浙江省温州市环大罗山联盟2022-2023学年高二数学上学期期中联考试题(Word版附解析)
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2022学年第一学期环大罗山联盟期中联考高二数学试题考生须知:1.本卷共4页满分150分,考试时间120分钟;2.答题前,在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字.3.所有答案必须写在答题纸上,写在试卷上无效;4.考试结束后,只需上交答题纸.一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的.1.直线的倾斜角为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】把直线化成斜截式方程,根据直线斜率与直线倾斜角的关系进行求解即可.【详解】由,所以该直线的斜率为,设该直线的倾斜角为,因此有,而,所以故选:A2.空间直角坐标系中,点关于平面的对称点是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据对称的性质即可求解.【详解】点关于xOz平面的对称点是,故选:B3.已知,则点O到平面ABC的距离是()第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】求出平面的法向量,利用公式求出点到平面的距离.【详解】,设平面ABC的法向量为,则,令得,,故,故点O到平面ABC的距离为.故选:A4.“m<1”是“点P(1,1)在圆C:x2+y2﹣2mx=0外”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分又不必要条件【答案】B【解析】【分析】根据点与圆的位置,结合充分性、必要性的定义进行判断即可.【详解】由x2+y2﹣2mx=0可得,该方程表示圆,所以有,当点P(1,1)在圆C:x2+y2﹣2mx=0外时,有,所以此时,显然由不一定能推出,但是由一定能推出,所以“m<1”是“点P(1,1)在圆C:x2+y2﹣2mx=0外”的必要不充分条件,故选:B5.正四面体的棱长为2,点D是的重心,则的值为()A.B.C.D.【答案】D【解析】第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
【分析】根据空间向量的线性运算和数量积的定义计算即可.【详解】因为点D是的重心,正四面体的棱长为2,.故选:D.6.椭圆()的左、右焦点分别为,,若椭圆上存在点P满足,则椭圆C的离心率的取值范围为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】先根据焦点三角形的顶角范围,求出椭圆特征三角形顶角的范围,继而求出离心率的范围.【详解】设椭圆的上顶点为,则令,则,且,,,第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
故选:B.7.“白日登山望烽火,黄昏饮马傍交河”是唐代诗人李颀《古从军行》这首诗的开头两句.诗中隐含着一个数学问题——“将军饮马”:即将军在观望烽火之后从山脚下某处出发,先到河边饮马后再回军营,怎样走才能使总路程最短?在平面直角坐标系中,设军营所在区域为,若将军从点处出发,河岸线所在直线方程为,并假定将军只要到达军营所在区域即回到军营,那么“将军饮马”的最短总路程为()A.10B.9C.8D.7【答案】C【解析】【分析】首先利用对称关系求出点关于直线的对称点的坐标,进一步利用两点间的距离公式求出最小距离.【详解】设点关于直线的对称点坐标为故,解得,即对称点,故原点到点的距离,所以最短距离为.故选:C8.若,则的最小值为()第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
A.B.3C.D.4【答案】C【解析】【分析】利用空间中两点之间的距离公式,将代数问题转化为几何问题,从而使得问题得以解决.【详解】题干中代数式的几何意义是空间中任意一点分别到点、、,的距离之和,如图所示,四边形是一个矩形,易知,当点位于矩形的中心时,其距离之和最小,且最小值为矩形的对角线长之和,而,所以代数式的最小值为.故选:C二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项是符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对得的2分,有选错的得0分.9.已知曲线,则()A.存在m,使C表示圆B.当时,则C的渐近线方程为C.当C表示双曲线时,则或D.当时,则C的焦点是【答案】AC【解析】【分析】A选项,得到,求出当时,满足要求;B选项,根据双曲线渐近线公式求出答案;C选项,根据题意得到,求出答案;D选项,先得到第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
,得到椭圆方程特征得到焦点在轴上.【详解】A选项,当,即时,为圆,A正确;B选项,时,,故渐近线方程为,B错误;C选项,当时,C表示双曲线,即或,C正确;D选项,当时,则,显然焦点在轴上,D错误.故选:AC10.若两直线与互相平行,则()A.B.C.与之间的距离为D.与、距离相等点的轨迹方程为【答案】ACD【解析】【分析】利用两条直线平行的充要条件判断A,B;利用两平行直线间的距离公式判断C;直接法求轨迹方程判断D.【详解】因为两直线与互相平行,所以,解得或,当时,,,此时两直线与互相平行满足题意;当时,,,此时两直线与重合,不合题意.综上有两直线与互相平行时,.故A正确,B错误;与的距离为,故C正确;第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
设与、距离相等的点为,则,整理得,所以与、距离相等的点的轨迹方程为,故D正确.故选:ACD11.如图,长方体中,是侧面的中心,是底面的中心,点在线段上运动.以为原点,所在直线分别为轴,建立空间直角坐标系,则()A.是平面的一个法向量B.直线∥平面C.异面直线与垂直D.存在点,使得直线与平面所成的角为【答案】ABD【解析】【分析】对于A,利用和是否为零进行判断,对于B,由与平面的法向量的数量积是否为零判断,对于C,由判断,对于D,设,然后求出与平面所成的角进行判断.【详解】由题意可得,,因为是侧面的中心,是底面的中心,所以,对于A,因为,,第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
所以,,所以,,所以是平面的一个法向量,所以A正确;对于B,因为平面,所以是平面的一个法向量,因为,所以,所以,因为平面,所以直线∥平面,所以B正确;对于C,因为,所以与不垂直,所以异面直线与不垂直,所以C错误;对于D,设,则,由选项A可知是平面的一个法向量,设直线与平面所成的角为,所以,若直线与平面所成的角为,则,解得,所以存在点,使得直线与平面所成的角为,所以D正确,故选:ABD12.年月,神舟十三号返回舱成功着陆,返回舱是宇航员返回地球的座舱,返回舱的轴截面可近似看作是由半圆和半椭圆都包含,点组成的“曲圆”半圆的圆心在坐标原点,半圆所在的圆过椭圆的焦点,椭圆的短轴长等于半圆的直径,如图,在平面直角坐标系中,下半圆与轴交于点若过原点的直线与上半椭圆交于点,与下半圆交于点,则()第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
A.椭圆的离心率为B.的周长为C.面积的最大值是D.线段长度的取值范围是【答案】BD【解析】【分析】根据给定的条件,求出椭圆的短半轴长,半焦距判断选项A;利用椭圆的定义求出焦点三角形周长判断选项B;求出长度范围判断选项D;根据运动的观点可得最大值判断C.【详解】由题知,椭圆中的几何量,所以,则,故A不正确;因为,由椭圆性质可知,所以,故D正确;设,到轴的距离为,,则,当在短轴的端点处时,,同时取得最大值,故面积的最大值是,故C不正确;由椭圆定义知,,所以的周长,故B正确.第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
故选:.三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知双曲线的一条渐近线与直线垂直,则a的值为______.【答案】4【解析】【分析】求出双曲线的渐近线方程,由条件,结合两直线垂直斜率相乘为,列方程可求.【详解】由双曲线标准方程特征知,双曲线的渐近线方程为,由已知可得渐近线与直线垂直,所以,所以.故答案为:.14.已知圆心在直线上的圆C与x轴的正半轴相切,且C截y轴所得弦的弦长为,则圆C的标准方程为______.【答案】【解析】【分析】根据圆的切线的性质,利用半径表示出圆心,结合弦长公式,可得答案.【详解】由题意,作图如下:第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
设圆的半径为,由圆与轴的正半轴相切,且轴,则,由圆心在直线,则圆心的坐标为,显然点到轴的距离为,根据弦长公式可得:,解得.圆心,则其标准方程.故答案为:.15.已知椭圆和双曲线有共同的焦点,P,Q分别是它们的在第一象限和第三象限的交点,且,记椭圆和双曲线的离心率分别为,则等于______.【答案】2【解析】【分析】根据椭圆和双曲线的定义及勾股定理,利用椭圆和双曲线的离心率公式即可求解.【详解】设椭圆长半轴为,双曲线实半轴为,,为两曲线在第一象限的交点,为两曲线在第三象限的交点,如图所示,由椭圆和双曲线定义与对称性知,,,第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
,,则,,即,于是有,则,故答案为:.16.如图,平行六面体中,底面ABCD和侧面BCC1B1都是矩形,E是CD的中点,D1E⊥CD,AB=2BC=2,且平面BCC1B1与平面D1EB的夹角的余弦值为,则线段D1E的长度为______.【答案】【解析】【分析】先证明平面ABCD,以E为坐标原点,分别为轴正方向建立空间直角坐标系,求出平面的一个法向量与平面的一个法向量,由平面与平面夹角的余弦值为,列式求得线段的长度.【详解】底面ABCD和侧面是矩形,,,又,平面,平面,平面,平面,;又,且,平面ABCD,平面ABCD.第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
平面ABCD.以E为坐标原点,过E作交于,以分别为轴正方向,建立如图所示的空间直角坐标系,则0,,1,,1,,0,.设,则0,,2,.设平面的一个法向量为y,,1,,0,,由,令,得;设平面的一个法向量为,0,,1,,由,令,得.由平面与平面所成的夹角的余弦值为,得,解得(负值舍去)..故答案为:第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出必要的文字说明、证明过程及演算步骤.17.陕西历史博物馆收藏的国宝——唐·金筐宝钿团花纹金杯,杯身曲线内收,玲珑娇美,巧夺天工,是唐代金银细作中的典范之作.该杯的主体部分可以近似看作是双曲线的右支与y轴及直线围成的曲边四边形绕y轴旋转一周得到的几何体,如图,若该金杯主体部分的上口外直径为,下底座外直径为,且杯身最细之处到上杯口的距离是到下底座距离的2倍,(1)求杯身最细之处的周长(杯的厚度忽略不计):(2)求此双曲线C的离心率与渐近线方程.【答案】(1)(2)离心率为2,渐近线方程为【解析】【分析】(1)由题意可得,代入双曲线方程可求出,从而可求得结果,(2)由(1)可求出,从而可求出离心率和渐近线方程.【小问1详解】由题意可得,因为双曲线C过点M,N,所以解得,所以杯身最细之处的周长为.第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
【小问2详解】因为双曲线C为,所以,则,渐近线方程为,即,即离心率为2,渐近线方程为.18.已知圆C:.(1)过点作圆C的切线l,求切线l的方程;(2)过点的直线m与圆C交于A,B两点,,求直线m的方程.【答案】(1)(2)或.【解析】【分析】(1)得到圆C的方程,从而得到在圆C上,且不存在,从而得到切线l的方程;(2)直线m斜率存在时,设出m为,根据弦长得到圆心C到直线m的距离,列出方程,求出,得到方程,考虑直线m斜率不存在时,得到,得到答案.【小问1详解】因为圆C:,圆心,半径.因为点满足圆C的方程,所以点P在圆C上,因为不存在,所以圆C在点P处切线斜率为0,所以,切线l的方程为y=2;【小问2详解】当直线m斜率存在时,设m为,即:.因为圆心C到直线m的距离,即,所以直线m的方程为;当直线m斜率不存在时,m为x=0也符合条件;第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
综上,所求为或.19.如图,已知三棱锥A﹣BCD中,BC⊥BD,和都是边长为2的正三角形,点E,F分别是AB,CD的中点.(1)求证:AB⊥CD;(2)记用表示;(3)求异面直线AF和CE所成角的余弦值.【答案】(1)证明见解析(2)(3)【解析】【分析】(1)根据等腰三角形的性质,结合线面垂直的判定定理和性质进行证明即可;(2)根据平面向量加法和减法的运算法则进行求解即可;(3)根据空间向量夹角公式进行求解即可.【小问1详解】连接BF.因为BC=BD,F为CD中点,所以CD⊥BF;同理可得CD⊥AF;因为,平面,所以CD⊥平面ABF,又因为平面ABF,所以CD⊥AB;小问2详解】因为F是CD的中点,第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
所以,因为点E是AB的中点.所以;【小问3详解】因为和都是边长为2的正三角形,因为BC⊥BD,所以,因为,所以,即,所以,又,,所以设所求角为θ,则.20.已知直线()交轴正半轴于,交轴正半轴于.(1)为坐标原点,求的面积最小时直线的方程;(2)设点是直线经过的定点,求的值最小时直线的方程.【答案】(1)(2).【解析】【分析】(1)求出点的坐标,表示的面积,结合基本不等式求其最小值,可得的值,由此确定直线的方程;第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
(2)由直线方程求出定点的坐标,结合数量积坐标运算求,利用基本不等式求其最小值,由此确定直线的方程.小问1详解】作图可知.因为直线的方程为,令,,所以,令,,所以,所以,所以.因为,由基本不等式可得,当且仅当时取等号,所以,当且仅当时取等号,所以面积最小时,直线的方程为.【小问2详解】因为直线的方程可化为,所以直线经过的定点,所以所以,又,第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
所以,当且仅当时等号成立,所以的值最小时,直线的方程为.21.如图,已知四棱锥中,,BC=DC=2AB=4,CB⊥CD,,点Q在棱PA上,PQ=2QA,且PA⊥平面QBD.(1)求证:平面QBD;(2)求PC与平面PAB所成角的正弦值.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)连接AC交BD于E,连接QE,根据已知易得,进而有,利用线面平行的判定定理证结论;(2)构建空间直角坐标系,利用已知条件及PA⊥面QBD,结合勾股定理、向量垂直的坐标表示、模长的坐标计算列方程求的坐标,进而确定和面PAB的法向量,应用向量法求线面角的正弦值.【小问1详解】连接AC交BD于E,连接QE.第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
因为,结合已知有,所以,又面QBD,面,所以面QBD.【小问2详解】以C为原点,CB为x轴,CD为y轴,过点C作底面ABCD的垂线作为z轴,建立坐标系.则,设得:,,,因为,所以①,又PA⊥面QBD,面QBD,所以,即②,因为PA⊥面QBD,面QBD,所以PA⊥QB,所以,则,所以③,联立①②③可得,所以,且,令面PAB的法向量为,则,若,则,设所求角为θ,则.第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
22.已知椭圆的左右焦点分别为,.过与轴垂直的直线与椭圆交于点,点在轴上方,且.(1)求椭圆方程;(2)过点的直线与椭圆交于,两点,是否存在一定点使得为定值,若存在,求出点的坐标,若不存在,请说明理由.【答案】(1);(2)存在,.【解析】【分析】(1)根据条件结合椭圆定义求出,再由关系求出,即可求解;(2)分直线斜率存在与不存在讨论,斜率存在时,设直线方程,联立椭圆,可得根与系数的关系,计算并化简可得结论,斜率不存在时验证即可.【小问1详解】由已知得,所以,所以,所以椭圆C的方程为.【小问2详解】如果存在点M,由于椭圆的对称性可知点M一定在x轴上,设其坐标为(,0),因为椭圆右焦点F(1,0),直线斜率存在时设l的方程为,,则,将代入得:第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
,所以,又由得:则当时,,当直线斜率不存在时,存在一定点使得为定值0.综上:存在定点使得为定值0.第22页/共22页学科网(北京)股份有限公司
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