2023届高考物理二轮总复习试题（老高考旧教材）选择题专项练（二）（Word版附解析）

选择题专项练(二)(满分:48分　时间:25分钟)本题组共8小题,每小题6分。在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。14.(2022广东深圳模拟)如图所示,静电除尘器由板状收集器A和线状电离器B组成,A、B间接有高压电源,使通过除尘器的尘埃带电。下列选项正确的是(　　)A.收集器A吸附大量尘埃的原因是尘埃带上了正电B.收集器A吸附大量尘埃的原因是尘埃带上了负电C.收集器A和电离器B之间形成的是匀强电场D.静电除尘过程是机械能向电场能转化的过程15.(2022贵州毕节模拟)铯137的半衰期约为30年,现有2.0×10-8g的铯137,若经过60年,则剩余未发生衰变的铯137有(　　)A.5.0×10-9gB.1.0×10-8gC.2.5×10-9gD.1.5×10-8g16.(2022河南开封押题卷)如图所示,斜面倾角为θ=30°,在斜面上方某点处,先让小球(可视为质点)自由下落,从释放到落到斜面上所用时间为t1,再让小球在该点水平抛出,小球刚好能垂直打在斜面上,运动的时间为t2,不计空气阻力,则t1t2为(　　)A.21B.32C.32D.5317.(2022广东广州三模)A、B两个质点从同一位置沿同一方向做匀加速直线运动,如图所示,A在t=0时以1m/s的初速度开始运动,B在t=1s时由静止开始运动,t=2s时两质点相遇前相距最远,此距离为1.8m,则A、B两质点运动的加速度大小分别为(　　) A.aA=0.3m/s2,aB=1.6m/s2B.aA=0.35m/s2,aB=1.7m/s2C.aA=0.4m/s2,aB=1.8m/s2D.aA=0.45m/s2,aB=1.9m/s218.(2022湖南长沙模拟)如图所示,水平向右的匀强电场E=mgq,质量分别为m、2m的小球A、B固定在直角形轻质绝缘轻杆两端,顶点O处有固定的光滑转动轴,BO=2AO=l,B球所带电荷量为+q,A球不带电,重力加速度为g,此装置从图示位置静止释放后的转动过程中,下列说法正确的是(　　)A.A、B和杆组成的系统机械能守恒B.A的最大速度为132glC.转动过程中静电力不可能做正功D.B转动到O点正下方时机械能最大19.(2022陕西咸阳一模)赤道平面内的某颗卫星自西向东绕地球做圆周运动,该卫星离地面的高度小于地球同步卫星的高度,赤道上一观测者发现,该卫星连续两次出现在观测者正上方的最小时间间隔为t,已知地球自转周期为T0,地球半径为R,地球表面的重力加速度为g,由此可知该卫星绕地球运动的周期T和离地面的高度H为(　　)A.T=tT0T0+tB.T=tT0T0-tC.H=3gR2t2T024π2(t+T0)2-RD.H=3gR2t2T024π2(t-T0)2-R 20.如图所示,间距L=0.5m的光滑U形金属导轨固定在绝缘斜面上,斜面倾角θ=37°。区域Ⅰ、Ⅱ分别以PQ、MN为边界,均存在垂直于斜面向上的磁场,Ⅰ区中磁感应强度从0开始随时间均匀增大,Ⅱ区中为匀强磁场,磁感应强度B2=0.5T,PQ与MN之间为无磁场区域。质量m=0.1kg、电阻R=2Ω的导体棒垂直于导轨放置,从两磁场之间的无磁场区域由静止释放,经过t=2s进入Ⅱ区恰好匀速下滑。运动中棒与导轨始终垂直且保持良好接触,导轨足够长且电阻不计。重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6。则下列说法正确的是(　　)A.进入Ⅱ区后,导体棒中的电流I=2.4AB.无磁场区域的面积至少为12m2C.前2s导体棒产生的焦耳热Q=3.24JD.若Ⅰ区磁场面积为2m2,则Ⅰ区的磁感应强度随时间变化的表达式为B=1.8t21.(2022广西柳州模拟)如图所示,a、b物块的质量均为m,c物块的质量为12m,物块a、b通过水平轻绳相连后放在水平面上,物块c放在b上。现用水平拉力F作用于a,使三个物块一起水平向右匀速运动。各接触面间的动摩擦因数均为μ,重力加速度大小为g。下列说法正确的是(　　)A.轻绳的张力等于35FB.物块c受到的摩擦力大小为12μmgC.当该水平拉力增大为原来的2倍时,物块c受到的摩擦力大小为12μmgD.剪断轻绳后,在物块b向右运动的过程中,物块b受到的摩擦力大小为μmg答案：14.B　解析接高压电源后,A、B间产生很强的电场,气体分子被电离为电子和正离子,电子被粉尘吸附,粉尘带负电,被接正极的收集器A吸附,故A错误,B正确;越靠近线状电离器B电场强度越大,收集器A和电离器B之间形成的是非匀强电场,故C错误;带负电的 粉尘在静电力的作用下加速运动,静电力做正功,电势能减小,机械能增加,所以静电除尘过程是电场能向机械能转化的过程,故D错误。15.A　解析铯137的半衰期约为T=30年,经过t=60年的衰变,即经过了2个半衰期时间的衰变,根据半衰期公式有m余=m总·12n=m总·122=14×2.0×10-8g=5.0×10-9g,故选A。16.D　解析设小球水平抛出时的初速度为v0,则打到斜面上时,速度沿竖直方向的分速度vy=v0tanθ=gt2,水平位移x=v0t2,抛出点离斜面的高度h=vy22g+xtanθ=v022gtan2θ+v02g=5v022g,又h=12gt12,解得t2=3v0g,t1=5v0g,t1t2=53,D正确。17.A　解析因为t=2s时两质点相距最远,故此时两质点共速,设t=2s时共同速度为v,根据题意有12(1+v)×2-12v×1=1.8m,解得v=1.6m/s,则质点A的加速度大小aA=1.6-12m/s2=0.3m/s2,B的加速度aB=1.61m/s2=1.6m/s2,故选A。18.B　解析转动过程中,由于静电力做功,故A、B和杆组成的系统机械能不守恒,A错误;在B转回到初始位置的过程中,静电力做正功,C错误;设OA与竖直方向成θ角时A的速度为v,对整体由动能定理可得2mglsinθ-qEl(1-cosθ)-mg·12l·(1-cosθ)=12×2m(2v)2+12mv2,解得92mv2=2mglsinθ+32mglcosθ-32mgl,当2mglsinθ+32mglcosθ最大时v最大,解得tanθ=43,θ=53°,则A球最大速度vm=132gl,B正确;B球在初态时克服静电力做功为零,其他位置都克服静电力做功,因此B球在初始位置时系统机械能最大,D错误。19.AC　解析设卫星的周期为T,则有2πT-2πT0t=2π,解得T=T0tT0+t,由万有引力提供向心力GMm(R+H)2=m(R+H)4π2T2,在地表处有g=GMR2,联立解得H=3gR2t2T024π2(t+T0)2-R,A、C正确。20.AC　解析进入Ⅱ区恰好匀速下滑,则mgsinθ=B2IL,导体棒中的电流为I=2.4A,故A正确;导体棒进入Ⅱ区域磁场的速度为v=at,根据牛顿第二定律有mgsin37°=ma,导体棒在无磁场区域做匀加速直线运动,则v2=2ax,无磁场区域的面积最小值为Smin=Lx,代入数据得Smin=6m2,故B错误;导体棒进入Ⅱ区域后,Ⅰ区中磁感应强度变化产生的感生电动势为E1,Ⅱ区域导体棒切割磁场产生的动生电动势为E2,则E1+E2=E1+B2Lv=IR,解得感生电动势E1=1.8V,前2s导体棒未切割磁场,则产生的焦耳热为Q=E12Rt=3.24J,故C 正确;根据E1=ΔΦΔt=ΔBΔtS,得Ⅰ区磁场的变化率为ΔBΔt=0.9T/s,Ⅰ区中磁感应强度从0开始随时间均匀增加,则Ⅰ区的磁感应强度随时间变化的表达式为B=0.9t,故D错误。