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湖南省长沙市雅礼中学2024届高三数学上学期月考(二)试题(Word版附答案)

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大联考雅礼中学2024届高三月考试卷(二)数学得分:___________本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共8页.时量120分钟,满分150分.第Ⅰ卷一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.若,则A.B.C.D.2.全集,集合,,则阴影部分表示的集合是A.B.C.D.3.函数的部分图象大致是A.B.C.D.4.在边长为3的正方形中,点满足,则A.4B.3C.D.5.某校科技社利用3D打印技术制作实心模型.如图,该模型的上部分是半球,下部分是圆台.其中半球的体积为,圆台的上底面半径及高均是下底面半径的一半.打印所用原料密度为,不考虑打印损 耗,制作该模型所需原料的质量约为()A.3045.6gB.1565.1gC.972.9gD.296.1g6.已知数列为等比数列,其前项和为,,则“公比”是“对于任意,”的A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件7.若存在实数,对任意的,都有恒成立,则实数的最大值为A.B.C.D.8.已知函数的定义域为,,,且在上递增,则的解集为A.B.C.D.二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.对于实数,,,下列选项正确的是A.若,则B.若,则C.若,则,D.若,,则10.已知函数,则下列说法正确的是A.B.函数的最小正周期为C.函数的对称轴方程为 D.函数的图象可由的图象向右平移个单位长度得到11.设是公差为的无穷等差数列的前项和,则下列命题正确的是A.若,则是数列的最大项B.若数列有最小项,则C.若数列是递减数列,则对任意的,均有D.若对任意的,均有,则数列是递增数列12.如图所示,在棱长为2的正方体中,点,分别为棱,上的动点(包含端点),则下列说法正确的是A.四面体的体积为定值B.当,分别为棱,的中点时,则在正方体中存在棱与平面平行C.直线与平面所成角的正切值的最小值为D.当,分别为棱,的中点时,则过,,三点作正方体的截面,所得截面为五边形答题卡题号123456789101112得分答案第Ⅱ卷三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.若函数的图象在处的切线斜率为3,则__________.14.在平面直角坐标系中,圆与轴的正半轴交于点,点,在圆上,若射线平分 ,,则点的坐标为__________.15.已知函数的定义域为,是偶函数,是奇函数,则的最小值为_____________.16.已知菱形中,对角线,将沿着折叠,使得二面角为120°,,则三棱锥的外接球的表面积为__________.四、解答题:本题共6小题,共70分.请在答题卡指定区域内作答.解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(本小题满分10分)已知正项数列的前项和为,且满足.(1)求数列的通项公式;(2)设,数列的前项和为,证明:.18.(本小题满分12分)在中,角,,所对的边分别为,,,已知.(1)求;(2)若,的内切圆半径为,求的周长.19.(本小题满分12分)如图,在三棱柱中,,,,,且平面.(1)求证:;(2)求二面角的正弦值.20.(本小题满分12分)如图,已知椭圆上一点,右焦点为, 直线交椭圆于点,且满足,.(1)求椭圆的方程;(2)若直线与椭圆相交于,两点,求四边形面积的最大值.21.(本小题满分12分)如图所示,是圆锥的一部分,是底面圆的圆心,,是弧上一动点(不与、重合),满足,是的中点,.(1)若平面,求的值;(2)若四棱锥的体积大于,求三棱锥体积的取值范围.22.(本小题满分12分)混管病毒检测是应对单管病毒检测效率低下的问题,出现的一个创新病毒检测策略,混管检测结果为阴性,则参与该混管检测的所有人均为阴性,混管检测结果为阳性,则参与该混管检测的人中至少有一人为阳性.假设一组样本有个人,每个人患病毒的概率相互独立且均为.目 前,我们采用人混管病毒检测,定义成本函数,这里指该组样本个人中患病毒的人数.(1)证明:;(2)若,.证明:某混管检测结果为阳性,则参与该混管检测的人中大概率恰有一人为阳性.大联考雅礼中学2024届高三月考试卷(二)数学参考答案一、二、选择题题号123456789101112答案CCDBCABDABDABBDACD1.C【解析】.故选:C.2.C【解析】韦恩图的阴影部分表示的集合为,而全集,集合,,所以,故选:C.3.D【解析】易知的定义域为,因为,所以为奇函数,排除选项A,B;又,排除选项C.故选:D.4.B【解析】以为原点建立如图所示平面直角坐标系,,且边长为3,所以,,,,所以,,所以.故选:B. 5.C【解析】设半球的半径为,因为,所以,由题意圆台的上底面半径及高均是3,下底面半径为6,所以,所以该实心模型的体积为,所以制作该模型所需原料的质量为.故选:C.6.A【解析】若,且公比,则,所以对于任意,成立,故充分性成立;若,且,则,所以由“对于任意,”,推不出“”,故必要性不成立;所以“公比”是“对于任意,”的充分不必要条件.故选:A.7.B【解析】在同一坐标系中,作出和的图象,当时,要使不等式恒成立,只有,当时,在上,必须要求和的图象不在的同一侧. ∴由图可知的最大值是.故选:B.8.D【解析】函数,满足,则关于直线对称,所以,即,又在上递增,所以在上递减,则可得函数的大致图象,如下图:所以由不等式可得,或,解得或,故不等式的解集为.故选:D.9.ABD【解析】对选项A,因为,所以,,所以,故A正确;对选项B,,,所以,因为,所以,即,故B正确;对选项C,令,,满足,不满足,,故C错误;对选项D,因为,,所以,故D正确.故选:ABD.10.AB【解析】,所以A正确;对于B,函数的最小正周期为,所以B正确;对于C,由,,得,,所以函数的对称轴方程为 ,,所以C不正确;对于D,的图象向右平移个单位长度,得,所以函数的图象可由的图象向右平移个单位长度得到,所以D不正确.故选:AB.11.BD【解析】取数列为首项为4,公差为的等差数列,,故A错误;等差数列中,公差,,是关于的二次函数,当数列有最小项,即有最小值,对应的二次函数有最小值,对应的函数图象开口向上,,B正确;取数列为首项为1,公差为的等差数列,,,即恒成立,此时数列是递减数列,而,故C错误;若数列是递减数列,则,一定存在实数,当时,之后所有项都为负数,不能保证对任意,均有.故若对任意,均有,有数列是递增数列,故D正确.故选:BD.12.ACD【解析】,在棱,上运动时,到距离始终为2,到平面的距离始终为2,所以恒为定值,故A正确;在正方体中,棱可分为三类,分别是与,,平行的棱,又,,不与平面平行,所以在正方体中,不存在棱与平面平行,故B错误;设正方体棱长为2,如图1,过作于,则平面,所以与平面所成角即为,所以;又长度的最大值为,所以与平面所成角的正切值的最小值为,故C正确; 如图2,取中点,连接,则,过作的平行线交于点,此时,所以,即为过,,三点的平面与平面的交线,连接,在上取点,使得,则,再过点作的平行线交于点,此时,则,即为过,,三点的平面与平面的交线;连接,则可得五边形即为正方体中过,,三点的截面,故D正确.故选:ABD.三、填空题13.【解析】因为,所以.又函数的图象在处的切线斜率为3,则,所以.故答案为:.14.【解析】由题意可知圆的半径为,设,由题意可知,,则点的横坐标为,点的纵坐标为.故答案为:. 15.【解析】因为函数为偶函数,则,即,①又因为函数为奇函数,则,即,②联立①②可得,由基本不等式可得,当且仅当时,即当时,等号成立,故函数的最小值为.故答案为:.16.【解析】将沿折起后,取中点为,连接,,则,,所以即为二面角的平面角,所以,设,即,在中,,即,解得,即,所以,所以与是边长为的等边三角形.记与的重心分别为,,则,,即,因为与都是边长为的等边三角形,所以点是的外心,点是的外心,记该几何体的外接球球心为,连接,,根据球的性质,可得平面,平面,所以与都是直角三角形,且为公共边,所以与全等,因此,所以,因为,,,且平面,平面,所以平面,又平面,所以,连接,则外接球半径为,所以三棱锥的外接球的表面积为. 四、解答题17.【解析】(1)依题意可得,当时,,,则;当时,,,两式相减,整理可得,又数列为正项数列,故可得,所以数列是以1为首项,1为公差的等差数列,所以.(2)证明:由(1)可知,所以,,所以成立.18.【解析】(1)因为,由正弦定理可得①,因为,所以,代入①式整理得,又因为,,,则,所以,又因为,解得.(2)由(1)知,,因为内切圆半径为, 所以,即,所以②,由余弦定理,得,所以③,联立②③,得,解得,所以的周长为.19.【解析】(1)因为平面,平面,所以,因为,四边形是平行四边形,所以四边形是菱形,所以.又因为,平面,平面,所以平面,因为平面,所以.(2)以为原点,分别以,,所在直线为,,轴建立如图所示的空间直角坐标系,如图所示,则,,,,所以,,,设平面的一个法向量为,则,取,可得,,所以,设平面的一个法向量为,则,取,可得,,所以, 设二面角的大小为,因为,所以,所以二面角的正弦值为.20.【解析】(1)因为为椭圆上一点,所以.又因为,,可得,即,所以椭圆的方程为.(2)由(1)知,,所以直线的方程为,联立,整理得,解得,,则.设点,到直线的距离为和,则,.因为直线与椭圆相交于,两点,联立,整理得,解得,.则.设四边形面积为,则.设,则,所以 ,当,即,即时,四边形面积有最大值.21.【解析】(1)取的中点,连接.因为为的中点,则,所以平面,平面,则平面.由题设,当平面时,因为,所以平面平面,因为平面,则平面.因为平面,平面平面,则,所以,,在中,由正弦定理可得,故.(2)四棱锥的体积,其中表示四边形的面积,则,所以,可得, 因为,则,故,解得.设三棱锥的体积为,三棱锥的体积为,由于是的中点,则.22.【解析】(1)由题意可得满足二项分布,,由,知,当且仅当时取等号.(2)记,(混管中恰有例阳性),,令,,则,当时,,为单调递减,当时,,为单调递增,所以,且,,所以当,,即,两边取自然对数可得,所以当,时,所以,则.故某混管检测结果为阳性,则参与该混管检测的人中大概率恰有一人为阳性.

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-10-22 00:40:01 页数:16
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文章作者:随遇而安

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