天津市河西区2022-2023学年高一物理上学期期中试卷（Word版附解析）

高一物理1一、单选题（每小题4分，共计60分）1.下列说法正确的是（　　）A.研究花样滑冰运动员的表演动作时，不能将其看作质点B.研究汽车在上坡时有无翻倒危险时，能将它看作质点C.飞机着地滑行过程中，机舱内的乘客看到树木向后运动，是以跑道为参考系的D.在研究地面上物体的运动时只能选择地面作为参考系【答案】A【解析】【详解】A．在研究花样滑冰运动员的表演动作时，运动员的形状不可忽略，不能看成质点，A正确；B．研究汽车在上坡时有无翻倒危险时，汽车形状不能忽略，不能看成质点，B错误；C．飞机着地滑行过程中，机舱内的乘客看到树木向后运动，该乘客选择的参考系是乘坐的飞机，C错误；D．参考系的选取是任意的，在研究地面上物体的运动时可以选取其它物体作为参考系，D错误。故选A。2.某人沿着半径为R的水平圆周跑道跑了1.75圈时，他的（　　）A.路程和位移的大小均为3.5πRB.路程和位移的大小均为RC.路程为3.5πR，位移的大小为RD.路程为0.5πR，位移的大小为R【答案】C【解析】【详解】如图所示 该人沿跑道由A经1.75圈运动到B点，此过程中位移大小路程大小故C正确，ABD错误。故选C。3.如图所示，气垫导轨上滑块经过光电门时，其上的遮光条将光遮住，电子计时器可自动记录遮光时间Δt。测得遮光条的宽度为Δx，用近似代表滑块通过光电门时的瞬时速度。为使更接近瞬时速度，正确的措施是（　　）A.换用宽度更窄的遮光条B.提高测量遮光条宽度的精确度C.使滑块的释放点更靠近光电门D.增大气垫导轨与水平面的夹角【答案】A【解析】【详解】利用平均速度等效替代瞬时速度；遮光条越窄，或速度越大，遮光时间越短，平均速度越接近瞬时速度，即换用宽度更窄的遮光条，即可实现趋向于0，而提高测量遮光条宽度的精确度，或者滑块的释放点更靠近光电门，及增大气垫导轨与水平面的夹角均不能达 到趋向于0的条件；故A正确，BCD错误。故选A。4.物体不可能出现的运动情况是（　　）A.物体运动的加速度等于0，而速度却不等于0B.两物体相比，一个物体的速度变化量比较大，而加速度却比较小C.物体具有向东加速度，而速度的方向却向西D.物体做直线运动，后一阶段的加速度比前一阶段小，但速度变化率却比前一阶段大【答案】D【解析】【详解】A．物体运动的加速度等于0，而速度可能不为0，如匀速直线运动，故A不符合题意；B．两物体相比，一个物体的速度变化量比较大，如果时间更长，加速度就比较小，故B不符合题意；C．物体具有向东加速度，而速度方向却向西，物体做向西的减速运动，故C不符合题意；D．物体做直线运动，后一阶段的加速度比前一阶段小，速度变化率一定比前一阶段小，故D符合题意。故选D。5.如图甲所示，火箭发射时，速度能在10s内由0增加到100m/s；如图乙所示，汽车以108km/h的速度行驶，急刹车时能在2.5s内停下来，初速度的方向为正方向，下列说法中正确的是（　　）A.10s内火箭速度改变量为10m/sB.2.5s内汽车的速度改变量为-30m/sC.火箭的速度变化比汽车的快D.火箭的加速度比汽车的加速度大【答案】B【解析】【详解】A．因火箭发射时，速度在10s内由0增加到100m/s，故10s内火箭的速度改变量 为故A错误；B．汽车以108km/h＝30m/s的速度行驶，急刹车时能在2.5s内停下来，则2.5s内汽车的速度改变量为0－30m/s＝－30m/s故B正确；CD．火箭的加速度为汽车的加速度为可知火箭的速度变化比汽车的慢，火箭的加速度比汽车的加速度小，故CD错误。故选B。6.关于自由落体运动，下列说法正确的是（　　）A.物体竖直向下的运动就是自由落体运动B.自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动C.只有重力很大的物体下落才能看成自由落体运动D.重力加速度表示自由下落的物体的运动快慢【答案】B【解析】【详解】AB．自由落体运动是初速度为零，只受重力作用的运动，所以自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，而物体竖直向下的运动就不一定是自由落体运动，故A错误，B正确；C．重力很大的物体下落时，如果有初速度，或者还受到除重力以为的其他力作用，该物体也不是自由落体运动，故C错误；D．重力加速度表示自由下落的物体的运动变化快慢，故D错误。故选B。 7.某质点做直线运动的位移随时间变化规律的关系式是：，x与t的单位分别为m和s，下列说法正确的有（　　）A.质点做匀速直线运动B.质点的加速度大小为C.质点的初速度大小为D.质点在2s末的速率为【答案】C【解析】【详解】ABC．根据匀变速直线运动位移和时间的关系可知所以物体的初速度和加速度分别为故AB错误，C正确；D．质点在2s末的速度为故D错误。故选C。8.物体做直线运动的v-t图像如图所示，根据图像提供的信息可知（　　）A.第4s初物体运动的加速度为2m/s2B.0~4s与4~6s内物体速度方向相反C.前6s内物体运动的位移为32mD.0~4s与4~6s内物体的平均速度相等【答案】C【解析】 【详解】A．v-t图像的斜率表示加速度，所以第4s初物体运动的加速度为故A错误；B．在0~4s内物体运动的速度方向沿正方向，4~6s内物体运动的速度方向也沿正方向，所以在0~4s内与4~6s内物体运动的速度方向相同，故B错误；C．v-t图像与横轴所围的面积表示位移，所以前6s内物体运动的位移为故C正确；D．在0~4s内与4~6s内物体运动的平均速度分别为所以在0~4s内与4~6s内物体运动的平均速度不相等，故D错误。故选C。9.一个物体做自由落体运动，重力加速度g取10m/s2该物体（　　）A.第2s末的速度大小为10m/sB.第3s末的速度大小为20m/sC.在前3s内下落的距离为45mD.在前3s内下落的距离为60m【答案】C【解析】【详解】A．根据自由落体运动速度公式可知第2s末的速度为故A错误；B．根据自由落体运动速度公式可知第3s末的速度为故B错误；CD．根据自由落体运动位移公式可知前3s内的位移为故C正确，D错误。 故选C。10.2022年5月14日，C919首架交付机首飞成功，表明中国大飞机即将迈入民用航空大市场。若飞机起飞滑跑距离约为着陆滑跑距离的1.5倍。设起飞滑跑和着陆时都是做匀变速直线运动，起飞时的速度是着陆时速度的1.5倍，则起飞滑跑时间和着陆滑跑时间之比为（　　）A.3：2B.1：1C.1：2D.2：1【答案】B【解析】【详解】设着陆的速度为v，则起飞的速度为，则起飞滑跑的时间着陆滑跑的时间因为，所以故选B。11.发光弹性球很受儿童喜爱，一儿童把弹性球竖直上抛，从空中的最高点开始计时，下列描述发光弹性球运动的图像中正确的是（　　）A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】【详解】AB．选向下为正方向，小球先做匀加速直线运动，小球与地面碰撞时，速度大小变小，且方向发生突变，在速度时间图象可以看出，速度先增大到某一竖直，落地后，反弹速度稍小于原来的值，（竖直上抛运动），然后到最高点后再做自由落体运动，再重复这种运动， B错误，A正确；CD．位移时间图象中倾斜直线表示匀速直线运动，CD错误故选A。12.如图所示为某物体运动的图像，图中有，则下列说法正确的是（）A.该物体的速度越来越大B.该物体正在做曲线运动C.该物体做的是匀加速直线运动D.该物体的加速度越来越大【答案】A【解析】【详解】A．图像的纵坐标表示速度，由图像可知，该物体的速度越来越大，A正确；B．图像只能反应物体做直线运动的速度随时间变化的规律，不能表示曲线运动，B错误；CD．图像的斜率表示加速度，由图像可知，曲线的斜率越来越小，所以加速度越来越小，物体做的不是匀加速直线运动，CD错误。故选A。13.在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，使用电磁打点计时器（所用交流电的频率为50Hz），得到如图所示的纸带，图中的点为计数点，相邻两计数点间还有四个点未画出来，下列表述正确的是（　　）A.实验时应先放开纸带再接通电源B.从纸带上不可能求出计数点C对应的速率C.从纸带上可以求出计数点B对应的速率D.相邻两个计数点间的时间间隔为0.02s【答案】C 【解析】【详解】A．在“研究匀变速直线运动”的实验中，实验时应先接通电源再放开纸带，A错误；BC．根据C点为B与D的中间时刻点，则有故B错误；同理可得故C正确；D．由于相邻的计数点之间还有4个点没有画出，所以时间间隔应为0.1s，D错误。故选C。14.一名宇航员在某星球上做自由落体运动实验，让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第4s内的位移是42m，小球仍在空中运动，则（　　）A.小球在2s末的速度大小是16m/sB.该星球上的重力加速度为12m/s2C.小球在第4s末的速度大小是42m/sD.小球在4s内的位移是80m【答案】B【解析】【详解】AB．设该星球的重力加速度为g，小球第4s内的位移是42m，有gt42－gt32＝42mt4＝4s，t3＝3s，解得g＝12m/s2所以小球在2s末的速度大小为v2＝gt2＝24m/s故A错误，B正确；C．小球在第4s末的速度大小是v4＝gt4＝48m/s选项C错误； D．小球在4s内的位移是x=gt42＝96m选项D错误。故选B15.小球从靠近竖直砖墙的某个位置（可能不是图中1的位置）由静止释放，用频闪方法拍摄的小球位置如图中1、2、3和4所示。已知连续两次闪光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d，重力加速度为g，可知小球（　　）A.经过位置2时的瞬时速度大小约B.从位置1到4过程中的平均速度大小约为C.下落过程中的加速度大小约为D.小球的静止释放点距离位置1为d【答案】C【解析】【详解】A．由题知因1位置不一定是释放点，故经过位置2时的瞬时速度不一定等于应根据小球经过位置2的瞬时速度等于1、3段的平均速度进行计算，即故A错误；B．位置1到位置4的平均速度为 故B错误；C．由图可知，2、3与1、2两段的位移差为，根据解得下落过程中的加速度大小为故C正确；D．设释放点距离位置1为h，则从释放点到2位置，则有将、代入可得小球的静止释放点距离位置1为，故D错误。故选C。二、解答题（16题12分，17题14分，18题14分，共计40分）16.如图所示，小王同学在一个带有竖直挡板的水平台面上玩弹球，弹球从距离挡板2.5m的A点向右运动，以1.2m/s的速度碰上挡板，经过0.2s弹球以大小为0.8m/s的速度被挡板反弹，最后回到距离挡板1.0m的B点，试求：（1）弹球从A点运动到B点的位移和路程；（2）弹球和挡板相互作用过程的平均加速度。【答案】（1）1.5m，水平向右，3.5m；（2），水平向左【解析】【详解】（1）从A到B过程的位移大小为s=2.5m-1.0m=1.5m方向水平向右，路程为 l=2.5m+1.0m=3.5m（2）设向右为正方向，由加速度的定义可得故加速度大小为10m/s2，方向水平向左。17.汽车以36km/h的速度在公路上匀速行驶，刹车后以2m/s2的加速度做匀减速直线运动，求：（1）刹车后3s末的速度大小；（2）开始制动后汽车发生位移x=16m所经历的时间；（3）8s内汽车通过的位移大小。【答案】（1）4m/s；（2）2s；（3）25m【解析】【详解】（1）汽车的初速度大小为刹车时间所以刹车后3s末的速度大小为（2）汽车的位移为得（舍）（3）由于8s大于汽车的刹车总时间，所以8s内汽车通过的位移大小为刹车距离，即18.东京奥运会上，14岁女孩全红婵一鸣惊人，作为中国奥运代表团最年轻的运动员，以创纪录的成绩夺得10 米跳台冠军，让五星红旗高高飘扬在东京水上运动中心上空。假设全红婵从离水面10m高的平台上向上跃起，举起双臂直体离开台面，此时其重心位于从手到脚全长的中点，跃起后重心升高0.45m到最高点，落水时身体竖直，手先入水（在此过程中运动员水平方向的运动忽略不计），（，）。求：（1）运动员起跳时的速度v0的大小；（2）从离开跳台到手接触水面的过程中所经历的时间t。【答案】（1）；（2）1.75s【解析】【详解】（1）运动员起跳到最高点的过程中由代入数据得（2）解法1：设运动员起跳到最高点的过程中所需时间为，由代入数据得设运动员从最高点到手接触水面的过程所需时间为，由代入数据得 则所求时间为解法2解得