重庆市西南大学附属中学2022-2023学年高一物理下学期期末试题（Word版附解析）

西南大学附中2022-2023学年度下期期末考试高一物理试题（满分：100分；考试时间：75分钟）一、单项选择题：本大题共7个小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.“小明，你给我站到教室后边去，2023年都过半了你还在睡觉！”小明睡眼惺忪地站起身来，不敢正视愤怒的老班，倒是瞥见旁边的黑板上有几行字：一颗质量为m的雨滴受空气阻力的作用在地面附近以恒定速率v竖直下落高度h，在该过程中下列说法正确的是（　　）（重力加速度大小为g）A.动能减小B.重力势能减小mghC.机械能守恒D.阻力做功mgh【答案】B【解析】【详解】A．根据题意，该过程雨滴以恒定的速率下落，可知此过程中动能不变，故A错误；B．雨滴以恒定速率竖直下落高度h，此过程中重力做正功，雨滴的重力势能减小，即有可知重力势能减小mgh，故B正确；C．雨滴以恒定速率竖直下落高度h的过程中，除了重力做功，阻力对雨滴做负功，可知雨滴的机械能减小，故C错误；D．设阻力做功为，由动能定理可得解得故D错误。故选B。2.老班愤怒的说道：“你到底有没有想过要对自己的未来负责？今天你就站着听课，现在你来解释一下这个概念题”说着便指向了旁边的课件：船上的人和水下的潜水员都能听见轮船的鸣笛声，那么声波在空气中和在水中传播时的（　　）A.周期和频率均不同B.频率和波速均不同 C.波长和周期均不同D.波速和波长均不同【答案】D【解析】【详解】声波在空气中和水中传播时，频率相同，而周期则可知声波在水中和空气中传播时的周期相同；波速与介质有关，介质不同，同一种波在其中传播的速度不同，而波长则可知声波在空气和水中传播时的波长不同。故选D。3.课后同学们都在讨论上周的高考题，说现在的题目是越来越灵活了，我们还要更加努力才行！如图所示，在光滑的地面上，人、车、锤一起向右在做匀速直线运动，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　）A.车上的人用锤连续敲打小车可以使小车停止运动B.人、车、锤组成的系统机械能守恒，系统动量也守恒C.人、车、锤组成的系统机械能不守恒，系统水平方向动量守恒D.人、车、锤组成的系统机械能不守恒，用锤敲打小车时锤给车的冲量大于车给锤的冲量【答案】C【解析】【详解】A．在光滑的地面上，人、车、锤一起向右在做匀速直线运动，虽然车上的人用锤连续敲打小车，但该系统水平方向所受合外力始终为零，即该系统水平方向动量守恒，则可知动量不为零，因此连续敲打小车不能使小车停止运动，故A错误；B．人在敲打小车得过程中消耗了体内所存储得化学能，即化学能向机械能转化，因此，人、车、锤组成的系统机械能守恒不守恒，故B错误； C．车上的人用锤连续敲打小车得过程中，锤子在下降过程中合外力不为零，因此该系统动量不守恒，但该系统水平方向所受合外力为零，因此该系统水平方向动量守恒，故C正确；D．用锤敲打小车时锤给车的作用力和车对锤得作用力大小相等方向相反，因此可知，锤给车的冲量等于车给锤的冲量，故D错误。故选C。4.“是啊，时代在进步，我这一年都做了些什么”，小明心想。科技兴国，科技强国。2023年5月30日9时31分，神舟十六号飞船在酒泉卫星发射中心成功发射，16时29分成功对接于空间站天和核心舱径向端口。空间站M绕地球做匀速圆周运动，当神州十六号m与其对接成功后，则这个整体和对接之前的空间站M相比较，有（　　）A.绕地球运行的线速度变大B.绕地球运行的角速度变小C.绕地球运行的向心加速度变大D.受到地球引力变大【答案】D【解析】【详解】ABC．设地球的质量为，根据万有引力充当向心力可得，，当神州十六号与空间站对接后，整体仍在空间站所在原轨道运行，因此可知，这个整体和对接之前的空间站M相比较，运行的线速度、角速度、向心加速度均没有改变，故ABC错误；D．对接之前的空间之内受到的引力为 对接后的整体受到的引力为显然即，整体和对接之前的空间站M相比较，受到地球的引力变大，故D正确。故选D。5.小明准备去补交昨天的作业，才发现还有一题没有写完：一列简谐横波沿x轴传播，P、Q是平衡位置分别位于和的两个质点，图甲为s时刻的波形，图乙为质点Q的振动图像。则下列判断正确的是（　　）A.波沿x轴负向传播B.波的传播速度大小为3.125m/sC.质点P的振动方程为D.质点P的振动与质点Q的振动总是相同【答案】C【解析】【详解】A．根据图乙可知，4s后质点Q沿轴负方向振动，则根据同侧法结合图甲可知，该波沿轴正方向传播，故A错误；B．由图乙可知该波的周期为8s，由图甲可知该波的波长为20m，则根据带入数据解得故B错误；C．由图乙可知，时刻质点Q在平衡位置沿轴正方向振动，而质点P与质点Q相差半个波长，因此质点P应在平衡位置沿轴负方向振动，由此可得质点P的振动方程为 代入数据得故C正确；D．根据图甲可知，质点P和质点Q相差半个波长，因此可知，质点P与质点Q的振动方向总是相反，故D错误。故选C。6.今天老班发火时，小明透过窗外的光，偶然间看到了老班两鬓的些许白发，现在回想起来，“自己的行为确实让老师和父母寒心，是不负责的表现。有时候换个角度，光能让我们看到不一样的世界。”如图是楔形玻璃的横截面，AOB的顶角为，OA边上的点光源S到顶点O的距离为d，垂直于OA边的光线SD在OB边的折射角为。不考虑多次反射，则OB边上有光射出部分的长度为（　　）A.dB.C.dD.d【答案】A【解析】【详解】根据几何关系可得该玻璃的折射率为根据折射率与全反射的临界角之间的关系可得做出光路图如图所示 根据几何关系有由正弦定理可得而，联立解得故选A。7.细细想来，小明觉得自己应该去办公室给老班道个款。因为未来不管做什么，都离不开数学和物理的基础，例如正在兴起的新能源汽车：某汽车在水平路面上以恒定加速度a启动，v-t图像如图所示，已知汽车的质量为m，发动机的额定功率为，受到的阻力大小恒为f，则（　　）A.时间内，汽车牵引力的冲量大小为B.时间内，汽车发生的位移大小为C.时间内，汽车牵引力的冲量大小为D.时间内，汽车克服阻力做的功为 【答案】D【解析】【详解】A．时间内，根据动量定理有解得汽车牵引力的冲量大小为故A错误；B．时间内，由动能定理有解得时间内，汽车发生的位移大小为故B错误；C．时间内，由动量定理有解得时间内，汽车牵引力的冲量大小为故C错误；D．时间内，设汽车克服阻力做的功为，由动能定理有解得故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得5分，选对但不全得3分，有选错的得0分 8.去办公室的路上，小明走得很慢，刚好遇到大课间在做室外操，在路上他多次听到了声音的极大值和极小值：原来操场上放音乐的是两个完全相同的音响S1和S2，分别位于B、C两个角落，如图所示，若矩形操场的长AD为40m，宽AB为30m，已知音响发出声波的频率为85Hz，声波在空气中的波速为340m/s，则小明从A点走到D点的过程中，一共能听到多少次声音的极大值和极小值（不含A点与D点），以及听到声音由弱变强的次数有（　　）A.极大值9次，极小值10次B.极大值4次，极小值5次C.共9次声音由弱变强D.共10次声音由弱变强【答案】AD【解析】【详解】AB．根据题已知条件可得该声波的波长为设小明在运动过程中距两波源的距离分别为、，距点A的距离为x，则由几何关系可得，小明要听到声音加强，则必须满足而即可得 可知，小明听到声音的极大值有9次；而要听到声音的极小值，则必须满足可得可知，小明听到声音极小值有10次，故A正确，B错误；CD．根据以上分析可知，小明从A点走到D点的过程中，听到声音由弱变强的次数为10次，故C错误，D正确。故选AD。9.小明心里还在想着如何道歉，刚到门口，便听到有老师在讨论，“学生就像是一个小物块，需要放在一个木板上历练，让他们产生危机意识，若不努力前进便只能被木板淘汰，当然也可以将自己变得足够优秀去淘汰木板”：如图，一质量为M、长为l的木板静止在光滑水平桌面上，另一质量为m的小物块（可视为质点）从木板上的左端以速度v0开始运动。已知物块与木板间的滑动摩擦力大小为f，经过一段时间t物块从木板右端滑离，离开时（　　）A.木板的动能一定大于flB.木板与物块系统损失的机械能一定等于flC.物块在木板上运动的时间D.物块的动能一定小于【答案】BCD【解析】【详解】C．设木块滑离木板时的速度为，对地位移为，此时木板的速度为，对地位移为，运动过程中木块的加速度大小为，木板的加速度大小为，相对运动的时间为，则由牛顿第二定律有 解得由牛顿运动学可得且有即整理可得根据二次函数的求根公式解得故C正确；A．对木板，根据动能定理有而而根据运动学公式有而因此可得 因此可得故A错误；BD．由能量守恒有整理可得而分析可知，二者相对滑动的过程中产生的热量由此可知木板与物块系统损失的机械能等于fl，故BD正确。故选BCD。10.“咚咚咚！”小明敲门后主动走到老班面前，“以后我再睡觉就一直站着听课”。只见老班不慌不忙的从抽展里拿出一根原长为l的轻质弹簧，如图，一端固定在O点，另一端与一质量为m的小球相连。小球套在竖直固定的粗糙杆上，与杆之间的动摩擦因数为0.4。杆上M、N两点与O点距离均为l，P点到O点距离为0.5l，OP与杆垂直。当小球置于杆上P点时恰好能保持静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g。小球以某一初速度从M点向下运动到N点，在此过程中弹簧始终在弹性限度内。下列说法正确的是（　　）A.弹簧的劲度系数为 B.小球在P点下方0.5l处的加速度大小为C.从M点到N点的运动过程中，小球受到的摩擦力先变小再变大D.从M点到P点和从P点到N点的运动过程中，小球受到的摩擦力做功相同【答案】AD【解析】【详解】A．根据题意，当小球置于杆上P点时恰好能保持静止，则根据平衡条件有其中解得故A正确；B．根据几何关系可知，此时弹簧的长度为且此位置弹簧与竖直方向的夹角为，则此位置处根据牛顿第二定律有解得故B错误；C．根据题意，杆上M、N两点与O点距离均为l，则可知小球在M、N两点处于原长，小球从M到P的过程中，设任意位置处的弹簧的压缩量为，弹簧与竖直方向的夹角为，则有可知该过程中弹簧的压缩量增大，弹力增大，且夹角也增大，分析可知摩擦力增大；小球从P到N的过程中，设任意位置处的弹簧的压缩量为，弹簧与竖直方向的夹角为，则有 可知该过程中弹簧的压缩量减小，弹力减小，且夹角也减小，分析可知摩擦力减小，因此可知，从M点到N点的运动过程中，小球受到的摩擦力先变大再变小，故C错误；D．根据对称性可知，从M点到P点和从P点到N点的运动过程中，小球受到的摩擦力做功相同，故D正确。故选AD。三、实验题：本大题共2个小题，共15分。11.“噢，老师您是想说理论的学习也需要结合实验情景的操作对吗。”那我之前关于验证系统机械能守恒定律还有一些不清楚的地方，您帮忙看看：如图（a）所示的装置叫阿特伍德机，对该装置加以改进后可以用来验证机械能守恒定律，如图（b）所示。实验步骤如下：a．将质量均为M的重物A（含挡光片）和B用轻质细绳连接后，跨放在定滑轮上，处于静止状态，测量出A上挡光片中心到光电门中心的竖直距离h；b．在B的下端挂上质量为m的物块C，让系统（重物A、B以及物块C）中的物体由静止开始运动，光电门记录挡光片挡光的时间为；c．测出挡光片的宽度d，计算重物运动的速度v；d．利用实验数据验证机械能守恒定律。（1）步骤c中，计算重物的速度v=___________（用实验中字母表示），利用这种方法测量的速度总是比挡光片中心通过光电门中心的实际速度___________（选填“大”或“小”）；为使v的测量值更加接近真实值，减小系统误差，可采用的合理的方法是___________。A．减小挡光片的宽度dB．减小挡光片中心到光电门中心的竖直距离hC．将实验装置更换为纸带和打点计时器D．将光电门记录挡光时间的精度设置得更高些（2）步骤d中，如果系统（重物A、B以及物块C）的机械能守恒，应满足的关系为___________（已知当地重力加速度为g，用实验中字母表示）。 【答案】①.②.小③.A④.【解析】【详解】（1）[1]本实验计算重物的瞬时速度是用平均速度代替瞬时速度，即当挡光片最够窄且当挡光时间最够短时可用平均速度代替瞬时速度，因此可得重物的速度[2]以挡光片的宽度为一段位移，通过挡光片中心时的速度即为中间位移的瞬时速度，设挡光片上端通过光电门时的速度为，下端通过光电门时的速度为，则可得中间位移的瞬时速度为而中间时刻的瞬时速度等于平均速度，有显然，中间时刻的瞬时速度小于中间位移的平均速度；[3]A．因为本实验是用挡光片通过光电门平均速度代替瞬时速度，因此，减小挡光片的宽度可以让计算得到的速度更接近真实值，故A正确；B．若减小挡光片中心到光电门中心的竖直距离h，则会使挡光片经过光电门时的初速度减小，从而使挡光片整个通过光电门的时间增加，使计算得到的速度误差更大，故B错误；C．将实验装置更换为纸带和打点计时器，会因为纸带和打点计时器限位孔之间的摩擦力阻力而使得到的速度误差增加，故C错误；D．因为挡光片经过光电门的时间本身已经很短了，提高光电门记录挡光时间的精度对速度计算的影响微乎其微，故D错误。故选A。（2）[4]步骤d中，如果系统（重物A、B以及物块C）的机械能守恒，则根据机械能守恒定律可知，应满足12.“原来如此啊，先弄懂实验原理，后面的计算就顺其自然了。”小明觉得这趟没有白来，思维瞬间就活跃起来了，“老师，那我自己再试一个，您看可否？”这是一个验证正碰中的动量守恒定律的实验情景：用纸板搭建如图所示的滑道，使硬币可以平滑地从斜面滑到水平面上，其中OA为水平段。选择相同材质的一元硬币和一角硬币进行实验，设硬币与纸板间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g。 a．测量硬币的质量，得到一元硬币和一角硬币的质量分别为和）；b．将硬币甲放置在斜面上某一位置，标记此位置为B。由静止释放甲，当甲停在水平面上某处时，测量甲从O点到停止处的滑行距离OP；c．将硬币乙放置在O处，左侧与O点重合，将甲再次放置于B点由静止释放。当两枚硬币发生碰撞后，分别测量甲乙从O点到各自停止处的滑行距离OM和d．保持释放位置不变重复多次实验，得到OP、OM、ON的平均值分别为、、。（1）在本实验中，甲选用的是___________（填“一元”或“一角”）硬币。（2）碰撞前，甲到O点时速度的大小可表示为___________（用题中所给的字母表示）。（3）若甲、乙碰撞过程中动量守恒，则=___________（用、和表示），然后通过测得的具体数据验证硬币正碰过程中动量是否守恒。【答案】①.一元②.③.【解析】【详解】（1）[1]本实验验证正碰过程中动量是否守恒，为避免发生正碰后碰撞物体反弹，因此碰撞物体的质量要大于被碰物体的质量，故在本实验中，甲选用的是一元硬币。（2）[2]碰撞前，甲滑落到O点后在水平面上做匀减速直线运动，设碰撞前甲速度为，则由动能定理有解得（3）[3]根据题意，设甲碰撞后的速度为，乙碰撞后的速度为，则由动能定理可得 解得根据动量守恒定律可得解得四、计算题：本大题共3个小题，共42分13.如图所示，在光滑水平地面上有2023个完全相同的质量均为m的小滑块，且相邻每两个小滑块之间均有长为l的轻绳相连，初始时所有轻绳都处于松弛状态。现给最右边的第一个小滑块一个初速度，然后第二个小滑块会被拉动起来，经过足够长时间t，最终所有小滑块均向右以相同的速度运动。求：（1）2023个小滑块最终的速度v：（2）整个系统在该过程中损失的机械能。【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）地面光滑，对所有小滑块分析有，系统总动量守恒，且最终所有小滑块的速度相同，所以由动量守恒定律有解得（2）对所有小滑块分析，系统能量守恒，有： 解得14.世界本如此，万物皆有理，小明点头说道，“中学时代一定是忙碌而充实、开心且有意义的。”说完便取出一个质量为的小球系在长为且不可伸长的轻绳一端，将轻绳另一端固定在竖直墙面上的固定点O，如图所示，已知光滑水平地面在O点正下方，且O点的高度OB恰好与绳长L相等。另一个小球静置在水平地面上的C点，左端固定有一个水平轻弹簧，此时处于原长状态。初始时轻绳刚刚伸直（即此时没有拉力），在A点用手托住小球，OA与水平方向成角，然后静止释放小球。在之后的运动过程中，当刚刚运动到最低点B点时，此时绳子的拉力达到最大值，绳子刚好被拉断。两个小球均可视为质点，不计空气阻力，重力加速度g取。【提示：当绳子再次绷紧的瞬间，小球沿绳方向的分速度会突变为零。】求：（1）绳子拉力的最大值；（2）若两个小球之间的碰撞是完全弹性的，则它们第二次碰撞之后的速度分别是多少。（第二次碰撞时，弹簧处于原长状态）【答案】（1）70N.；（2）m/s（水平向右），m/s（水平向左）【解析】【详解】（1）对小球分析，由静止释放到轻绳再次绷紧时，如图所示，小球做自由落体运动从A点到点，下降的高度为 所以从A点到点，由动能定理可得解得小球在点时，轻绳再次绷紧，小球沿绳方向的分速度突变为零，故由速度分解可得然后从点到点，做圆周运动由机械能守恒定律可得由几何关系得解得m/s（水平向左）对小球在B点做圆周运动，由合外力提供向心力可得解得N所以绳子拉力的最大值为70N （2）在B点绳子被拉断之后，小球继续向左做匀速直线运动，与C点的小球发生弹性正碰，由动量守恒以及机械能守恒可得解得m/s（水平向左）m/s（水平向左）然后小球向左压缩轻弹簧之后又反弹以等大相反的速度（）离开弹簧后与小球发生第二次弹性正碰，以水平向左为正方向，由动量守恒以及机械能守恒可得解得m/s（水平向右）m/s（水平向左）15.如图所示，倾角的斜面体固定在水平面上，一轻弹簧的下端固定在斜面底端的挡板上，轻弹簧处于原长时其上端位于C点，一根不可伸长的轻质细绳跨过轻质滑轮连接物体A和B，A、B的质量分别为和，均可视为质点。物体A与滑轮间的轻绳平行于斜面，与斜面间的动摩擦因数。现使物体A从距离C点处以的初速度沿斜面向下运动。物体A向下运动将弹簧压缩到最短后，恰能回到C点。弹簧始终在弹性限度内，重力加速度g取，不计空气阻力，整个过程中轻绳处于拉伸状态且物体B未与滑轮接触，不计滑轮摩擦。求：（1）A沿斜面向下运动到C点时轻绳的拉力； （2）整个运动过程中弹簧的最大弹性势能；（3）物体A沿斜面向上运动过程中的最大速度。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【详解】（1）以物体B为研究对象，根据牛顿第二定律有以物体A研究对象，根据牛顿第二定律有解得（2）设弹簧最大形变量为x，此时弹簧弹性势能为。由初始位置至物体A运动到最低点过程中，选弹簧、物体A、物体B及其轻绳组成的系统为研究对象，根据能量守恒有由物体A从最低点运动到C点过程中，选弹簧、物体A、物体B及其轻绳组成的系统为研究对象，根据能量守恒有解得（3）设物体A向上运动速度达最大时弹簧的形变量为，轻绳拉力为，选A为研究对象，根据平衡条件有选B为研究对象，根据平衡条件有 解得物体A由最低点返回到C点过程中，物体A、B轻绳组成的系统做简谐运动，由简谐运动规律有物体A由速度最大位置返回到C点过程中，选物体A、B轻绳和弹簧组成的系统，根据能量守恒有根据功能关系，弹簧弹性势能减小的大小为解得