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江西省九江市2022-2023学年高二数学下学期期末模拟试题(Word版附解析)

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2022-2023学年度下学期第二次阶段性模拟试卷高二数学一、单选题(本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题意.)1.下列各对函数中,图像完全相同的是()A.与B.与C.与D.与【答案】B【解析】【分析】分别分析各个选项中函数的定义域和对应关系,即可选出正确答案.【详解】A:定义域为,定义域为,对应关系不同,故A不正确;B:,,定义域均为,B正确.C:定义域为,定义域为,故C不正确;D:定义域为,对于,令,则定义域为,故D不正确.故选:B.【点睛】本题考查了函数定义域的求解,考查了函数相等的判定,属于基础题.2.不等式的解集为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据一元二次不等式的解法,可直接得出结果.【详解】由得,解得或, 即原不等式的解集为.故选:C.【点睛】本题主要考查解一元二次不等式,属于基础题型.3.已知集合,,则()A.或B.或C.或D.或【答案】D【解析】【分析】应用集合的交、补运算求即可.【详解】由题设,或,∴.故选:D4.命题“”,命题“”,则p是q的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分又不必要条件【答案】A【解析】【分析】先根据命题求出的范围,再根据充分性和必要性的定义得答案.【详解】对于命题,,得,可以推出,但是不能推出,p是q的充分不必要条件.故选:A.5.若,则的最小值为A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】由基本不等式可得,即可求解,得到答案.【详解】因为,由基本不等式可得, 当且仅当,即,即时,等号成立.故选A.【点睛】本题主要考查了利用基本不等式求最值问题,其中解答中熟记基本不等式的使用条件“一正、二定、三相等”,合理准确运算是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.6.数列中的前n项和,数列的前n项和为,则=()A.190B.192C.180D.182【答案】B【解析】【分析】利用求的通项公式,进而可得的通项公式,应用分组求和求即可.【详解】当n=1时,,当n≥2时,,经检验不满足上式,所以,设,则,所以.故选:B.7.已知函数,则不等式解集是()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据分段函数,分或两种情况,分别根据指数函数和对数函数的性质求解即可.【详解】当时,由得,两边取以e为底的对数得:,当时,由得,解得,综上或. 故选:A.8.若存在,使不等式成立,则的取值范围是()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】,令,构造函数,从而问题转化为存在,使得成立.求导判断单调性求得当时,,进而得到且,即可求解.【详解】令,即,因为,所以,令.则原问题等价于存在,使得成立.令,即解得,令,即解得,所以在上单调递增,在上单调递减.又因为 而,当时,.若存在,使得成立.只需且,解得且,所以.故的取值范围为.故选:D【点睛】思路点睛:构造函数是基本的解题思路,因此观察题目所给的数的结构特点,以及数与数之间的内在联系,合理构造函数,利用导数判断单调性是解题的关键.二、多选题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题意.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.)9.关于函数,下列判断正确的是()A.上单调递减B.在上单调递增C.在上单调递减D.在上单调递增【答案】AC【解析】【分析】由题可得,进而即得.【详解】因为,所以在和上单调递减,则A,C正确,B,D错误.故选:AC.10.下列结论错误的有()A.若,则B.函数最小值为2C. D.,,则的取值范围是【答案】AB【解析】【分析】由可判断A,由双勾函数的知识可判断B,,然后可判断C,由可判断D.【详解】对于A,当时不成立,故A错误;对于B,,故B错误;对于C,,因为,所以,即C正确;对于D,设,可得解得,因为,所以,故D正确故选:AB11.已知定义在上的奇函数满足,若,则()A.4为的一个周期B.的图象关于直线对称C.D.【答案】ABC【解析】【分析】根据函数的基本性质对选项AB进行验证,根据函数周期结合函数奇偶性对选项CD进行验证,即可得出答案.【详解】对于A:函数为奇函数,则,则,则的一个周期为4,故A正确;对于B:,则函数关于对称,故B正确; 对于C:的一个周期为4,,令中的,则,函数为定义在上奇函数,,,故C正确;对于D:的一个周期为4,,函数为奇函数,,,故D错误;故选:ABC.12.已知数列满足,,,为数列的前n项和,则下列说法正确的有()A.n为偶数时,B.C.D.的最大值为20【答案】AC【解析】【分析】对选项A,偶数项构成等比数列,即可求得通项;对选项B,检验当时,所给表达式不满足;对选项C,按照n为奇数和偶数分别讨论,根据,可直接求得;对选项D,的最大值为【详解】根据递推关系可知,n为奇数时,n为偶数时,,故A对; 根据奇数项构成等差数列可得:而又:则有:,故B错误;,故C对;根据中的奇数项构成等差数列,而偶数项之和不是1就是0,因此根据特点可知:的最大值在奇数项之和取得最大值的附近,,,,,,,的最大值为,故D错故选:AC三、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.把答案填在答题卡中相应的横线上.)13.若“”是“”的充分条件,则实数的取值范围为___________.【答案】【解析】【分析】由充分条件定义直接求解即可.【详解】“”是“”的充分条件,,,即实数的取值范围为.故答案为:.14.已知公比大于的等比数列满足,,则的公比______.【答案】【解析】【分析】根据题意可得出关于的方程,结合可求得的值.【详解】由题意可得,则, 上述两个等式作商可得,即,因为,解得.故答案为:.15.若函数的值域是,则实数的取值范围是__.【答案】【解析】【分析】先根据基本不等式求出时的取值范围,然后根据的范围得出在上的单调性,求出值域.根据题意,即可得出答案.【详解】因为函数.当时,有,当且仅当时等号成立.当,即时,有,不满足题意;当,即时,在上单调递减,有,不满足题意;当,即时,在上单调递增,有.要使的值域是,则应有,所以.综上所述,当时,的值域是.故答案为:.16.已知函数,若存在实数,满足,则的最大值是______.【答案】【解析】 【分析】作出的函数图象,得出,,将化简为,构造函数,,由得出单调递增,求出的最大值,即可求得答案.【详解】解:作出的函数图象如图所示:∵存在实数,满足,,,由图可知,,,设,其中,,显然在单调递增,,,,在单调递增,在的最大值为,的最大值为,故答案为:.四、解答题(本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)17.化简与求值.(1)化简:; (2)已知,其中,的值.【答案】(1);(2)1.【解析】【分析】(1)利用指数幂的运算性质即可得出.(2)先利用平方差公式化简,再利用指数幂的运算性质即可得出.【详解】(1)原式;(2)由可知,原式.【点睛】本题考查指数幂的化简,要对分式进行正确运算得到最简结果.18.习近平总书记提出:“绿水青山就是金山银山”的重要理念,说明呵护地球,人人有责.某省为响应该理念,计划每年都增长相同百分比的绿化面积,且年时间绿化面积增长,(参考数据:,,,)试求:(1)求每年绿化面积的增长率;(2)按此增长率,若年年初时,该省的绿地面积是提出该理念时的倍,请问习近平总书记最迟是哪一年首次提出该理论.【答案】(1)约为;(2)年.【解析】【分析】(1)设每年绿化面积的增长率为,可得出,求出的值即可;(2)设经过年后该省的绿地面积是提出该理念时的倍,可得出,利用对数的运算求出的值,即可得解.【小问1详解】解:设每年绿化面积的增长率为,则,则,故每年绿化面积的增长率约为. 【小问2详解】解:设经过年后该省的绿地面积是提出该理念时的倍,则,则,而,因此,习近平总书记最迟在年首次提出该理论.19.已知函数f(x)=x3(a>0,且a≠1).(1)讨论f(x)的奇偶性;(2)求a的取值范围,使f(x)>0在定义域上恒成立.【答案】(1)函数f(x)是偶函数(2)∈(1,+∞)【解析】【分析】(1)先求函数f(x)的定义域,再判断f(-x)与f(x)是否相等即可得到结果;(2)由f(x)是偶函数可知只需讨论x>0时的情况,则有x3>0,从而求得结果.【详解】(1)由于ax-1≠0,则ax≠1,得x≠0,∴函数f(x)的定义域为{x|x≠0}.对于定义域内任意x,有f(-x)=(-x)3=(-x)3=(-x)3=x3=f(x),∴函数f(x)是偶函数.(2)由(1)知f(x)为偶函数,∴只需讨论x>0时的情况,当x>0时,要使f(x)>0,则x3>0, 即+>0,即>0,则ax>1.又∵x>0,∴a>1.∴当a∈(1,+∞)时,f(x)>0.【点睛】本题考查判断函数奇偶性的方法和恒成立问题,判断函数的奇偶性先求定义域,再判断f(-x)与f(x)是否相等或者互为相反数,相等即为偶函数,互为相反数则为奇函数,属中档题.20.设数列是等差数列,已知,公差为,为其前n项和,且,,成等比数列.(1)求数列的通项公式;(2)设,证明:数列的前n项和.【答案】(1)(2)证明见解析【解析】【分析】(1)根据等差数列前n项和的基本量的计算以及等比中项,列方程即可求解,进而可求通项,(2)根据裂项求和可得的前n项和,进而可求.【小问1详解】在等差数列中,,公差,为其前n项和,∴,,,又,,成等比数列,∴,即,由于,解得,∴小问2详解】证明:由(Ⅰ)知, ∴,则,∵,∴,,∴21.已知函数.(1)求在上的极值;(2)若,求的最小值.【答案】(1)为极小值,无极大值.(2)【解析】【分析】(1)求导后,借助导数分析单调性,借助单调性分析极值的情况;(2)令,令,设,再借助导函数的正负性,分析原函数的单调性确定极值,再反推的单调性,判断极大值情况.【小问1详解】,令,得,在为负,单调递减,在为正,单调递增,故为极小值,无极大值.【小问2详解】由题知,令, 令,则,设则,,为正,在单调递增,,为负,在单调递减,故极大值,若,即,此时,则在单调递减,又,所以时,在单调递增,时,,在单调递减,故为极大值,所以,则当时,符合条件;,即此时,存在,在上;,则在单调递增,又,则在区间上所以在区间上,单调递减,则,不满足条件.综上所述的最小值为.22.已知函数,其中e为自然对数的底数.(1)当时,求函数的单调区间;(2)当时,若恒成立,求实数的最小值.【答案】(1)单调递增区间为,单调递减区间为(2)1【解析】【分析】(1)代入的值,求的导函数,由可得增区间,由可得减区间.(2)恒成立,转化为,求的最大值即可.【小问1详解】,,, 令,得,当时,,当时,,所以函数的单调递增区间为,单调递减区间为.【小问2详解】由,即,解得,令,,令,,所以,在单调递增,,在单调递减,则,且时,,在上有唯一的零点,,当时,,,在上单调递增,当时,,,在上单调递减,,,所以的最小值为1.

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-09-16 02:40:01 页数:16
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文章作者:随遇而安

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