江西省名校2022届高三数学（文）一轮复习验收考试试题（Word版附解析）

绝密★启用前2021-2022学年高三一轮复习验收考试数学（文）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上.2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号.回答非选择题时，将答案写在答题卡上.写在本试卷上无效.3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1.设集合，则（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】化简集合B，根据交集运算求解.【详解】,故选：C2.的虚部为（）A.9B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据复数的乘法运算，将化为形式，即可得答案.【详解】,所以虚部为-7，故选：B3.已知平面向量，其中，若，则（） A.26B.13C.D.【答案】D【解析】【分析】利用向量的数量积运算进行求解【详解】，，故答案选：D4.若数据的方差为8，则数据的方差为（）A.1B.2C.13D.32【答案】B【解析】【分析】根据计算即可得解.【详解】解：因为数据的方差为，所以数据的方差为.故选：B.5.标准对数视力表采用的“五分记录法”是我国独创的视力记录方式，此表由14行开口方向各异的正方形“E”形视标所组成，从上到下分别对应视力，且从第一行开始往下，每一行“E”形视标边长都是下一行“E”形视标边长的倍，若视力4.1的视标边长为a，则视力4.9的视标边长为（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】根据题意可知视标边长从上到下是以为公比的等比数列，记视力的视标边长为，则视力4.9的视标边长为，从而可得出答案.【详解】解：根据题意可知视标边长从上到下是以为公比的等比数列，记视力的视标边长为， 则视力4.9的视标边长为.故选：D.6.已知等差数列的前n项和为，若，则（）A.B.C.6D.7【答案】A【解析】【分析】根据等差数列的性质可得，再根据等差数列前项和的公式即可得解.【详解】解：因为，所以，即，所以.故选：A.7.已知O为坐标原点，双曲线，若垂直于y轴的直线与C交于两点，且，则C的渐近线方程为（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】根据已知条件画出图形，设出点，将代入双曲线方程，求出，由，得出，进而求出双曲线的渐近线方程.【详解】因为垂直于y轴的直线与C交于两点且，所以是的中点并且为直角三角形，设点，如图所示， 由题意可知，点在双曲线上，所以，解得（负舍），即，在中，又因为，所以解得，所以双曲线C的渐近线方程为.故选：D.8.对正整数a，函数表示小于或等于a的正整数中与a互质的数的数目，此函数以其首位研究者欧拉命名，故称为欧拉函数．例如：因为均和8互质，所以．基于上述事实，（）A.8B.12C.16D.24【答案】C【解析】【分析】先由对数的运算计算，再由欧拉函数的定义求解即可.【详解】∵小于或等于32的正整数中与32互质的实数为，，共有 16个，.故选：C9.已知四棱锥的底面为正方形，平面为等腰三角形，若分别为的中点，则异面直线与所成角的余弦值为（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据题意画出图形，建立空间直角坐标系，设，然后写出的坐标，利用向量的夹角公式即可求解.【详解】由题意可知，平面，底面为正方形，以为坐标原点，建立如图所示的空间直角坐标系，设，则，，因为分别为的中点，所以，所以异面直线与所成角的余弦值为.故选：B. 10.函数在上的最大值与最小值之和为（）A.6B.3C.8D.4【答案】A【解析】【分析】根据函数解析式可得，可知函数图象关于点中心对称，即可得解.【详解】，故，则的图象关于点中心对称，故在上的最大值与最小值之和为6.故选：A11.已知函数的图象过点，且在上仅有1个极值点，若在区间上恒成立，则实数a的取值范围为（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】利用三角函数的图像性质，分别代入，即可求出，进而利用数形结合，即可求出实数a的取值范围【详解】函数的图象过点，可得 ，整理得，，且，，在上仅有1个极值点，则，综上，可得，又由于，得，则函数为，由于函数经过，可得，该函数为，因为在区间上恒成立，所以，，则有，且，解得，故故选：C【点睛】关键点睛：1.代入，得，进而求出；2.利用在上仅有1个极值点，求出，进而得出；3.对于在区间上恒成立，即可利用三角函数的图像性质，即可求出实数a的取值范围，本题考查三角函数的图像性质，解题的关键在于充分利用三角函数的图像性质进行求解，属于难题12.已知四面体中的所有棱长为，球是其内切球．若在该四面体中再放入一个球，使其与平面、平面、平面以及球均相切，则球与球的半径之比为（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】根据图形，先求出四面体的高、表面积，利用等积法求出内切圆的半径，再由得出即可求解. 【详解】如图，设S在平面ABC内的射影为O，为球的半径，为球的半径，分别为球，球与侧面的切点，在中，该四面体的高，又四面体的表面积，则，解得，所以，即，解得，故故选：D二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分．将答案填在题中的横线上．13.若实数满足则的最大值为_______．【答案】14【解析】【分析】由约束条件画出可行域，要使有最大值，即直线与可行域有交点时在y 轴的截距最大，即可求的最大值.【详解】由约束条件作出可行域如图，联立，解得，由，得，由图可知，当直线过时，直线在轴上的截距最大，有最大值为.故答案为：.14.若从甲、乙等6名获得奖学金的高三学生中随机选取3人交流学习心得，则甲被选中且乙没被选中的概率为_______．【答案】##0.3【解析】【分析】分别求出从6名获得奖学金的高三学生中随机选取3人和甲被选中且乙没被选中的选法，再根据古典概型公式即可得解.【详解】解：从6名获得奖学金的高三学生中随机选取3人，共有种选法；其中甲被选中且乙没被选中，有种选法，所以甲被选中且乙没被选中概率为.故答案为：.15.已知抛物线的焦点为F，过F作斜率为的直线与C交于两点，若线段中点的纵坐标为，则F到C的准线的距离为_______．【答案】【解析】【分析】设、，利用点差法可得出，最后根据线段中点的纵坐标为即可求出结果. 【详解】设，，则，，两式相减得，即，因为、两点在斜率为的直线上，所以，所以由得，因为线段中点的纵坐标为，所以，则，，所以F到C的准线的距离为.故答案为：.16.已知曲线与过点的直线相切，则的斜率为_______．【答案】##【解析】【分析】设切点为，根据导数的几何意义求出切线方程，再根据切线过点求出切点，从而可得出答案.【详解】解：设切点为，，则，则切线方程为，将点代入得，化简得，解得，所以切线的斜率为.故答案为：.三、解答题：共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．第17～21题为必考题，每个试题考生都必须作答．第22、23题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题：共60分． 17.在①，②，③这三个条件中任选一个，补充在下面问题中，并作答．在中，内角所对的边分别为，且_．（1）求B的大小；（2）若，求的最大值．注：如选择多个条件分别解答，按第一个解答计分．【答案】（1）（2）8【解析】【分析】（1）选①，利用余弦定理化角为边，再利用余弦定理即可得解；选②，利用正弦定理化边为角，即可得解；选③，利用正弦定理化边为角，再根据三角形内角关系求得，即可得解；（2）利用余弦定理结合基本不等式即可得出答案.【小问1详解】解：选①，因为，所以，即，所以，又，所以；选②，因为，所以，即，因为，所以，所以，所以；选③，因为，所以， 则，则有，即，所以，因为，所以，所以，又，所以；【小问2详解】解：由（1）得，即，解得，当且仅当时，取等号，所以的最大值为8．18.如图所示，四棱锥中，平面平面是等腰直角三角形，．（1）求证：平面；（2）若点E在线段上，且平面，求的值．【答案】（1）证明见解析； （2）.【解析】【分析】（1）利用勾股定理可得，又可得平面SBC；（2）根据线面平行的性质可得，利用三角形即可得解.【小问1详解】因为平面SAB,故，在中,由,设，得，因为平面SAB,SA平面SAB,故，是等腰直角三角形，故SB=BC=2，在中，,解得，故，即因为平面，,故平面SBC.【小问2详解】连接交于点，连接EG，因平面ACE，平面∩平面，故，所以，在直角梯形中，，故，故19. 网课是一种新兴的学习方式，它以互联网为平台，为学习者提供包含视频、图片、文字等多种形式的系列学习课程，由于具有方式多样，灵活便捷等优点，成为许多学生在假期实现自主学习的重要手段．为了调查A地区高中生一周网课学习的时间，随机抽取了500名上网课的学生，将他们一周上网课的时间（单位：h）按分组，得到频率分布直方图如图所示．（1）求a的值，并估计这500名学生一周上网课时间的平均数（同一组中的数据用该组区间的中点值代表）；（2）为了了解学生与家长对网课的态度是否具有差异性，研究人员随机抽取了200人调查，所得数据统计如下表所示，判断是否有的把握认为学生与家长对网课的态度具有差异性．支持上网课不支持上网课家长3070学生5050附：，其中．0.100.050.0250.0100.0050.0012.7063.8415.0246.6357.87910.828【答案】（1）0.03，13.5h；（2）有【解析】【分析】（1）根据频率分布直方图各小矩形的面积之和为1求解，再利用平均数的定义求解；（2）根据列联表求得的值，再与临界值表对照下结论.【小问1详解】 解：因为，所以，平均数为；【小问2详解】因为，所以有的把握认为学生与家长对网课的态度具有差异性．20.已知函数．（1）求在上的最值；（2）若不等式对恒成立，求实数a的取值范围．【答案】（1）最小值为－e，最大值为；（2）.【解析】【分析】(1)求f(x)导数，根据导数正负判断f(x)在上的单调性，据此即可求其最值；(2)分x＝2和x＞2讨论，当x＞2时，不等式参变分离，问题转化为.【小问1详解】依题意，令，解得，当时，；当时，，∴在上单调递减，在上单调递增，而，在上的最小值为－e，最大值为；【小问2详解】依题意，在上恒成立.当时，，∴； 当x＞2时，原不等式化为，令，则，∵，∴，∴在上单调递增，∴，∴，综上，实数a的取值范围是.21.已知椭圆过点．（1）求C的标准方程；（2）若过点且不与x轴垂直的直线与C交于两点，记C的上顶点为D，若，求证：．【答案】（1）（2）证明见解析【解析】【分析】（1）将点代入椭圆的方程，求得，即可求得椭圆的方程；（2）设直线的方程为，联立方程组，利用韦达定理求得，求得向量，求得，得到，结合直角三角形的性质，即可作出证明.【小问1详解】解：由椭圆过点， 可得，解得，所以椭圆的方程为.【小问2详解】因为直线过点且不垂直轴，可设直线的方程为，联立方程组，整理得，设，则，又由，可得，所以，所以，又由，可得点为的中点，根据直角三角形的性质，可得，所以，又由三角形的性质，可得，所以.（二）选考题：共10分．请考生在第22、23题中任选一题作答．如果多做，则按所做的第一题计分．【选修4-4：坐标系与参数方程】 22.在平面直角坐标系中，直线的参数方程为（t为参数），以坐标原点O为极点，x轴的非负半轴为极轴，建立极坐标系，曲线C的极坐标方程是．（1）求的极坐标方程以及C的直角坐标方程；（2）设点分别在与C上，求的最小值．【答案】（1）的极坐标方程为，C的直角坐标方程为（2）【解析】【分析】（1）将直线的参数方程化为普通方程，再化为极坐标方程即可，根据将曲线C化为普通方程即可；（2）的最小值即为点到直线的距离，设，根据点到直线的距离公式及二次函数的性质即可得解.【小问1详解】解：因为直线的参数方程为（t为参数），所以直线的普通方程为，所以，即，即的极坐标方程为，因为曲线C的极坐标方程是，所以，即，所以C的直角坐标方程为；【小问2详解】解：的最小值即为点到直线的距离，设，则， 所以点到直线的距离，所以当时，，此时点的坐标为，所以的最小值为.【选修4-5：不等式选讲】23.已知函数的最小值为m．（1）求m的值；（2）求证：当时，．【答案】（1）5；（2）证明见解析.【解析】【分析】（1）利用放缩法及绝对值不等式求解即可；（2）根据“1”的变形及均值不等式求最值即可得证.【小问1详解】，当且仅当时，等号成立，所以有最小值5，即.【小问2详解】证明：，，当且仅当，即时取等号，即当时，.