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江西省名校协作体2023届高三数学(理)二轮复习联考(二)(期中)试题(Word版附解析)

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2023届高三二轮复习联考(二)全国卷理科数学试题一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.若集合,集合,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】解绝对值不等式求得集合A,利用对数函数定义域求得集合B,然后由交集定义计算即可.【详解】因,所以,所以,因为,所以,所以,所以.故选:C2.已知复数在复平面内对应的点落在第一象限,则实数的取值范围为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】化简,根据对应点所在象限列不等式,从而求得的取值范围.【详解】,对应点,由于点在第一象限,所以,解得.故选:A3.“”是“”的() A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】B【解析】【分析】根据充分、必要条件的知识确定正确答案.【详解】,所以,所以“”是“”的必要不充分条件.故选:B4.抛物线的焦点坐标为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据给定条件直接求出抛物线焦点坐标即可作答.【详解】抛物线开口向上,其中,故抛物线的焦点坐标为.故选:B5.已知数列满足,,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据递推公式一一计算可得.【详解】因为,,所以,,,.故选:C 6.某工艺品修复工作分为两道工序,第一道工序是复型,第二道工序是上漆.现甲,乙两位工匠要完成A,B,C三件工艺品的修复工作,每件工艺品先由甲复型,再由乙上漆.每道工序所需的时间(单位:h)如下:原料时间工序ABC复型91610上漆15814则完成这三件工艺品的修复工作最少需要()A.43hB.46hC.47hD.49h【答案】B【解析】分析】根据题意组合工序顺序计算即可.【详解】由题意,甲工匠按A,C,B的顺序工作,乙工匠空闲时间最短,此时完成修复工作所需时间最短,最短时间为.故选:B.7.一个四棱锥的三视图如图所示,则四棱锥中最长棱的棱长为()A.B.3C.D.【答案】C【解析】【分析】作出给定的三视图对应的四棱锥直观图,再求出四棱锥的每条棱长作答.【详解】如图,四棱锥是给定三视图所对应的几何体,其中平面,四边形是直角梯形, ,,,在直角梯形中,,在中,,,所以四棱锥中最长棱的棱长为.故选:C8.声音是由物体振动产生的声波,纯音的数学模型是函数,我们听到的声音是由纯音合成的,称之为复合音.若一个复合音的数学模型是函数,则下列结论正确的是()A.是奇函数B.的最小正周期为C.的最大值为D.在区间上单调递减【答案】D【解析】【分析】根据奇偶性的定义可判断A;由可判断B;利用换元法将问题化归为二次函数给定区间求最值可判断C;对求导,判断的单调性可判断D.【详解】因为,定义域为R,所以是偶函数,故A不正确;因为,所以的最小正周期不是,故B不正确;因为, 令,则,所以当时,取得最大值,最大值为,故C不正确;当,,则,当时,,,所以,所以在区间上单调递减,故D正确.故选:D.9.已知点为直线上的动点,若在圆上存在两点,,使得,则点的横坐标的取值范围为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】求得与圆相切且时的长,根据圆与直线的位置关系求得点的横坐标的取值范围.【详解】圆的圆心为,半径,当与圆相切且时,,以为圆心,半径为的圆的标准方程为,由消去并化简得,解得或,所以点的横坐标的取值范围.故选:C10.如图,在直三棱柱中,为等腰直角三角形,,平 面截三棱柱外接球所得截面的面积为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】判断出外接球球心的位置,利用勾股定理计算出外接球的半径,利用等体积法求得外接球球心到平面的距离,进而求得截面半径,从而求得截面面积.【详解】由于为等腰直角三角形,所以的外心是的中点,设为,设的中点为,连接,设的中点为,则是直三棱柱的外接球的球心,连接,设外接球的半径为,则.由于,所以,根据直棱柱的性质可知,由于平面,所以平面,,所以, ,,所以,设到平面的距离为,则,所以平面截三棱柱的外接球所得截面的半径为,所以截面面积为.故选:C11.设正项数列的前项和为,且,从中选出以为首项,以原次序组成等比数列,,…,,…,.记是其中公比最小的原次序组成等比数列,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据与的关系式,分成与两种情况求解,观察知其每项均为偶数,讨论当,公比或时能否成立,从而得出满足题意的数列,再得出.【详解】当时,,即,得或(舍去),当时,由,……①得,……② 得:,化简得.因为,所以,,即数列是以4为首项,2为公差的等差数列,所以.当,时,会得到数列中原次序的一列等比数列,此时的公比,是最小的,此时该等比数列的项均为偶数,均在数列中;下面证明此时的公比最小:,假若取,公比为,则为奇数,不可能在数列中.所以.又,所以.故选:C12.设函数在上存在导数,对任意的,有,且在上.若.则实数的取值范围为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】先构造函数可得在上单调递增,在上单调递减,将不等式等价转化为,利用函数的单调性和奇偶性得到,解之即可.【详解】因为,所以, 设可得,为偶函数在上有,,故在上单调递增,根据偶函数的对称性可知,在上单调递减,由得,即,,即,,解得.故选:A.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.曲线在点处的切线方程是__________(结果用一般式表示).【答案】【解析】【分析】求导,由导数的几何意义可得切线斜率,由点斜式即可求解直线方程.【详解】,所以,所以由点斜式可得切线方程为,即,故答案为:14.在边长为6的正中,若点满足,则__________.【答案】【解析】【分析】以、作为一组基底表示出、,再根据数量积的运算律计算可得.【详解】因为,所以,, 所以.故答案为:15.近两年来,多个省份公布新高考改革方案,其中部分省份实行“”的高考模式,“3”为全国统一高考的语文、数学、外语3门必考科目,“1”由考生在物理、历史两门科目中选考1门科目,“2”由考生在思想政治、地理、化学、生物4门科目中选考2门科目,则甲,乙两名考生恰有两门选考科目相同的概率为__________.【答案】【解析】【分析】首先求出选科的总情况,再求出有两门选考科目相同的情况,最后利用古典概型的概率公式计算可得.【详解】甲、乙两名考生选科的总情况有,其中恰有两门选考科目相同的情况有以下两种:①在物理、历史两科中选科相同:;②在物理、历史两科中选科不同:,因此甲、乙两名考生恰有两门选考科目相同的概率.故答案为:16.已知双曲线的右焦点为,双曲线的一条渐近线与圆在第二象限的交点为,圆在点处的切线与轴的交点为,若,则双曲线的离心率为__________.【答案】##【解析】【分析】依题意得:,渐近线的方程为,联立渐近线方程和圆的方程求得 ,根据求得直线的斜率,进而得到其方程,从而求得.由,结合正弦定理可得,,从而利用两点距离公式代入可得,进而求得双曲线的离心率.【详解】依题意得:,渐近线的方程为,联立,解得,.的方程为,令,得.,根据正弦定理可得,则,即.,即 故答案为:【点睛】关键点睛:这道题的关键是能根据正弦定理把,转化为,从而借助两点距离公式构造齐次方程求离心率.三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:60分.17.在中,内角的对边分别为,已知.(1)求角的大小;(2)若,且,求的面积.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)利用余弦定理、正弦定理化简已知条件,由此求得.(2)正弦定理求得,根据余弦定理、三角形的面积公式求得正确答案.【小问1详解】依题意,,由余弦定理得,则,由正弦定理得,由于,则,所以为锐角,则.【小问2详解】 由正弦定理得,,由余弦定理得①,由两边平方得,代入①得,即,解得(负根舍去),所以.18.如图①,在等腰梯形中,点为边上的一点,,是一个等边三角形,现将沿着翻折至,如图②.(1)在翻折过程中,求四棱锥体积的最大值;(2)当四棱锥体积最大时,求平面与平面的夹角的余弦值.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)根据平面平面时,四棱锥体积取得最大值来求得正确答案.(2)建立空间直角坐标系,利用向量法求得平面与平面的夹角的余弦值.【小问1详解】依题意可知:三角形是边长为的等边三角形,高为, 四边形是边长为的菱形,且,,在翻折过程中,当平面平面时,四棱锥体积取得最大值,且最大值为.【小问2详解】设的中点为,连接,当平面平面时,四棱锥体积取得最大值,由于平面平面平面,,所以平面,由于平面,所以,连接,则三角形是等边三角形,所以,由于平面平面平面,,所以平面.以为原点建立如图所示空间直角坐标系,平面的法向量为,,设平面的法向量为,则,故可设,设平面与平面的夹角为,则. 19.旅游承载着人们对美好生活的向往.随着近些年人们收入和消费水平不断提高,对品质生活的需求也日益升级,旅游市场开启了快速增长的时代.某旅游景区为吸引旅客,提供了、两条路线方案.该景区为进一步了解旅客对这套路线的选择情况和满意度评价(“好”或“一般”),对300名的旅客的路线选择和评价进行了统计,如下表:路线路线合计好一般好一般男2055120女9040180合计5075300(1)填补上面的统计表中的空缺数据,并依据小概率值的独立性检验,能否认为对,两条路线的选择与性别有关?(2)某人计划到该景区旅游,预先在网上了解两条路线的评价,假设他分别看了两条路线各三条评价(评价好或一般的可能性以前面统计的比例为参考),若评价为“好”的计5分,评价为“一般”的计2分,以期望值作为参考,那么你认为这个人会选择哪一条线路.请用计算说明理由.附:,其中.0.1000.0500.0100.0012.7063.8416.63510.828【答案】(1)表格见解析,有关(2)选择路线,理由见解析 【解析】【分析】(1)首先补全补全统计表,即可作出列联表,再计算出卡方,即可判断;(2)首先求出选择、路线好评的概率,路线和路线累计分数分别为,,则,的可能取值都为、、、,求出所对应的概率,求出数学期望,即可判断.【小问1详解】补全统计表如下:路线路线合计好一般好一般男10205535120女90302040180合计100507575300零假设:对于、两条路线的选择与性别无关,将所给数据整理,得到如下列联表:性别路线合计男3090120女12060180合计150150300所以,根据小概率值的独立性检验,我们推断不成立,即认为对、两条路线的选择与性别有关.【小问2详解】设为选择路线好评率,则,设为选择路线好评率,则, 设路线和路线累计分数分别为,,则,的可能取值都为、、、,则,,,,所以,,,,,所以,所以,所以选择路线.20.已知椭圆的左、右焦点分别为,焦距为,过的直线与椭圆相交于两点,且的周长为8.(1)求椭圆的方程;(2)若过点的动直线与椭圆相交于两点,直线的方程为.过点作于点,过点作于点.记的面积分别为,,.问是否存在实数,使得成立?若存在,请求出的值;若不存在,请说明理由.【答案】(1)(2)存在,.【解析】【分析】(1)利用椭圆的定义可求得的值,利用焦距求出c,再由椭圆a,b,c关系即可求出椭圆方程;(2)依题意作图,设n的方程并与椭圆方程联立,求出的解析式,即可求出的值.【小问1详解】设椭圆的焦距为,则,所以, 由椭圆的定义可得的周长为,所以,所以,所以椭圆的方程为.【小问2详解】由题意可知,直线n的斜率不为0,其方程可设为,设,,则,,联立可得,,由韦达定理可得,,因为.因为,,所以,所以,故,即,所以存在实数,使得成立. 21.已知函数,其中是自然对数底数.(1)当时,讨论函数的单调性;(2)当时,若对任意的恒成立,求的值.【答案】(1)答案见解析(2)【解析】【分析】(1)求出函数的导函数,再分、、三种情况讨论,分别求出函数的单调区间,即可得解;(2)首先求出函数的导函数,令,求出,再分、、、四种情况讨论,结合函数的单调性即可判断.【小问1详解】当时,,则,当时,令解得,当时,,当时,,所以在上单调递增,在上单调递减;当时,,所以在上单调递减, 当时,令,解得,当时,,当时,,所以在上单调递减,在上单调递增;综上:当时,在上单调递增,在上单调递减;当时,在上单调递减;当时,在上单调递减,在上单调递增.【小问2详解】当时,,所以,令,则,当时,,与对任意的,恒成立矛盾,不合题意;当时,,即在上单调递增,又因为,,故存在使得,故当时,此时,所以在上单调递减,所以,不合题意;当时,,即在上单调递增, 又因为,故当时,,此时,所以在上单调递减,当时,,此时,所以在上单调递增,所以,满足题意;当时,,即在上单调递增,又因为,,故存在使得,故当时,,此时,所以在上单调递增,所以,不合题意;综上可得.【点睛】方法点睛:导函数中常用的两种常用的转化方法:一是利用导数研究含参函数的单调性,常化为不等式恒成立问题.注意分类讨论与数形结合思想的应用;二是函数的零点、不等式证明常转化为函数的单调性、极(最)值问题处理.(二)选考题:共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题计分.[选修4-4:坐标系与参数方程]22.在平面直角坐标系中,直线l的参数方程为(其中t为参数),以坐标原点为极点,x轴非负半轴为极轴建立极坐标系,曲线C的极坐标方程为.(1)求直线l的普通方程和曲线C的直角坐标方程;(2)设直线l与曲线C交于A,B两点,点P是曲线C上的一动点,求面积的最大值.【答案】(1),(2)【解析】【分析】(1)利用参数方程、极坐标方程与直角坐标方程之间的转化公式计算即可; (2)利用圆的性质及弦长公式即可得出结果.【小问1详解】由直线l的参数方程消参得直线l的普通方程为:.由曲线C的极坐标方程为,得,因为,,所以,所以曲线C的直角坐标方程为.小问2详解】因为曲线C的圆心到直线l的距离,而的半径,所以.又点P到直线l距离的最大值为,所以面积的最大值为.[选修4-5:不等式选讲]23.(1)已知函数.解不等式;(2)已知正实数a,b,c满足,求的最小值.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)利用分段函数来分段处理不等式问题;(2)“1”的代换结合基本不等式解决。 【详解】解:(1)当时,,解得;当时,,无解;当时,,解得,∴原不等式的解集为.(2)因为a,b,c为正实数,且满足,所以当且仅当,即,,,时取等号,所以的最小值为.

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发布时间:2023-09-13 21:20:02 页数:24
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文章作者:随遇而安

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