江苏省无锡市宜兴市周铁学区2022届九年级物理上学期期中试题含解析苏科版

2022-2022学年江苏省无锡市宜兴市周铁学区九年级（上）期中物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）1．如图所示的简单机械，在使用中属于费力杠杆的是()A．羊角锤B．镊子C．瓶起子D．托盘天平2．速度是表示物体运动快慢的物理量，它是用路程和时间的比值来定义的，下列物理量所采用的定义方法与速度不一样的是()A．功B．功率C．热值D．比热容3．关于功、功率、机械效率的说法，下列选项中正确的是()A．功率越大的机器做功一定越多B．机械效率越大，做的有用功一定越多C．机械效率越大，功率越大D．功率越大，做功越快4．把上紧发条的玩具车放置在水平桌面上，玩具车由静止开始加速跑动，此过程中玩具车能量的变化情况是()A．弹性势能减小，动能增大B．弹性势能减小，动能减小C．弹性势能增大，动能增大D．弹性势能增大，动能减小5．如图，同一小球在同一高度以相同速度向三个不同方向抛出（不计空气阻力和摩擦），设小球刚落地时的速度分别为V1、V2、V3，则：()\nA．V1＞V2＞V3B．V1＜V2＜V3C．V1=V2=V3D．无法确定6．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是()A．物体的温度越高，所含的热量越多B．0℃的冰没有内能C．一个物体吸收热量时，温度不一定升高D．温度高的物体内能一定大7．下列情况中，力对物体做功的是()A．苹果从树上掉下来B．起重机提着重物在水平方向上运动C．用力推桌子，桌子未动D．举重运动员举着杠铃在空中停留3s8．如图所示的电路中，电流表测量的是()A．通过灯L1的电流B．通过灯L2的电流C．通过灯L1和灯L2的电流之和D．电源供给电路的总电流9．如图所示的电路中，电池组电压为4.5V，闭合开关后，电压表的示数是1.5V，则灯Ll两端的电压是()A．6VB．4.5VC．3VD．1.5V10．如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S后，灯L1、L2都发光．一段时间后，其中一灯突然熄灭，而电流表、电压表的示数都不变，则产生这一现象的原因是()A．灯L1短路B．灯L2短路C．灯L1断路D．灯L2断路\n11．骑自行车上一个陡坡时，有经验的同学会沿S型路线骑行，他这样做是为了()A．缩短上坡过程中所走的路程B．减少上坡过程中所做的功C．减小上坡过程中所施加的力D．缩短上坡过程中所用的时间12．如图所示，用手沿竖直方向匀速拉一个动滑轮，使挂在下面重为G的物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力G，则动滑轮的机械效率η与物体重力G的关系可能符合下列图中的()A．B．C．D．二、填空题（每空1分，共24分）13．在图中，A装置是__________滑轮（选填“定”或“动”）．若用30N的拉力将旗帜匀速提升10m，则拉力所做的功为__________J．14．如图所示，一个质量为50kg的人，在10s内连续向上跳12个台阶，已知每个台阶的高度为0.2m，则这个人在这段时间内做功的功率是__________W（g取10N/kg），在这个过程中，他的__________能一定在增大．15．如图所示，在测定杠杆机械效率的实验中，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使挂在杠杆OB下面的物块缓慢上升至虚线位置，测力计的示数F为__________N，测力计上升的高度s为0.2m．物块重G为1.5N，物块上升的高度h为0.3m，则杠杆的机械效率为__________%，使用该杠杆做额外功的一个原因是__________．\n16．质量为2kg的水在太阳的照射下，温度升高50℃，水吸收的热量为__________J，这是通过__________的方法改变了水的内能．若使相同质量的煤油和水升高相同温度，则煤油吸收的热量__________水吸收的热量（选填“大于”、“等于”或“小于”）．（水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤油的比热容为2.1×103J/（kg•℃）17．如图，在透明塑料盒的底部钻一个孔，把电子式火花发生器的放电针管紧紧地塞进孔中，打开盒盖，向盒中滴入数滴酒精，再将盒盖盖紧，然后揿动电火花发生器的按钮，会观察到盒盖会弹开．根据这个原理，可以制造出一种将__________能转化为__________能的机器．18．如图所示是汽油机工作循环中的__________冲程，如果一台单缸四冲程汽油机的飞轮转速是1800r/min，则汽油机每秒对外做功__________次．19．电路就是用导线把电源、__________、开关等元件连接起来组成的电流的路径，蓄电池作为电源使用时将__________能转化为电能．20．在节日里用来烘托气氛的节日小彩灯是__________连接的（选填“串联”或“并联”）．工作时通过每盏灯的电流约为0.2A，合__________mA．家庭电路电压为__________V．21．如图1所示电路中，开关闭合后，电流表A1与A2指针指示的位置都如图2所示，则通过灯L1电流是__________A，通过灯L2电流是__________A．\n22．如图所示，要使灯L1和L2串联，应闭合开关__________；要使灯L1和L2并联，应闭合开关__________．若将__________同时闭合，可能会烧毁电源和导线．三、解答题（本题共6题，共32分．）23．如图中的羊角锤可以看成是一个杠杆，请在图中画出使用该羊角锤拔钉子时的最小力F1及阻力F2．24．根据电路连接的实物图，在虚线框内画出相应的电路图．25．物理实验小组的同学，利用如图所示的装置，在杠杆支点的两边分别挂上钩码来探究杠杆的平衡条件．（1）如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向__________（选填“左”或“右”）移动，将杠杆调在水平位置的目的是为了方便测量__________．（2）实验中测得的数据如表所示，表格中漏填的数据为__________N．测量序号动力F1/N动力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm①120210②2151.520③3515\n（3）有的同学按现有方案得出如下结论：“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”．这个结论与杠杆平衡条件不符，原因是实验过程中__________（填字母）．A．没有改变力的大小B．没有改变力的方向C．没有改变力的作用点D．实验次数较少，结论具有偶然性．26．小明猜想：动能的大小可能与物体的质量与物体的速度有关．因此．他设计了如下两种实验方案：A．让同一辆小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑．与放在水平面上的木块相碰，比较木块在水平面上移动的距离（如图1所示）．B．让不同质量的小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑，与放在水平面上的木块相碰．比较木块在水平面上移动的距离（如图2所示）．上述两种实验方案中：（1）A方案是为了探究动能大小与__________关系，若木块被撞后移动的距离越远．说明小车对木块的推力__________越多，小车撞击木块时的动能__________．（2）小明想用B方案探究动能大小与质量的关系．该方案是否合理？__________．理由是__________．27．如图所示是“比较水和沙子吸收升温的属性”的实验装置．（1）（1）除了图示的器材外，本实验要用到的测量工具还有__________；加热过程中，用搅棒搅动的目的是：__________，水和沙子吸热的多少可以通过__________来反映的．（选填“温度计示数的升高值”或“加热时间”）（2）在本实验中，可用来比较水和沙子吸热升温本领的方法是：若加热时间相同，比较__________；若温度计示数的升高值相同，比较__________．（3）关于该实验的变量控制，下列要求中不正确的是__________．（填字母）A、采用相同的加热方法（如酒精灯火焰的大小，与易拉罐底的距离等）B、易拉罐中分别装入相同体积的水和沙C、使用相同易的拉罐D、让装置处于相同的外部环境下．\n28．物理课上，老师给同学们出示了一个有盖的木盒，盒盖上可看到两只灯泡和一只开关（导线的连接情况隐藏在盒内），如图所示．（1）当老师闭合开关时，两只小灯泡都亮了，断开开关，两灯泡又熄灭．①请你判断：在这个木盒内，除了导线，一定还有另外一个电路元件，它是__________．②根据上述现象，你__________（能/不能）断定这两只小灯泡是串联的．如果能，请写出依据；如果不能，请写出在不打开盒盖的情况下判断两灯泡连接方式的方法：__________．（2）经过检验，确认这两只灯泡确实是串联的，但在老师闭合开关的时候，细心的小华观察到灯L1比L2亮些．她认为这是因为L1比L2更靠近电源正极的缘故．你认为小华的判断是__________（正确/错误）的．在不增加其他器材的条件下，能验证小华的判断是否正确的做法是__________．L1电流/AL2电流/A干路电流/A0.160.160.32（3）右表是小亮同学在实验中用两盏规格相同的小灯泡测得的实验数据．由实验数据小亮得出的实验结论是：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，且各支路的电流相等．请指出小亮的探究过程的两点不妥之处：①__________，②__________．29．有一款太阳能热水器，铭牌上的部分参数如表所示，将它安装在阳光充足的楼顶上，并送满水．型号JL﹣88水容量/L80自身质量/kg40（1）无锡地区（晴天）平均每平方米的面积上，每小时接收的太阳能约为2.8×106J．若该热水器接受太阳能的有效面积为1.5m2，每天日照时间按8h计算，且假设这些太阳能有60%被热水器中的水吸收的，则可使水温升高多少？[c水=4.2×103J/（kg•℃）]（2）若该热水器一天中接收的太阳能，由燃烧煤气（热值q=4.2×107J/kg）来获得，则需要完全燃烧多少千克煤气？（3）请说出使用太阳能热水器的一个优点．\n\n2022-2022学年江苏省无锡市宜兴市周铁学区九年级（上）期中物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）1．如图所示的简单机械，在使用中属于费力杠杆的是()A．羊角锤B．镊子C．瓶起子D．托盘天平【考点】杠杆的分类．【专题】应用题．【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．【解答】解：羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故选B．【点评】此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力．2．速度是表示物体运动快慢的物理量，它是用路程和时间的比值来定义的，下列物理量所采用的定义方法与速度不一样的是()A．功B．功率C．热值D．比热容【考点】物理学方法．【分析】速度虽是表示物体运动快慢的物理量，但它是用路程和时间的比值来定义的，这种定义物理量的方法叫比值定义法．分析各选项的定义方法，即可得出正确结果．【解答】解：A、功是力和物体在力的方向上移动的距离的乘积来定义的；所采用的定义方法与速度不相同，符合题意．\nB、功率是用所做的功和做功时所用时间的比值来定义的；所采用的定义方法与速度相同，不符合题意．C、热值是利用物体放出的热量与物体质量的比值，所采用的定义方法与速度相同，不符合题意．D、比热容是利用物体吸收的热量与物体的质量及升高温度的比值定义的，所采用的定义方法与速度相同，不符合题意．故选A．【点评】比值定义法在物理学中应用很多，很多物理量均采用了此种定义法．3．关于功、功率、机械效率的说法，下列选项中正确的是()A．功率越大的机器做功一定越多B．机械效率越大，做的有用功一定越多C．机械效率越大，功率越大D．功率越大，做功越快【考点】机械效率；功率的概念．【专题】功、功率、机械效率．【分析】根据功、功率、机械效率的关系分析．功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量；机械效率是有用功与总功的比值．【解答】解：A、机器的功率大，说明做功快，但不能说明做功多，故A错；B、机械效率越大，说明有用功与总功的比值大，做的有用功不一定越多，故B错；C、机械效率越大，说明有用功与总功的比值大，做功不一定快，功率不一定大，故C错；D、功率是表示做功快慢的物理量，机器的功率越大、做功就越快，故D正确．故选D．【点评】本题考查了功、功率、机械效率的关系．功率由功和时间共同决定，机械效率由有用功和总功共同决定．4．把上紧发条的玩具车放置在水平桌面上，玩具车由静止开始加速跑动，此过程中玩具车能量的变化情况是()A．弹性势能减小，动能增大B．弹性势能减小，动能减小C．弹性势能增大，动能增大D．弹性势能增大，动能减小【考点】动能和势能的大小变化．【专题】应用题．【分析】机械能包括动能和势能，势能又包括重力势能和弹性势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关；弹性势能的大小与发生弹性形变的程度有关．【解答】解：玩具车由静止开始加速跑动，说明它的速度在增大，速度越大、动能越大；故玩具车的动能增大；上紧发条的玩具车，在跑动的过程中，发条变松弛，即弹性形变减小，故弹性势能减小；故A正确；BCD错误；故选A．【点评】抓住影响动能和弹性势能的因素，可对物体的动能和弹性势能变化做出判断，判断时，要抓住题干中的关键词．5．如图，同一小球在同一高度以相同速度向三个不同方向抛出（不计空气阻力和摩擦），设小球刚落地时的速度分别为V1、V2、V3，则：()\nA．V1＞V2＞V3B．V1＜V2＜V3C．V1=V2=V3D．无法确定【考点】速度与物体运动；动能和势能的转化与守恒；机械能守恒条件．【专题】应用题．【分析】抓住题目中的条件﹣﹣不计空气阻力和摩擦，势能和动能转化时，机械能守恒；小球抛出和落地时的机械能相等，也就是落地时的动能相等，然后判断出速度相等．【解答】解：小球从抛出到落地，发生了重力势能和动能的转化；在不计空气阻力和摩擦的条件下，转化过程中，机械能守恒，即机械能的总和不变．小球抛出时的机械能与小球落地时的机械能相等；而小球落地时的势能为零，故机械能大小就是动能大小，即动能相等所以速度相同，v1=v2=v3．故选C．【点评】本题考查了势能与动能间转化时的规律，特别要注意题目的条件，才能判断机械能是否守恒．6．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是()A．物体的温度越高，所含的热量越多B．0℃的冰没有内能C．一个物体吸收热量时，温度不一定升高D．温度高的物体内能一定大【考点】温度、热量与内能的关系．【专题】分子热运动、内能．【分析】（1）一切物体都具有内能，内能包括分子动能和分子势能，所以，内能的大小与物体的温度、质量和体积有关；（2）热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递中，只能说吸收或放出热量，不能说含有或者具有热量；【解答】解：A、热量是一过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有．故B错误．B、一切物体都具有内能，0℃的冰也具有内能，故B错误；C、物体吸收热量，温度可以不升高，例如晶体熔化过程中，吸收热量，但温度不变，故C正确；D、因为内能的大小与物体的温度、质量和体积都有关．故D错误．故选C．【点评】本题是一道综合题，主要考查学生对内能、温度、热量的理解，是中考的热点，热学的难点．要特别注意：温度升高，内能一定增加；但是，内能增加，温度不一定升高．7．下列情况中，力对物体做功的是()A．苹果从树上掉下来B．起重机提着重物在水平方向上运动C．用力推桌子，桌子未动D．举重运动员举着杠铃在空中停留3s\n【考点】力是否做功的判断．【专题】功、功率、机械效率．【分析】判断人是否做功的依据就是看在这个过程中，是否同时具备做功的两个必要因素：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过了距离．【解答】解：A、苹果从树上掉下来，物体在重力的方向上通过了距离，故重力对物体做功，符合题意；B、起重机提着重物在水平方向上运动，施加的力竖直向上，在力的方向上没有移动距离，所以起重机对重物没有做功，不符合题意；C、用力推桌子，桌子未动，有力但物体没有移动距离，故不做功，不符合题意；D、举重运动员举着杠铃在空中停留3s，运动员对杠铃施加了一个竖直向上的力，但在竖直方向没有移动距离，所以运动员没有做功，不符合题意．故选A．【点评】明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直．8．如图所示的电路中，电流表测量的是()A．通过灯L1的电流B．通过灯L2的电流C．通过灯L1和灯L2的电流之和D．电源供给电路的总电流【考点】电流表的使用．【分析】电流表的正确使用方法：串联在被测电路中；电流要从“+”接线柱流入电流表，“﹣”接线柱流出电流表；不要超出电流表的量程；绝对不允许不经过任何用电器直接把电流表接在电源的两极上．【解答】解：从电路图中可以看出，电流表和灯泡L2串联，因此电流表测量的是灯泡L2中的电流．故选B【点评】正确使用电流表是初中学生学习应掌握的一种基本测量仪器．本题考查了电流表的使用．电流表要测量哪个电灯的电流就要与哪个电灯串联，且接线柱要接正确．9．如图所示的电路中，电池组电压为4.5V，闭合开关后，电压表的示数是1.5V，则灯Ll两端的电压是()\nA．6VB．4.5VC．3VD．1.5V【考点】串联电路的电压规律．【专题】应用题；电压和电阻．【分析】由图可知，两灯泡串联，电压表测量灯L2两端的电压；并且串联电路两端的总电压等于各串联导体两端的电压之和．【解答】解：因为两灯泡串联，电压表测量灯L2两端的电压，而闭合开关后，灯L2两端的电压是1.5V，所以灯Ll两端的电压为4.5V﹣1.5V=3V．故选C．【点评】本题考查了串联电路的电压特点，关键是认清电路，以及电压表测量的对象，并且知道一节干电池的电压为1.5V．10．如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S后，灯L1、L2都发光．一段时间后，其中一灯突然熄灭，而电流表、电压表的示数都不变，则产生这一现象的原因是()A．灯L1短路B．灯L2短路C．灯L1断路D．灯L2断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【专题】逆推法．【分析】分析电路知：灯泡L1L2并联，电压表测量电源电压，电流表测量L1支路电流．并联电路各用电器工作状态互不影响．【解答】解：因为电压表测量电源电压，所以示数始终不变．A、如果灯L1短路，L1不亮，电流表示数迅速增大，灯泡L2熄灭．此选项不符合题意；B、如果灯泡L2短路，两灯都不亮，电流表示数减小为零．此选项不符合题意；C、如果灯L1断路，电流表断路示数为零，灯泡L2亮度不变．此选项不符合题意；D、如果灯泡L2断路，L2不亮，L1正常发光，电流表示数正常．此选项符合题意．故选D．【点评】电路故障问题是电学考查的热点、难点，解决的一般方法是将各选项代入题目，根据出现的现象是否与题目叙述的现象一致，最终确定正确答案．11．骑自行车上一个陡坡时，有经验的同学会沿S型路线骑行，他这样做是为了()A．缩短上坡过程中所走的路程B．减少上坡过程中所做的功C．减小上坡过程中所施加的力D．缩短上坡过程中所用的时间【考点】轮轴及其他常见简单机械．【专题】简单机械．【分析】本题由斜面模型及功的原理进行分析．①使用任何机械都不省功；②斜面坡度越小越省力，即斜面高度一定，斜面越长越省力．【解答】解：A、上坡时，自行车上升的高度不变，走S形路线所走的路线较长，A不正确．B、使用任何机械都不省功，B不正确．\nC、上坡时，走S形路线所走的路线较长，相当于增长了斜面的长度，斜面越长越省力．C正确．D、速度一定，走S形路线所走的路线较长，所用的时间较长．D不正确．故选C．【点评】斜面模型是物理中考的最多的一种运动学模型，应认真分析．12．如图所示，用手沿竖直方向匀速拉一个动滑轮，使挂在下面重为G的物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力G，则动滑轮的机械效率η与物体重力G的关系可能符合下列图中的()A．B．C．D．【考点】滑轮（组）的机械效率．【专题】功、功率、机械效率．【分析】从题可知，动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，首先根据影响摩擦力大小的因素判断出绳与滑轮间的摩擦，再利用公式η=×100%判断出动滑轮的机械效率η与物体重力G的关系．【解答】解：动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，从摩擦角度考虑，随着物体重力的增加，滑轮与绳子间摩擦会一定程度增大．同时，物重增大，有用功逐渐增大，有用功占总功的比值在增大，所以机械效率逐渐增大，但由于摩擦也在增大，故机械效率η与物体重力G的关系并不成正比，故A正确符合题意．故选：A．【点评】本题考查了使用动滑轮时机械效率的计算，要知道提升物重大小对机械效率的影响（同一滑轮组，机械效率随物重的增大而增大）．二、填空题（每空1分，共24分）13．在图中，A装置是定滑轮（选填“定”或“动”）．若用30N的拉力将旗帜匀速提升10m，则拉力所做的功为300J．【考点】功的计算；定滑轮及其工作特点．【分析】旗杆顶端滑轮属于定滑轮，运用做功计算公式W=FS直接代入计算即可．【解答】解：（1）由图可知，A装置工作时不随国旗移动，属于定滑轮．\n（2）使用定滑轮时拉力移动距离等于旗帜上升的高度，即S=h=10m，所以W=FS=30N×10m=300J故答案为：定300【点评】本题结合定滑轮的特点：可以改变力的方向且不省距离．考查了根据做功公式进行的简单计算14．如图所示，一个质量为50kg的人，在10s内连续向上跳12个台阶，已知每个台阶的高度为0.2m，则这个人在这段时间内做功的功率是120W（g取10N/kg），在这个过程中，他的重力势能一定在增大．【考点】功率的计算；动能和势能的大小变化．【专题】应用题；功、功率、机械效率；机械能及其转化．【分析】（1）利用功的公式W=Fs和功率的公式P=计算功率；（2）重力势能的大小与物体的质量和高度有关．【解答】解：质量为50kg的人，所受重力G=mg=50kg×10N/kg=500N，在10s内连续向上跳12个台阶，已知每个台阶的高度为0.2m，那么他做的功：W=Fs=500N×0.2m×12=1200J，功率：P===120W；该过程中，人的质量不变，所处高度变大，重力势能移动变大．故答案为：120；重力势．【点评】求解这类题目，要联立功的公式和功率的公式综合求解．15．如图所示，在测定杠杆机械效率的实验中，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使挂在杠杆OB下面的物块缓慢上升至虚线位置，测力计的示数F为2.5N，测力计上升的高度s为0.2m．物块重G为1.5N，物块上升的高度h为0.3m，则杠杆的机械效率为90%，使用该杠杆做额外功的一个原因是由于使用杠杆时需要克服杠杆自重（克服摩擦力）等做功．【考点】杠杆机械效率的测量实验．【专题】实验题；压轴题．【分析】（1）对弹簧测力计进行读数时，需看清弹簧测力计的分度值，然后根据指针位置进行读数．\n（2）在实验中，弹簧测力计向上拉力做的功是总功，克服钩码重力做的功是有用功，克服摩擦以及杠杆自重做的功是额外功；杠杆的机械效率可以根据公式η=来计算．【解答】解：（1）弹簧测力计的分度值是0.1N，读数是：2.5N；（2）W有用=Gh=1.5N×0.3m=0.45J；W总=FS=2.5N×0.2m=0.5J；η=×100%=×100%=90%（3）因为杠杆自身有重力，提升物体的同时也要提升杠杆，即克服杠杆自重做功，就有了额外功；故答案是：2.5；90；由于使用杠杆时需要克服杠杆自重（克服摩擦力）等做功．【点评】机械效率计算的关键是明确有用功和总功，一般来说，使用机械所用外力做的功是总功，而克服提升重物重力做的功是有用功．16．质量为2kg的水在太阳的照射下，温度升高50℃，水吸收的热量为4.2×105J，这是通过热传递的方法改变了水的内能．若使相同质量的煤油和水升高相同温度，则煤油吸收的热量小于水吸收的热量（选填“大于”、“等于”或“小于”）．（水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤油的比热容为2.1×103J/（kg•℃）【考点】热量的计算；热传递改变物体内能．【专题】分子热运动、内能．【分析】（1）根据Q吸=cm△t计算水吸收的热量，太阳的能量是通过热传递传给水的；（2）在质量和温度变化量相同时，由于煤油的比热容比水的小，故煤油吸收的热量少．【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×50℃=4.2×105J；水从太阳吸收热量、内能增加、温度升高，是通过热传递的方法使水的内能增加；（2）由Q吸=cm△t知，在质量和温度变化量相同时，由于煤油的比热容比水的小，故煤油吸收的热量小于水吸收的热量．故答案为：4.2×105；热传递；小于．【点评】本题考查了关于热量的计算、对比热容的理解，地球得到太阳的能量是通过热传递的方式获得的．17．如图，在透明塑料盒的底部钻一个孔，把电子式火花发生器的放电针管紧紧地塞进孔中，打开盒盖，向盒中滴入数滴酒精，再将盒盖盖紧，然后揿动电火花发生器的按钮，会观察到盒盖会弹开．根据这个原理，可以制造出一种将内能转化为机械能的机器．【考点】做功改变物体内能．【专题】比热容、热机、热值．\n【分析】（1）物体对外做功，将物体的内能转化为其它形式的能，物体的内能减小，温度降低；（2）热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能．【解答】解：当按动电火花发生器的按钮时，酒精燃烧后的燃气对盒盖做功，将燃气的内能转化为盒盖的机械能，燃气的内能减小；四冲程热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能．故答案为：内；机械．【点评】本题主要考查的是学生对做功改变物体内能和热机做功冲程的认识和了解，基础性题目．18．如图所示是汽油机工作循环中的压缩冲程，如果一台单缸四冲程汽油机的飞轮转速是1800r/min，则汽油机每秒对外做功15次．【考点】有关热机的计算．【专题】比热容、热机、热值．【分析】（1）由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；（2）热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周．【解答】解：（1）如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞上行，可以判断是压缩冲程；（2）飞轮转速是1800r/min=30r/s，表示每秒飞轮转动30圈，要经过60个冲程，对外做功15次．故答案为：压缩；15．【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，记住相关的数据大小，会根据转速进行相关计算．19．电路就是用导线把电源、用电器、开关等元件连接起来组成的电流的路径，蓄电池作为电源使用时将化学能转化为电能．【考点】电路的组成；电源及其能量转化．【专题】电流和电路．【分析】（1）根据电路的组成填写；（2）蓄电池在充电时，要消耗电能转化为化学能；在供电时，化学能转化为电能．【解答】解：电路是指用导线把电源、用电器、开关连接起来组成的电流的路径；蓄电池作为电源使用时将化学能转化为电能．故答案为：用电器；化学．【点评】此题考查电路的组成以及蓄电池工作的能量转化问题，是一道联系生活实际的好题．\n20．在节日里用来烘托气氛的节日小彩灯是串联连接的（选填“串联”或“并联”）．工作时通过每盏灯的电流约为0.2A，合200mA．家庭电路电压为220V．【考点】串联电路和并联电路的辨别；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法．【专题】电流和电路；电压和电阻．【分析】串联电路中电流只有一条流通路径，各用电器之间相互制约、同时工作；并联电路中电流有多条流通路径，各用电器之间互不影响、独立工作；1A=1000mA，家庭电路电压为220V．【解答】解：节日小彩灯如果有一个损坏，则其他所有小彩灯都不能发光，所以节日小彩灯之间属于串联电路．工作时通过每盏灯的电流约为0.2A，0.2A=0.2×103mA=200mA；家庭电路电压为220V．故答案为：串联；200；220．【点评】本题主要考查了对串联和并联电路中各用电器工作特点的了解，以及单位的换算，属于基础性题目．21．如图1所示电路中，开关闭合后，电流表A1与A2指针指示的位置都如图2所示，则通过灯L1电流是1.76A，通过灯L2电流是0.44A．【考点】电流表的读数方法；并联电路的电流规律．【专题】电流和电路．【分析】根据电路图，分析电路结构，确定电流表所测电流，并判断两电流表示数大小；然后根据图示电流表确定电流表量程与分度值，读出电流表示数，求出通过灯L1的电流．【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过灯L2所在支路电流，因此电流表A1示数大于A2示数；由于两电流表指针位置相同，因此电流表A1的量程是0～3A，分度值是0.1A，电流表示数IA1=2.2A，电流表A2的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，电流表示数IA2=0.44A；通过灯L1的电流I1=IA1﹣IA2=2.2A﹣0.44A=1.76A．故答案为：1.76；0.44．【点评】本题考查了电流表读数、求通过灯泡的电流等问题，根据电路结构确定电流表量程是本题的难点，也是正确解题的关键．22．如图所示，要使灯L1和L2串联，应闭合开关S3；要使灯L1和L2并联，应闭合开关S1、S2．若将S1、S3同时闭合，可能会烧毁电源和导线．\n【考点】电路的基本连接方式．【专题】电流和电路．【分析】串联电路：把电路中各元件首尾相接，连入电路就是串联．并联电路：把几个用电器首首相接，尾尾相接，再连入电路，就是并联．电源短路是指电源两极不经过用电器直接连通的电路，电源短路会烧坏电源，是绝对不允许的．【解答】解：要使灯L1、L2串联，则应将两灯首尾相连接到电源两端，则由图可知只要闭合S3，断开S1和S2；要使L1、L2并联，则需让电流从电源流出分别流入两灯中再汇合共同流入电源负极，则需要闭合S1、S2，断开S3；当同时闭合开关S1和S3时，电流不经过任何用电器直接从电源正极流入电源负极，因此不能同时闭合开关S1、S3．故答案为：S3；S1、S2；S1、S3．【点评】解决此类问题要结合串联电路和并联电路的特点选择合适的开关组合．三、解答题（本题共6题，共32分．）23．如图中的羊角锤可以看成是一个杠杆，请在图中画出使用该羊角锤拔钉子时的最小力F1及阻力F2．【考点】杠杆中最小力的问题．【专题】简单机械．【分析】先找出阻力作用点，然后过作用点作竖直向下的阻力；由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力．连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小．【解答】解：如图，杠杆的支点为O，过钉子与物体的接触点作竖直向下的力，即阻力F2；力臂越长越省力，最长的力臂即支点O与作用点A的连线，然后根据力臂的画法作出垂直于力臂的作用力即可．如下图所示：\n【点评】杠杆中的最小动力，可以按照以下几个步骤进行：①确定杠杆中的支点和动力作用点的位置；②连接支点与动力作用点，得到最长的线段；③经过动力作用点做出与该线段垂直的直线；④根据杠杆平衡原理，确定出使杠杆平衡的动力方向．24．根据电路连接的实物图，在虚线框内画出相应的电路图．【考点】根据实物图画电路图．【专题】电流和电路．【分析】分析电路的连接方式及电路元件的连接顺序，两灯泡并联，电流表测干路中的电流，电压表测L2两端电压．【解答】解：由图知，电流从正极出发，经过S分成两条支路，一条经过L2，另一条通过L1，汇合到电流表回到电源的负极，电压表并联在L2两端，电路如图所示：【点评】此题考查了有关电路图的画法，在按实物图画电路图时，一定要正确分析电路，并注意电路元件的连接顺序．25．物理实验小组的同学，利用如图所示的装置，在杠杆支点的两边分别挂上钩码来探究杠杆的平衡条件．（1）如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向右（选填“左”或“右”）移动，将杠杆调在水平位置的目的是为了方便测量力臂．（2）实验中测得的数据如表所示，表格中漏填的数据为1N．\n测量序号动力F1/N动力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm①120210②2151.520③3515（3）有的同学按现有方案得出如下结论：“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”．这个结论与杠杆平衡条件不符，原因是实验过程中B（填字母）．A．没有改变力的大小B．没有改变力的方向C．没有改变力的作用点D．实验次数较少，结论具有偶然性．【考点】探究杠杆的平衡条件实验．【专题】实验题．【分析】（1）由图知，杠杆左端下倾，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，这一调节过程的目的是为了直接从杠杆上读出力臂；（2）由前两组可以得到杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂．第三组已知动力和动力臂、阻力臂，所以可以得到阻力；（3）从支点到动力作用线的垂直距离叫动力臂；从支点到阻力作用线的垂直距离叫阻力臂．【解答】解：（1）杠杆重心左移应将平衡螺母向右调节，直至重心移到支点处；由于力臂是支点到力的作用线的垂直距离，调节杠杆在水平位置平衡时，可以方便的读出力臂；（2）第三组的阻力为F2===1N；（3）“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”是在杠杆在水平位置平衡且动力和阻力的方向都是竖直向下的条件下得出的，也就是实验过程中没有改变动力或阻力的方向．故选项A、C、D错误，选项B正确．故答案为：（1）右；力臂；（2）1；（3）B．【点评】探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来．26．小明猜想：动能的大小可能与物体的质量与物体的速度有关．因此．他设计了如下两种实验方案：A．让同一辆小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑．与放在水平面上的木块相碰，比较木块在水平面上移动的距离（如图1所示）．B．让不同质量的小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑，与放在水平面上的木块相碰．比较木块在水平面上移动的距离（如图2所示）．\n上述两种实验方案中：（1）A方案是为了探究动能大小与速度关系，若木块被撞后移动的距离越远．说明小车对木块的推力做功越多，小车撞击木块时的动能越大．（2）小明想用B方案探究动能大小与质量的关系．该方案是否合理？不合理．理由是没有控制速度相同．【考点】探究影响物体动能大小的因素．【专题】实验探究题；控制变量法；转换法．【分析】（1）同一小车保证了质量相同，从斜面的不同高度滑下，到达水平面时的速度不同，木块被撞后移动的距离越远，推力做功越多，就可以说明木块的动能越大，从而得出质量相同时，速度越大的物体动能越大．（2）该实验利用了控制变量法，如果探究动能大小与质量的关系，必须保证运动速度相同，应该使小车从斜面的相同高度滑下．【解答】解（1）让小车从斜面的不同高度滑下，那么小车到达水平面时的速度就不同，小车推动木块做功，运动距离越远，做功越多，动能越大．（2）要探究动能大小与质量的关系，应该控制小车的速度相同，让小车从斜面的同一高度滑下．故答案是：（1）速度；做功；越大．（2）不合理；没有控制速度相同．【点评】该实验采用的物理研究方法有转换法和控制变量法，尤其是控制变量法，因为影响动能大小的因素有质量和速度，所以在探究一个因素时，必须保证另一个影响因素不变．27．如图所示是“比较水和沙子吸收升温的属性”的实验装置．（1）（1）除了图示的器材外，本实验要用到的测量工具还有天平；加热过程中，用搅棒搅动的目的是：让沙子和水受热均匀，水和沙子吸热的多少可以通过加热时间来反映的．（选填“温度计示数的升高值”或“加热时间”）（2）在本实验中，可用来比较水和沙子吸热升温本领的方法是：若加热时间相同，比较温度计示数的升高值；若温度计示数的升高值相同，比较加热时间．（3）关于该实验的变量控制，下列要求中不正确的是B．（填字母）A、采用相同的加热方法（如酒精灯火焰的大小，与易拉罐底的距离等）B、易拉罐中分别装入相同体积的水和沙C、使用相同易的拉罐D、让装置处于相同的外部环境下．\n【考点】探究比热容的实验．【专题】实验题；探究型实验综合题．【分析】（1）物体吸收热量本领的大小，不仅与物体升高的温度多少有关，还与质量的大小有关，因此要保证两者质量相等，由此可以确定需要的测量工具．通过加热时间来比较吸收热量的多少，由此可知还需钟表．（2）可以通过比较加热时间或温度计示数的升高值来比较水和沙子吸热升温本领；（3）在实验中要控制两种物体的质量相同、采用的酒精灯的火焰大小相同、使用相同的易拉罐等．【解答】解：（1）根据吸热公式Q=Cm△t可知，实验还需要称质量的天平，用搅棒搅动的目的是为了让沙子和水受热均匀；放热设备相同，只能通过加热时间来控制水和沙子吸热．（2）在本实验中，可用来比较水和沙子吸热升温本领的方法是：若加热时间相同，比较温度计的示数升高值的多少；若温度计示数的升高值相同，比较加热时间．（3）该实验的变量控制，需要控制相同的加热方法（如酒精灯火焰的大小，与易拉罐底的距离等）、使用相同的易拉罐、水和沙子的质量相等；如果水和沙子体积相等，他们的质量一定不同，所以不正确的是B．故答案为：（1）天平；让沙子和水受热均匀；加热时间；（2）温度计示数的升高值；加热时间；（3）B．【点评】实验的目的是比较水和沙子吸热升温的属性，实验中要让两者吸收相同的热量，通过比较沙子和水升高的温度的多少来确定其吸热升温的属性．一定要认真审题．28．物理课上，老师给同学们出示了一个有盖的木盒，盒盖上可看到两只灯泡和一只开关（导线的连接情况隐藏在盒内），如图所示．（1）当老师闭合开关时，两只小灯泡都亮了，断开开关，两灯泡又熄灭．①请你判断：在这个木盒内，除了导线，一定还有另外一个电路元件，它是电源．②根据上述现象，你不能（能/不能）断定这两只小灯泡是串联的．如果能，请写出依据；如果不能，请写出在不打开盒盖的情况下判断两灯泡连接方式的方法：取下一只灯泡，观察另一只灯泡能否发光，若发光，则为并联，若不发光，则为串联．（2）经过检验，确认这两只灯泡确实是串联的，但在老师闭合开关的时候，细心的小华观察到灯L1比L2亮些．她认为这是因为L1比L2更靠近电源正极的缘故．你认为小华的判断是错误（正确/错误）的．在不增加其他器材的条件下，能验证小华的判断是否正确的做法是将两只灯光交换位置，再比较亮度．L1电流/AL2电流/A干路电流/A0.160.160.32（3）右表是小亮同学在实验中用两盏规格相同的小灯泡测得的实验数据．由实验数据小亮得出的实验结论是：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，且各支路的电流相等．请指出小亮的探究过程的两点不妥之处：①只根据一次测量就得出结论，不具有普遍性，\n②用同一规格的灯泡进行实验，结论具有片面性．【考点】控制变量法与探究性实验方案．【专题】实验探究题；探究型实验综合题．【分析】（1）电路中有电源且电路闭合时，灯泡发光，因此，电源是电路中不可缺少的；串联电路中，开关控制整个电路，而并联电路中，在干路上的开关也可以控制所有灯泡，因此，我们在判断时，应根据串联电路各用电器互相影响，并联电路各用电器互不影响来找出判断的方法；（2）串联电路电流处处相等，灯的亮暗与是否靠近电源正极无关；调换两灯泡的位置关系，看灯泡亮度是否变化，即可做出判断；（3）为使实验结论具有普遍性，应换用不同规格的灯泡进行多次测量．【解答】解：（1）①在这个木盒内，除了导线，一定还有另外一个电路元件是电源，因为没有电源来提供电压，就不可能产生电流；②根据上述现象，我们不能断定这两只小灯泡是串联的．因为如果两灯并联开关在干路上，同样可以看到闭合开关时，两只小灯泡都亮了，断开开关，两灯泡又熄灭的现象；在不打开盒盖的情况下判断两灯泡连接方式的方法是：取下一只灯泡，观察另一只灯泡能否发光，若发光，则为并联，若不发光，则为串联；（2）①串联电路电流处处相等，两灯泡串联，流过两灯泡的电流相等，因此小华的判断是错误的；②在不增加其他器材的条件下，能验证小华的判断是否正确的做法是将两只灯泡交换位置，再比较亮度，会发现，交换位置后，原先较亮的灯泡，依然较亮，说明与是否靠近电源的正极无关；（3）实验中之进行了一次测量就得出实验结论，不具有普遍性，为了得出普遍结论应进行多次测量；实验中，两灯泡规格相同，得出支路电流相等的结论是片面的，应换用不同规格的灯泡进行实验，是实验结论具有普遍性．故答案为：（1）①电源；②不能；取下一只灯泡，观察另一只灯泡能否发光，若发光，则为并联，若不发光，则为串联；（2）①错误；②将两只灯光交换位置，再比较亮度；（3）①只根据一次测量就得出结论，不具有普遍性；②用同一规格的灯泡进行实验，结论具有片面性．【点评】本题考查了串并联电路的设计与判断，掌握电路的组成元件，能运用适当的方法对电路的连接情况做出判断，是本题考查的主要内容．29．有一款太阳能热水器，铭牌上的部分参数如表所示，将它安装在阳光充足的楼顶上，并送满水．型号JL﹣88水容量/L80自身质量/kg40\n（1）无锡地区（晴天）平均每平方米的面积上，每小时接收的太阳能约为2.8×106J．若该热水器接受太阳能的有效面积为1.5m2，每天日照时间按8h计算，且假设这些太阳能有60%被热水器中的水吸收的，则可使水温升高多少？[c水=4.2×103J/（kg•℃）]（2）若该热水器一天中接收的太阳能，由燃烧煤气（热值q=4.2×107J/kg）来获得，则需要完全燃烧多少千克煤气？（3）请说出使用太阳能热水器的一个优点．【考点】太阳能热水器中的热量计算．【专题】能源的利用与发展．【分析】（1）首先计算1.5m2每小时接收的太阳能，然后乘以每天日照时间按8h，就可计算出一天中接收的太阳能；（2）根据题意求出水吸收的热量，由密度公式求出水的质量，应用热量公式求出水升高的温度．（3）根据自己所知道的关于太阳能的利用方面知识来回答问题【解答】解：（1）一天中接收的太阳能：E=2.8×106J/（h•m2）×1.5m2×8h=3.36×107J．（2）水吸收的热量：Q吸=ηE=60%×3.36×107J=2.016×107J，由密度公式：ρ=可知，水的质量为m=ρV=1×103kg/m3×80×10﹣3m3=80kg，由Q吸=cm△t得：△t===60℃；（3）利用太阳能可节约化石类能源，减少环境污染；答：（1）一天中接收的太阳能约为2.016×107J；（2）这些太阳能有60%被热水器中的水吸收，则可使水温升高60℃．（3）节能，环保无污染．【点评】这是一道综合题，要求知识的系统性要很强才能完成题目的解答．对于大型计算题要注意两点：（1）公式及变形公式的正确运用；（2）知识与知识的内在联系．