江苏省苏州市高新区2022届九年级物理上学期期末试卷（含解析）

江苏省苏州市高新区2022届九年级物理上学期期末试卷一、选择题（每小题2分，共24分）在每小题给山的四个选项中，只有一个选项是正确的．1．下列现象中物体动能和重力势能都发生变化的是（　　）　A．空中加速下落的冰雹B．匀速上坡的汽车　C．在水平轨道上加速行驶的列车D．跳伞运动员在空中匀速下降考点：动能和势能的大小变化．.专题：功、功率、机械效率．分析：从动能和重力势能大小的影响因素来考虑：（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．解答：解：A、空中加速下落的冰雹，动能增大，重力势能减小，故A正确；B、匀速上坡的汽车，动能不变，重力势能增大，故B错误；C、在水平轨道上加速行驶的列车，动能增大，重力势能不变，故C错误；D、跳伞运动员在空中匀速下降，动能不变，重力势能减小，故D错误．故选：A．点评：掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素．根据能量大小的影响因素，利用控制变量法，能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化．　2．（2分）如图所示AB、AC、AD为三个光滑面，其中AD为曲面．物体由A点分别沿着三个面滑下时，重力所做的功（　　）　A．沿着AB面做功最少B．沿着AC面做功最多　C．沿着AD面做功最多D．重力做功一样多考点：功的计算．.专题：应用题；功、功率、机械效率．分析：物体沿三个光滑斜面下滑，下降的高度相同h（在重力方向上移动的距离相同），利用W=Gh分析比较重力所做的功大小关系．解答：解：物体沿三个光滑斜面下滑，重力做功W=Gh，∵物体在重力方向上移动的距离h相同，∴重力所做的功相同．21\n故选D．点评：本题考查了学生对功的计算公式的掌握和运用，确定在重力方向上移动的距离相同是本题的关键．　3．（2分）（2022•安徽）如图所示，有一斜面长为L，高为h，现用力F沿斜面把物重为G的物体从底端匀速拉到顶端．已知物体受到斜面的摩擦力为f，则下列关于斜面机械效率η的表达式正确的是（　　）　A．η=×100%B．η=×100%C．η=×100%D．η=×100%考点：机械效率的计算；斜面的机械效率．.专题：计算题；压轴题．分析：斜面是用来提高物体位置的，有用功等于物体重力和斜面高度的乘积，即W有用=Gh；总功等于物体沿斜面向上的拉力和斜面长的乘积，即W总=FS；机械效率就是有用功和总功的比值．使用斜面时，所做的额外功就是克服物体与斜面摩擦力做的功，总功等于有用功和额外功之和，据此进行分析和判断即可．解答：解：∵斜面的高为h，物体的重力为G，∴有用功为：W有用=Gh，又∵斜面长为L，拉力为F，∴总功为：W总=FL，则机械效率为：η==，而物体与斜面的摩擦力为f，∴额外功为：W额外=fL，则总功为：W总=W有用+W额外=Gh+fL，故机械效率为：η=×100%=×100%，故D正确；A选项中，是有用功与额外功的比值，不是机械效率，故A错；B选项中，是有用功与有用功的比值，不是机械效率，故B错；C选项中，是有用功与（总功加上额外功）的比值，不是机械效率，故C错．故选D．点评：此题考查有关斜面机械效率的计算，容易出错的是摩擦力的计算，我们要知道使用斜面时克服摩擦力做的功就是额外功，关键在于明确总功应等于有用功与额外功之和．　21\n4．（2分）如图所示，杠杆AOB的A端挂重为GA的物体，B端挂重为GB的物体，杠杆平衡时AO处于水平位置，若AO=BO，杠杆自重不计，则GA和GB的大小关系是（　　）　A．GA＞GBB．GA=GBC．GA＜GBD．无法比较考点：杠杆的平衡分析法及其应用．.专题：应用题；简单机械．分析：从示意图中可以看出，杠杆在0A水平放置，GA对杠杆的拉力为竖直向下，所以GA对杠杆拉力的力臂即为杠杆AO的长度，GB对杠杆拉力的方向也是竖直向下，但OB不是处于水平，所以GB对杠杆拉力的力臂小于OB的长度，根据杠杆的平衡条件分析，即可得出两个物体重力的大小．解答：解：杠杆的力臂如图所示：由杠杆的平衡条件得：GALA=GBLB从图中可以看出力臂LA＞LB，所以物体的重力GA＜GB．故选C．点评：杠杆平衡条件是解决杠杆平衡问题的重要依据，解题时要找到动力、动力臂、阻力、阻力臂，这是解决问题的关键．　5．（2分）热传递的实质是（　　）　A．内能多的物体把内能传递给内能少的物　B．温度高的物体把内能传递给温度低的物体　C．高温物体把温度传递给低温物体　D．热量多的物体把内能传递给热量少的物体考点：热传递．.21\n专题：分子热运动、内能．分析：本题抓住热传递实质是内能从高温物体转移到低温物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，必须有温度差．解答：解：热传递实质是内能从高温物体转移到低温物体，传递的不是温度，高温物体放出热量、温度降低，低温物体吸收热量、温度升高，直到两者温度相等，热传递停止．综上所述，只有选项B的说法正确．故选B．点评：本题考查了改变物体内能有两种方式中的热传递的实质．　6．（2分）（2022•上海）下列说法中，能反映物体放出热量多少跟物体降低的温度有关的是（　　）　A．相同质量的同种物质，降低不同的温度，放出的热量不同　B．相同质量的不同物质，降低相同的温度，放出的热量一般不同　C．不同质量的同种物质，降低相同的温度，放出的热量不同　D．不同质量的同种物质，降低不同的温度，放出的热量一般不同考点：比热容的概念；热量的计算．.专题：控制变量法．分析：根据公式Q放=Cm（t0﹣t）要得出物体放出热量多少和物体降低温度的关系，就要保证物质的种类、质量一定，而降低的温度不同．据此分析．解答：解：要得出放出热量的多少和降低温度的关系，就要保证物质的质量、物质的种类一定，而降低的温度不同．A、质量是相同的，同种物质保证了物质的种类一定，降低不同的温度，放出的热量不同，就说明了放出热量的多少和降低的温度有关；B、不同物质，没有保证物质的种类一定；降低相同的温度，没有控制降低的温度不同；C、不同质量，没有保证物体的质量一定；降低相同的温度，没有控制降低的温度不同；D、不同质量，没有保证物体的质量一定．故选A．点评：此题考查是根据热量公式Q放=Cm（t0﹣t）判断物体放出热量的多少和物质的比热容、质量、降低温度的关系，用到了我们所学的控制变量法．　7．（2分）如图所示是实验电路的一部分，由此你可以判断该实验的目的是（　　）　A．测电阻功率　B．测电阻阻值　C．研究通过电阻的电流与其两端电压的关系21\n　D．以上三个实验都有可能考点：控制变量法与探究性实验方案．.专题：其他综合题．分析：由电路图可知，电压表测电阻两端的电压，电流表测通过电阻的电流，再根据选项中的实验原理进行判断．解答：解：A、电压表测电阻两端的电压，电流表测通过电阻的电流，根据P=UI即可得出电阻的电功率，通过滑动变阻器改变电压和电流测出不同电压下电阻的实际功率，进行比较得出规律，故可以测电阻的功率，故A可行；B、电压表测出电阻两端的电压，电流表测出通过电阻的电流，根据欧姆定律求出电阻阻值，通过滑动变阻器改变电阻两端的电压得出多组数据得出规律，故可以测电阻的阻值，故B可行；C、电压表测出电阻两端的电压，电流表测出通过电阻的电流，保持电阻不变，改变电阻两端的电压，得出通过电阻的电流与其两端电压的关系，故C可行；D、综上所述，以上三个实验都有可能，故D符合题意．故选D．点评：本题考查了实验电路图的分析，关键是明白各个实验的原理和电路元件的作用，要注意此电路图仅为电路的一部分，根据平时积累的知识和实验原理进行分析判断．　8．（2分）如图所示，电压表的量程为3V，内阻为3kΩ，现在给它串联上一个12kΩ的电阻，改装后，则（　　）　A．电压表的量程不变B．通过电压表的最大电流不变　C．当指针指示2V时，实际电压为10VD．当指针指到2V时，实际电压为8V考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律．.分析：电压表的偏转角度与通过电流表的电流成正比，则串联电阻后由于电阻的分压而使当电流达满偏时，电压表两端的电压增大，故由欧姆定律可得出电压表的量程及根据指数可得出实际电压．解答：解：A、由于电压表指针偏转角度与通过表头的电流成正比，因最大满偏电流不变，因串联电阻后，内阻变大，故由欧姆定律可得当电流达最大时，电压表的实际量程变大，故A错误；B、电压表采用了表头与电阻串联的组成，最大电流取决于表头的限制电流，故通过电压表的最大电流不变，故B正确；C、因原电压表与电阻的阻值之比为1：4，则由欧姆定律可得，原电压表与电阻分压之比为1：4，故当电压表示数为2V时，加在电阻两端的电压为8V，则总电压为10V，故C正确；D、由于实际电压应为电压表及电阻两端的电压，故实际电压应为10V，故D错误；故选B、C．点评：21\n本题考查电压表的改装原理，要求学生能熟练掌握电压表的原理及串联电路的电压规律．　9．（2分）（2022•南京）如图所示，电源电压恒定．闭合开关S1、S2，电压表示数为9V，电流表示数为1.5A；断开开关S2，电压表示数为6V．则Rl和R2的阻值分别是（　　）　A．6Ω，2ΩB．6Ω，3ΩC．4Ω，2ΩD．4Ω，3Ω考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律．.专题：计算题；应用题．分析：闭合开关S1、S2，电路中只有电阻Rl，电压表测Rl两端电压，也就是电源电压，电流表测量Rl的电流，根据欧姆定律可求Rl的阻值．断开开关S2，两只电阻串联，电压表测Rl两端电压，根据欧姆定律可求此时电路电流，已知电源电压，电源电压减去Rl两端电压就是电阻R2两端电压，同样利用欧姆定律可求电阻R2的阻值．解答：解：闭合开关S1、S2，电阻Rl===6Ω，断开开关S2，此时电路电流I===1A，R2两端电压U2=U﹣U1=9V﹣6V=3V，R2===3Ω．故选B．点评：本题考查电压、电阻、电流的计算，关键是欧姆定律公式及其变形的灵活运用，还要知道串联电路中电压的规律．　10．（2分）如图R0为阻值已知的电阻，滑动变阻器电阻未知，闭合开关S后，根据电流表、电压表的示数不能计算出未知电阻Rx的阻值的电路是（　　）　A．B．C．D．考点：欧姆定律的应用．.专题：应用题；电路和欧姆定律．分析：要测量电阻阻值，需要直接或间接测出电阻两端电压与通过电阻的电流，然后应用欧姆定律求出电阻阻值；分析图示电路图，应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题．21\n解答：解：A．两电阻串联，电压表测R0两端的电压，电流表测出电路中的电流，利用欧姆定律求出Rx的阻值，故A正确；B．两电阻并联，分别利用电流表测出R0和Rx的电流，根据欧姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变和欧姆定律即可求出Rx的阻值，故B正确；C．两电阻串联，分别利用电压表测出R0和Rx两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律即可求出Rx的阻值，故C正确；D．两电阻串联，利用电流表测出电路中的电流，无法得出Rx两端的电压，则测不出Rx的阻值，故D错误．故选D．点评：本题考查了测电阻阻值问题，要测电阻阻值，需要测出待测电阻两端电压与通过电阻电流，分析清楚图示电路结构、应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题．　11．（2分）在进行家庭电路的装修时，如果不小心使电灯的开关中的两根电线相接触（即把开关短路）会出现下列哪种情况（　　）　A．电灯的灯丝被烧断B．保险丝熔断　C．电灯一直发光D．电灯发出暗淡的光考点：熔断器的作用及保险丝的选择方法．.专题：电与热、生活用电．分析：保险丝熔断的原因是电路电流过大，电路电流过大的原因是电路短路或电路中总功率过大．结合开关的作用特点可做出判断．解答：解：白炽灯的开关内的两根电线相接触，相当于开关闭合，电路不会短路，电灯的灯丝不会被烧断，也不会熔断保险丝，只是电灯会一直发光．故选C．点评：本题考查了保险丝熔断的原因、电路电流过大的原因、开关的作用等．　12．（2分）（2022•厦门）如图所示，滑动变阻器的滑片在某两点间移动时，电流表示数范围为1A到2A之间，电压表示数范围为6V到9V之间．则定值电阻R的阻值及电源电压分别为（　　）　A．3Ω，15VB．6Ω，15VC．3Ω，12VD．6Ω，12V考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；电阻的串联．.专题：压轴题．分析：根据公式U=IR及U总=UR+UR变，求出当电流表示数为1A时，电压表示数为9V，并以此作为该题切入点．解答：解：∵电流表示数由1A到2A，表示电路电流增大∴根据公式UR=IR，I增大，UR也增大21\n∵串联电路中，电源电压恒定不变∴根据公式UR变=U总﹣UR，一个恒定的数U总减一个增大的数UR，结果UR变是减小的故电压表示数是由9V到6V的过程即当电流表示数为1A时，电压表示数为9V；当电流表示数为2A时，电压表示数为6V．设定值电阻的阻值为R当电路电流为1A时，有：U总=1A×R+9V当电路电流为2A时，有：U总=2A×R+6V∵电源电压U总是恒定不变的∴1A×R+9V=2A×R+6V解得：R=3Ω∴U总=1A×R+9V=1A×3Ω+9V=12V故选C．点评：该题注重公式U=IR及U总=UR+UR变的数量关系变化的运用，即其中一个数量恒定不变，第二个量的变化必定引起第三个数量的变化．　二、填空题（每空1分，共24分）13．（2分）在水平桌面上，将重为20N的木块沿直线匀速向前推了5m，所用的推力为4N，撤去推力后，木块由于惯性又前进了1m，则推力所做的功是　20　J，重力所做的功为　0　J．考点：功的计算．.分析：根据做功的条件可知，物体在推力作用下移动的5m是做功过程，靠惯性移动的1m不做功，在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功．解答：解：W推=F×S=4N×5m=20JW重=20N×0m=0J故答案为：20、0．点评：这类题目，要紧扣做功的条件，F和S的方向要一致，否则不做功．　14．（2分）（2022•遂宁）某定值电阻R两端的电压由3V增大到5V时，通过它的电流变化了0.2A，则该定值电阻的阻值为　10　Ω，R消耗的功率变化了　1.6　W．考点：中考集萃；欧姆定律的变形公式；电功率的计算．.专题：电路和欧姆定律．分析：根据欧姆定律表示出两种情况下电路中的电流得出等式求出电阻R的阻值，再根据P=求出两种情况下电阻R消耗的电功率，进一步求出该电阻R所消耗电功率的变化．解答：解：根据欧姆定律可得：当U=3V时，电路中的电流I1==，当U′=5V时，电路中的电流I2==，21\n则﹣=0.2A，解得：R=10Ω，该电阻R所消耗电功率的变化：PR′﹣PR=﹣=﹣=1.6W．故答案为：10，1.6．点评：本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据电流的变化确定定值电阻的阻值．　15．（2分）某物体具有的动能为aJ，分子总动能为bJ，重力势能cJ为，弹性势能为dJ，内能为eJ，则它的机械能是　a+c+d　J；分子的总势能是　e﹣b　J．考点：机械能；内能的概念．.分析：根据机械能包括动能和重力势能、弹性势能，内能包括分子动能和分子势能来计算．解答：解：由题意知，机械能=（a+c+d）J；分子的总势能=（e﹣b）J．故本题答案为：a+c+d；e﹣b．点评：本题考查了机械能和弹性势能的概念．　16．（2分）（2022•东至县一模）汽油机工作的四个冲程中，只有　做功　冲程是燃气对外做功，其他三个冲程要靠飞轮的　惯性　来完成．考点：内燃机的四个冲程．.分析：本题抓住汽油机的四个冲程，只有做功冲程，对外提供动力．解答：解：汽油机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程．做功冲程把内能转化为机械能，对外提供动力．其他三个冲程要靠飞轮的惯性来完成．故答案为：做功；惯性．点评：本题考查了汽油机的四个冲程，使汽车获得动力的冲程是做功冲程．　17．（2分）新型防空导弹“红旗﹣9”试射，导弹上升过程中，重力势能　增大　（选填“增大”、“减小”或“不变”），而其与空气摩擦导致内能　增大　（选填“增大”、“减小”或“不变”）．考点：动能和势能的大小变化；机械能和其他形式能的转化．.专题：机械能及其转化．分析：影响重力势能的因素是质量和高度，分析重力势能的变化就是分析质量和高度的变化．摩擦生热过程是物体克服摩擦时，消耗机械能转化成内能的过程．解答：解：新型防空导弹“红旗﹣9”试射，导弹上升过程中，对于这个导弹来说，高度增高，重力势能增大；21\n而导弹上升过程中，会与空气摩擦生热，导弹表面温度升高，导致内能增大；这是机械能转化成内能的过程，属于通过做功改变物体内能的．故答案为：增大；增大．点评：本题考查影响重力势能大小的因素有质量和高度，知道做功是能量相互转化的过程．　18．（2分）三个电阻并联后接到电源上，R1：R2：R3=1：2：3，它们两端的电压之比U1：U2：U3=　1：1：1　，通过它们的电流之比I1：I2：I3=　6：3：2　．考点：欧姆定律的应用；并联电路的电压规律．.专题：比例法．分析：本题依据并联电路电压规律和欧姆定律解题．解答：解：并联电路各支路两端的电压相等；依欧姆定律I=，当U一定时I与R成反比，即I1：I2：I3===6：3：2故答案为：1：1：1；6：3：2．点评：通过本题应巩固：在并联电路中电流和电阻成反比，1：2：3的反比不能误写为3：2：1．　19．（2分）（2022•南通）电子式电能表表盘上标有“3000imp/（kW•h）”字样，将某用电器单独接在该表上工作20min，电能表指示灯闪烁了300次．该用电器在上述时间内消耗的电能为 　0.1　kW•h，它的电功率是 　300　W．考点：电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算．.专题：计算题；压轴题．分析：电能表是测量家庭电路中电流做功多少的仪器．3000imp/kW•h的含义是：电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3000次．根据题目所给条件和电功率的公式，进行解答．解答：解：因为电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3000次．所以当指示灯闪烁300次时，消耗了0.1kW•h的电能．0.1kW•h=3.6×105J20min=1200s根据电功率的公式，得：P===300W故答案为：0.1，300．点评：本题考查学生对电能表铭牌上数据的理解情况，同时要求掌握电功率的计算方法．注意题目中的单位换算．　20．（2分）（2022•苏州一模）①人、②大地、③塑料、④金属、⑤油、⑥橡胶、⑦玻璃、⑧陶瓷、⑨盐水等物质中，通常情况下属于导体的是　①②④⑨　，导电性能介于导体和绝缘体之间的物体叫做　半导体　．21\n考点：导体；半导体的特点．.分析：常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等．导体和绝缘体没有绝对的界限，导体性能介于二者之间的是半导体．解答：解：根据常见的导体可选出：①②④⑨；导体性能介于导体和绝缘体之间的半导体，在特定条件下电阻几乎为零的是超导体．故答案为：①②④⑨，半导体点评：此题考查哪些物体为导体，属于识记的内容，比较简单．半导体和超导体是不同的，要注意区分．　21．（2分）（2022•阿坝州）如图所示，3个电阻值均为10Ω的电阻R1、R2、R3串联后接在电压恒定为U的电路中，某同学误将一只电流表并联在电阻R2两端，发现电流表的示数为1.5A，据此可推知电源电压U为　30　V；若用一只电压表代替电流表并联在R2两端，则电压表的示数为　10　V．考点：欧姆定律的应用；电阻的串联．.专题：计算题；压轴题；欧姆定律．分析：（1）电流表相等于一根导线，当电流表并联在电阻R2两端时，电路为R1、R3串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（2）电流表换成了电压表时，三电阻串联，电压表测R2两端的电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数．解答：解：（1）当电流表并联在R2两端时，电路为R1、R3串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可得：电源的电压U=I（R1+R3）=1.5A×（10Ω+10Ω）=30V；（2）电流表换成了电压表时，三电阻串联，电压表测R2两端的电压，电路中的电流：I′===1A，电压表的示数U2=I′R2=1A×10Ω=10V．故答案为：30；10．点评：本题考查电压、电流的计算，关键是欧姆定律及其公式变形的灵活运用，难点是知道接电流表和电压表时电路的连接有何不同．　22．（2分）如图所示是灯泡L1、L2在不同电压下与所通过的电流的关系曲线．若将L1、L2串联在电源电压为6V的电路中，则通过灯L1的电流是　0.4　A，灯L2消耗的功率是　0.8　W．21\n考点：电功率的计算；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律．.专题：电流和电路；电压和电阻；电能和电功率．分析：两灯泡串联时通过它们的电流相等，两灯泡两端的电压之和等于电源的电压，从图象中得出满足条件的电流和电压，根据P=UI求出灯L2消耗的功率．解答：解：将L1、L2串联在电源电压为6V的电路中时，因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，所以，由图象可知，当电路中的电流I=0.4A，U1=4V，U2=2V时符合，灯L2消耗的功率：P2=U2I=2V×0.4A=0.8W．故答案为：0.4；0.8．点评：本题考查了串联电路的特点和电功率公式的应用，关键是根据图象读出符合题意的电流和电压值．　23．（2分）（2022•锦州一模）有许多重大火灾都是因用电线路连接处接触不良所造成的，当线路连接处接触不良时，该处的阻将　增大　，（选填“减小”或“增大”或“不变”）在接触处就会局部过热引起升温，接触处的电阻又将随着温度的升高而　增大　，（选填“减小”或“增大”或“不变”）从而形成电热的逐步积累和恶性循环，以致引发火灾．考点：电热．.专题：简答题；电和热综合题．分析：当线路连接处接触不良时，该处的电阻会增大；由焦耳定律可知接触处会产生大量的热量，是局部过热，温度升高，从而引发火灾．解答：解：线路连接处由于接触不良，电流通过时受到的阻碍作用增大，因此电阻增大；线路连接处相对于其他地方电阻增大，根据焦耳定律Q=I2Rt，在电流相同、时间相同的情况下产生了更多的热量，因此导致局部温度升高，接触处温度升高，使接触处的电阻进一步变大，产生更多的热量，使温度迅速升高，温度过高容易引发火灾．故答案是：增大；增大．点评：本题考查电路故障形成原因，知道电路火灾的发生大部分是由于接触不良引起的．　24．（2分）磁极间相互作用的规律是同名磁极　互相推斥　，异名磁极　互相吸引　．考点：电荷间的相互作用规律．.专题：应用题．分析：本题只需记住磁极间的相互作用即可回答．解答：解：磁极间相互作用是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；故答案为：互相排斥，互相吸引．21\n点评：本题考查磁极间作用的简单记忆，属于基础题．　三、解答题：（第25题共4分：第26、28、29、31、32题，每题6分；第30、33题，每小题2分；共52分．）25．（2分）（2022•恩施州）如图所示的曲棒ABC可绕A点的转轴转动，请画出要使曲棒ABC在图中位置保持平衡时所需最小力的示意图．考点：力的示意图；杠杆中最小力的问题．.专题：压轴题．分析：由杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，知阻力×阻力臂是定值时，当力臂最大时，即AC是力臂时，力是最小的．解答：解：如图：点评：本题考查了最小力的画法，是利用了杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂．　26．（2分）如图，电流表的连接是正确的，试标出通电螺线管的N、S极，并标出小磁针静止时N极的指向．考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用；安培定则；电流表的连接．.专题：作图题．分析：由电流表的接法得出电流的方向，由右手螺旋定则得出通电螺线管的左端是为N极右端为S极，由磁极间的相互作用规律得出小磁针的N极应指向左边．解答：解：如图：21\n点评：本题考查了电流表的连接、右手螺旋定则的使用、磁极间的相互作用规律．　27．（6分）（2022•金华）小强看到在没有起重机的情况下，工人要将油桶搬运上汽车，常常用如图所示的方法．小强想：为什么不直接将油桶抬上车呢？难道这样做可以省力吗？小强带着疑问去查阅有关资料后了解到：用斜面搬运同一物体时的推力大小跟斜面长度、斜面高度、斜面粗糙程度等因素有关．小强根据以上查阅的资料提出了一个探究的问题：沿斜面推力的大小与斜面的长度有什么关系？（1）你认为小强探究搬运同一物体时沿斜面推力的大小与斜面长度的关系时，应控制的变量有　斜面高度、斜面粗糙程度　．（2）小强选用了一把弹簧测力计、一块8N的长方体重物、五块长度不同的由同种材料做成的光滑木板，按如下图所示进行了实验，实验时控制斜面高度为0.2m不变．实验测得的数据如下表所示：次数物重G/N斜面高h/m弹簧测力计示数F/N斜面长L/m180.24.00.4280.22.00.8380.21.61.0480.21.01.6580.20.82.0分析实验数据，小强得到的结论是：　斜面越长越省力（或力F与斜面的长度成反比或=GH/L）　．（3）图2中，你认为哪个图能正确表示F与L的关系？　B　．考点：斜面机械效率的测量实验；力与图象的结合；斜面的机械效率．.专题：信息给予题；实验探究题；控制变量法；推理法．分析：（1）当一个物理量与多个因素有关时，在研究问题时往往采用控制变量法；（2）分析实验数据，从弹簧测力计示数和斜面长度的变化情况上就可以得出正确的结论；（3）分析实验数据，推理实验图象，采用排除的方法就可以找到正确的图象．解答：解：（1）用斜面搬运同一物体时的推力大小跟斜面长度、斜面高度、斜面粗糙程度等因素有关，研究与斜面长度的关系时采用控制变量法，控制斜面高度和斜面粗糙程度；（2）分析表中数据不难发现，对同一物体来说，斜面的高度和粗糙程度一定时，斜面长度越大，弹簧测力计的示数越小，斜面越省力；21\n（3）从表中数据可见，推力F随着斜面长度L的增大而减小，排除A和D两个图；当斜面长度L无限大时，推力F就等于物体与斜面的水平摩擦力了，不会等于0，排除C选项．故本题的答案为：（1）斜面高度、斜面粗糙程度；（2）斜面越长越省力（或力F与斜面的长度成反比或F=GH/L）；（3）B．点评：本题考查点有三：（1）控制变量法思想的应用，（2）处理实验数据的能力，（3）对函数图象的理解能力．　28．（6分）（2022•辽宁）为了探究电磁铁的磁性跟哪些因素有关，小丽同学作出以下猜想：猜想A：电磁铁通电时有磁性断电时没有磁性；猜想B：通过电磁铁的电流越大，它的磁性越强；猜想C：外形相同的螺线管，线圈的匝数越多，它的磁性越强．为了检验上述猜想是否正确，小丽所在实验小组通过交流与合作设计了以下实验方案：用漆包线（表面涂有绝缘漆的导线）在大铁钉上缠绕若干圈，制成简单的电磁铁．下图所示的a、b、c、d为实验中观察到的四种情况．根据小丽的猜想和实验，完成下面填空：（1）通过观察电磁铁吸引大头针数目多少的不同，来判断它　磁性强弱　的不同．（2）通过比较　a、b　两种情况，可以验证猜想A是正确的．（3）通过比较　b、c　两种情况，可以验证猜想B是正确的．（4）通过比较d中甲、乙两电磁铁，发现猜想C不全面，应补充　电流一定时　．考点：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验．.专题：压轴题；控制变量法；转换法．分析：电磁铁磁性的有无与电流的通断有关，磁性强弱与两个因素有关：线圈匝数多少、电流大小．研究磁性强弱的影响因素时控制一个因素不变，改变另一个因素，是控制变量法的应用，磁性的强弱通过吸引大头针的数目来判断，这是转换法的应用．解答：解：（1）电磁铁磁性强弱无法捕捉，通过它吸引大头针的数目来判断，这是转换法的思想；（2）研究磁性的有无由电流通断控制，保证匝数、电流都一定，故选a、b；（3）研究磁性强弱与电流的关系，保证匝数一定，开关都闭合，故选b、c；（4）d中甲乙两电磁铁是串联的，故电流相等，这是前提条件．故答案为：（1）磁性强弱；（2）a、b；（3）b、c；（4）电流一定时．点评：电磁铁的优点：磁性的有无可以由电流的通断来控制；磁场的强弱可以由线圈匝数多少和电流大小来控制；磁场的方向可以由电流的方向来控制．这本实验中涉及到控制变量法和转换法，注意体会．　29．（6分）如图所示是“比较水和沙子吸热升温的属性”的实验装置．21\n（1）除了图示的器材外，本实验要用到的测量工具还有　天平、钟表　；加热过程中，用搅棒搅动的目的是　让沙子和水受热均匀　：水和沙子吸热的多少可以通过　加热时间　来反映的（选填“温度计示数的升高值”或“加热时间”）（2）在本实验中，可用来比较水和沙子吸热升温本领的方法是：若加热时间相同，比较　温度计示数的升高值　；若温度计示数的升高值相同，比较　加热时间　．（3）关于该实验的变量控制，下列要求中不正确的是　B　（填字母）．A．采用相同的加热方法（如酒精灯火焰的大小，与易拉罐底的距离等）B．易拉罐中分别装入相同体积的水和沙C．使用相同的易拉罐．考点：比热容的概念．.专题：应用题；实验题；比热容、热机、热值．分析：（1）物体吸收热量本领的大小，不仅与物体升高的温度多少有关，还与质量的大小有关，因此要保证两者质量相等，由此可以确定需要的测量工具．通过加热时间来比较吸收热量的多少，由此可知还需钟表．（2）可以通过比较加热时间或温度计示数的升高值来比较水和沙子吸热升温本领；（3）在实验中要控制两种物体的质量相同、采用的酒精灯的火焰大小相同、使用相同的易拉罐等．解答：解：（1）根据吸热公式Q=Cm△t可知，实验还需要称质量的天平，用搅棒搅动的目的是为了让沙子和水受热均匀；放热设备相同，只能通过加热时间来控制水和沙子吸热，所以还需钟表．（2）在本实验中，可用来比较水和沙子吸热升温本领的方法是：若加热时间相同，比较温度计的示数升高值的多少；若温度计示数的升高值相同，比较加热时间；沿海地区昼夜气温变化比内陆地区气温变化小的原因是：水的比热容比泥土和沙子的比热容大．（3）该实验的变量控制，需要控制相同的加热方法（如酒精灯火焰的大小，与易拉罐底的距离等）、使用相同的易拉罐、水和沙子的质量；如果体积相等，他们的质量一定不同，所以不正确的是B．故答案为：（1）天平、钟表；让沙子和水受热均匀；加热时间；（2）温度计示数的升高值；加热时间；（3）B．点评：实验的目的是比较水和沙子吸热升温的属性，实验中要让两者吸收相同的热量，通过比较沙子和水升高的温度的多少来确定其吸热升温的属性．一定要认真审题．　21\n30．（6分）（2022•泰州）图（甲）是“探究通过导体的电流与电压、电阻的关系”的电路图，其中R1是定值电阻．（1）用笔画线代替导线，补充图（乙）中实验器材的连接．要求：滑动变阻器滑片向左移动时电阻变小．（2）当探究电流与电压的关系时，通过调节变阻器滑片P的位置来改变　R1　两端的电压．三次改变滑片位置，测得三组电压和电流值（见表），发现每次电压与电流的比值是　相同　的（选填“相同”或“不同”），固此可得出电流与电压关系的初步结论：当电阻一定时，　导体中的电流与它两端的电压成正比　． 实验序号123电压/v2.02.42.8电流/A0.400.480.56（3）要探究电流与电阻的关系，仅凭图（乙）所示器材是不够的．你认为（除导线外）还应增加的器材是　几个阻值不等的电阻　．考点：探究电流与电压、电阻的关系实验；实物的电路连接．.专题：实验题；作图题．分析：此题中实验目的是探究电流与电压、电阻的关系，因此要用到控制变量法，把握表一、表二中数据的相同点与不同点是得出结论的入手点．在电路中要利用滑动变阻器来控制定值电阻两端的电压的变与不变．解答：解：（1）电压表测量定值电阻两端的电压，应该并联在定值电阻的两端，电流应从正接线柱流进，负接线柱流出．滑动变阻器滑片向左移动时电阻变小，即滑片P往左移动时滑动变阻器连入电路阻值变小，所以滑动变阻器下面必须选择A接线柱；（2）在表中，导体两端的电压从2V到2.4V再到2.8V，相对应的，导体中的电流从0.40A到0.48A再到0.56A．每次电压与电流的比值是相等的，故得结论：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比．（3）探究“导体中电流跟电阻的关系”中要控制导体两端的电压不变，改变电阻，得出电流与电阻的关系，所以要换用不同阻值的电阻．故答案为：（1）21\n（2）R1；相同；导体中的电流与它两端的电压成正比．（3）几个阻值不等的电阻点评：探究电流与电压、电阻的关系实验，重点是滑动变阻器的连接，电压表、电流表的正确连接，试验中注意控制变量　31．（6分）（2022•南京）小明设计了一种测量未知电阻Rx的实验方案，并选择了合适的器材，测量电路如图所示，电源电压恒定，滑动变阻器最大阻值未知，在A、B两点间接入的元件每次只能是电阻箱或未知电阻Rx．（1）请你帮他完成相关实验内容：①将　未知电阻RX　接入A、B两点间；②闭合开关，移动滑动变阻器滑片到某一合适位置时，记下　电压表示数U　；③断开开关，取下A、B间的元件，将　电阻箱　接在A、B两点间；④闭合开关，调节　电阻箱　，使　电压表示数仍为U　；⑤读出　电阻箱示数　，即可知道Rx的阻值．（2）小明测量电阻Rx的方法，在科学研究中经常用到，下面四个研究实例中，采用这种研究方法的是　C　．A．力是看不见的，可以通过力的作用效果认识它B．根据磁铁吸引大头针多少判定磁铁磁性的强弱C．用总电阻表示同一段电路中串联的两个电阻D．用磁感线的疏密程度表示磁场的强弱．考点：伏安法测电阻的探究实验．.专题：实验题；压轴题；设计与制作题；等效替代法．分析：（1）每次只能是电阻箱或未知电阻RX接入A、B之间，可以利用等效替代的方法，首先把被测电阻接在A、B两点之间，电压表示数为U，用电阻箱替代被测电阻RX，滑动变阻器位置不变，改变电阻箱的阻值，使电压表示数还为U，则RX与此时电阻箱的阻值相同．21\n（2）物理上利用控制变量法、等效替代法、类比法、转换法、模型法等多种方法研究物理问题．解答：解：（1）①把未知电阻RX接在A、B两点之间，记下电压表的示数U．②用电阻箱替换RX，保持滑动变阻器滑片位置不变，改变电阻箱的电阻值，使电压表的示数还为U．③RX的阻值与此时电阻箱的阻值相等，这种方法是等效替代法．（2）小明测量电阻的方法是等效替代法．A、用力的效果来认识看不见的力利用了转换法．B、用吸引大头针的多少判定磁铁磁性强弱利用了转换法．C、用总电阻表示串联的两个电阻，说明一个总电阻的效果和同一段电路中两个串联的电阻效果相同．这种方法是等效替代法．D、磁感线是不存在的，为了便于研究磁场，人们画出的曲线表示磁感线，这种方法是理想模型法．所以，小明测量电阻R的方法与C是相同的，都是等效替代法．故答案为：（1）①未知电阻RX，②电压表示数U；③电阻箱；④电阻箱；电压表示数仍为U；⑤电阻箱示数；（2）C．点评：物理上有好多研究方法，如控制变量法、等效替代法、类比法、模型法、转换法等．以上几个方法在初中物理实验中经常用到，一定要掌握．　32．（6分）太阳能热水器是把太阳能转化为内能的设备之一．某品牌太阳能热水器每小时平均接收4.2×106J的太阳能，在5小时的有效照射时间内，将热水器中质量为100kg、初温为20℃的水温度升高到40℃．求：（1）热水器中的水吸收的热量　8.4×106　J；[水的比热容c=4.2×103J/（kg•℃）]（2）热水器5小时内接收到的太阳能E=　2.1×107　J；（3）热水器的效率η=　40%　．考点：太阳能热水器中的热量计算．.专题：比热容、热机、热值．分析：（1）根据Q=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；（2）太阳能热水器每小时平均接受4.2×106J的太阳能，求出在5小时的有效照射时间内热水器接收到的太阳能；（3）根据η=求出热水器的效率．解答：解：（1）热水器中的水吸收的热量：Q=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（40℃﹣20℃）=8.4×106J；（2）热水器5小时内接收到的太阳能：E=4.2×106J/h×5h=2.1×107J；（3）热水器的效率：η=×100%=×100%=40%．故答案为：（1）8.4×106；（2）2.1×107；（3）40%．点评：此题主要考查的是学生对21\n热量计算公式、热值计算公式、效率计算公式的理解和掌握，基础性题目．　33．（7分）质量为1.2t的某型号轿车发动机的额定功率为6×104W，汽车在额定功率下沿水平路面匀速行驶时，受到的阻力是车重的0.2倍．（g取10N/kg）求：（1）发动机所提供的牵引力大小　2.4×103　N；（2）轿车匀速行驶时速度的大小　25　m/s；（3）轿车在额定功率下匀速行驶5min牵引力做的功　1.8×107　J．考点：二力平衡条件的应用；功的计算；功率计算公式的应用．.专题：运动和力；功、功率、机械效率．分析：（1）汽车做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件可以求出牵引力大小．（2）由公式v=可以求出汽车的速度．（3）由W=Pt可以求出牵引力做的功．解答：解：（1）汽车做匀速运动，处于平衡状态由平衡条件得：牵引力F=f=0.2G=0.2mg=0.2×1.2×103kg×10N/kg=2.4×103N；（2）因为汽车的功率P===Fv，所以汽车的速度v===25m/s；（3）轿车匀速行驶5min牵引力做的功：W=Pt=6×104W×5×60s=1.8×107J．故答案为：（1）2.4×103；（2）25；（3）1.8×107．点评：本题考查了求汽车的牵引力、汽车的速度、汽车做的功，难度不大，是一道基础题，熟练应用平衡条件、功率的变形公式即可正确解题．　34．（7分）如图所示电路中，电源电压为220V，两根相同的电阻丝上标有“220V、200W”字样，不考虑温度对电阻的影响．求：（1）每根电阻丝的电阻；（2）当S1与a接通，S2合上时，电路中的总电流为多少？（3）当两个开关分别处于什么状态时电路的电功率最小？最小电功率为多大．考点：电功率的计算；欧姆定律的变形公式．.专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率．分析：（1）知道每根电阻丝的额定电压和额定功率，根据P=求出每根电阻丝的电阻；（2）当S1与a接通，S2合上时，两电阻丝并联，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流；21\n（3）由电路图可知，两电阻丝串联时电路中的总电阻最大，根据P=可知电路的电功率最小，根据电阻的串联和P=求出最小电功率．解答：解：（1）由P=可得，每根电阻丝的电阻：R===242Ω；（2）当S1与a接通，S2合上时，两电阻丝并联，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的总电阻：R并===121Ω，电路中的总电流：I==≈1.8A；（3）由电路图可知，当S1与b接通，S2断开时，电路中的总电阻最大，电路的电功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电功率：P小===100W．答：（1）每根电阻丝的电阻为242Ω；（2）当S1与a接通，S2合上时，电路中的总电流为1.8A；（3）当S1与b接通，S2断开时，电路的电功率最小，最小电功率为100W．点评：本题考查了电阻的串并联和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题．　21