河北省唐山市唐山一中2022学年度高二数学开学调研试卷 文

2022～2022学年度第二学期开学考试高二年级数学试卷（文科）说明：1．考试时间120分钟，满分150分。2．将卷Ⅰ答案用2B铅笔涂在答题卡上，卷Ⅱ用黑色钢笔或签字笔答在试卷上。3．Ⅱ卷卷头和答题卡均填涂本次考试的考号，不要误填学号，答题卡占后5位。第Ⅰ卷（选择题共60分）一、选择题（共12小题，每小题5分，计60分.）1.抛物线的焦点坐标为（）A.B.C.D.2.已知函数的导函数的图象如图所示，那么函数的图象最有可能的是（）ABCD3.若双曲线的离心率为，则其渐近线方程为（）A．B．C．D．4.给出下列四个命题：①分别与两条异面直线都相交的两条直线一定是异面直线；②若一个平面经过另一个平面的垂线，那么这两个平面相互垂直；③垂直于同一直线的两条直线相互平行；④若两个平面垂直，那么一个平面内与它们的交线不垂直的直线与另一个平面也不垂直．其中为真命题的是（）A.②和④B．②和③C．③和④D．①和②85.已知抛物线的焦点F恰为双曲线的右焦点,且两曲线交点的连线过点F,则双曲线的离心率为（）A.B.C.D.6.已知：命题P：，总有|x|≥0；命题q：x=1是方程x2+x+1=0的根，则下列命题为真命题的是（）A．p∧qB．p∧qC．p∧qD．p∧q7.已知A(－3,0)，B(0,4)，M是圆C:x2+y2－4x=0上一个动点，则△MAB的面积的最小值为（）A．4B．5C．10D．158.设A、B、C、D是球面上的四点，AB、AC、AD两两互相垂直，且，，，则球的表面积为(　　)A.B.C.D.9.如果点P在平面区域上，点Q在曲线x2＋(y＋2)2＝1上，那么|PQ|的最大值为()A.5B.C．2+1D.－110.设a∈R，若函数有大于零的极值点，则（）A．B．C．D．11．设p：在内单调递增，，则是的（）A．必要不充分条件B．充分不必要条件C．充分必要条件D．既不充分也不必要条件812.已知椭圆C:(a>b>0)的左右焦点分别为F1，F2，焦距为2c.若直线y=(x+c)与椭圆C的一个交点M满足∠MF1F2=2∠MF2F1,则C的离心率为()A.-1B.C.-1D.二、填空题（每小题5分，共20分）13.命题p：“”的否定是_________．14．曲线在点处的切线的一般式方程为__________．15.已知双曲线左、右焦点分别为，过点作与轴垂直的直线与双曲线一个交点为，且，则双曲线的渐近线方程为_______.16.已知圆与圆，在下列说法中：①对于任意的，圆与圆始终有四条公切线；②对于任意的，圆与圆始终相切；③分别为圆与圆上的动点，则的最大值为4．其中正确命题的序号为___________.三、解答题（本大题共6小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．）17（10分）直线:y=x-1与抛物线C:y2=2px(p>0)相交于A,B两点,且直线过C的焦点.(Ⅰ)求抛物线C的方程.(Ⅱ)若以AB为直径作圆Q,求圆Q的方程.18（12分）已知直线的方程为，，点的坐标为．（Ⅰ）求证：直线恒过定点，并求出定点坐标；8（Ⅱ）设点在直线上的射影为点，点的坐标为，求||的取值范围．19（12分）如图，在三棱柱ABC－A1B1C1中，侧棱垂直于底面，AB⊥BC，E、F分别为A1C1和BC的中点.（Ⅰ）求证：平面ABE⊥平面B1BCC1；（Ⅱ）求证：C1F//平面ABE.ABCDEFG20.（12分)如图，E为矩形ABCD所在平面外一点，平面ABE，AE=EB=BC=2，F为CE上的点，且平面ACE，（Ⅰ）求证：平面BCE；（Ⅱ）G为矩形ABCD对角线的交点，求三棱锥C—BGF的体积。21.（12分）已知椭圆的长轴长为，离心率为，分别为其左右焦点。（Ⅰ）求椭圆的方程；（Ⅱ）在抛物线上有两点，椭圆上有两点，满足与共线，与共线，且，直线的斜率为（≠0）求四边形面积（用表示）.22（12分）已知函数（Ⅰ）若函数在处的切线方程为，求的值；（Ⅱ）讨论方程解的个数，并说明理由。8高二文科数学试题参考答案一选择题1B;2A;3B;4A;5D;6A;7B;8B;9A;10A;11B;12C.二填空题13.；14.；15.；16.②③。三解答题17(Ⅰ)∵直线l:y=x-1过C的焦点F(,0),∴0=-1,解得p=2,∴抛物线C的方程为y2=4x.(Ⅱ)联立解方程组消去y得x2-6x+1=0,设A(x1,y1),B(x2,y2),则x1+x2=6,x1x2=1,y1+y2=(x1-1)+(x2-1)=(x1+x2)-2=6-2=4,∴圆Q的圆心Q(,),即Q(3,2),半径r=+=+=4,∴圆Q的方程为(x-3)2+(y-2)2=16.18解：（1）由得，所以直线恒过直线与直线交点，解方程组得，所以直线恒过定点，且定点为．（Ⅱ）因为直线绕着点旋转，所以点在以线段为直径的圆上，其圆心为点，半径为，因为的坐标为，所以，从而．19证明：（Ⅰ）∵BB1⊥平面ABC，AB平面ABC∴AB⊥BB1又AB⊥BC，BB1∩BC=B∴AB⊥平面B1BCC1而AB平面ABE∴平面ABE⊥平面B1BCC1（Ⅱ）取AC的中点G，连结C1G、FG8∵F为BC的中点∴FG//AB又E为A1C1的中点∴C1E//AG，且C1E=AG∴四边形AEC1G为平行四边形∴AE//C1G∴平面C1GF//平面EAB而C1F平面C1GF∴C1F//平面EAB.20解：（Ⅰ）证明：平面ABE，AD//BC。平面ABE，则又平面ACE，则又平面BCE。（Ⅱ）由题意，得G是AC的中点，而BC=BE，F是EC的中点AE//FG，且而平面BCE,∴平面BＣＦ。21（Ⅰ）由已知可得，则所求椭圆方程.（Ⅱ）直线的斜率为，,设直线的方程为：直线PQ的方程为，8设由，消去可得由抛物线定义可知：由，消去得，从而，∴22（Ⅰ）因为：，又在处的切线方程为所以解得：（Ⅱ）当时，在定义域上恒大于，此时方程无解；当时，在上恒成立，所以在定义域上为增函数。，，所以方程有惟一解。当时，因为当时，，在内为减函数；当时，在内为增函数。8所以当时，有极小值即为最小值当时，，此方程无解；当时，此方程有惟一解。当时，因为且，所以方程在区间上有惟一解，因为当时，，所以所以因为，所以所以方程在区间上有惟一解。所以方程在区间上有惟两解。综上所述：当时，方程无解；当时，方程有惟一解；当时方程有两解。8