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辽宁省名校联盟2023年高二数学上学期10月份联合考试试题(Word版附答案)

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绝密★启用前辽宁省名校联盟2023年高二10月份联合考试数学命题人:辽宁名校联盟试题研发中心审题人:辽宁名校联盟试题研发中心本试卷满分150分,考试时间120分钟.注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上.2.答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑.如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号.答非选择题时,将答案写在答题卡上.写在本试卷上无效.3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回.一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知全集,,,则()A.B.C.D.2.已知i是虚数单位,,复数为纯虚数,则的模等于()A.B.C.2D.13.已知直线与直线,则“”是“”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件4.在中,,,则()A.B.C.D.5.下列函数中,值域是且为偶函数的是()A.B.C.D.6.坡屋顶是我国传统建筑造型之一,蕴含着丰富的数学元素,安装灯带可以勾勒出建筑轮廓,展现造型之美.如图,某坡屋顶可视为一个五面体,其中两个面是全等的等腰梯形,两个面是全等的等腰三角形.若,,且等腰梯形所在的平面、等腰三角形所在的平面与平面ABCD 所成角的正切值均为,则该五面体的所有棱长之和为()A.B.C.D.7.已知函数对任意都有,且,当时,,则下列四个结论中正确的个数为()①函数的图像关于点对称;②函数的图像关于直线对称;③当时,;④函数的最小正周期为2.A.1个B.2个C.3个D.4个8.已知函数,设,,,则a,b,c的大小关系为()A.B.C.D.二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.下面四个结论正确的是()A.已知是空间的一组基底,若,则也是空间的一组基底B.已知向量,,则在方向上的投影为C.若点P,M,A,B四点共面,则存在实数x,y,使D.已知向量,,,若,,共面,则x的值为110.将函数的图像向右平移个单位长度后得到函数的图像,则下列说法正确的是()A.函数在上单调递增 B.函数的图像关于点对称C.D.方程在内的所有实根之和为11.已知圆,则下列命题是真命题的是()A.若圆C关于直线对称,则B.存在一条定直线与圆C相切C.当时,不过点C的直线与圆C交于P,Q两点,则△CPQ的面积的取值范围是D.当时,直线,M为直线l上的动点,过点M作圆C的两条切线MA,MB,切点分别为A,B,则的最小值为412.如图,已知在直三棱柱中,F为的中点,E为棱上的动点,,,,,则下列结论正确的是()A.点到平面AEF的距离的最大值为B.该直三棱柱的外接球的表面积为C.当三棱锥的外接球的半径最小时,直线EF与所成角的余弦值为D.若E是棱的中点,过A,E,F三点的平面作该直三棱柱的截面,则所得截面的面积为三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分. 13.已知定义域为R的函数满足:①;②.则满足条件的的一个解析式为______.14.已知圆锥的底面半径为2,侧面展开图的面积为,则该圆锥的内切球的体积为________.15.在棱长为4的正方体中,E为棱BC的中点,点P在底面ABCD上移动,且满足,则线段的长度的最大值为______.16.太极图是由黑白两个鱼形纹组成的图案,俗称阴阳鱼,太极图展现了一种互相转化、相对统一的和谐美.定义:能够将圆O的周长和面积同时等分成两个部分的函数称为圆O的一个“太极函数”.已知函数是奇函数,且当时,,则时,______;若是圆的太极函数,则实数k的取值范围是______.(本题第一空2分,第二空3分)四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(10分)已知点,,点A关于直线的对称点为B.(1)求的外接圆的方程;(2)过点作的外接圆的切线,求切线方程.18.(12分)已知函数的部分图像如图所示.(1)求的解析式;(2)若函数,当时,求的值域. 19.(12分)如图,在四棱锥中,底面ABCD是正方形,侧棱底面ABCD,E,F分别是PC,AD的中点.(1)求证:平面PFB;(2)若PB与平面PCD所成角为30°,,求二面角的正弦值.20.(12分)在中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,若.(1)求角A的大小;(2)若,的平分线交BC于点D,求线段AD长度的最大值.21.(12分)如图①,在平面四边形ABDC中,,,,,将△BCD沿BC折起,形成如图②所示的三棱锥,且.(1)证明:平面ABC;(2)在三棱锥中,E,F,G分别为线段AB,BC,AC的中点,设平面DEF与平面DAC的交线为l,Q为l上的点,求直线DE与平面QFG所成角的正弦值的取值范围.①②22.(12分) 在平面直角坐标系xOy中,已知圆及点,.(1)若平行于AB的直线l与圆M相交于C,N两点,且,求直线l的方程;(2)设直线与圆M交于E,F两点,点P为直线上的动点,直线PE,PF与圆M的另一个交点分别为G,H,且G,H在直线EF的两侧,求证:直线GH过定点,并求出定点坐标.参考答案及解析一、选择题1.D【解析】,,,则.故选D项.2.A【解析】,因为为纯虚数,所以,则的模等于.故选A项.3.C【解析】当时,直线与直线,所以,充分性成立;当时,解得,必要性成立.故“”是“”的充要条件.故选C项.4.D【解析】因为,,所以M是位于BC上的靠近点B的四等分点,N为AC的中点,.故选D项.5.B【解析】由题意得函数不是偶函数,其余3个选项的函数均为偶函数,A项的函数值域为;B项的函数值域为;D项的函数值域为.故选B项.6.C【解析】如图,过E作平面ABCD,垂足为O,过E分别作,,垂足分别为G,M,连接OG,OM.因为平面ABCD,平面ABCD,所以,因为,EO,平面EOG,,所以平面EOG,因为平面EOG,所以,同理,,所以等腰梯形所在的平面、等腰三角形所在的平面与平面ABCD所成角分别为和,所以.又,所以四边形OMBG是矩形,所以由得,所以,所以,所以在中,,在中,,,又因为,故该五面体的所有棱长之和为 .故选C项.7.A【解析】因为,所以,故,所以的周期为4.又,所以,故的图像关于直线对称,又当时,,且,所以,所以当时,故作出的部分图像如下图所示:函数的图像关于点不中心对称,故①错误;函数的图像不关于直线对称,故②错误;当时,,则,故③错误;由图像可知的最小正周期为4,又,故的最小正周期为2,故④正确.故选A项.8.C【解析】,所以,所以的图像关于直线对称.又因为,由复合函数单调性可知,函数在上单调递增,在上单调递减.又, 所以,所以(也可以,).又因为,,,,所以.故选C项.二、选择题9.AB【解析】A项:是空间的一组基底,,与,均不共面,所以也是空间的一组基底,故A项正确;B项:因为,,所以在方向上的投影为,故B项正确;C项:若与共线,与,不共线,则不存在实数x,y,使,故C项错误;D项:若,,共面,则存在实数λ,μ,使,所以,,所以x的值为1或,故D项错误.故选AB项.10.BCD【解析】,,故C项正确;当时,,单调递减,故A项错误;当时,,,故B项正确;,当时,,由得,方程有两个实根,且,所以,故D项正确.故选BCD项.11.BCD【解析】A项:由题意得圆心在直线上,所以,解得,又,所以,故A项错误; B项:圆,令,,联立解得,,所以圆C过定点,又因为圆心,所以直线与圆C相切,故B项正确;C项:当时,圆,由直线得,令且,得,,所以直线过定点,设圆心C与直线的距离为d,则d的最大值为,,因为,所以,所以,所以,故C项正确;D项:当时,圆,四边形MACB的面积,又的最小值为,所以的最小值为2,故的最小值为4,故D项正确.故选BCD项.12.ACD【解析】A项:因为,所以三棱锥的体积为定值.设点到平面AEF的距离为d,若d最大,则的面积最小,即点E到边AF的距离最小,其最小值为异面直线AF与的距离,即为与平面的距离,即为B与平面的距离,记为h,由,得,所以,所以,故A项正确;B项:外接球的球心O是上、下底面外接圆的圆心连线的中点,设上底面外接圆圆心为,外接圆半径为r,在中,由余弦定理可得,所以,,所以,设外接球的半径为R,则,所以外接球的表面积为,故B项错误;C项:作,垂足为H,作,垂足为H1,易证棱在平面上的射影为, 则点E在平面上的射影在线段上,在中可求得,,则,设AF的中点为,外接球的球心为O,半径为R,则平面,即,在中,①,又因为②,由①②可得,所以当取最小值时,最小,即R最小,此时,因为是AF的中点,则是的中点,则E是棱的中点.因为,所以直线EF与所成角即为直线EF与所成角.由B项中,再由余弦定理可得,因为,所以,,故C项正确;D项:延长AF,交于点P,连接PE交于点M,则四边形AEMF是截面,且点F是AP的中点,点M是上靠近的三等分点,可求得,,,所以为直角,,易知,所以四边形AEMF的面积为,故D项正确.故选ACD项.三、填空题13.【解析】由,可知符合该性质的函数可以为指数函数(且),又因为,解得,所以满足条件的的一个解析式为.14.【解析】设母线长为l,圆锥的高为h,由题意得,解得,所以,设内切球半径为R,则,解得,所以体积.15.6【解析】以D为原点,,,的方向分别为x轴、y轴、z轴的正方向,建立空间直角坐标系,设,,,,因为,得,令,,解出边界点为(0,2,0),令,,解出边界点为(4,0,0),当点P为(0,2,0)时, ,当点P为(4,0,0)时,,显然B1P的最大值在边界处取得,所以B1P的最大值为6.16.【解析】当时,,所以,所以.圆O的圆心为(0,0),函数为奇函数,如图,若是圆O的太极函数,则必然有点在圆内,即,解得.四、解答题17.解:(1)设点,由题意解得即B(1,0),(2分)所以,所以的外接圆是以线段AB为直径的圆,因为,AB的中点为(0,1),(4分)所以的外接圆方程是.(5分)(2)当切线斜率不存在时,切线方程为;(6分)当切线斜率存在时,设切线方程为,即,(7分)由题意得,解得,(8分)所以切线方程为.(9分)综上,切线方程为或.(10分) 18.解:(1)由图知.,(1分)则,又,所以,又,所以,(2分)由,可得,,所以,,又,所以,所以当时,,(4分)综上,.(5分)(2)由题意得,(6分)又,(7分)所以令,所以当时,,则,(9分)所以且,对称轴为直线,所以,(10分)所以,(11分)所以的值域为.(12分)19.(1)证明:设G为PB的中点,连接GE,FG,又E,F分别是PC,AD的中点,所以,,,(1分)又底面ABCD是正方形,所以,,(2分) 故四边形FDEG为平行四边形,则,(3分)又平面PFB,平面PFB,所以平面PFB.(4分)(2)解:因为底面ABCD,所以,又,,所以BC⊥平面PCD,所以是PB与平面PCD所成角,即,(5分)因为且底面ABCD为正方形,所以,,.(6分)以D为原点,,,的方向分别为x轴、y轴、z轴的正方向,建立如图所示的空间直角坐标系.则D(0,0,0),B(1,1,0),C(0,1,0),,,,,,,(7分)令为平面PFB的法向量,则令,得,(8分)令为平面PBC的法向量,则令,得,(10分)所以,(11分)设二面角的大小为θ, 则,所以二面角的正弦值为.(12分)20.解:(1)因为,所以:,即,(2分)由正弦定理得,即,由余弦定理得,(4分)又,所以.(5分)(2)由余弦定理得,即,所以,即(当且仅当时等号成立),(7分)因为,所以,解得,(9分)因为(当且仅当时等号成立),所以当且仅当时等号成立),(11分)所以AD长度的最大值为.(12分)(注:两次取等条件都不写扣2分)21.(1)证明:在中,,在中,,由余弦定理得,所以,(2分)在中,因为,,, 所以,所以,(3分)在中,因为,,,所以,所以,(4分)又因为,所以平面ABC.(5分)(2)解:因为,平面DAC,平面DAC,所以平面DAC,又平面DEF与平面DAC的交线为l,所以,.(6分)以A为原点,,,的方向分别为x轴、y轴、z轴的正方向,建立如图所示的空间直角坐标系.所以A(0,0,0),D(0,0,2),E(1,0,0),,,设Q(0,t,2),,,(7分)设平面QFG的法向量为,因为所以令,得,(8分)因为,设DE与平面QFG所成角为θ, 所以,(9分)若,则;(10分)若,则.(11分)所以DE与平面QFG所成角的正弦值的取值范围为.(12分)(注:若没有讨论,最后答案是开区间扣2分)22.解:(1)圆M的标准方程为,所以,半径为2,其中,(1分)因为l平行于AB,所以设直线l的方程为,则圆心M到直线l的距离,(2分)因为,解得或,(3分)所以直线l的方程为或.(4分)(2)如图所示:由题意设,,,不妨设,,则,,则, 设,则,则直线PE的方程为,代入圆的方程消去y得,,由韦达定理得,即,(5分)设直线PF的方程为,代入圆的方程消去y得,,由韦达定理得,即.(6分)解法一:,.当直线GH的斜率存在时,,(8分)所以直线GH的方程为,整理得,(10分)所以直线GH过定点;当直线GH的斜率不存在时,即时,若,得,H(2,0),则直线GH的方程为,直线GH过点,同理当时,直线GH过点.综上,直线GH过定点.(12分)(注:没有讨论直线GH的斜率,扣1分)解法二:,. 当直线GH的斜率存在时,,(8分)所以直线GH的方程为,由对称性可知,直线GH经过的定点一定在直线上,令,得,(10分)所以直线GH过定点;当直线GH的斜率不存在时,即时,若,得,H(2,0),直线GH的方程为,直线GH过点,同理当时,直线GH过点.综上,直线GH过定点.(12分)(注:没有讨论直线GH的斜率,扣1分)解法三:,.,(8分)所以直线GH的方程为,(9分)由题意得,,令,得,,直线GH的方程为,①令,得,,,直线GH的方程为,②联立①②得(10分)将点代入方程,得恒成立,(11分) 故直线GH过定点.(12分)(注:若没有求点G,H的坐标,没有写直线GH的方程,只代特值写出两条直线,求出交点坐标,给2分;若最后一步没有把点代入直线方程检验恒成立,扣2分)解法四:所以,,消去m得,(8分)由题意直线斜率存在,设直线GH的方程为,代入圆的方程消去y得,,由韦达定理得,,(9分)则,即,解得或.(10分)当时,直线GH的方程为,过定点;当时,直线GH的方程为,过定点,此时G,H在直线EF同侧,不符合题意.

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-10-21 21:20:02 页数:19
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文章作者:随遇而安

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