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山西省晋中市介休市第一中学校2022-2023学年高二数学下学期3月月考试题(Word版附解析)

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2022~2023学年度高二年级3月月考数学全卷满分150分,考试时间120分钟.注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上,并将条形码粘贴在答题卡上的指定位置.2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号.回答非选择题时,将答案写在答题卡上.写在本试卷上无效.3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并收回.4.本卷主要考查内容:圆锥曲线、数列、导数,选择性必修第三册第六章~第七章7.3.一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.某学校食堂有5种大荤菜式,8种半荤半素菜式,5种全素菜式,现任意打一种菜,则可以打到的菜式品种有()A.200种B.33种C.45种D.18种【答案】D【解析】【分析】根据分类加法计数原理求解即可.【详解】任意打一种菜,由分类计数原理可知,有种.故选:D.2.下表是离散型随机变量X的分布列,则常数的值是()X3459P A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】由随机变量分布列中概率之和为1列出方程即可求出a.【详解】,解得.故选:C点睛】本题考查离散型随机变量分布列,属于基础题.3.某篮球运动员每次投篮未投中的概率为0.3,投中2分球的概率为0.4,投中3分球的概率为0.3,则该运动员投篮一次得分的数学期望为A.1.5B.1.6C.1.7D.1.8【答案】C【解析】【分析】直接利用期望的公式求解.【详解】由已知得.故选C【点睛】本题主要考查离散型随机变量的期望的计算,意在考查学生对该知识的理解掌握水平.4.已知的展开式中只有第7项的二项式系数最大,则()A.11B.10C.12D.13【答案】C【解析】【分析】当n为偶数时,展开式中第项二项式系数最大,当n为奇数时,展开式中第和项二项式系数最大.【详解】∵只有第7项的二项式系数最大,∴,∴.故选:C 5.抛物线的焦点坐标为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】把抛物线方程化为标准方程,由此可得焦点坐标.【详解】因为抛物线的标准方程为,,,,所以焦点坐标为,故选:A.6.已知椭圆的右顶点为,下顶点为,为坐标原点,且点到直线的距离为,则椭圆的离心率为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】先求出直线的方程,然后利用点到直线的距离可得到,即可求解【详解】由题意知,,所以直线的方程为即,所以点到直线的距离为,所以,所以.故选:B.7.已知某抽奖活动的中奖率为,每次抽奖互不影响.构造数列,使得 ,记,则的概率为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据可得,从而抽奖5次,出现3次中奖2次未中奖或2次中奖3次未中奖,利用组合数求得满足条件的次数即可求解.【详解】由,可得,抽奖5次,出现3次中奖2次未中奖或2次中奖3次未中奖,故的概率为.故选:A.8.如果不是等差数列,但若,使得,那么称为“局部等差”数列.已知数列的项数为4,其中,,2,3,4,记事件:集合;事件:为“局部等差”数列,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】分别求出事件与事件的基本事件的个数,用=计算结果.【详解】由题意知,事件共有个基本事件,对于事件,其中含1,2,3的“局部等差”数列的分别为1,2,3,5和5,1,2,3和4,1,2,3共3个,含3,2,1的“局部等差”数列的同理也有3个,共6个;含3,4,5的和含5,4,3的与上述相同,也有6个;含2,3,4的有5,2,3,4和2,3,4,1共2个;含4,3,2的同理也有2个;含1,3,5的有1,3,5,2和2,1,3,5和4,1,3,5和1,3,5,4共4个; 含5,3,1的同理也有4个,所以事件共有24个基本事件,所以.故选:C二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.的展开式中,以下为有理项的是()A.第3项B.第4项C.第5项D.第6项【答案】AC【解析】【分析】根据给定二项式求出其展开式的通项,再求出通项中的幂指数为整数的所对项数即可.【详解】的展开式的二项式通项为,令为整数,求得,2,4,6,8,所以对应第1,3,5,7,9项为有理项,故选:AC10.现有3位歌手和4名粉丝站成一排,要求任意两位歌手都不相邻,则不同的排法种数可以表示为()A.B.C.D.【答案】CD【解析】【分析】第一种排法:先排4名粉丝,然后利用插空法将歌手排好;第二种排法:先计算3位歌手和2位歌手站一起的排法,然后利用总排法去掉前面两种不满足题意的排法即可 【详解】第一种排法:分2步进行:①将4名粉丝站成一排,有种排法;②4人排好后,有5个空位可选,在其中任选3个,安排三名歌手,有种情况.则有种排法,第二种排法:先计算3位歌手站一起,此时3位歌手看做一个整体,有种排法,再计算恰好有2位歌手站一起,此时2位歌手看做一个整体,与另外一个歌手不相邻,有种排法,则歌手不相邻有种排法.故选:CD11.已知,则()A.B.C.D.【答案】AD【解析】【分析】令,则,原等式可化为,结合二项展开式的性质逐项判断即可.【详解】令,则,原等式可化为,令,则,故A项正确;的展开式的通项为,则,故B项错误;令,则①,令,则②,由①+②得,又,所以,故C项错误,D项正确.故选:AD. 12.已知双曲线的右焦点为,左、右顶点分别为、,点是双曲线上异于左、右顶点的一点,则下列说法正确的是()A.过点有且仅有条直线与双曲线有且仅有一个交点B.点关于双曲线的渐近线的对称点在双曲线上C.若直线、的斜率分别为、,则D.过点的直线与双曲线交于、两点,则的最小值为【答案】BC【解析】【分析】根据直线与双曲线的位置关系可判断出A选项;求出点关于双曲线的渐近线的对称点的坐标,再将点的坐标带入双曲线的方程,可判断B选项;利用点差法可判断C选项;求出当直线的斜率为时的值,可判断D选项.【详解】对于A选项,过点垂直于轴的直线、平行于渐近线的直线与双曲线有且仅有一个交点,所以至少有条,故A错误;对于B选项,易得,双曲线的一条渐近线方程为,设点关于的对称点为,则,解得,所以,又,即点在双曲线上,故B正确;设,所以,即,所以,故C正确;当直线的斜率为时,,故D错误. 故选:BC.三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.若的展开式的二项式系数之和为,则______.【答案】【解析】【分析】利用二项式系数和可求得的值.【详解】∵的展开式的二项式系数之和为,,解得.故答案为:.14.从0,1,2,3,4,5中任取3个不同数字组成一个三位数,则能组成______个不同的三位数.(用数字作答)【答案】100【解析】【分析】利用分步乘法计算原理,依次确定百位十位与个位上的数即可得解.【详解】先确定百位上的数,可以是1,2,3,4,5中的任一个,有5种方法;再确定十位上的数,可以是剩下的5个数中的任一个,有5种方法;最后确定个位上的数,可以是剩下的4个数中的任一个,有4种方法;所以一共有个.故答案为:100.15.将一个四棱锥每个顶点染上一种颜色,并使同一条棱的两端点异色,如果只有5种颜色可供使用,那么不同的染色方法的总数是________.【答案】420【解析】【详解】由题设,四棱锥顶点,,所染颜色互不相同,它们共有种染色方法.当,,已染好时,不妨设其颜色分别为1、2、3;若染颜色2,则可染颜色3、4、5之一,有3种染法;若染颜色4,则可染颜色3或5,有2种染法;若染颜色5,则可染颜色3或4,也有2种染法.可见,当,,已染好时,与还有7种染法.从而,总的染色方法数为. 16.已知,,,则______,______.【答案】①.②.【解析】【分析】根据条件概率公式以及对立事件概率关系转化条件,求出结果.【详解】因为,所以,因为,,所以,所以,,从而.故答案为:;.四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出必要的文字说明、证明过程及演算步骤.17.已知的展开式的前三项系数成等差数列.(1)求这个展开式的值;(2)求这个展开式的一次项. 【答案】(1)8(2)【解析】【分析】(1)结合二项展开式的系数,根据前三项系数成等差数列列方程求解即可得的值;(2)确定二项展开式的通项,再根据展开式的一次项确定的值,即可得展开式的一次项.【小问1详解】∵前三项系数成等差数列,∴,∴,整理得,∴(舍去),.∴这个展开式的值为;【小问2详解】∵展开式的通项,∴由展开式的一次项得,,∴.18.已知函数.(1)若在处的切线方程为,求实数,的值;(2)若在上恒成立,求实数的取值范围.【答案】(1),(2)【解析】【分析】(1)根据导数的几何意义求导得的值,即可得的值,从而可得切点坐标代入函数可得的值;(2)求导,确定函数在闭区间上单调性,结合闭区间函数性质可得函数最小值,根据不等式即可求得实数的取值范围.【小问1详解】 因为,则,所以,所以,解得.所以在处的切线方程为,当时,,所以切点为,代入曲线中可得,解得;故,;【小问2详解】因为,又,则,令,解得或,令,解得,所以在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增,又,,,,所以的最小值为,所以,解得,即实数的取值范围是.19.若,其中.(1)求m的值;(2)求;(3)求.【答案】(1)(2)(3)0【解析】【分析】(1)由展开式的通项求解即可;(2)令与即可求解;(3)令并结合(2)即可求解得【小问1详解】 的展开式的通项为,所以,所以,解得;【小问2详解】由(1)知,令,可得,令,可得,所以;【小问3详解】令,可得,由(2)知,所以20.已知等差数列的前n项和为.(1)求{an}的通项公式;(2)若,求数列{}的前n项和Tn.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)由等差数列的通项公式以及等差数列的前n项和公式展开可求得结果;(2)由裂项相消求和可得结果.【小问1详解】设等差数列的公差为d,由题意知, 解得:∴.故的通项公式为.【小问2详解】∵即:的前n项和.21.有三张形状、大小、质地完全一致的卡片,三张卡片上分别写上0,1,2,现从中任意抽取一张,将其上数字记作x,然后放回,再抽取一张,其上数字记作y,令.求:(1)所取各值的分布列;(2)随机变量的数学期望与方差.【答案】(1)见解析(2),.【解析】【分析】(1)由题意可知,随机变量的可能取值有0,1,2,4,然后根据古典概型概率计算公式分别求出=0,1,2,4的概率,可列出分布列;(2)由(1)所列的分布列求出随机变量的数学期望与方差.【详解】解(1)随机变量的可能取值有0,1,2,4,“”是指两次取的卡片上至少有 一次为0,其概率为;“”是指两次取的卡片上都标着1,其概率为;“”是指两次取的卡片上一个标着1,另一个标着2,其概率为;“”是指两次取的卡片上都标有2,其概率为.则的分布列为0124P(2),.【点睛】此题考查的是随机变量的分布列、数学期望、方差,属于基础题.22.在某城市气象部门的数据库中,随机抽取30天的空气质量指数的监测数据,整理得如下表格:空气质量指数优良好轻度污染中度污染重度污染天数584空气质量指数为优或良好,规定为Ⅰ级,轻度或中度污染,规定为Ⅱ级,重度污染规定为Ⅲ级.若按等级用分层抽样的方法从中抽取10天的数据,则空气质量为Ⅰ级的恰好有5天.(1)求,的值;(2)若以这30天的空气质量指数来估计一年的空气质量情况,试问一年(按366天计算)中大约有多少天的空气质量指数为优?(3)若从抽取的10天的数据中再随机抽取4天的数据进行深入研究,记其中空气质量为Ⅰ 级的天数为,求的分布列及数学期望.【答案】(1),.(2)61天(3)见解析【解析】【分析】(1)由题意知空气质量为Ⅰ级的天数为总天数的,从而可解得a,b的值.(2)由表可知随机抽取的30天中的空气质量类别为优的天数,由此能估计一年中空气质量指数为优的天数.(3)由题意知X的取值为0,1,2,3,4,分别求出相对应的概率,从而能求出X的分布列及数学期望.【详解】(1)由题意知从中抽取10天的数据,则空气质量为Ⅰ级的恰好有5天,所以空气质量为Ⅰ级的天数为总天数的,所以5+a=15,8+4+b=15,可得,.(2)依题意可知,一年中每天空气质量指数为优的概率为,则一年中空气质量指数为优的天数约为.(3)由题可知抽取10天的数据中,Ⅰ级的天数为5,Ⅱ级和Ⅲ级的天数之和为5,满足超几何分布,所以的可能取值为0,1,2,3,4,,,,,,的分布列为01234故. 【点睛】本题考查了频率与概率的关系,考查了离散型随机变量的分布列和数学期望的求法,是中档题.

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-04-10 12:36:02 页数:16
价格:¥2 大小:546.24 KB
文章作者:随遇而安

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