列器材去测量小灯泡在不同亮度时的电阻：电源（3V）；开关1只；滑动变阻器（0～50Ω）1只；电流表（0～0.6A；0～3A）1只；电压表（0～3V；0～15V）1只；小灯泡1个（U＝2.5V；电阻约10Ω）；导线若干。（1）请结合选择的器材，选择合适的电流表和电压表的量程，用笔画线代替导线帮助王磊完善实物图甲的连接。注意：电流表和电压表中间的接线柱分别为0.6A和3V的量程，右边的接线柱分别为3A和15V的量程。（2）在连接甲图实物电路的过程中，开关应该处于　　状态，同时应将滑动变阻器的滑片移动到最　　端。（选填“左”或“右”）（3）电路连接好后，当王磊闭合开关发现：小灯泡不发光，电流表的示数几乎为0，电压表的示数接近电源电压3V．造成这种现象的原因可能是　　A．小灯泡被短路B．小灯泡与灯座接触不良C．滑动变阻器接入电阻太大（4）排除故障后，小王移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为0.8V时，电流表的示数如图乙所示，请在表格中正确填写读数，并计算灯丝电阻。（计算保留一位小数）实验次数发光情况电压（V）电流（A）灯丝电阻（Ω）1刚发光0.8　　　　2暗1.50.27.53亮2.50.38.3（5）分析数据得出：灯越亮，灯丝温度越高，灯丝的电阻就越　　。25．（7分）一只重为50N的西瓜，如图1放在水桶中漂浮。第35页共35页 （1）求漂浮时西瓜受到的浮力。（2）如图2，一瓶重为2N的水瓶放在西瓜表面时，水瓶刚好竖直且没有浸没在水中，而西瓜刚好浸没在水中。（g＝10N/kg，ρ水＝1×103kg/m3）①若以“•”表示西瓜，在方框中画出西瓜的受力示意图。②此时西瓜受到的浮力是多大？③西瓜的体积是多少？第35页共35页 参考答案一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1．解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度接近中学生身高的一半，在75cm＝7.5dm左右。故A不符合题意；B、成年人的身高在170cm左右，个别中学生的身高接近成年人，在170cm＝17.0dm左右。故B不符合题意；C、地板砖的边长为60cm，成年人走一步的距离略大于此数值，在75cm＝0.75m左右。故C符合题意；D、中学生的食指宽度约7mm，八年级物理教科书的厚度与此差不多，在7mm＝0.7cm左右。故D不符合题意。故选：C。2．解：男高音女高音是指声音的音调。故BCD错误；A正确；故选：A。3．解：AB、污水杯中的水分首先从液态变成气态的水蒸气，发生汽化现象，汽化需要吸热。故AB错误；CD、汽化后的水蒸气遇到塑料瓶做的外罩，凝结成液态的小水珠，发生液化现象，小水珠越积越多，最后落下来，被收集到洁净水收集杯中。液化需要放热。故C正确，D错误。故选：C。4．解：先画出法线，当光从空气斜射入玻璃时，入射光线和折射光线分居法线的两侧，折射角小于入射角。当光从玻璃斜射入空气时，入射光线和折射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角。最终的出射光线与最初的入射光线平行。故只有B图正确。故选：B。5．解：以乙物体为研究对象，乙处于静止状态，受力平衡，则测力计右端受到的拉力大小为F＝G乙＝5N，所以该测力计示数是5N。故选：A。6．答：因为锤头与柄原来都向下运动，柄撞在硬物上受到阻力作用，改变了它的运动状态，就停止了运动；锤头由于惯性仍保持原来运动状态，继续向下运动，这样锤头就紧套在锤柄上了。故ABD错误，C正确。故选：C。第35页共35页 7．解：电灯、电炉、电熨斗用电来工作，将电能转化为其它形式的能，它们是用电器；电线是用来连接各电路元件的，不属于用电器。故选：D。8．解：无人机匀速上升过程中，无人机的质量不变，高度增大，重力势能增大；速度不变，质量不变，其动能不变；无人机上升过程中，没有发生弹性形变，不具有弹性势能，机械能等于重力势能与动能的总和，机械能增大，故C正确、ABD错误。故选：C。9．解：因为接在家庭电路中，U＝220V，所以三种用电器的实际功率：P实＝P额＝180W；又因为W＝Pt，用电器工作时间t相等，所以，三种用电器消耗的电能相同，因为电冰箱与电风扇工作时，主要把电能转化为机械能，产生的热量很小，电热毯工作时电热丝产生热量，把电能全部转化为热量，所以产生热量最多的是电热毯。故选：C。10．解：A、图中人手没有接触测电笔笔尾的金属体，这种使用方法是错误的；B、接灯时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套。开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切断火线，触及灯泡时更安全，该选项连接错误；C、发现有人触电，首先要使触电者尽快脱离电源，然后根据具体情况，进行相应的救治，如果用手将触电者拉开，这样就会使救人者间接接触带电体而触电，十分危险，此选项做法正确；D、当家庭电路中接入多个大功率的用电器时，会使得干路中的电流变大，超过电路的负荷而发生危险，该选项做法是错误的。故选：C。二．多选题（共3小题，满分9分，每小题3分）11．解：A、据凸透镜成像规律可知，当u＝v＝2f，凸透镜成倒立、等大的实像；由图可知，u＝v＝2f＝20cm，所以f＝10cm。故A错误；B、当物距u＝30cm时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，应用于照相机和摄像机，故B正确；C、当物距小于像距时，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f，应用于幻灯机和投影仪，“刷脸支付”利用了照相机的原理，故C错误；D、u＜f，成正立、放大的虚像。如果将蜡烛从该点向凸透镜移动，根据“凸透镜成虚像时，物距越小，像越小”，所以像逐渐变小，故D正确。第35页共35页 故选：BD。12．解：A．运动员弯着腰是通过降低重心来增大稳度，不是增大重力，故A错误。B．在水平雪地上滑行时，运动员受到的重力和地面对他的支持力，二力的大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一物体上，是一对平衡力，故B正确。C．一切物体在任何运动状态下都有惯性，所以运动员停下来时仍然有惯性，故C错误。D．停止蹬地，运动员受到雪地上对他的摩擦力作用，使他运动的速度减小，说明力是改变物体运动状态的原因，故D正确。故选：BD。13．解：A、根据图像可知，通过灯泡的电流与电压不成正比，但可以读出某电压下的电流，利用欧姆定律计算此时的电阻，故A错误；B、已知灯泡L1的额定电压为6V，根据图像可知通过L1的额定电流为1.0A，故B正确；C、因并联电路两端电压相等，所以当L1和L2并联接在电源电压为4V的电路时，由图像可知，通过L1的电流为0.8A，通过L2的电流为0.4A，又因干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：I＝I1+I2＝0.8A+0.4A＝1.2A，电路总功率：P＝UI＝4V×1.2A＝4.8W，故C错误；D、已知灯泡L2的额定电压为6V，根据图像可知通过L2的额定电流为0.5A，因通过L1的额定电流为1.0A，且串联电路各处电流都相等，所以电路中的电流：I′＝I2额＝0.5A，灯泡L2正常发光，由图像可知，此时L1两端电压：U1实＝2V，则L1的实际功率：P1实＝U1实I′＝2V×0.5A＝1W，故D正确。故选：BD。三．填空题（共6小题，满分24分，每小题4分）14．解：当飞机队形不变时，以其中一架飞机为参照物，其他飞机相对于该飞机的位置没有发生变化，故其他飞机是相对静止的。根据v＝可得，30min内歼﹣20最大飞行的距离：s＝vt＝900m/s×30×60s＝1.62×106m＝1620km。故答案为：静止；1620。15．解：（1）由题知，△t甲：△t乙＝3：4，c甲：c乙＝1：2，甲、乙两物体吸收的热量：Q甲：Q乙＝1：1，第35页共35页 由Q吸＝cm△t得这两个物体的质量之比：m甲：m乙＝：＝：＝8：3。（2）不断弯折铁丝，铁丝的温度升高，即通过对铁丝做功，使得铁丝的内能增加，温度升高。故答案为：8：3；做功。16．解：光在同种均匀介质中沿直线传播，光在其他各种介质中的速度都比它在真空中传播的速度小。故答案为：同种均匀；小。17．解：先把针管里的活塞推到底端，然后把针头插入药液中，提起活塞，药液在大气压的作用下进入针管。注射器针头很尖，是通过减小受力面积的方法增大压强。故答案为：大气压强；减小受力面积；增大压强。18．解：（1）电阻R的电流随电压变化的图象为一过原点的直线，故R为一定值，当电压为3V时，电流为0.15A，由欧姆定律得，R＝＝＝20Ω；（2）闭合开关S、S1，R、L并联，电流表测干路的电流，由并联电路的规律，灯与R的电压相等，由图乙知，当电压为2V时，R的电流为0.1A，灯的电流为0.25A，由并联电路电流的规律，电流表示数为：I＝0.1A+0.25A＝0.35A，符合题意，由欧姆定律得，灯L的电阻值为：R′＝＝＝8Ω。故答案为：20；8。19．解：磁体间力的作用是通过磁场发生的；根据图示的磁感线方向可知，b点的磁场方向指向Q，也就是小磁针静止在该点时北极所指的方向，即N极指向Q点，则小磁针的S极指向P处。故答案为：磁场；P。四．计算题（共6小题，满分37分）20．解：（1）水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（55℃﹣25℃）＝6.3×106J；第35页共35页 （2）消耗的电能：W＝864.5kW•h﹣862.5kW•h＝2kW•h＝2×3.6×106J＝7.2×106J，此过程电热淋浴器的热效率：η＝×100%＝×100%＝87.5%。答：（1）水吸收的热量为6.3×106J；（2）电热淋浴器的热效率为87.5%。21．解：（1）在调节天平平衡时，应先将天平放在水平台上，并将游码拨到标尺左端的零刻线处，该同学未将游码移到标尺左端的零刻度线处；（2）读图甲可知，指针偏右，说明右侧质量稍大，右盘底左盘高，因此，应将平衡螺母向左侧移动，直至天平横梁平衡；（2）将石块放在天平的左盘里，砝码放在右盘里，由图乙知标尺的分度值是0.2g，小石块的质量：m＝20g+5g+2g＝27g；（3）由图丙知，量筒分度值2mL，所以石块的体积V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3；（4）小石块的密度为：ρ＝＝＝1.35g/cm3；（5）③烧杯内水的质量为：m水＝ρV＝1.0g/cm3×30cm3＝30g，合金块的质量为：m＝m水＝30g，合金块体积：V＝40cm3﹣30cm3＝10cm3，合金块密度：ρ＝＝＝3.0g/cm3＝3×103kg/m3。烧杯内的水不能全部倒入量筒，测量水的体积偏小，求出的质量偏小即合金块的质量偏小，求出的密度偏小。故答案为：（1）未将游码移到标尺左端的零刻度线处；（2）左；（3）左；27；（4）1.35；（5）3×103；小于。22．解：（1）甲乙丙实验中绳子的有效段数分别为3、3、5，根据绳子自由端移动的距离s与物体升高的高度h的关系：s＝nh，第2次实验中，测力计移动距离s＝3×0.1m＝0.3m；机械效率：第35页共35页 η＝＝≈83.3%；（2）比较1、2两次实验，可得的结论：使用同一滑轮组，增大提升物体的重力可以提高滑轮组的机械效率；（3）比较2、3两次实验，使用的滑轮组不同，第3次实验中，动滑轮的个数越多（动滑轮重力大于第2次动滑轮的重力），可得的结论：使用不同的滑轮组，提升相同的重物时，动滑轮的个数越多，滑轮组的机械效率低。（4）影响滑轮组机械效率的因素有：物重、动滑轮的重、绳重与摩擦；提高滑轮组机械效率的方法有：减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦、增加提升物体的重。故答案为：（1）0.3；83.3%；（2）增大物重；（3）越低；（4）减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦、增加提升物体的重。23．解：（1）若水平面绝对光滑，则木块运动时不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，不能通过木块移动的距离长短来判断小球动能的大小，所以本实验将不能达到探究目的；（2）由甲、乙图可知，小球的质量相同，小球从同一斜面的不同高度由静止滑下，到达斜面底部时的速度不同，撞击木块后木块移动的距离不同，说明小球的动能不同，所以得出的实验结论为：物体的动能大小与速度有关；（3）要探究小球动能与质量的关系，需要控制小球到达水平面时的速度相同，即不同质量的小球从同一高度由静止滑下，而甲、丙两图没有让小球从同一高度滚下，没有控制小球的速度相同，所以小明的看法错误；【拓展】用形状相同的塑料球和铁球将弹簧压缩到相同程度，弹簧的弹性势能相同，转化成的动能相同，两小球的质量不同，所以速度不同，但由于动能相同，对纸盒做的功应相同，对纸盒做得功是克服水平面给纸盒的摩擦力做功，摩擦力是相同的，根据W＝Fs可知，纸盒运动的距离也应该是相同的。故答案为：（1）不能；（2）速度；（3）错误；没有控制小球到达水平面时的速度相同；【拓展】不同；相同。24．解：（1）电源电压为3V，故电压表选用小量程并联在小灯泡两端；灯的电阻约10Ω，由欧姆定律，灯的电流约为：I＝＝＝0.25A＜0.6A，故电流表选用小量程与灯串联；变阻器按一上一下接入电路中，实物连接如下图：第35页共35页 （2）为保护电路，在连接电路时开关应断开；同时应将滑动变阻器的滑片移动到阻值最大处，即最右端。（3）电路连接完好，闭合开关，灯泡不亮，电流表几乎无示数，电路可能断路，而电压表有示数且等于电源电压，说明电压表与电源连通，则电路中出现的故障原因可能为灯泡处断路，即小灯泡与灯座接触不良，故选B。（4）由图可知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流表读数为I′＝0.12A，由欧姆定律，灯丝的电阻为：R′＝＝≈6.7Ω。（5）分析数据可知：灯越亮，灯丝温度越高，灯丝的电阻就越大。故答案为：（1）如上所示；（2）断开；右；（3）B；（4）0.12；6.7；（5）大。25．解：（1）西瓜漂浮在水中静止，由二力平衡条件得，漂浮时西瓜受到的浮力：F浮＝G＝50N；（2）①西瓜在水中受重力与浮力的作用，由于将一瓶重为2N的水瓶放在西瓜表面，水瓶刚好竖直且没有浸在水中，因此浮力等于小瓶对西瓜的压力和西瓜的重力之和，如图所示：②西瓜静止，由二力平衡条件得：F浮＝F压+G西瓜＝2N+50N＝52N；③F浮＝ρ水gV排可得，排开水的体积V排＝＝＝5.2×10﹣3m3，因为浸没，所以V西瓜＝V排＝5.2×10﹣3m3。答：（1）漂浮时西瓜受到的浮力为50N，第35页共35页 （2）①②此时西瓜受到的浮力是52N；③西瓜的体积是5.2×10﹣3m3。第35页共35页 2021年中考物理模拟试卷2一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1．（3分）“公众场合轻声细语”是一种文明行为，这里的“轻声”指的是声音的（　　）A．频率B．音色C．音调D．响度2．（3分）如图所示是小梦同学在﹣9℃的室外玩肥皂泡时拍摄的照片。他发现肥皂泡在很冷的室外会迅速结冰，掉落在地面如同散落的玻璃球，非常神奇。对这一现象包含的物态变化及吸热、放热情况判断正确的是（　　）A．这是凝固现象，需要放热B．这是凝固现象，需要吸热C．这是凝华现象，需要吸热D．这是凝华现象，需要放热3．（3分）有经验的渔民都知道：只有瞄准看到的鱼的下方才能叉到鱼。对此做法解释正确的光路图是（　　）A．B．C．D．4．（3分）运动员在投篮时把篮球抛向空中，若不计空气阻力，则能正确表示篮球在空中飞行时的受力图，其中正确的是（G表示重力，F表示手对球的作用力）（　　）第35页共35页 A．B．C．D．5．（3分）如图所示，是高速公路收费站的栏杆，它的动力臂小于阻力臂。该栏杆升起时相当于（　　）A．费力杠杆B．省力杠杆C．等臂杠杆D．动滑轮6．（3分）现要设计一个潜水器下潜深度显示电路，其中R为压敏电阻，R的阻值随其所受水的压强的增大而减小，R0为定值电阻，电源两端的电压保持不变。要求潜水器下潜深度增大时，电路中的电表示数增大，下列符合要求的电路是（　　）A．B．C．D．7．（3分）如图所示，甲、乙分别为两个条形磁铁的某一端磁极，根据图中磁感线的分布，下列判断正确的是（　　）A．甲是N极，乙是S极B．甲是S极，乙是N极C．甲、乙都是S极D．甲、乙都是N极第35页共35页 8．（3分）如图所示，闭合开关S，两灯均不亮，电流表无示数，电压表有示数，则故障是（　　）A．灯L1断路B．灯L2断路C．灯L1短路D．灯L2短路9．（3分）如图所示，甲容器内只有水，乙容器内有冰块漂浮在水面上，丙容器中悬浮着一个小球，三个相同的容器内水面高度相同，则下列说法正确的是（　　）A．冰块的密度大于球的密度B．三个容器中，甲容器对水平桌面的压力最小C．水对三个容器底的压力不同D．若向丙容器中加入酒精，小球受到的浮力变小10．（3分）下列数据中，最接近实际情况的是（　　）A．家中台灯的工作电流为2AB．家用台式计算机正常工作电流约为1AC．电视机的额定功率约为2000WD．电饭锅加热时的额定功率为100W二．多选题（共3小题，满分9分，每小题3分）11．（3分）在“探究凸透镜成像的规律”实验时，某小组测量出物距和像距的数据，并绘制成如图所示的图象，根据图象可知（　　）第35页共35页 A．该凸透镜的焦距f＝20cmB．当物距u＝30cm时，成倒立、缩小的实像，照相机利用了这条规律C．当物距小于像距时，成正立、放大的实像，“刷脸支付”利用了这条规律D．若把物体从距凸透镜8cm处向凸透镜移动过程中，所成的像会逐渐变小12．（3分）如图所示的电路中，电源电压恒定，开关S闭合后，滑片P向左移动的过程中，以下说法正确的是（　　）A．电压表V1的示数不变，灯泡亮度不变B．电压表V2的示数变小，灯泡亮度变亮C．电压表V2与电流表A的示数乘积变小D．电压表V1与电流表A的示数之比变小13．（3分）小林设计了如图所示的四组实验，测量物体在水中所受的浮力F，物体密度大于水的密度，图中各实验器材均符合实验要求，则能够测出浮力F的是（　　）A．B．第35页共35页 C．D．三．填空题（共6小题，满分24分，每小题4分）14．（4分）烩面是河南人民“舌尖上的美食”，端上一碗烩面，浓浓的香味扑鼻而来，这是　　现象；端碗时很烫手，是通过　　的方式增加了手的内能。15．（4分）水平桌面上有一平底空水槽，一束激光和水槽底部成30°角斜射入水槽中，在水槽底部形成一个光斑O，如图所示。现沿水槽壁缓慢向水槽内注入适量的水，水面静止后，反射角为　　度，水槽底部的光斑将移到O点的　　（选填“左”或“右”）侧。继续沿水槽壁缓慢注水过程中，折射角的大小　　。16．（4分）“和谐号”动车预计今年6月份开通从泰州直达上海的线路，泰州站到上海站全程为250公里，若动车以200km/h的速度匀速行驶，市民9：00乘动车出发，到达上海站的时间是　　。动车组采用“再生制动”技术，刹车后由于　　仍将继续行驶，带动电机逆向发电，把动车组的　　能转化为电能输入国家电网。17．（4分）电风扇中有一个自动断电的安全装置，如图所示。铜是　　第35页共35页 （导体、绝缘体），当电风扇倾倒时，它　　电路；直立时，它　　电路。（选填“断开”或“接通”）18．（4分）如图所示，斜面长为3m，高为1.5m，现用拉力F将重为800N的物体从斜面底部匀速拉至斜面的顶端，该过程斜面的机械效率为80%，则物体受到斜面的摩擦力为　　N。19．（4分）甲、乙两灯的额定电压均为9V，测得其电流与电压变化的关系图象如图所示，则甲灯的额定功率为　　W；若将甲、乙两灯串联接入9V的电路中，通电10s，两灯消耗的总电能为　　J。四．计算题（共6小题，满分37分）20．（6分）电热水器是指以电作为能源进行加热的热水器，内部有加热管，具有寿命较长、高效节能、安全、环保等优点，由于不受天气和季节等因素的影响，受到越来越多家庭的喜欢。如图是某款储水电热水器的图片及其相关参数（如表所示），该电热水器正常工作，将半胆水（40L）从30℃加热到52℃，整个过程不计热量损失。求：[ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]型号XXXX额定电压220V额定容积80L频率50Hz额定最高温度75℃额定功率4400W防水等级IPX4额定内压0.8MPa（1）水吸收的热量。（2）电热水器的加热时间。（3）若用电高峰时，家庭电路的实际电压仅为209V，求此时电加热器的实际功率（加热管阻值不变）。第35页共35页 21．（7分）小韩用如图甲所示的电路测量小灯泡的电功率，电源电压恒为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时电阻约为10Ω。（1）用笔画线表示导线，选好电流表量程，将图甲电路连接完整；（2）闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于　　（选填“C”或“D”）端；（3）闭合开关后，小灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数为3V，产生该现象的原因可能是小灯泡　　（选填“短路”或“断路”）；（4）排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P到某一点，电压表示数如图乙所示，此时小灯泡两端的电压为　　V，若要测量小灯泡的额定功率，此时应将滑动变阻器的滑片P向　　（选填“C”或“D”）端移动，根据该同学实验得到的如图丙所示的I﹣U图象，小灯泡的额定功率为　　W。22．（6分）如图所示，晶晶在测量一块形状不规则的石块的密度。（1）图甲是晶晶在调节天平时的情景，你认为她在操作上的错误之处是：　　；第35页共35页 （2）纠正错误后，他发现指针在分度盘如图乙所示位置，此时应将平衡螺母向　　（选填“左”或“右”）调节，直至天平横梁平衡；（3）接下来，将小石块放置在天平的　　盘，然后夹取砝码和移动游码，直至天平横梁再度平衡，此时砝码和游码情况如图丙所示，此时小石块的质量为　　g；（4）然后将小石块放入盛有适量水的量筒中，量筒中水面位置变化如图丁，则此小石块的密度是　　g/cm3；（5）小鲁同学也想测量一合金块的密度，但是她只有下列器材：一架天平（无砝码），两个完全相同的烧杯、一只量筒、水、滴管，爱思考的小鲁同学设计好实验方案后，进行如下操作：①调节天平平衡后，将两个空烧杯分别放在天平的左右两盘内，把合金块放在左盘烧杯内，向右盘烧杯内加水，并用滴管调节，直至天平平衡；②将烧杯内的水都倒入空量筒中，读出量筒示数为30cm3；③再用细线拴好合金块，将其轻轻放入量筒中，合金块刚好浸没，读出量筒示数为40cm3；由以上实验可知合金块密度为　　kg/m3，合金块密度测量值　　（选填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。23．（6分）如图所示，电源电压9V，灯泡L铭牌上标有“6V6W”，滑动变阻器R上标有“50Ω0.6A”，保证电路中元件不被烧坏，R接入电路的最小阻值为多少？整个电路的最大输出功率为多少？（灯泡的阻值不随温度的改变而改变）24．（6分）测量某种液体密度的主要实验步骤如下：（1）用调节好的天平测量烧杯和液体的总质量，当天平再次平衡时，如图甲所示，烧杯和液体的总质量为　　g；（2）杯中的部分液体倒入量筒中，如图乙所示，量筒中液体的体积为　　cm3；（3）用天平测出烧杯和杯内剩余液体的总质量为74g；（4）计算出液体的密度为　　kg/m3。第35页共35页 25．（6分）王老师向同学们展示了一只具有高、中、低温三挡调节功能的自制电加热器，并告知其内部电路由电阻丝R1、R2、和开关S1、S2、S3五个元件组成，电阻丝R1（20Ω5W）、R2（■Ω2.5W），在不拆解加热器的情况下，小军用图1电路对其进行探究：他只闭合S3是低温挡，电流表的示数为0.1A；只闭合S2是中温挡，电路总功率为0.9W，S1、S2闭合是高温挡，所用电源电压为3V，R1＞R2。（1）电阻丝R2的阻值为多少？（2）通过计算，在图2中虚线框内画出R1和R2及S1、S2、S3接入电路的情况。（3）高温挡时，电路总功率是多少？（4）若电源电压可调，为保证电路安全，电流表选用大量程，求此电加热器允许消耗的最大电功率。第35页共35页 参考答案一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1．解：在公共场所“轻声”这里的轻声指的是声音的大小，因此是指声音特性中的响度。故选：D。2．解：本题中的“肥皂泡泡在很冷的室外会迅速结冰”属于液态的水凝固成固态的冰，凝固需要放热，故A正确，BCD错误。故选：A。3．解：水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是变浅的鱼的虚像。所以有经验的渔民应该用鱼叉瞄准看到鱼的下方位置，才能将鱼叉到；故B正确、ACD错误。故选：B。4．解：篮球脱离手后由于惯性继续飞行，所以在空中球只受重力作用。重力的方向竖直向下。过篮球的重心，沿竖直向下的方向画一条有向线段，即为其所受重力示意图，故A正确，BCD错误。故选：A。5．解：如下图所示，栏杆升起时，动力臂小于阻力臂，所以它相当于费力杠杆，费力但省距离。故选：A。6．解：A、由电路图可知，R与R0并联，电压表测电源的电压，因电源的电压不变，所以当潜水器下潜深度增大（R电阻的阻值减小）时电压表的示数不变，故A不符合题意；B、由电路图可知R与R0并联，电流表测R0支路的电流，根据并联电路独立工作互不影响可知，当潜水器下潜深度增大（R电阻的阻值减小）时电流表的示数不变，故B不符合题意；C、由电路图可知，R与R0串联，电流表测电路中的电流，当潜水器下潜深度增大（R电阻的阻值减小）、电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知电路中的电流增大，即电流表的示数增大，故C符合题意；D、由电路图可知，R与R0第35页共35页 串联，电压表测R两端的电压，当潜水器下潜深度增大（R电阻的阻值减小）、电路的总电阻减小，根据串联电路电阻的分压特点可知R两端分得的电压减小，即电压表的示数减小，故D不符合题意。故选：C。7．解：磁体周围的磁感线都是从磁体的N极出发，回到S极，由图可见，甲、乙都是N极。故选：D。8．解：由图可知，两灯串联，电压表测量L2两端的电压，电流表测量电路电流；闭合开关S后，两灯均不亮，电流表无示数，说明电路中有断路现象；电压表有示数，说明电压表两端能与电源两极连通，灯泡L1是完好的，所以故障原因是L2断路。故选：B。9．解：A、由图可知，乙容器内有冰块漂浮在水面上，冰的密度小于水的密度；丙容器中悬浮着一个小球，小球的密度等于水的密度，则冰块的密度小于球的密度，故A错误；BC、在乙容器中，根据作用力和反作用力可知，水给木块一个竖直向上的浮力F浮，木块会反过来施加给水一个竖直向下的压力F压，而且F压＝F浮．这个压力会通过水、容器传递给桌面；在甲图中，甲容器对于桌面的压力＝G水+G杯，乙图，木块漂浮，所以F浮＝G木＝G排．乙容器对桌面的压力＝G'水+G木+G杯＝G'水+G排+G杯，因为G'水+G排＝G水，所以甲容器对于桌面的压力等于乙容器对桌面的压力；同理甲容器对于桌面的压力等于丙容器对桌面的压力；故BC错误；D、若向丙容器中加入酒精，则液体的密度减小，排开的液体的体积不变，根据阿基米德原理可知，小球受到的浮力变小。故D正确。故选：D。10．解：A、家用台灯的额定功率一般不超过40W，电流约为0.2A，故A错误；B、台式计算机的功率为200W左右，电流在1A左右，故B正确；C、电冰箱的功率在100W左右，故C错误；D、电饭锅加热当的额定功率为1000W，故D错误。故选：B。二．多选题（共3小题，满分9分，每小题3分）11．解：A、据凸透镜成像规律可知，当u＝v＝2f，凸透镜成倒立、等大的实像；由图可知，u＝v＝2f＝20cm，所以f＝10cm。故A错误；B、当物距u＝30cm时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，应用于照相机和摄像机，故B正确；C、当物距小于像距时，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f，应用于幻灯机和投影仪，“刷脸支付”第35页共35页 利用了照相机的原理，故C错误；D、u＜f，成正立、放大的虚像。如果将蜡烛从该点向凸透镜移动，根据“凸透镜成虚像时，物距越小，像越小”，所以像逐渐变小，故D正确。故选：BD。12．解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电压表V2测电源电压，电流表测电路中的电流；AB、当滑片P向左移动，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I＝可得，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大；由U＝IR可知，灯泡两端的电压变大，根据串联电路电压的规律知，变阻器两端的电压变小，即电压表V1的示数变小；根据P＝UI知，小灯泡的实际功率增大，灯泡亮度变亮；因电源的电压不变，所以，滑片移动时电压表V2的示数不变，故AB错误；C、电压表V2示数不变，电流表A的示数变大，其乘积变大，故C错误；D、由欧姆定律可知，电压表V1与电流表A的示数之比为滑动变阻器的阻值，变阻器接入的阻值变小，则该比值变小，故D正确。故选：D。13．解：A、用弹簧测力计测出物体在空气中的重力，然后测出物体完全浸没在液体中时的拉力，二者之差即为物体受到的浮力。故A正确；B、根据阿基米德原理可知物体受到的浮力等于其排开液体的重力，所以测出小桶的重力，然后测出小桶和溢出水的总重力，二者之差即为物体受到的浮力。故B正确；C、利用托盘天平测出水和烧杯的质量，再测出物体、液体和烧杯的总质量，无法得到物体受到的浮力大小。故C错误；D、用量筒测出水的体积，然后将物体浸没在水中，测出此时水的体积，二者之差即为物体排开水的体积，然后利用重力和密度公式求出水的重力，即为物体受到的浮力，故D正确。故选：ABD。三．填空题（共6小题，满分24分，每小题4分）14．解：端上一碗牛肉面，浓浓的香味扑鼻而来，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；端碗时很烫手，手从碗上吸收了热量，是通过热传递方式增加了手的内能。第35页共35页 故答案为：扩散；热传递。15．解：已知光线和水槽底部成30°角斜射入水槽中，根据入射角的概念可知，入射角为90°﹣30°＝60°，因反射角等于入射角，则反射角也为60°；水槽内没有注水时，光沿直线传播，照射到O点；当向水槽内注入适量的水后，光从空气斜射入水中发生折射，折射角小于入射角，折射光线偏向法线，因此水槽底部光斑移动到O点的左侧；继续沿水槽壁缓慢注水，折射光线逐渐向左移动，但是入射角不变，则折射角的大小也不变。故答案为：60；左；不变。16．解：由v＝可得，从泰州站到上海站所用的时间：t＝＝＝1.25h＝1h15min，则到达上海站的时间为9：00+1：15＝10：15。刹车后，动车组由于具有惯性会继续保持向前运动的状态，带动电机逆向发电，把机械能转化成电能输入电网。故答案为：10：15；惯性；机械。17．解：铜是金属，容易导电，故铜是导体；如图，当电风扇倾倒时，铜球处断开，两根导线有一根绝缘棒连接，绝缘棒不善于导电，电路处于断开状态，电路是断路；直立时，铜球处连通，电路处处连通，电路处于闭合状态。故答案为：导体；断开；接通。18．解：此过程所做有用功为：W有＝Gh＝800N×1.5m＝1200J；由机械效率η＝得，总功为：W总＝＝＝1500J；此过程所做额外功为：W额＝W总﹣W有＝1500J﹣1200J＝300J；由W额＝fs变形得：摩擦力为：f＝＝＝100N。故答案为：100。19．解：（1）甲灯泡的额定电压U甲＝9V，由图象可知额定电流I甲＝0.8A，甲灯泡的额定功率P甲＝U甲I甲＝9V×0.8A＝7.2W；（2）当甲、乙两灯串联接入9V的电路中，则第35页共35页 U＝U甲+U乙＝9V，I＝I甲＝I乙，由图象可知，当I＝0.4A时符合；通电10s两灯消耗的总电能：W＝UIt＝9V×0.4A×10s＝36J。故答案为：7.2；36。四．计算题（共6小题，满分37分）20．解：（1）由ρ＝可得，热水器水箱中注满水时水的质量：m＝ρV＝1×103kg/m3×40×10﹣3m3＝40kg；水升高温度△t＝t﹣t0＝52℃﹣30℃＝22℃，水吸收的热量为：Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×40kg×22℃＝3.696×106J；（2）由题意可知，不计热量损失，消耗的电能：W＝Q吸＝3.696×106J，由P＝得电热水器的加热时间：t＝＝＝840s；（3）电热丝正常工作时的电阻：R＝＝＝11Ω，当实际电压U实际＝209V时，不考虑电热丝电阻的变化，实际功率：P′＝＝＝3971W。答：（1）水吸收的热量为3.696×106J。（2）电热水器的加热时间为840s。（3）此时电加热器的实际功率为3971W。21．解：（1）小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯正常发光时的电流约为：I＝＝＝0.25A；故电流表选用小量程与灯串联，如下所示：第35页共35页 （2）闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处的C端；（3）若灯泡短路，则电压表示数为0，电路为通路，灯泡发光，电流表有示数；若灯泡断路，灯泡不发光，则电流表示数为0，电压表串联在电路中测电源电压，有示数；故闭合开关后，小灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数为3V，产生该现象的原因可能是小灯泡断路；（4）图中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V；灯在额定电压下正常发光，2.2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向D移动，直到电压表示数为额定电压；根据该同学实验得到的如图2所示的I﹣U图象知，灯在额定电压下的电流为0.2A，小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；故答案为：（1）如上；（2）C；（3）断路；（4）2.2；D；0.5。22．解：（1）在调节天平平衡时，应先将天平放在水平台上，并将游码拨到标尺左端的零刻线处，该同学未将游码移到标尺左端的零刻度线处；（2）读图甲可知，指针偏右，说明右侧质量稍大，右盘底左盘高，因此，应将平衡螺母向左侧移动，直至天平横梁平衡；（2）将石块放在天平的左盘里，砝码放在右盘里，由图乙知标尺的分度值是0.2g，小石块的质量：m＝20g+5g+2g＝27g；（3）由图丙知，量筒分度值2mL，所以石块的体积V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3；（4）小石块的密度为：ρ＝＝＝1.35g/cm3；（5）③烧杯内水的质量为：m水＝ρV＝1.0g/cm3×30cm3＝30g，合金块的质量为：m＝m水＝30g，第35页共35页 合金块体积：V＝40cm3﹣30cm3＝10cm3，合金块密度：ρ＝＝＝3.0g/cm3＝3×103kg/m3。烧杯内的水不能全部倒入量筒，测量水的体积偏小，求出的质量偏小即合金块的质量偏小，求出的密度偏小。故答案为：（1）未将游码移到标尺左端的零刻度线处；（2）左；（3）左；27；（4）1.35；（5）3×103；小于。23．解：（1）由P＝UI可得，灯泡的额定电流：IL＝＝＝1A，由于滑动变阻器允许通过的最大电流为0.6A，所以电路允许通过的最大电流为0.6A，由P＝可得，灯泡的电阻：RL＝＝＝6Ω，由I＝可得，电路的总电阻：R总＝＝＝15Ω，因串联电路中的总电阻等于各部分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路的最小阻值：Rmin＝R总﹣RL＝15Ω﹣6Ω＝9Ω。（2）整个电路的最大输出功率：Pmax＝UImax＝9V×0.6A＝5.4W。答：保证电路中元件不被烧坏R接入电路的最小阻值为9Ω；整个电路的最大输出功率为5.4W。24．解：（1）烧杯和液体的总质量：m'＝100g+20g+2g＝122g。（2）量筒中液体的体积：V＝40mL＝40cm³。（4）量筒中液体的质量：m＝m'﹣m''＝122g﹣74g＝48g，液体的密度：ρ＝＝＝1.2g/cm³＝1.2×10³kg/m3。故答案为：（1）122；（2）40；（4）1.2×10³。25．解：（1）串联电阻大于其中任一电阻，并联电阻小于其中任一电阻，根据P＝第35页共35页 ，当两电阻串联时为低温挡，两电阻并联时为高温挡，已知R1＝20Ω，低温挡时电流表的示数为0.1A，根据串联电阻的规律及欧姆定律：R2＝﹣R1＝﹣20Ω＝10Ω；（2）只闭合S2是中温挡，电路总功率为0.9W，根据P中＝，R中＝＝＝10Ω，故接入R2时为中温挡；只闭合S3时两电阻串联；只闭合S2时只有R2连入电路中，S1、S2闭合时两电阻并联，电路连接如下图所示：（3）根据并联电路各支路互不影响，通过R2的电流大小不变，R2的功率为0.9W，R1的功率：P1＝＝＝0.45W；高温挡时，电路总功率是：P高＝0.9W+0.45W＝1.35W；（4）若电源电压可调，为保证电路安全，根据P＝，故U＝，故R1的最大电压为：U1＝＝10V；同理，R2的最大电压为：U2＝5V；并联电路各支路电压相等，故当电源电压为5V时，电加热器允许消耗的电功率最大，P最大＝P1大+P2大＝+P2大＝+2.5W＝3.75W（根据P＝UI，电流表示数为：I大＝＝＝1.25A＜3A）。故答案为：（1）电阻丝R2的阻值为10Ω；（2）如上所示；（3）高温挡时，电路总功率是1.35W；（4）若电源电压可调，为保证电路安全，此电加热器允许消耗的最大电功率为3.75W。第35页共35页 第35页共35页