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广西玉林市博白县中学2022-2023学年高三数学(理)高考模拟测试试题(Word版附答案)
广西玉林市博白县中学2022-2023学年高三数学(理)高考模拟测试试题(Word版附答案)
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2023年高三“逐梦高考”理科数学模拟测试二一、单选题1.在复平面内,复数对应的点位于A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限【答案】A【解析】【详解】试题分析:,对应的点为,在第一象限考点:复数运算2.设集合A={x|x2–4≤0},B={x|2x+a≤0},且A∩B={x|–2≤x≤1},则a=()A.–4B.–2C.2D.4【答案】B【解析】【分析】由题意首先求得集合A,B,然后结合交集的结果得到关于a的方程,求解方程即可确定实数a的值.【详解】求解二次不等式可得:,求解一次不等式可得:.由于,故:,解得:.故选:B.【点睛】本题主要考查交集的运算,不等式的解法等知识,意在考查学生的转化能力和计算求解能力.3.一个长方体去掉一个小长方体,所得几何体的正视图与侧(左)视图分别如图所示,则该几何体的俯视图为A.B. C.D.【答案】C【解析】【分析】从正视图和侧视图上分析,去掉的长方体的位置应该在的方位,然后判断俯视图的正确图形.【详解】由正视图可知去掉的长方体在正视线的方向,从侧视图可以看出去掉的长方体在原长方体的右侧,由以上各视图的描述可知去掉的长方体在原长方体的右上方,其俯视图符合C选项.故选C.点评:本题考查几何体的三视图之间的关系,要注意记忆和理解“长对正、高平齐、宽相等”的含义.考点:三视图.4.运行如图程序框图,则输出m的值是A.1B.2C.3D.4【答案】D【解析】【分析】根据程序框图进行模拟运算即可.【详解】a=16,a≤0否,a=4,a≤0否,a=2,a≤0否,a=1,a≤0否,a=0,a≤0是,输出m=4, 故选D.【点睛】本题主要考查程序框图的识别和判断,解决此类问题的关键是读懂程序框图,明确顺序结构、条件结构、循环结构的真正含义.5.已知函数是奇函数,且,若是函数的一个零点,则()A.B.0C.2D.4【答案】D【解析】【分析】根据给定条件,利用奇函数、函数零点的定义,列式求解作答.【详解】因为是函数的一个零点,则,于是,即,而函数是奇函数,则有,所以.故选:D6.甲、乙两人各进行1次射击,如果两人击中目标的概率分别为0.8和0.4,则其中恰有1人击中目标的概率是( )A.0.32B.0.56C.0.44D.0.68【答案】B【解析】【分析】利用独立事件和互斥事件的概率公式即可得到结果.【详解】恰好有1人击中,表示甲击中乙没有击中或甲没有击中乙击中,这两个互斥事件,根据相互独立事件和互斥事件的概率公式可得.故选:B.7.已知,,,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】易得,再利用对数函数的单调性即可比较. 【详解】,,,,故,.故选:C.8.已知圆:,直线:,则当的值发生变化时,直线被圆所截的弦长的最小值为,则的取值为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】由直线过定点,结合圆的对称性以及勾股定理得出的取值.【详解】直线:恒过点,由于直线被圆所截的弦长的最小值为,即当直线与直线垂直时(为原点),弦长取得最小值,于是,解得.故选:C9.南水北调工程缓解了北方一些地区水资源短缺问题,其中一部分水蓄入某水库.已知该水库水位为海拔时,相应水面的面积为;水位为海拔时,相应水面的面积为,将该水库在这两个水位间的形状看作一个棱台,则该水库水位从海拔上升到时,增加的水量约为()()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据题意只要求出棱台的高,即可利用棱台的体积公式求出.【详解】依题意可知棱台的高为(m),所以增加的水量即为棱台的体积.棱台上底面积,下底面积,∴. 故选:C.10.我国东汉末数学家赵爽在《周髀算经》中利用一副“弦图”给出了勾股定理的证明,后人称其为“赵爽弦图”,它是由四个全等的直角三角形与一个小正方形拼成的一个大正方形,如图所示.在“赵爽弦图”中,若,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据给定条件,利用平面向量的线性运算列式,再借助方程思想求解作答.【详解】依题意,,于,所以.故选:A11.已知是边长为2的等边三角形,,当三棱锥体积取最大时,其外接球的体积为()A.B.C.D. 【答案】C【解析】【分析】根据给定条件,求出三棱锥体积取最大时的几何体特征,再确定球心位置,求出球半径作答.【详解】取中点,连接,如图,在中,由余弦定理得,即,当且仅当时取等号,又,则,当且仅当时,最大,面积最大,令直线与平面所成角为,则点到平面的距离,当且仅当时取等号,因此三棱锥体积,即当最大,三棱锥体积最大,因此当三棱锥体积最大时,且平面,而平面,即有,正中,,,则平面,令正的外接圆圆心为,等腰的外接圆圆心为,则分别在上,令外接球球心为, 于是平面,平面,有,即四边形是矩形,而,,在中,,因此球的半径,所以三棱锥外接球的体积,故选:C12.定义平面凸四边形为平面上每个内角度数都小于的四边形.已知在平面凸四边形中,,则的取值范围是()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据给定条件,求出,再确定的范围,利用正弦定理结合正弦函数的性质求解作答.【详解】在中,由余弦定理得:,显然,即,,在中,,,因为为平面凸四边形,则有,因此,而, 由正弦定理得:,当时,,当时,,因此,,即,所以的取值范围是.故选:A【点睛】思路点睛:求三角形中线段长的最值问题,主要方法有两种,一是找到边之间的关系,利用基本不等式求最值,二是利用正弦定理,转化为关于某个角的函数,利用函数思想求最值.二、填空题13.在的展开式中,常数项为__________.【答案】【解析】【分析】利用二项式定理求出通项公式并整理化简,然后令的指数为零,求解并计算得到答案.【详解】的展开式的通项令,解得,故常数项为.故答案为:.14.若,则______.【答案】【解析】【分析】利用降幂公式,将所求式子化简,再结合已知条件,即可求出答案. 【详解】解:由降幂公式得:,又∵∴.故答案为:【点睛】本题考查了降幂公式和诱导公式,属于基础题.15.写出一个值域为,在区间上单调递增的函数______.【答案】【解析】【分析】综合考虑值域与单调性即可写出满足题意的函数解析式.详解】,理由如下:为上的减函数,且,为上的增函数,且,,故答案为:.16.如图,一个光学装置由有公共焦点的椭圆C与双曲线构成,一光线从左焦点发出,依次经过与C的反射,又回到点.,历时m秒;若将装置中的去掉,则该光线从点发出,经过C两次反射后又回到点历时n秒,若的离心率为C的离心率的4倍,则_____________. 【答案】##0.375【解析】【分析】由离心率比求得长半轴与实半轴的比,根据椭圆与双曲线的定义求两种装置中光线路程之比即得.【详解】设椭圆长轴长为,双曲线实轴长为,焦距,由,依次经过与C的反射,又回到点F1,则有,,两式相减得,将装置中的去掉,则有,所以故答案为:.三、解答题17.从①前项和,②,③且,这三个条件中任选一个,补充到下面的问题中,并完成解答.在数列中,,_______,其中.(Ⅰ)求的通项公式;(Ⅱ)若成等比数列,其中,且,求的最小值.【答案】选择①:(Ⅰ);(Ⅱ)5. 选择②:(Ⅰ);(Ⅱ)6.选择③:(Ⅰ);(Ⅱ)5.【解析】【分析】(Ⅰ)选择①,由求得的值,再由可求得数列的通项公式;选择②,可知数列是以为公差的等差数列,进而可求得数列的通项公式;选择③,可知数列是等差数列,求出公差的值,进而可求得数列的通项公式;(Ⅱ)由可得出关于的表达式,进而可求得的最小值.【详解】选择①:(Ⅰ)当时,由,得.当时,由题意,得,所以.经检验,符合上式,所以;(Ⅱ)由、、成等比数列,得,即.化简,得,因为、是大于的正整数,且,所以当时,有最小值.选择②:(Ⅰ)因为,所以.所以数列是公差的等差数列.所以;(Ⅱ)由、、成等比数列,得,即.化简,得,因为、是大于的正整数,且,所以当时,取到最小值;选择③:(Ⅰ)由,得,所以数列是等差数列,设等差数列的公差为,又因为,,所以.所以;(Ⅱ)因为、、成等比数列,所以,即. 化简,得,因为、是大于的正整数,且,所以当时,有最小值.【点睛】本题考查等差数列通项公式的求解,同时也考查了等差数列基本量的计算,考查计算能力,属于中等题.18.如图所示,在四棱锥中,,,,.(1)证明:;(2)求直线BC与平面PCD所成角的余弦值.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)通过构造线面垂直的方法来证得.(2)建立空间直角坐标系,利用向量法求得直线BC与平面PCD所成角的正弦值进而求得其余弦值.【小问1详解】连接BD,设BD的中点为O,连接OA,OP.因为,所以,因为,所以,又平面,所以平面OAP,因为平面OAP,所以.【小问2详解】因为,所以,又,所以,所以,又平面, 所以平面ABCD.,,所以.如图,以O为原点,OB,OP所在直线分别为x轴、z轴建立空间直角坐标系,则,,,,,所以,,,,,平面PCD的法向量分别为,所以,即,取,则,设与平面PCD所成的角为,则则直线BC与平面PCD的夹角余弦值为.19.某互联网公司为了确定下一季度的前期广告投入计划,收集了近个月广告投入量(单位:万元)和收益(单位:万元)的数据如下表:月份广告投入量收益他们分别用两种模型①,②分别进行拟合,得到相应的回归方程并进行残差分析,得到如下图所示的残差图及一些统计量的值. (1)根据残差图,比较模型①②的拟合效果,应该选择哪个模型?请说明理由.(2)残差绝对值大于的数据认为是异常数据,需要剔除.(i)剔除异常数据后求出(1)中所选模型的回归方程;(ii)若广告投入量,求该模型收益的预报值是多少?附:回归方程中斜率和截距的最小二乘估计公式分别为:,.【答案】(1)应该选择模型①,理由见解析;(2)(i);(ii)万元.【解析】【分析】(1)根据残差图中残差点的分布可选择合适的模型;(2)(i)计算出剔除异常数据后的、、、的值,代入最小二乘法公式后求出、的值,即可得出回归直线方程;(ii)将代入回归直线方程后,可计算得出结果.【详解】(1)应该选择模型①,因为模型①的残差点比较均匀地落在水平的带状区域中,且模型①的带状区域比模型②的带状区域窄,所以模型①的拟合精度高,回归方程的预报精度高;(2)(i)剔除异常数据,即月份的数据后, 得,.,.,.所以关于的回归方程为;(ii)把代入①中所求回归方程得,故预报值为万元.20.如图:小明同学先把一根直尺固定在画板上面,把一块三角板的一条直角边紧靠在直尺边沿,再取一根细绳,它的长度与另一直角边相等,让细绳的一端固定在三角板的顶点A处,另一端固定在画板上点F处,用铅笔尖扣紧绳子(使两段细绳绷直),靠住三角板,然后将三角板沿着直尺上下滑动,这时笔尖在平面上画出了圆锥曲线C的一部分图象.已知细绳长度为3,经测量,当笔尖运动到点P处,此时,.设直尺边沿所在直线为a,以过F垂直于直尺的直线为x轴,以过F垂直于a的垂线段的中垂线为y轴,建立平面直角坐标系.(1)求曲线C的方程;(2)斜率为k的直线过点,且与曲线C交于不同的两点M,N,已知k的取值范围为,探究:是否存在,使得,若存在,求出的范围,若不存在,说明理由.【答案】(1);(2)存在,使得成立.【解析】【分析】(1)根据给定条件,求得笔尖留下的轨迹,再结合抛物线的定义求出方程作答.(2)求出直线的方程,并与曲线C的方程联立,利用韦达定理及共线向量建立函数关系即可求解作答. 【小问1详解】依题意,笔尖到点的距离与它到直线的距离相等,因此笔尖留下的轨迹为以为焦点,为准线的抛物线,设其方程为,则,由,得,由得点的横坐标,而抛物线的准线方程为,则,解得,所以轨迹的方程为.【小问2详解】假设存在,使得,设,直线的方程为,由消去y得:,而,,,,由得,即,于是,令,,因此,又,即,解得或, 所以存在,使得成立.【点睛】易错点睛:求解轨迹方程问题,设出动点坐标,根据条件求列出方程,再化简整理求解,还应特别注意:补上在轨迹上而坐标不是方程解的点,剔出不在轨迹上而坐标是方程解的点.21.已知函数.(1)若函数在上单调递增,求实数的取值范围;(2)当时,求函数零点的个数.【答案】(1)(2)有且仅有个零点【解析】【分析】(1)求出函数的导函数,依题意可得在上恒成立,令,,利用导数说明函数的单调性,即可求出参数的取值范围;(2)首先可得与是的两个零点,再利用导数说明函数的单调性,结合零点存在性定理判断即可;【小问1详解】解:因为,所以,由函数在上单调递增,则在上恒成立.令,,当时,,所以恒成立.所以在上单调递增,所以,所以【小问2详解】解:由,则,.所以与是的两个零点.因为,由(1)知,函数在上单调递增,,无零点.当时,,,,无零点. 当时,,设,,在上递增,又,,存唯一零点,使得.当时,,在上递减;当时,,在上递增.又,,所以,函数在上有且仅有个零点.综上,当时,函数有且仅有个零点.【点睛】导函数中常用的两种常用的转化方法:一是利用导数研究含参函数的单调性,常化为不等式恒成立问题.注意分类讨论与数形结合思想的应用;二是函数的零点、不等式证明常转化为函数的单调性、极(最)值问题处理.22.在平面直角坐标中,曲线C的参数方程为(为参数),以原点O为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,直线的极坐标方程为.(1)写出曲线的普通方程;(2)若与有公共点,求的取值范围.【答案】(1)(且)(2)【解析】【分析】(1)由曲线C的参数方程消去参数,即可得出曲线的普通方程,再根据参数的范围确定和的取值范围;(2)首先由直线的极坐标方程得出直线的直角坐标方程;方法一:写出曲线的三角参数方程,与直线的直角坐标方程联立,通过求三角函数的值域即可得出的取值范围;方法二:由曲线的普通方程得出曲线为圆弧,画出简图,由直线与曲线有公共点求出直线极限位置时的值,即可得出的取值范围.【小问1详解】 因为曲线C的参数方程为(为参数),得代入得,,整理得:,又因为,所以,,故曲线C的普通方程为:(且).【小问2详解】因为直线的极坐标方程为,所以直线的直角坐标方程为:,方法一:由曲线C的普通方程写出曲线C的三角参数方程(为参数),因为,所以可取,联立与的方程,即将,代入中,可得,即,要使与有公共点,则有解,因为,所以, 故的取值范围是.方法二:由曲线C的普通方程(且),可知曲线为圆弧,圆心为,半径,如图所示,若与有公共点,则直线的两个极限位置如图所示,当直线与曲线相切时,,即,解得或(不合题意舍去),当直线过点时,得,因为直线与曲线有公共点,即直线在两个极限位置之间,所以,故的取值范围是.23.已知函数.(1)当时,求的最小值;(2)若,时,对任意使得不等式恒成立,证明:.【答案】(1)2;(2)证明见解析.【解析】【分析】(1)分段求解的最小值和范围,即可求得结果;(2)转化为,结合二次函数在区间上的最值,利用不等式,即可证明. 【小问1详解】当时,,当,,;当,,;当,,;∴当时,的最小值为2.【小问2详解】,,当时,可化为,令,,,∴∴,当且仅当时取得等号;又当时,,故.
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高考 - 模拟考试
发布时间:2023-06-02 13:57:02
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文章作者:随遇而安
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