山东省烟台市招远第一中学2022-2023学年高一数学下学期期中考试试题（Word版附解析）

2022～2023学年度第二学期期中高一数学注意事项：1．本试题满分150分，考试时间为120分钟．2．答卷前，务必将姓名和准考证号填涂在答题卡上．3．使用答题纸时，必须使用0.5毫米的黑色鉴字笔书写，要字迹工整，笔记清晰．超出答题区书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效．一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1.A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】直接利用诱导公式以及两角差的正弦公式即可求出．【详解】，故选A．【点睛】本题主要考查诱导公式和两角差的正弦公式应用．2.设为对角线交点，为任意一点，则（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】分别在OAC和OBD中，根据是平行四边形ABCD的对角线的交点，利用中点坐标公式求解.【详解】解：在OAC中，因为是平行四边形ABCD的对角线的交点， 所以，即．在OBD中，因为是平行四边形ABCD的对角线的交点，所以，即．所以．故选：D．3.已知，，则在上的投影向量为（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】由向量的投影向量公式直接求得.【详解】依题意在上的投影向量为.故选：A.4.在中，已知，，则（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】由已知可推得，进而根据两角和的正切公式即可得出.然后根据两角差的正切公式即可得出答案.详解】由已知可得.又因为，所以，所以.所以， 所以.故选：C.5.已知，且，则（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】使用二倍角公式得到关于一元二次方程，求解，再根据同角三角函数的基本关系求出，最后根据二倍角正弦公式计算可得；【详解】由得，即，解得或（舍）.又，所以，所以.故选：D.6.已知函数，则（）A.最小正周期是B.在上单调递增C.的图象关于点对称D.在上的值域是【答案】B 【解析】【分析】利用两角和差余弦公式、二倍角和辅助角公式可化简得到，利用正弦型函数最小正周期、单调性、对称中心和值域的求法依次判断各个选项即可.【详解】；对于A，的最小正周期，A错误；对于B，当时，，此时单调递减，在上单调递增，B正确；对于C，令，解得：，此时，的图象关于点对称，C错误；对于D，当时，，则，在上的值域为，D错误.故选：B.7.已知等边的边长为，为的中点，为线段上一点，，垂足为，当时，（）A.B.C.D. 【答案】B【解析】【分析】设，由求出，得到为的重心，为的中点，再利用平面向量基本定理求解即可．【详解】解：设，则，，，，或（舍去），为的重心，，为的中点，，故选：B．8.锐角中，内角，，所对的边分别为，，，，且，则的取值范围为（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】由正弦定理边化角可得，由为锐角三角形可得，运用二倍角的正弦公式以及辅助角公式将已知式化为，再由三角函数的性质求解即可.【详解】因为在锐角中，，且，所以，则，所以，则或（舍去），所以，， 因为为锐角三角形，，所以，所以，所以，，故选：B.二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小題给出的选项中，有多项符合耍求．全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分．9.已知函数的值域为，若，则称函数具有性质I，下列函数中具有性质I的有（）A.B.C.D.【答案】AC【解析】【分析】先化简各选项的函数表达式，再结合三角形函数的基本性质以及基本不等式求解即可.【详解】对于A，，其中，则，符合题意；对于B，，则，不符合题意；对于C，，令， 所以在上单调递增，所以，则，符合题意；对于D，，当时，，当且仅当，即时等号成立；当时，，当且仅当，即时等号成立；综上所述，，则，不符合题意.故答案为：AC.10.设，其中，，若对一切恒成立，则（）A.B.C.为非奇非偶函数D.的单调递增区间为【答案】ABC【解析】【分析】由辅助角公式得出解析式，由正弦函数的性质得出，再由解析式以及正弦函数的性质逐一判断即可.【详解】，其中，若对一切则恒成立 所以，整理得，故所以，对于A：，故A正确；对于B：故B正确；对于C：因为，所以该函数不是奇函数，因为，所以该函数不是偶函数，故C正确；对于D：当时，令，解得，D错误.故选：ABC11.已知向量，，满足，，，则下列命题正确的有（）A.若，则的最小值为B.若，则存在㫿一的，使得C.若，则的最小值为D.若，则的最小值为【答案】BCD【解析】【分析】将向量平方转化为求二次函数的最值问题可判断A；将已知代入，由数量积为零计算出结果，只有一个值可判断B；由已知得出，配方、三角换元求出值域可判 断C；先将已知条件化简，利用C选项结论求出范围可判断D.【详解】对于A，当时，，，，当时取得最小值，所以的最小值为，A不正确；对于B，若，，，解得，则存在唯一的，使得，故B正确；对于C，，若，，，，令，解得：，，，所以C正确；对于D，，若，时，由C知：，所以，则的最小值为，D正确.故选：BCD.12.“奔驰定理”是平面向量中一个非常优美的结论，因为这个定理对应的图形与“奔驰”轿车（Mercedesbenz）的logo很相似，故形象地称其为“奔驰定理”．奔驰定理：已知O是内的一点，的面积分别为，则有．设O是锐角内的一点，分别是的三个内角，以下命题正确的有（） A.若，则O为的重心B.若，则C.若，，则D.若O为的垂心，则【答案】ABD【解析】【分析】A若为的中点，连接，由已知得在中线上，同理可得在其它中线上，即可判断；B、C将三角形补成一个以O为重心的三角形，根据向量的线性关系求出相关三角形面积的数量关系，即可得结论；D由垂心的性质、向量数量积的运算律，得到，结合三角形面积公式及角的互补关系得结论.【详解】A：若为的中点，连接，则，故共线，即在中线上，同理可得在其它两中线上，故O为的重心，正确；B：若，由题设知，即O为的重心，所以，，，， 则，正确；C：由题设，若，所以，即O为的重心，则，而，则，故，，所以，错误；D：由，则，同理，，因为O为的垂心，则，所以，同理得：，，则，令， 由，则，同理：，，综上，，由已知可得，正确.故选：ABD【点睛】关键点点睛：利用三角形重心的性质判断A、B、C，应用向量数量积定义、运算律和垂心性质得到向量模的比例，结合三角形面积公式判断结论.三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分．13.已知，，则______．【答案】-0.5【解析】【分析】根据的范围，可得，再根据平方关系式，结合二倍角的正弦公式直接求解即可.【详解】∵∴，∴，又∴ ∴故答案为：.14.已知,,则______．【答案】【解析】【分析】将已知两式平方相加,结合两角差的余弦公式,即可求得答案.【详解】因为,,故,,以上两式相加可得,即,故.故答案为:.15.已知向量，，若，则______．【答案】0.28【解析】【分析】由向量共线关系得出方程，求解，再由余弦二倍角求得结果.详解】由得，即，整理得，解得，或(舍).则. 故答案为：.16.在中，内角，，所对的边分别为，，，角的平分线交于点，且，则周长的最小值为______．【答案】【解析】【分析】先利用面积相等与三角形面积公式，结合正弦的倍角公式求得，再利用余弦定理的推论与余弦的倍角公式得到的关系式，从而利用基本不等式求得，由此得解.【详解】由题可得，，即，又，所以，则，因为，所以，则，所以，即，又因为，，所以，整理得，所以，解得或（舍去），所以，当且仅当时，等号成立，则，故周长的最小值为.故答案为：. 四、解答题：本题共6小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17.化简求值：（1）；（2）．【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）利用，即得解；（2）化切为弦，结合辅助角公式和诱导公式进行求解.【小问1详解】因为，所以，所以.【小问2详解】.18.已知函数．（1）求函数的单调递增区间； （2）在中，内角，，所对的边分别为，，，若，，求的最大值．【答案】（1）（2）4【解析】【分析】（1）先把整理为，直接求出的单调递增区间；（2）由，求出，由余弦定理结合均值不等式即可得出答案.【小问1详解】由解得：，故函数的单调递增区间为.【小问2详解】，，又，，，又，所以，又因为，所以， 所以，当且仅当“”时取等所以的最大值为.19.如图所示，在中，，，与相交于点，设，.（1）试用向量表示；（2）过点作直线分别交线段于点，记，，求证：不论点在线段上如何移动，为定值.【答案】（1）（2）证明见解析【解析】【分析】（1）根据三点共线可得，同理由三点共线可得，根据向量相等的条件可求出的值，即可求解；（2）设，由及三点共线联立即可求解.【小问1详解】因为三点共线，所以存在实数使得，又因为三点共线， 所以存在实数使得，根据向量相等可得，解得，所以.【小问2详解】设，由（1）可得①，②，又三点共线，所以③，由①②可得，，代入③式可得，即不论点在线段上如何移动，为定值.【点睛】本题主要考查了共线向量的基本定理：当为直线外一点时，三点共线的应用，属于基础知识的应用.20.如图，扇形AOB的圆心角为，半径为1．点P是上任一点，设．（1）记，求的表达式；（2）若，求的取值范围． 【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）建立平面直角坐标系，根据三角函数的定义可得，再根据题意求得，进而根据辅助角公式得到的表达式即可；（2）根据题意可得，进而化简得到，再代入可得，，进而结合三角函数的范围求解即可【小问1详解】由题意，以为坐标原点，为轴正向建立如图平面直角坐标系，则，.故，所以，即【小问2详解】由（1），，即， 故，解得，其中，故，即，，故，所以，故，即的取值范围为21.在中，内角A，B，C对应的边分别为a，b，c，若M是BC的中点，且满足．（1）求的最小值；（2）若的面积为S，且满足，求的值．【答案】（1）（2）或【解析】【分析】（1）先利用题给条件求得的表达式，再利用均值定理去求其最小值；（2）先利用题给条件构造关于的方程，解之即可求得的值.【小问1详解】，得从而，即， ，当且仅当时取等号．∴的最小值为【小问2详解】由于，从而，又则，即，将代入，得，即，从而，又，则，解得或．22.已知分别为三个内角的对边，且，（1）求；（2）若，求的取值范围.【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）利用三角函数的基本关系式与正弦定理可得；（2）由推得，再由设，将转化为，再引入，得，最后利用复合函数的单调性即可求解. 【小问1详解】因为，则，所以，则，所以为直角三角形，所以【小问2详解】，所以，而，所以设，所以，令，又因为，所以，所以，令，因为在上单调递增，所以在上单调递减，所以，所以的取值范围为.