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重庆市第八中学2022-2023学年高二数学上学期期中复习试题(Word版附解析)

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重庆第八中学2024届高二期中复习试卷一、单选题(本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.已知空间向量两两夹角均为60°,其模均为1,则=()A.5B.6C.D.【答案】C【解析】【分析】直接利用向量模的公式计算得解.【详解】解:由题得.故选:C2.若椭圆过点,则其焦距为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】将点代入椭圆方程求出,再根据求出半焦距,从而可得焦距.【详解】解:因为椭圆过点,所以,解得,所以,所以,解得,所以焦距,故选:D.3.若直线的一个法向量,则该直线的倾斜角为()A.B.C.D.【答案】B 【解析】【分析】根据直线的方程可得直线的方向向量,结合题设条件可得的关系,从而可求直线的斜率进而得到直线的倾斜角.【详解】由直线的方程为,可得直线的斜率为,所以直线的方向向量为,根据题意,可得向量垂直,所以,解得即直线的斜率为,设直线的倾斜角为(),则,所以.故选:B.4.阿基米德(公元前年—公元前年)不仅是著名的物理学家,也是著名的数学家,他利用“通近法”得到椭圆的面积除以圆周率等于椭圆的长半轴长与短半轴长的乘积.若椭圆的对称轴为坐标轴,焦点在轴上,且椭圆的离心率为,面积为则椭圆的方程为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】由题意,设出椭圆的标准方程为,然后根据椭圆的离心率以及椭圆面积列出关于a、b的方程组,求解方程组即可得答案.【详解】解:由题意,设椭圆C的方程为,因为椭圆的离心率为,面积为,所以,解得,所以椭圆C的方程为, 故选:A.5.已知在正四面体中,为的中点,则直线与所成角的余弦值为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】设正四面体的棱长为2,取的中点,连接,则,所以是直线与所成的角(或其补角),设的中点为,则,在中,解三角形即可得答案.【详解】解:如图,设正四面体的棱长为2,取的中点,连接,,是的中点,,是直线与所成的角(或其补角),设的中点为,则,在中,,,,直线与所成角的余弦值为.故选:C.6.如图,椭圆的中心在坐标原点顶点分别是,焦点分别为,延长与交于点,若为钝角,则此椭圆的离心率的取值范围为() A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】由题意,就是与的夹角,所以与的夹角为钝角,从而有,结合即可求椭圆离心率的取值范围.详解】解:由题意,设椭圆的长半轴、短半轴、半焦距分别为,,,则,,因为就是与的夹角,所以与的夹角为钝角,所以,即,又,所以,两边同时除以,得,即,解得或,又,所以,所以椭圆离心率的取值范围为,故选:D. 7.如图在棱长为2的正方体,中E为BC的中点,点P在线段上,点P到直线的距离的最小值为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】取的中点F,连接,,利用线面平行的性质即可得到平面,进而得到异面直线与的距离,即为点P到直线距离的最小值.【详解】解:如图所示,取的中点F,连接,,∵,底面,∴四边形是矩形,∴,又平面,平面,∴平面,∴直线上任一点到平面的距离是两条异面直线与的距离,过点作,∵平面平面,平面平面,平面, ∴平面,过点M作交于点P,则,取,连接,则四边形是矩形.可得平面,在中,,得,∴点P到直线的距离的最小值为.故选:B.8.数学家欧拉在1765年提出定理:三角形的外心、重心、垂心依次位于同一直线上,且重心到外心的距离是重心到垂心距离的一半,这条直线称之为三角形的欧拉线.已知的顶点,,若其欧拉线方程为,则顶点的坐标是()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】设坐标,由重心坐标公式求重心,代入欧拉线得方程,求出的垂直平分线,联立欧拉线方程得三角形外心,外心到三角形两顶点距离相等可得另一方程,两方程联立求得点的坐标.【详解】设,因为,,由重心坐标公式得重心为,代入欧拉线方程得:①的中点为,,所以的中垂线方程为,联立,解得所以的外心为, 则,化简得:②联立①②得:或,当时,、重合,舍去,所以顶点的坐标是故选:A.【点睛】本题主要考查了直线方程的各种形式,重心坐标公式,属于中档题.二、选择题(本题共小4题,每小题5分,共20分.在给出的选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分)9.已知中心在原点,焦点在坐标轴上的双曲线与椭圆有相同的焦距,且一条渐近线方程为,则双曲线的方程可能为()A.B.C.D.【答案】AD【解析】【分析】求出椭圆的焦距即双曲线的焦距,从而可设双曲线方程为,分和两种情况讨论,即可求出双曲线的标准方程.【详解】解:椭圆中,,焦距,双曲线与椭圆有相同的焦距,一条渐近线方程为,设双曲线的方程为,即,当时,,解得,双曲线的方程为; 当时,,解得,双曲线的方程为;综上,双曲线的方程可能为或.故选:AD.10.在四面体P-ABC中,下列说法正确的是()A.若,则B.若Q为△ABC的重心,则C.若,,则D.若四面体P-ABC的棱长都为2,点M,N分别为PA,BC的中点,则【答案】ABC【解析】【分析】根据立体几何的向量运算法则、重心的向量表示法则以及向量的模值计算进行逐项判断即可.【详解】解:由题意得:对于A:∵,∴,∴,∴,∴,即故A正确;对于B:若Q为△ABC的重心,则,∴,∴故B正确;对于C:∵,∴,故C正确; 对于D:∵,∴∵∴故D错误.故选:ABC11.某颗人造地球卫星的运行轨道是以地球的中心为一个焦点的椭圆,如图所示,已知它的近地点(离地面最近的点)距地面千米,远地点(离地面最远的点)距地面千米,并且三点在同一直线上,地球半径约为千米,设该椭圆的长轴长、短轴长、焦距分别为,则A.B.C.D.【答案】ABD【解析】【分析】根据条件数形结合可知,然后变形后,逐一分析选项,得到正确答案. 【详解】因为地球的中心是椭圆的一个焦点,并且根据图象可得,(*),故A正确;,故B正确;(*)两式相加,可得,故C不正确;由(*)可得,两式相乘可得,,故D正确.故选ABD【点睛】本题考查圆锥曲线的实际应用问题,意在考查抽象,概括,化简和计算能力,本题的关键是写出近地点和远地点的方程,然后变形化简.12.如图,一个结晶体的形状为平行六面体,其中,以顶点A为端点的三条棱长都相等,且它们彼此的夹角都是60°,下列说法中正确的是()A.B.C.向量与的夹角是60°D.与AC所成角的余弦值为【答案】AB【解析】【分析】直接用空间向量的基本定理,向量的运算对每一个选项进行逐一判断.【详解】以顶点A为端点的三条棱长都相等,它们彼此的夹角都是60°,可设棱长为1,则 而,所以A正确.=0,所以B正确.向量,显然为等边三角形,则.所以向量与的夹角是,向量与的夹角是,则C不正确又,则,所以,所以D不正确.故选:AB【点睛】本题考查空间向量的运算,用向量求夹角等,属于中档题.三、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分)13.渐近线方程为且焦点在轴上的双曲线的离心率是______________________.【答案】【解析】【分析】由题意,结合,即得解【详解】由题意,设双曲线的方程为: 故渐近线方程为即则故答案为:14.已知在一个的二面角的棱上,如图有两个点、,、分别是在这个二面角的两个半平面内垂直于的线段,且,则的长为____________________【答案】【解析】【分析】由题意,利用向量法即可求出的长.【详解】解:在一个的二面角的棱上,有两个点、,、分别是在这个二面角的两个半平面内垂直于的线段,且,,,所以CD的长为,故答案为:.15.设点是圆上任意一点,由点向轴作垂线,垂足为,且.则的轨迹的方程为___________.【答案】.【解析】 【分析】设点根据题意求出,设根据,求出分别用来表示,然后代入.【详解】设由点向轴作垂线,垂足为,所以设,又因为即所以,又因为是圆上任意一点,即所以,即.故答案为:16.已知椭圆C:,点M与C的焦点不重合,若M关于C的焦点的对称点分别为A,B,线段MN的中点在C上,则_________.【答案】【解析】【详解】试题分析:设M,N的中点坐标为P,,则;由于,化简可得,根据椭圆定义==6,所以12.考点:1.椭圆的定义;2.两点距离公式.四、解答题(本题共6小题,共70分)17.已知直线:,直线:. (1)若直线在两坐标轴上的截距相等,求直线的方程;(2)若,求直线方程.【答案】(1)或;(2).【解析】【分析】(1)分直线过原点和直线不过原点两种情况讨论,分别求解即可.(2)若,则解得或,再验证从而得出答案.【详解】(1)①若直线过原点,则在坐标轴的截距都为,显然满足题意,此时则,解得,②若直线不过原点,则斜率为,解得.因此所求直线的方程为或(2)①若,则解得或.当时,直线:,直线:,两直线重合,不满足,故舍去;当时,直线:,直线:,满足题意;因此所求直线:【点睛】易错点睛:本题考查直线的截距概念和根据两直线的位置关系求参数,在解决这类问题时,直线在两坐标轴上的截距相等(或互为相反数)时,要注意直线过原点时也满足条件,这是在解题中容易漏掉的情况,在由直线平行求参数时,求出参数时要代回检验,对重合的情况要舍去,这个也是容易出错的地方,要注意,属于中档题.18.中心在原点,焦点在x轴上的椭圆与双曲线有共同的焦点、且,椭圆的长半轴长与双曲线的实半轴长之差为6,离心率之比为1:4. (1)求椭圆和双曲线的方程;(2)若点P是椭圆和双曲线的一个交点,求.【答案】(1),(2)【解析】【分析】(1)根据半焦距,设椭圆长半轴为,由离心率之比求出,进而求出椭圆短半轴的长及双曲线的虚半轴的长,写出椭圆和双曲线的标准方程.(2)由椭圆、双曲线的定义求出与的长,在中,利用余弦定理求出的值.【小问1详解】解:由题意知,半焦距,设椭圆长半轴为,则双曲线实半轴,离心率之比为,,即椭圆长半轴为,双曲线实半轴,椭圆的短半轴等于,双曲线虚半轴的长为,椭圆和双曲线的方程分别为:和.【小问2详解】解:不妨设点在第一象限,由椭圆的定义得:,由双曲线的定义得,,,又,在中,利用余弦定理得:,.19.如图,在四棱锥中,平面平面,,. (1)求证:;(2)求平面与平面夹角的余弦值;(3)若点E在棱上,且平面,求线段的长.【答案】(1)证明见解析(2)(3)【解析】【分析】(1)根据题意先证明平面,然后证明.(2)建立空间直角坐标系,找到平面与平面的法向量,然后根据向量中面面角计算公式计算即可.(3)先通过共线向量性质得出,用表示E点坐标,再根据题意计算出,最后计算得出线段的长.【小问1详解】证明:因为平面平面,且平面平面,因,且平面所以平面.因为平面,所以.【小问2详解】解:在中,因为,所以,所以.所以,建立空间直角坐标系,如图所示. 所以,易知平面的一个法向量为.设平面的一个法向量为,则,即,令,则.则,即平面与平面夹角的余弦值为.【小问3详解】解:因为点E在棱,所以.因为.所以.又因为平面,为平面的一个法向量,所以,即,所以.所以,所以.20.已知双曲线的右焦点为F(c,0).(1)若双曲线的一条渐近线方程为y=x且c=2,求双曲线的方程;(2)以原点O为圆心,c为半径作圆,该圆与双曲线在第一象限的交点为A,过A作圆的切线,斜率为,求双曲线的离心率. 【答案】(1)=1(2)【解析】【详解】(1)∵双曲线的渐近线为y=±x,∴a=b,∴c2=a2+b2=2a2=4,∴a2=b2=2,∴双曲线方程为=1.(2)设点A的坐标为(x0,y0),∴直线AO的斜率满足·(-)=-1,∴x0=y0.①依题意,圆的方程为x2+y2=c2,将①代入圆的方程得3+=c2,即y0=c,∴x0=c,∴点A的坐标为,代入双曲线方程得=1,即b2c2-a2c2=a2b2,②又∵a2+b2=c2,∴将b2=c2-a2代入②式,整理得c4-2a2c2+a4=0,∴34-82+4=0,∴(3e2-2)(e2-2)=0,∵e>1,∴e=,∴双曲线的离心率为.21.如图,在四棱锥中,底面是矩形,平面,,点、分别在线段、上,且,其中,连接,延长与的延长线交于点,连接. (1)求证:平面;(2)若时,求二面角的正弦值;(3)若直线与平面所成角的正弦值为时,求值.【答案】(1)证明见解析;(2);(3).【解析】【分析】(1)在线段上取一点,使得,证明,然后由线面平行判定定理求证;(2)以为坐标原点,分别以,,为,,轴建立空间直角坐标系,求出平面的一个法向量,平面的一个法向量,利用向量法,求解二面角的正弦值.(3)令,,,,求出平面的一个法向量,利用向量法求线面角即可求出,得到.【小问1详解】在线段上取一点,使得,如图, ,且,,,且,且,四边形为平行四边形,,又平面,平面,平面.【小问2详解】以为坐标原点,分别以,,为,,轴建立空间直角坐标系,则,,,,易知平面的一个法向量为,设平面的一个法向量为,则,令,,,,,,故二面角的正弦值为.【小问3详解】设,,,,,设平面的一个法向量为,,,,令,则,,,由题意可得:,,,. 22.已知椭圆焦点在轴,离心率为,且过点(1)求椭圆的标准方程;(2)设直线与轨迹交于两点,若以为直径的圆经过定点,求证:直线经过定点,并求出点的坐标;(3)在(2)的条件下,求面积的最大值.【答案】(1)(2)(3)【解析】【分析】(1)根据题干条件列出等式,结合,即得解;(2)将直线与椭圆联立,转化以为直径的圆经过定点为,用点坐标表示,代入韦达定理,即得解;(3)表示,代入韦达定理,换元法求解最值即可【小问1详解】由题意,设椭圆方程为由于椭圆离心率为,且过点解得故椭圆的标准方程为:【小问2详解】由直线 联立,可得设,则当时有若以为直径的圆经过定点,所以由得,将代入可得代入韦达定理可得:化简可得:解得:或若,直线过,不合题意;故,则直线,故直线过定点【小问3详解】由题意,设,则

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-10-21 19:45:01 页数:22
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文章作者:随遇而安

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