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山东省潍坊市三校2021-2022学年高二物理上学期12月月考试卷(Word版含解析)
山东省潍坊市三校2021-2022学年高二物理上学期12月月考试卷(Word版含解析)
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高二物理第I卷一、单项选择题:本题共8小题,每题3分,共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.下列说法正确的是( )A.单色光在介质中传播时,介质的折射率越大,光的传播速度越小B.薄膜干涉中,肥皂膜从形成到破裂,条纹的宽度和间距不会发生变化C.同一个双缝干涉实验中,蓝光产生的干涉条纹间距比红光的大D.一束光从空气射入水中,如果入射角大于或等于临界角,就会产生全反射现象。【答案】A【解析】【详解】A.根据公式易知,单色光在介质中传播时,介质的折射率越大,光的传播速度越小。故A正确;B.薄膜干涉中,肥皂膜从形成到破裂,肥皂膜的厚度会发生变化,即发生干涉的两列光的路程差会发生变化,所以条纹的宽度和间距会发生变化。故B错误;C.根据公式蓝光波长小于红光的波长,所以同一个双缝干涉实验中,蓝光产生的干涉条纹间距比红光的小。故C错误;D.当光从空气射入水中,不会发生全反射,因为不满足光的全反射条件,即光从光密介质进入光疏介质。故D错误。故选A。2.如图所示,某一匀强磁场磁感应强度为B,方向沿z轴正向,其中AB=a,BE=b,EF=c,∠CDF=30°,下列说法正确的是:( )A.穿过ABCD面和穿过ADFE面的磁通量都为Bac B.穿过BCFE面的磁通量为0C.若将ADFE面绕AD边顺时针转过150°角时,其磁通量变化量大小为BbcD.若将BCFE面绕BC边转过180°角时,其磁通量变化量大小为0【答案】C【解析】【详解】A.磁场方向与ABCD面平行,则穿过ABCD面的磁通量为0,根据可得,穿过ADFE面的磁通量都为Bbc,所以A错误;B.根据可知,穿过BCFE面的磁通量为Bbc,所以B错误;C.若将ADFE面绕AD边顺时针转过150°角时,其磁通量为0,则磁通量的变化量大小为所以C正确;D.若将BCFE面绕BC边转过180°角时,其磁通量为则磁通量的变化量大小为所以D错误;故选C。3.如图所示,图甲为等量同种正电荷,A、B为其连线中垂线上对称的两点,图乙为两根电流方向相反的长直通电导线横截面,C、D为其连线中垂线上对称的两点,以下说法正确的是( )A.A、B两点电场强度相同B.一带负电粒子沿中垂线从A运动到B,其电势能先增大后减小C.C、D两点磁感应强度相同 D.CD连线上各点的磁感应强度方向各不一样【答案】C【解析】【详解】A.根据等量同种电荷的电场分布可知,A、B两点电场强度大小相等,方向相反,则场强不相同,选项A错误;B.一带负电粒子沿中垂线从A运动到B,电场力先做正功后做负功,则其电势能先减小后增大,选项B错误;CD.因两根通电导线的电流方向相反,根据安培定则,结合磁场叠加知识可知,C、D两点磁感应强度相同,CD连线上各点的磁感应强度方向一样,选项C正确,D错误。故选C。4.两球A、B在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动,mA=1kg,mB=2kg,vA=6m/s,vB=2m/s,当A追上B并发生碰撞后,两球A、B速度的可能值是()A.vA′=5m/s,vB′=2.5m/sB.vA′=2m/s,vB′=4m/sC.vA′=-4m/s,vB′=7m/sD.vA′=7m/s,vB′=1.5m/s【答案】B【解析】【详解】AD.碰前的动量为碰后A项的总动量为D项的总动量为则两种情况都满足动量守恒;但碰后A的速度vA′大于B的速度vB′,必然要发生第二次碰撞,不符合实际,AD错误;B.碰后的总动量为则满足动量守恒,碰后A的速度小于B的速度,不会发生第二次碰撞,碰前的总动能两球碰后的总动能 不违背能量守恒定律,B正确;C.碰后的总动量为则满足动量守恒,两球碰后的总动能大于碰前的总动能违背了能量守恒定律,C错误。故选B。5.如图所示,两片状电极通过滑动变阻器与电源连接,电极间连接一由某种金属材料制成的圆台工件,工件过A、B两点的圆形纵截面半径分别为rA和rB,P为滑动变阻器的滑片。已知电源的电动势及内阻均不变,不计温度对该金属材料电阻率的影响。闭合开关后,下列说法正确的是( )A.滑片P向下滑动时,单位时间内通过截面A的自由电荷个数减少B.滑片P向下滑动时,单位时间内通过截面B的自由电荷个数不变C.滑片P保持不动时,A、B两截面处自由电荷定向移动的速率之比D.滑片P保持不动时,A、B两截面处自由电荷定向移动的速率之比【答案】D【解析】【详解】AB.滑片P向下滑动时,滑动变阻器的电阻减小,根据闭合电路欧姆定律电路中电流增大,单位时间内通过截面A和截面B的自由电荷个数增大,故AB错误;·CD.根据电流的微观表达式 自由电荷定向移动的速率与横截面积成反比故C错误D正确。故D。6.某高中维修科网购了一盘大约650m长的铝导线,某实验小组使用表盘如图a所示的多用电表正确测量其电阻约为后,需要继续测量一个阻值大约为的电阻。正确测量时指针如图b所示,在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前,以下说法正确的是( )A.换挡后必须先用螺丝刀调节表盘下中间部位的指针定位螺丝,使表针指向“0”B.将多用电表的选择开关旋至倍率的电阻挡,欧姆调零后测量,读数为160ΩC.用多用电表测量电阻时,黑表笔电势较高D.测量完成之后,将表笔从插孔拔出,并将选择开关旋到“直流电压500V”位置【答案】C【解析】【详解】A.用多用电表测量了一个的电阻后,需要继续测量一个阻值大约是的电阻,不需要进行机械调零,故A错误;B.使用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位,使指针指在中央刻度线附近,所以应将多用电表的选择开关旋至倍率的电阻挡,欧姆调零后测量,读数为160Ω,故B错误;C.用多用电表测电阻时,多用电表有内置电源,黑表笔与电源的正极相连,则黑表笔的电势高,故C正确;D.测量结束后要将表笔从插孔中拔出,并将选择开关旋至到交流电压最大量程处(或OFF档,故D错误。故选C。7.有两列频率相同、振动方向相同、振幅均为A、传播方向相互垂直的平面波相遇发生干涉。如图所示,图中实线表示波峰,虚线表示波谷,a为波谷与波谷相遇点,b、c 为波峰与波谷相遇点,d为波峰与波峰相遇点,e、g是a、d连线上的两点,其中e为连线的中点,则( )A.在a、d处的质点振动减弱,b、c处的质点振动加强B.从图示时刻经过半个周期,e处的质点通过的路程为2AC.从图示时刻经过半个周期,g处的质点加速向平衡位置运动D.从图示时刻经过四分之一周期,d处的质点振幅恰好为零【答案】C【解析】【分析】【详解】A.振动加强点为波峰与波峰相遇点,波谷与波谷相遇点;振动减弱点,为波谷与波峰相遇点,故a、d处的质点振动加强,b、c处的质点振动减弱,A错误;B.这两列机械波在水平竖直方向的波形如图所示,e点也是振动加强点,这幅为2A,在这两列波传播半个周期的过程中,都是从平衡位置到波谷,再回到平衡位置,故路程为4A,B错误;C.由图可知经过半个周期后,g点均为由波谷向平衡位置移动,合力指向平衡位置,故合运动为加速靠近平衡位置,C正确;D.振动加强点的振幅始终为2A,不变,D错误。故选C。8.如图所示,与地面夹角为的光滑斜面顶端固定一垂直斜面的挡板,劲度系数为k的轻弹簧一端固定一个质量为m的小物体,另一端固定在挡板上。物体在平行斜面方向上做简谐运动,当物体振动到最高点时,弹簧正好为原长。则物体在振动过程中( ) A.物体在最低点时受的弹力大小为mgsinB.弹簧的最大弹性势能等于C.平衡位置处,弹簧的弹性势能和物体的重力势能总和最大D.物体的最大动能应等于【答案】B【解析】【详解】A.物体在最高点,有物体在最低点时,受力分析可得联立,可得故A错误;B.设物体在最低点时,弹簧伸长量为x,根据胡克定律,可得物体从最高点运动到最低点,由动能定理,可得又联立,可得故B正确;C.物体做简谐运动过程中,涉及弹簧的弹性势能、物体的重力势能和物体的动能,且总量保持不变。当物体运动到平衡位置时,动能最大,即弹簧的弹性势能和物体的重力势能总和最小。故C错误;D.由于简谐运动的对称性,物体在平衡位置时,重力势能为 根据弹簧弹性势能的特点,物体在平衡位置时,弹簧的弹性势能为选取物体最低点所在平面为零重力势能面,根据能量守恒,可得解得故D错误。故选B。二、多项选择题:本题共4小题,每小题4分,共16分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。9.图甲是一列简谐横波在t0=0时刻的波形图,P、Q分别是平衡位置在x1=1m、x2=12m处的质点,图乙为质点Q的振动图像,下列说法正确的是( )A.波速大小为6m/sB.波沿x轴正方向传播C.t1=11s时质点Q沿y轴正向运动D.质点P简谐运动的表达式为【答案】AD【解析】【详解】A.根据甲图可得波长为根据乙图可得周期为根据 解得所以A正确;B.根据上下坡法则,质点Q向上振动处于下坡状态,则波沿x轴负方向传播,所以B错误;C.t1=11s时,质点振动了,则Q沿y轴负方向运动,所以C错误;D.根据图像可得振幅为在t0=0时刻,质点P沿y轴正方向运动,则质点P简谐运动的表达式为根据三角函数的知识可得,当t=0时,y=5cm,代入解得则质点P简谐运动的表达式为所以D正确;故选AD。10.如图所示电路,定值电阻,,电源电动势为E,内阻为r,a为滑动变阻器的中点。闭合开关后,滑片由a滑到b的过程中,下列说法正确的是( )A.R2消耗的电功率增大B.R1消耗的电功率增大C.电源的输出功率逐渐增大D.电源的效率逐渐增大【答案】BC 【解析】【详解】ABD.由电路图可知,滑片由a滑到b的过程中外电路的总电阻减小,则干路电流增大,则两端的电压增大,由闭合电路欧姆定律可知路端电压减小,则两端的电压减小,则流过的电流减小,根据可知R2消耗的电功率减小,总电流增大,则流过的电流增大,根据可知R1消耗的电功率增大,电源的效率可知电源效率减小,故B正确,AD错误;C.由电路图可知,滑片由a滑到b的过程中,外部电阻总电阻由大于变化到,当外电阻等于电源内阻时,电源的输出功率最大,可知滑片由a滑到b的过程中,滑片由a滑到b的过程中,电源的输出功率逐渐增大,故C正确。故选BC。11.如图所示的电路中,电表可视为理想电表,电源电动势E=12V,内阻r=1,R1和R2为定值电阻,Rp为可变电阻,当开关闭合后,电压表V1示数为10V,电流表A1示数为0.5A,则下列说法中正确的是( )A.R1=3B.Rp不变时,V1的读数与A2读数之比等于R3C.Rp改变时,V1读数的变化量的绝对值与A1读数变化量的绝对值的比值是4D.滑动变阻器滑片向左移动,则两电流表示数均增大【答案】ABC【解析】【详解】A.根据闭合电路欧姆定律有 代入数据解得所以A正确;B.Rp不变时,V1的读数与A2读数之比等于R3,所以B正确;C.根据闭合电路欧姆定律有则有所以Rp改变时,V1读数的变化量的绝对值与A1读数变化量的绝对值的比值是4,则C正确;D.滑动变阻器滑片向左移动,滑动变阻器阻值变大,则整个电路的总电阻变大,根据则A1读数变小,所以D错误;故选ABC。12.两个透明标准板M和N间形成楔形空气薄层,用某单色光从上向下照射时,在空气膜的上表面可观察到明暗相间的干涉条纹,某同学想利用该装置测量单色光的波长,他沿着M标准板测出从第1条中心亮纹到第5条亮纹中心的距离为L,斜面倾角为,则下列说法中正确的是( )A.波长大小为B.波长大小为C.实验中如果减小斜面的倾角,则相邻条纹间距将变小D.实验中如果用波长更长的光照射,则相邻条纹间距将变大【答案】BD【解析】 【详解】AB.根据形成亮纹的条件可知,对第1条亮纹对第5条亮纹即由几何关系解得选项A错误,B正确;C.根据可知,实验中如果减小斜面的倾角,则从第1条中心亮纹到第5条亮纹中心的距离为L将变大,则相邻条纹间距将变大,选项C错误;D.根据可知,实验中如果用波长更长的光照射,则从第1条中心亮纹到第5条亮纹中心的距离为L将变大,则相邻条纹间距将变大,选项D正确;故选BD。第II卷三、非选择题(本题共6小题,共60分)13.用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律,即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。用天平测量两个小球的质量、,且;直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的,但是可以通过测量相关量,来间接解决这个问题。下面是三个实验小组的实验情况: (1)实验小组甲的实验装置如图所示。图中点是小球抛出点在水平地面上的垂直投影,实验时,先让入射球多次从斜轨上A位置静止释放;然后把被碰小球静止于轨道的水平部分,再将入射小球,从斜轨上A位置静止释放,与小球相撞,并多次重复,分别找到小球的平均落点、、,并测量出平均水平位移、、的长度、、。(用上述步骤中测量的量表示),若两球相碰前后的动量守恒,其表达式可表示为:______。(2)实验小组乙的实验装置如图所示。在水平槽末端的右侧放置一个竖直屏,竖直屏的点与小球的球心等高。使小球仍从斜槽上A点由静止滚下,重复实验(1)的操作,得到两球落在竖直屏上的平均落点、、,量出、、的高度,、。(用上述步骤中测量的量表示),则验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式为:______。(3)实验小组丙的实验装置如图所示。在水平槽末端与水平地面间放置了一个斜面,斜面的顶点与水平槽等高且无缝连接。使小球仍从斜槽上A点由静止滚下,重复实验(1)的操作,得到两球落在斜面上的平均落点、、,用刻度尺测量斜面顶点到、、三点的距离分别为、、。(用上述步骤中测量的量表示)则验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式为______。【答案】①.②.③.【解析】【详解】(1)[1]设小球碰撞前瞬时速度为,碰撞后瞬间小球、小球的速度分别为、。小球离开轨道后做平抛运动,由于小球抛出点的高度均相同,在空中的运动时间相等,水平位移与其初速度成正比,可以用小球的水平位移代替小球的初速度。无碰撞时小球的平均落点为,碰撞后小球、小球的平均落点分别为、。若两球碰撞过程动量守恒,则有: 又有联立整理得若两球相碰前后的动量守恒,其表达式可表示为;[2]设小球在点平抛初速度为,水平位移为,竖直位移为,对于平抛运动有解得可见当一定,平抛初速度与成正比,设小球碰撞前瞬时速度为,碰撞后瞬间小球、小球的速度分别为、。每次平抛运动的水平位移一定,平抛初速度越大,下落的高度越小即越靠近点,可知无碰撞时小球的平均落点为,碰撞后小球、小球的平均落点分别为、。可得::=若两球相碰前后的动量守恒,需满足m1=m1+m2联立整理得则验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式为[3]设斜面倾角为,平抛初速度为,落点与抛出点的距离为,对于平抛运动 解得可见平抛初速度与成正比。设小球碰撞前瞬时速度为,碰撞后瞬间小球、小球的速度分别为、,无碰撞时小球的平均落点为,碰撞后小球、小球的平均落点分别为、。可得::=若两球相碰前后的动量守恒,需满足m1=m1+m2联立整理得则验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式为14.某次实验要测量一节干电池的电动势和内电阻。实验室提供以下器材:A.一节干电池(电动势约为1.5V,内阻约为);B.电流表(量程1mA,内阻);C.电流表(量程0.6A,内阻约为);D.电压表V(量程10V,内阻RV约)E.滑动变阻器(阻值范围,额定电流2A);F.滑动变阻器(阻值范围,额定电流0.5A);G.定值电阻;I.开关S和导线若干。(1)选择提供的器材,请在图甲中设计并画出实验电路图,并在图中标注上所补器材及滑动变阻器的符号___________。 (2)某次调节过程中,电流表的指针指在图乙所示位置,其示数为___________A。(3)调节滑动变阻器的阻值,记录多组两电流表的读数,根据数据描出图像,如图丙,若不考虑电表内阻对测量结果的影响,则该电池的电动势________,内阻_______。(结果均保留三位有效数字)(4)若考虑电表内阻对实验结果的影响,则修正后的电源内阻_______。(用、和r等符号表示)。【答案】①.②.0.33③.1.48④.1.20⑤.【解析】【详解】(1)[1]电源电动势约为1.5V,题中所给电压表的量程太大,为了减小误差,将电流表串联一个定值电阻,可以改装成较大量程的电压表,与串联的量程为由于电源内阻较小,为了使路端电压变化明显,所以滑动变阻器选择最大阻值较小的,电路图如下图所示(2)[2]测量电流的电流表量程为0.6A,分度值为0.02A,由图可知读数为;(3)[3][4]根据闭合电路欧姆定律整理得结合图像可知 代入数据解得(4)[5]根据整理得可得未修正前修正后斜率联立可得15.某型号玩具车利用铅蓄电池给直流电动机供电,简化电路如图所示。卡住电动机的转子,当电阻箱的阻值分别调节为10和4时,理想电流表的示数分别为1.0A和2.0A。不计铅蓄电池的内阻,则:(1)求电源电动势E和电动机的内阻r;(2)松开转子后,当电阻箱的阻值为1时,电动机恰好正常工作,此时理想电流表的示数为2.5A,求电动机正常工作时的输出功率。【答案】(1)12V,2Ω;(2)11.25W 【解析】【详解】(1)电动机不转时为纯电阻电路,由闭合电路欧姆定律得:解得E=12Vr=2Ω(2)由=9.5V解得P=11.25W16.从王坞水库到南湖植物园有一段截面为半圆形的水渠,为研究水渠注水后,光在其中的传播,某学校实验小组用一块半圆形玻璃对其进行模拟,如图所示,OBCD为水渠的横截面,直径,一束由紫光和红光组成的复色光沿AO方向从空气射入玻璃,入射角为,两种色光分别从B、C点射出。求:(1)从B点射出的光线为哪种颜色的光(不必说明原因)?(2)两种色光在玻璃中的传播时间,并比较大小;(3)若红光恰好发生全发射,则其对玻璃的折射率为多少?此时紫光能否也发生全反射?【答案】(1)紫光;(2);(3),发生全反射【解析】【详解】(1)从B点射出的光线为紫光。 (2)设紫光折射率为,折射角为,在玻璃中的传播时间为,红光折射率为,折射角为,在玻璃中的传播时间为,由折射定律联立解得同理得故两种色光在玻璃中传播时间相等。(3)若红光恰好发生全发射,则临界角由折射定律联立得 因为,所以临界角又因为所以此时紫光也发生全反射。17.如图所示,足够长水平地面上的A、B两点分别静置两质量分别为、的小滑块,两滑块与地面间的动摩擦因数分别为、,内壁光滑的两固定竖直半圆轨道CDE与地面C点相切,轨道CD部分由内径略大于两滑块的管道弯制。已知AC的距离,B为AC的中点,两半圆轨道的半径分别为、,E为轨道的最高点。现使以大小为的初速度自A点沿地面向右运动,被正碰后由C点进入轨道,刚好通过E点后第一次在地面上的落点为F(图中未标出),不计两滑块的碰撞时间,重力加速度,则:(1)求C、F两点间的距离;(2)求与碰后瞬间,的速度大小;(3)通过计算,判断与发生的是弹性碰撞还是非弹性碰撞?若为弹性碰撞,求在A、C两点间的运动过程中,与因摩擦产生的总热量;若为非弹性碰撞,求与因碰撞损失的机械能。【答案】(1);(2);(3)为弹性碰撞;【解析】【详解】(1)在E点:由 得由得自E点运动到F点的时间由得C、F两点间的距离(2)两滑块相碰后,对,在由B到E的运动过程中,由动能定理可知解得碰后瞬间的速度大小(3)由A运动到B的过程中,对,由动能定理可得解得碰前瞬间的速度大小对与的碰撞过程,由动量守恒知解得碰后瞬间的速度为(负号表示与初速度方向相反),碰前瞬间的动能 碰后瞬间两滑块的总动能故即碰撞前后系统机械能守恒,故为弹性碰撞由可知在A、C两点间的运动过程中,与因摩擦产生的总热量18.如图甲所示,有一质量为的平板小车静止在光滑的水平面上。现有质量均为小物块A和B(均可视为质点),由车上P处开始A以初速度向左运动,B同时以向右运动,物块B运动的图像如图乙所示。若A、B两物块恰好停在小车两端没有脱离小车,两物块与小车间动摩擦因数相同,g取10m/s2,求:(1)小车与物块间的动摩擦因数μ;(2)小车总长度L;(3)从物块A、B开始运动计时,求6s时小车离原位置的距离x。【答案】(1)0.1;(2)9.5m;(3)1.625m【解析】【详解】(1)设最后达到共同速度v,由图像乙知向右为正方向,整个系统动量守恒,有对物块B由动量定理,有从乙图可知,可解得 (2)整个系统由能量守恒定律,有解得(3)物块A从开始运动到减速到零,设时间为,小车在前静止,然后小车和物块A一起以加速度a向右加速,直到和物块B达共同速度v。滑块A减速过程,由动量定理有滑块A和小车一起向右加速过程,设时间为,由牛顿第二定律得由运动学公式得滑块A和小车一起向右匀速过程6s时小车离原位置的距离
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统编版六年级语文上册教学计划及进度表
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三年级上册道德与法治教学计划及教案
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高一上学期语文教师工作计划
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八年级数学教师个人工作计划
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