山西省芮城县（芮城中学、运城中学）2022学年高二上学期期末考试数学（理）试题（解析版）

2022-2022学年山西省运城中学、芮城中学高二（上）期末数学试卷（理科）一、选择题（本大题共12小题，共60.0分）1.在一次数学测试中，成绩在区间[125,150]上成为优秀，有甲、乙两名同学，设命题p是“甲测试成绩优秀”，q是“乙测试成绩优秀”，则命题“甲、乙中至少有一位同学成绩不是优秀”可表示为(　　)A.(￢p)∨(￢q)B.p∨(￢q)C.(￢p)∧(￢q)D.p∨q【答案】A【解析】解：由题意值￢p是“甲测试成绩不优秀”，￢q是“乙测试成绩不优秀”，则命题“甲、乙中至少有一位同学成绩不是优秀”，则用(￢p)∨(￢q)表示，故选：A．求出￢p，￢q，结合或且非的意义进行求解即可．本题主要考查逻辑连接词的应用，结合复合命题之间的关系是解决本题的关键．2.抛物线y=-3x2的焦点坐标是(　　)A.(34,0)B.(-34,0)C.(0,-112)D.(0,112)【答案】C【解析】解：∵在抛物线y=--3x2，即x2=-13y，∴p=16，p2=112，∴焦点坐标是(0,-112)，故选：C．先把抛物线的方程化为标准形式，再求出抛物线y=-3x2的焦点坐标．本题考查抛物线的标准方程和简单性质的应用，比较基础．3.2x2-5x-3<0的一个必要不充分条件是(　　)A.-12<x<3B.-12<x<0C.-3<x<12D.-1<x<6【答案】D【解析】解：2x2-5x-3<0的充要条件为-12<x<3对于A是2x2-5x-3<0的充要条件对于B，是2x2-5x-3<0的充分不必要条件对于C，2x2-5x-3<0的不充分不必要条件对于D，是2x2-5x-3<0的一个必要不充分条件故选：D．通过解二次不等式求出2x2-5x-3<0的充要条件，通过对四个选项的范围与充要条件的范围间的包含关系的判断，得到2x2-5x-3<0的一个必要不充分条件．解决一个命题是另一个命题的什么条件，应该先化简各个命题，再进行判断，判断时常有的方法有：定义法、集合法．4.已知双曲线C：y2a2-x2b2=1(a>0,b>0)的离心率为52，则C的渐近线方程为(　　)A.y=±14xB.y=±13xC.y=±12xD.y=±2x【答案】D【解析】解：由题意可得e=ca=52，即为c2=54a2，由c2=a2+b2，可得b2=14a2，即a=2b，双曲线的渐近线方程为y=±abx，即为y=±2x．故选：D．运用双曲线的离心率公式可得c2=54a2，由a，b，c的关系和双曲线的渐近线方程，计算即可得到所求方程．本题考查双曲线的渐近线方程的求法，注意运用离心率公式和双曲线的方程，考查运算能力，属于基础题．5.四面体OABC中，M，N分别是OA，BC的中点，P是MN的三等分点(靠近N)，若OA=a，OB=b，OC=c，则OP=(　　)A.13a+16b+16cB.16a+13b+13cC.12a+16b+13cD.16a+12b+13c【答案】B【解析】解：根据题意得，OP=OM+MP=12OA+23MN=12OA+23(ON-OM)=12OA+13(OB+OC)-13OA=16OA+13OB+13OC故选：B．运用平面向量基本定理可解决此问题．本题考查平面向量基本定理的简单应用．6.点P(2,3)到直线ax+y-2a=0的距离为d，则d的最大值为(　　)A.3B.4C.5D.7【答案】A【解析】解：直线ax+y-2a=0即a(x-2)+y=0，令y=0x-2=0，解得x=2，y=0．可得直线经过定点Q(2,0)．则当PQ⊥l时，d取得最大值|PQ|．|PQ|=(2-2)2+32=3．故选：A．直线ax+y-2a=0即a(x-2)+y=0，令y=0x-2=0，解得直线经过定点Q.则当PQ⊥l时，d取得最大值|PQ|．本题考查了直线经过定点、相互垂直的直线，考查了推理能力与计算能力，属于基础题．5/6\n7.如图：在直棱柱ABC-A1B1C1中，AA1=AB=AC，AB⊥AC，P，Q，M分别是A1B1，BC，CC1的中点，则直线PQ与AM所成的角是(　　)A.π6B.π4C.π3D.π2【答案】D【解析】解：以A为坐标原点，分别以AB，AC，AA1 所在直线为x，y，z轴建立空间直角坐标系．设AA1=AB=AC=2，则A(0,0，0)，M(0,2，1)，P(1,0，2)，Q(1,1，0)．PQ=(0,1,-2)，AM=(0,2,1)．∴cos<PQ,AM>=PQ⋅AM|PQ|⋅|AM|=2-25×5=0．∴直线PQ与AM所成的角是π2．故选：D．以A为坐标原点，分别以AB，AC，AA1 所在直线为x，y，z轴建立空间直角坐标系，设AA1=AB=AC=2，分别求出PQ与AM的坐标，利用空间向量求解．本题考查异面直线所成角的求法，训练了利用空间向量求解空间角，是基础题．8.《九章算术.商功》：“今有堑堵，下广二丈，袤一十八丈六尺，高二丈五尺，问积几何？答曰：四万六千五百尺”所谓堑堵：就是两底面为直角三角形的直棱柱：如图所示的几何体是一个“堑堵”，AB=BC=4，AA1=5，M是A1C1的中点，过BCM的平面把该“堑堵”分为两个几何体，其中一个为三棱台，则三棱台的表面积为(　　)A.40B.25+152+329C.50D.30+202+329【答案】B【解析】解：几何体是一个“堑堵”，AB=BC=4，AA1=5，M是A1C1的中点，过BCM的平面把该“堑堵”分为两个几何体，其中一个为三棱台，取A1B1的中点N，连结MN，BN，∵A1M=12AC=1216+16=22，BN=22+52=29，∴三棱台A1MN-ABC的表面积为：S=S△A1MN+S△ABC+S梯形A1MCA+S梯形MNBC+S梯形A1NBA=12×2×2+12×4×4+12(22+42)×5+12(2+4)×29+12(2+4)×5=25+152+329．故选：B．取A1B1的中点N，连结MN，BN，则三棱台A1MN-ABC的表面积为S=S△A1MN+S△ABC+S梯形A1MCA+S梯形MNBC+S梯形A1NBA．本题考查三棱台的表面积的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查运算求解能力，考查数形结合思想，是中档题．9.直线l过椭圆x22+y2=1的左焦点F，且与椭圆交于P，Q两点，M为PQ的中点，O为原点，若△FMO是以OF为底边的等腰三角形，则直线l的斜率为(　　)A.±33B.±22C.±1D.±3【答案】B【解析】解：由x22+y2=1，得a2=2，b2=1，∴c2=a2-b2=2-1=1．则c=1，则左焦点F(-1,0)．由题意可知，直线l的斜率存在且不等于0，则直线l的方程为y=kx+k．设l与椭圆相交于P(x1,y1)、Q(x2,y2)，联立x22+y2=1y=kx+k，得：(2k2+1)x2+4k2x+2k2-2=0．则PQ的中点M的横坐标为x1+x22=-2k21+2k2．∵△FMO是以OF为底边的等腰三角形，∴-2k22k2+1=-12，解得：k=±22．故选：B．由椭圆方程求得椭圆的焦点坐标，设出直线方程和椭圆方程联立，由根与系数关系结合中点坐标公式求出M的坐标，由-2k22k2+1=-12，求得直线l的斜率．本题考查了椭圆的简单几何性质，考查了直线与圆锥曲线的关系，是中档题．10.已知抛物线y2=2px(p>0)的焦点为F，准线为l，直线m过点F，且与抛物线在第一、四象限分别交于A，B两点，过A点作l的垂线，垂足为，若，则|BF|=(　　)A.P3B.P2C.2P3D.P【答案】C【解析】解：抛物线y2=2px(p>0)的焦点为F(p2,0)，准线为l：x=-p2，当直线m的斜率不存在时，|AA'|=p，不满足题意；当直线m的斜率存在时，设直线m的方程为y=k(x-p2)，5/6\n与抛物线联立，得y=k(x-p2)y2=2px，消去y整理得k2x2-(k2p+2p)x+k2p24=0，∴x1x2=p24，又|AA'|=2p，∴xA=32p，∴xB=p24×23p=p6，∴|BF|=xB-(-p2)=p6+p2=2p3．故选：C．讨论直线m的斜率不存在时，不满足题意；直线m的斜率存在时，设直线m的方程为y=k(x-p2)，与抛物线联立消去y得x1x2的值；利用|AA'|求出xA的值，再求xB的值，从而求得|BF|的值．本题考查了直线与抛物线方程的应用问题，也考查了分类讨论思想应用问题，是中档题．11.已知椭圆C的两个焦点分别是F1(-1,0)，F2(1,0)，短轴的两个端点分别为M，N，左右顶点分别为A1，A2，若△F1MN为等腰直角三角形，点T在椭圆C上，且TA2斜率的取值范围是[18,14]，那么TA1斜率的取值范围是(　　)A.[1,2]B.[-12,-14]C.[-4,-2]D.[-2,-1]【答案】C【解析】解：设椭圆方程为x2a2+y2b2=1(a>b>0)．由△F1MN为等腰直角三角形，且F1(-1,0)，得a2-b2=1b=1，解得a=2，b=1．则椭圆C的方程为x22+y2=1．则A1(-2,0)，A2(2,0)．设T(x0,y0)(x0≠±2)，则x022+y02=1，得y02x02-2=-12，∵kTA2=y0x0-2，kTA1=y0x0+2，∴kTA2⋅kTA1=y02x02-2=-12，又18≤kTA2≤14，∴18≤-12kTA1≤14，解得：-4≤kTA1≤-2．∴TA1斜率的取值范围是[-4,-2]．故选：C．由已知求得椭圆方程，分别求出A1，A2的坐标，再由斜率之间的关系列式求解．本题考查椭圆的简单性质，考查运算求解能力及推理运算能力，是中档题．12.如图：已知双曲线x2a2-y2b2(a>0,b>0)中，A1，A2为左右顶点，F为右焦点，B为虚轴的上端点，若在线段BF上(不含端点)存在不同的两点Pi(i=1,2)，使得△PiA1A2(i=1,2)构成以A1A2为斜边的直角三角形，则双曲线离心率e的取值范围是(　　)A.(2,1+52)B.(1,2)C.(2,+∞)D.(1+52,+∞)【答案】A【解析】解：由题意，F(c,0)，B(0,b)，则直线BF的方程为bx+cy-bc=0，∵在线段BF上(不含端点)存在不同的两点Pi(i=1,2)，使得△PiA1A2(i=1,2)构成以线段A1A2为斜边的直角三角形，∴bcb2+c2<a，∴e4-3e2+1<0，∵e>1，∴e<1+52∵在线段BF上(不含端点)有且仅有两个不同的点Pi(i=1,2)，使得∠A1PiA2=π2，可得a<b，∴a2<c2-a2，∴e>2，∴2<e<1+52．故选：A．求出直线BF的方程为bx+cy-bc=0，利用直线与圆的位置关系，结合a<b，即可求出双曲线离心率e的取值范围．本题考查双曲线的简单性质，考查离心率，考查直线与圆的位置关系，属于中档题．二、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13.“∃x0∈R,x02+2xo+m≤0”是假命题，则实数m的取值范围是______．【答案】(1,+∞)【解析】解：命题“∃x0∈R,x02+2xo+m≤0”是假命题，则命题的否定是：∀x0∈R，x02+2x0+m>0”是真命题，则△=22-4m<0，解得：m>1故答案为：(1,∞)．特称命题与其否定的真假性相反，求解全称命题是真命题，求出m的范围即可．本题考查命题的真假判断与应用，考查等价转化思想与运算求解能力，属于基础题．14.已知a=(2,-1,3),b=(-1,4,2),c=(-3,5,λ)，若a,b,c三向量共面，则实数λ=______．【答案】-1【解析】解：∵a=(2,-1,3),b=(-1,4,2),c=(-3,5,λ)，∴a,b不平行，∵a,b,c三向量共面，∴存在实数x，y，使c=xa+yb，∴2x-y=-3-x+4y=53x+2y=λ，解得x=-1，y=1，∴λ=-3+2=-1．故答案为：5/6\n-1．推导出a,b不平行，由a,b,c三向量共面，得存在实数x，y，使c=xa+yb，列方程组能求出λ．本题考查的知识点是共线向量与向量及平面向量基本定理等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．15.如图，60∘的二面角的棱上有A，B两点，直线AC，BD分别在这个二面角的两个半平面内，且都垂直于AB，已知AB=4，AC=6，BD=8，则CD的长为______．【答案】217【解析】解：由条件，知CD ⋅ AB =0, AB ⋅ BD =0，CD=CA+AB+BD．所以|CD|2=|CA|2+|AB|2+|BD|2+2CA⋅AB+2AB⋅BD+2CA⋅BD=62+42+82+2×6×8cos120∘=68所以CD=217．故答案为：217．由已知可得CD ⋅ AB =0, AB ⋅ BD =0，CD=CA+AB+BD，利用数量积的性质即可得出．本题考查面面角，考查空间距离的计算，熟练掌握向量的运算和数量积运算是解题的关键．16.椭圆有如下光学性质：从椭圆的一个焦点射出的光线，经椭圆反射，其反射光线必经过椭圆的另一焦点，已知椭圆C，其长轴的长为2a，焦距为2c，若一条光线从椭圆的左焦点出发，第一次回到焦点所经过的路程为5c，则椭圆C的离心率为______．【答案】23或45或27【解析】解：依据椭圆的光线性质，光线从左焦点出发后，有如图所示三种路径：图1中：4a=5c，则e=45；图2中：2(a-c)=5c，则e=27；图3中，2(a+c)=5c，则e=23．∴椭圆C的离心率为23或45或27，故答案为：23或45或27．由题意画出图形，分类求解得答案．本题考查椭圆的简单性质，考查数形结合的解题思想方法，是中档题．三、解答题（本大题共6小题，共70.0分）17.已知命题p：方程x24-k+y2k-1=1表示双曲线；命题q：(x-k)(x-k+1)<0，若￢p是￢q的充分不必要条件，求实数k的取值范围．【答案】解：p真：(4-k)(k-1)<0得k>4或k<1，q真：k-1<x<k，∵￢p是￢q的充分不必要条件，若￢p是￢q的充分不必要条件，则q是p的充分不必要条件∴q⇒p，p≠>q，则有k-1≥4或k≤1，∴k≥5或k≤1，即实数k的取值范围是k≥5或k≤1．【解析】求出命题p，q为真命题的等价条件，结合充分条件和必要条件的定义进行转化即可．本题主要考查充分条件和必要条件的应用，求出p，q为真命题的等价条件以及利用逆否命题的等价性进行转化是解决本题的关键．18.在直角坐标系xOy中，直线C1：x=-2，圆C2：(x-1)2+(y-2)2=1，以坐标原点为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系．(Ⅰ)求C1，C2的极坐标方程；(Ⅱ)若直线C3的极坐标方程为θ=π4(ρ∈R)，设C2与C3的交点为M，N，求△C2MN的面积．【答案】解：(Ⅰ)由于x=ρcosθ，y=ρsinθ，∴C1：x=-2的极坐标方程为ρcosθ=-2，故C 2：(x-1)2+(y-2)2=1的极坐标方程为：(ρcosθ-1)2+(ρsinθ-2)2=1，化简可得ρ2-(2ρcosθ+4ρsinθ)+4=0．(Ⅱ)把直线C3的极坐标方程θ=π4(ρ∈R)代入圆C2：(x-1)2+(y-2)2=1，可得ρ2-(2ρcosθ+4ρsinθ)+4=0，求得ρ1=22，ρ2=2，∴|MN|=|ρ1-ρ2|=2，由于圆C2的半径为1，∴C2M⊥C2N，△C2MN的面积为12⋅C2M⋅C2N=12⋅1⋅1=12．【解析】(Ⅰ)由条件根据x=ρcosθ，y=ρsinθ求得C1，C2的极坐标方程．(Ⅱ)把直线C3的极坐标方程代入ρ2-32ρ+4=0，求得ρ1和ρ2的值，结合圆的半径可得C2M⊥C2N，从而求得△C2MN的面积12⋅C2M⋅C2N的值．本题主要考查简单曲线的极坐标方程，点的极坐标的定义，属于基础题．19.如图：直三棱柱ABC-A1B1C1中，∠ACB=90∘，BC=AC=2，AA1=4，D为棱CC1上的一动点，M，N分别是△ABD，△A1B1D的重心，(1)求证：MN⊥BC；(2)若点C在△ABD上的射影正好为M，求DN与面ABD所成角的正弦值．5/6\n【答案】证明：(1)有题意知，CC1，C1A1，C1B1两两互相垂直，以C1为原点建立空间直角坐系如图所示，则A1(2,0，0)，B1(0,2，0)，A(2,0，4)，B(0,2，4)设D(0,0，a)(0<a<4)C(0，0，4)∵M，N分别为△ABD和△A1B1D的重心∴M(23,23,8+a3),N(23,23,a3)，BC=(0,-2,0),MN=(0,0,-83)，∴BC⋅MN=0，∴BC⊥MN，∴BC⊥MN．解：(2)∵C在△ABD上的射影为M，∴CM⊥面ABD，CM=(23,23,a-43)，又AB=(-2,2,0),DA=(2,0,4-a)，CM⋅AB=0CM⋅DA=0，得43-(a-4)23=0，解得得a=2，或a=6(舍)∴a=2，∴D(0,0,2),N(23,23,23)，DN=(23,23,-43)，设面ABD的法向量为m=(x,y，z)，则m⋅AB=-2x+2y=0m⋅DA=2x+2z=0，取x=1，得m=(1,1，-1)，设DN与平面ABD所成角为θ则sinθ=|m⋅DN||m|⋅|DN|=833⋅249=223，∴DN与平面ABD所成角的正弦值为223．【解析】(1)由CC1，C1A1，C1B1两两互相垂直，以C1为原点建立空间直角坐系，利用向量法能证明MN⊥BC．(2)求出面ABD的法向量，利用向量法能求出DN与平面ABD所成角的正弦值．本题考查线线垂直的证明，考查线面角的正弦值的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查运算求解能力，是中档题．20.设抛物线C：x2=4y，点P(1,0)，过点P作直线l，(1)若l与C只有一个公共点，求l的方程(2)l过C的焦点F，交C与A，B两点，求：①弦长|AB|； ②以A，B为直径的圆的方程．【答案】解：(1)若l的斜率不存在，则l：x=1，符合题意；………1分若l的斜率存在，设斜率为k，则l：y=k(x-1)；……2分由x2=4yy=k(x-1)，消去y得x2-4kx+4k=0，由△=16k2-16k=0，解得k=0或k=1，∴直线l的方程为：y=0或y=x-1；………………………5分综上所述，直线l的方程为：x=1或y=0或y=x-1；…………6分(2)抛物线的焦点为F(0,1)，直线l的方程为：y=-x+1；设A(x1,y1)，B(x2,y2)，由x2=4yy=-x+1，消去x得y2-6y+1=0，∴y1+y2=6；又|AB|=y1+y2+p，∴|AB|=8；……………………9分以AB为直径的圆的半径为r=12|AB|=4；设AB的中点为M(x0,y0)，则y0=3，∴x0=-2，∴圆心为M(-2,3)，∴所求圆的方程为(x+2)2+(y-3)2=16；综上所述，|AB|=8，所求圆的方程为(x+2)2+(y-3)2=16.…………………12分．【解析】(1)讨论l的斜率不存在和斜率存在时，分别求出直线l的方程即可；(2)写出直线l的方程，与抛物线方程联立求得弦长|AB|，再求以AB为直径的圆的方程．本题考查了直线与圆以及抛物线方程的应用问题，是中档题．21.如图(1)，在等腰梯形CDEF中，CB，DA是梯形的高，AE=BF=2，AB=22，现将梯形沿CB，DA折起，使EF//AB且EF=2AB，得一简单组合体ABCDEF如图(2)示，已知M，N分别为AF，BD的中点．(Ⅰ)求证：MN//平面BCF；(Ⅱ)若直线DE与平面ABFE所成角的正切值为22，则求平面CDEF与平面ADE所成的锐二面角大小．【答案】证明：(Ⅰ)连AC，∵四边形ABCD是矩形，N为BD中点，∴N为AC中点．在△ACF中，M为AF中点，故MN//CF．∵CF⊂平面BCF，MN⊄平面BCF，∴MN//平面BCF．(Ⅱ)依题意知DA⊥AB，DA⊥AE且AB∩AE=A∴AD⊥平面ABFE，∴DE在面ABFE上的射影是AE．∴∠DEA就是DE与平面ABFE所成的角．故在Rt△DAE中：tan∠DEA=DAAE=DA2=22∴AD=2, DE=6．设P∈EF且5/6\nAP⊥EF，分别以AB，AP，AD所在的直线为x，y，z轴建立空间直角坐标系，则A(0,0,0),D(0,0,2),E(-2,2,0),F(32,2,0)∴AD=(0,0,2), AE=(-2,2,0), DE=(-2,2,-2), DC=(22,0,0)设m=(x,y,z), n=(r,s,t)分别是平面ADE与平面CDFE的法向量令m⋅AD=0m⋅AE=0  ,n⋅DC=0n⋅DE=0，即2z=0-2x+2y=0  ,22x=0-2x+2y-2z=0取m=(1,1,0), n=(0,1,1)则cos<m,n>=m⋅n|m|⋅|n|=12∴平面ADE与平面CDFE所成锐二面角的大小为π3．【解析】(I)连结AC，通过证明MN//CF，利用直线与平面平行的判定定理证明MN//平面BCF．(II)先由线面垂直的判定定理可证得AD⊥平面ABFE，可知∠DEA就是DE与平面ABFE所成的角，解Rt△DAE，可得AD及DE的长，分别以AB，AP，AD所在的直线为x，y，z轴建立空间直角坐标系，求出平面ADE与平面CDFE的法向量，代入向量夹角公式，可得答案．本题考查的知识点是用空间向量求平面间的夹角，直线与平面垂直的判定与性质，直线与平面平行的判定，线面夹角，是立体几何知识的综合考查，难度较大．22.已知椭圆E的中心在原点，焦点在x轴上，椭圆上的点到焦点的距离的最小值为2-1，离心率e=22．(Ⅰ)求椭圆E的方程；(Ⅱ)过点(1,0)作直线l交E于P、Q两点，试问在x轴上是否存在一定点M，使MP⋅MQ为定值？若存在，求出定点M的坐标；若不存在，请说明理由．【答案】解：(Ⅰ)a-c=2-1e=ca=22⇔a=2c=1b=1，∴所求椭圆E的方程为：x22+y2=1(5分)(Ⅱ)当直线l不与x轴重合时，可设直线l的方程为：x=ky+1x=ky+1x2+2y2=2(2)(1)，把(2)代入(1)整理得：(k2+2)y2+2ky-1=0(3)∴y1+y2=-2kk2+2y1⋅y2=-1k2+2，(8分)假设存在定点M(m,0)，使得MP⋅MQ为定值MP⋅MQ=(x1-m,y1)⋅(x2-m,y2)=(x1-m)(x2-m)+y1y2=(ky1+1-m)(ky2+1-m)+y1y2=(k2+1)y1y2+k(1-m)(y1+y2)+(1-m)2=-(k2+1)k2+2-2k2(1-m)k2+2+(1-m)2=(2m-3)k2-1k2+2+(1-m)2=(2m-3)(k2+2)+(5-4m)k2+2+(1-m)2当且仅当5-4m=0，即m=54时，MP⋅MQ=-716(为定值).这时M(54,0)(12分)再验证当直线l的倾斜角α=0时的情形，此时取P(-2,0)，Q(2,0)MP=(-2-54,0)，MQ=(2-54,0)MP⋅MQ=(-2-54)⋅(2-54)=-716∴存在定点M(54,0)使得对于经过(1,0)点的任意一条直线l均有MP⋅MQ=-716(恒为定值)．【解析】(Ⅰ)a-c=2-1e=ca=22⇔a=2c=1b=1，由此能导出所求椭圆E的方程．(Ⅱ)当直线l不与x轴重合时，可设直线l的方程为：x=ky+，由1x=ky+1x2+2y2=2(2)(1)，整理得：(k2+2)y2+2ky-1=0，y1+y2=-2kk2+2y1⋅y2=-1k2+2，假设存在定点M(m,0)，使得MP⋅MQ为定值.由此入手能够推导出存在定点M(54,0)，使得对于经过(1,0)点的任意一条直线l均有MP⋅MQ=-716(恒为定值)．本题考查椭圆方程的求法和点M的存在性质的判断.解题时要认真审题，注意挖掘题设中的隐含条件，灵活运用椭圆的性质，合理地进行等价转化．5/6