湖南省湘潭市湘潭县分水乡中学2022届九年级物理上学期第三次月考试题含解析新人教版

2022-2022学年湖南省湘潭市湘潭县分水乡中学九年级（上）第三次月考物理试卷一、选择题（每题2分，共30分）1．下列事例中，哪一个事例不能表明物体的分子在不停地做无规则的运动()A．衣箱中的卫生球变小了，衣服上充满了卫生球的气味B．在皮肤上擦点酒精，立即就能闻到酒精的味道C．在墙角堆煤，过一段时间，墙表面及其内部靠近表面的一浅层都变黑了D．看到雪花在空中飞舞2．做功和热传递在改变物体的内能上是等效的．图中不属于做功改变物体内能的是()A．两手摩擦能发热B．烧热水水变热C．锯木材锯子发热D．钻木取火3．单缸四冲程内燃机的四个冲程的示意图如图所示．下列关于这种内燃机一个工作循环中四个冲程的顺序排列正确的是()A．丙丁乙甲B．乙丁甲丙C．乙甲丁丙D．甲乙丙丁4．甲、乙、丙三导体两端分别加6V、6V、15V的电压，三导体中的电流分别为2.4A、1.2A、1.2A，下列说法中正确的是()A．甲的电阻最大B．乙的电阻最大27\nC．丙的电阻最大D．三导体的电阻相等5．如图所示电路，下列说法正确的是()A．L1、L2串联B．开关S只控制L2C．电流表测干路中电流D．电流表测L1的电流6．关于温度、热量、内能，下列说法正确的是()A．温度高的物体，内能一定大B．晶体在熔化过程中，继续吸热，温度不变，内能增大C．对物体做功，物体的内能一定增大D．物体的温度越高，所含的热量越多7．以下用电器，工作时能量转化的主要形式与其他三个不同的是()A．电烙铁B．电炉C．电风扇D．电熨斗8．如图所示电路，以下说法正确的是()A．只接通S2，灯亮且电铃响B．只接通S1，灯亮且电铃响C．只断开S3，灯亮且电铃响D．只断开S1，灯亮且电铃响9．关于欧姆定律变形公式R=，说法中正确的是()A．导体的电阻与这段导体两端的电压成正比B．导体的电阻与这段导体的电流成反比C．电压一定时．导体中的电流越大，导体的电阻越小D．利用这个公式可以计算电阻，但是电阻和电压、电流无关10．在图所示的电路中，电源电压和灯泡电阻都保持不变．当滑动变阻器的滑片P由中点向右移动时，下列判断正确的是()27\nA．电流表和电压表的示数都增大，电路总功率变大B．电流表和电压表的示数都减小，电路总功率变小C．电流表示数减小，电压表示数不变，变阻器功率变小D．电流表示数减小，电压表示数变大，灯泡功率不变11．下列四幅图中能说明发电机的工作原理的是()A．B．C．D．12．下列各图中，符合安全用电原则的是()A．电器失火时先切断电源B．湿衣服晾在电线上C．用湿布擦抹电器D．27\n用电器未加接地保护13．在如图所示的电路中，当开关S闭合后，电压表V1和V2示数相同，发生的故障是()A．灯L1的灯丝断了B．灯L2的灯丝断了C．开关S处断路D．L1两接线柱短路14．下列各组能源中，均为不可再生能源的是()A．煤、石油、天然气B．太阳能、地热能、风能C．电能、汽油、风能D．核能、水能、生物能15．2022年4月，我国在西昌卫星发射中心成功发射了第二颗北斗导航卫星，它可以提供高精度的定位、测速和授时等服务．它传递信息利用的是()A．电磁波B．超声波C．次声波D．各种射线二、填空题（每个填空2分，共28分）16．电磁波家族成员很多，有无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、Υ射线等，它们与人类生活息息相关．例如：电视机的遥控器就是利用__________来工作的；某电台发射的电磁波波长为3m，其频率是__________MHz．17．一只标有“6V0.6A”的小灯泡，若加在其两端的电压是3V，则灯泡的额定功率是__________mW，实际功率是__________W．若把它接在电压为9V的电源两端并使它正常发光，则需要__________联一个__________Ω的电阻．18．两根电阻线的电阻之比是3：4，若通过的电流之比为4：3，则它们两端的电压之比是__________，在相同时间内，电流通过两根电阻线所做的电功之比是__________．19．物业工作人员来李明家收电费，他观察到李明家电能表的情况如图所示，然后从记录本上查出上月电能表的示数是811.6kWh．若按0.5元/kWh计费，李明家本月应缴电费__________元．家中用电器的总功率不能超过__________W．当小明家只有一盏电灯工作时，3min内转盘正好转过5圈，则该灯泡的电功率为__________W．27\n20．有一仪器中的电路如图所示，其中带金属细杆的金属滑块M与两侧金属弹簧相连接并接入电路中，金属块M与弹簧套在光滑绝缘水平细杆上．现将该仪器固定在一辆汽车上，当汽车启动时，__________亮（选填“红灯”或“绿灯”）；当汽车急刹车时，__________亮（选填“红灯”或“绿灯”）．21．如图所示，是一种水位自动报警器的原理图．当水位到达金属块A时，控制电路接通，这时电磁铁的上端是__________极，灯__________发光（填“L1”或“L2”）．22．如图是人造地球卫星的轨道示意图，人造地球卫星在大气层外环绕地球运行的过程中，它在近地点的动能__________（选填：大于、小于、等于）它在远地点的动能；它从近地点向远地点运行的过程中，机械能的变化情况是__________（选填：变大、变小、不变）．三、实验探究题（共22分）23．如图所示的通电螺线管，请在图中标出磁感线的方向、螺线管的N、S极和电源的正负极．24．如图所示，请将下列元件连接成符合安全用电要求的家庭电路．27\n25．在“科学探究：物质的比热容”中得到如下一组数据：烧杯号液体质m/g初温t1/°C末t2/°C加热时t/min1水300203012.32水12020306.23煤油30020306.14煤油30020253.1（1）比较分析1、3号烧杯的实验记录，可以得出的初步结论是：质量相等的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同；（2）比较分析1、2号烧杯的实验记录，可以得出的初步结论是__________；（3）比较分析__________号和__________号烧杯的实验记录，可以得出的初步结论是：质量相等的同种物质，升高不同的温度，吸收的热量不同；（4）实验说明物体吸收热量的多少不仅与物体的质量和升高的温度有关，还与__________有关．26．为探究电磁铁的磁性跟哪些因素有关，小聪所在的实验小组用漆包线（表面涂在绝缘漆的导线）在大铁钉上绕若干圈，制成简单的电磁铁，结合其它实验器材做了如图所示的实验．根据b、c、d中观察到的情况，完成下面填空：（1）通过观察电磁铁吸引大头针数目的不同，来判断它__________不同．（2）通过比较__________两种情况，可以知道通过的电流越大，电磁铁的磁性越强．（3）通过比较d中甲、乙两个电磁铁，发现外形结构相同的电磁铁，通过相同的__________时，线圈匝数越__________，磁性越强．27．测定小灯泡电功率的实验中，选用的电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V、电阻约为10Ω．27\n（1）连接电路时开关应__________，电流表的量程应选0﹣__________A．（2）用笔画线代替导线，连接完整如图a所示的实物电路．（3）闭合开关前，图中滑动变阻器的滑片P应位于__________（选填“A”或“B”）端．（4）闭合开关，移动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数、电流表无示数，原因可能是__________（写出一种即可）．（5）排除故障后，闭合开关、移动滑片P至电压表的示数如图b所示，其读数为__________V；要获得小灯泡额定功率的数据，滑片P应向__________（选填“A”或“B”）移动．（6）改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，绘制得如图c所示的I﹣U图象．由图象可知，小灯泡两端电压是1.5V时，其电阻是__________Ω，额定功率是__________W．四、计算题（共20分）28．为了测定某额定功率为1000W的电热水器的效率，物理兴趣小组的同学在热水器中加了2kg的水，让热水器正常工作，并绘制出通电加热过程中水温随时间的变化情况图，求：（1）加热2min，水的温度升高了多少？（2）加热6min，水吸收了多少热量？（3）电热水器的效率是指水吸收的热量与电热水器放出的热量之比，该热水器正常工作时的效率为多少？29．如图所示，电源电压U=6V，电阻R1=3Ω，R2=9Ω．（1）当开关S闭合后，电流表示数为多少？（2）当开关S闭合后，电阻R1在10s内消耗的电能为多少？（3）若将两电阻并联后接入原电路，当开关S闭合后，电路的总功率．27\n30．小明在研究性学习活动中，查阅到一种热敏电阻的阻值随温度变化的规律如下表，并将该型号的热敏电阻应用于如图所示由“控制电路”和“工作电路”组成的恒温箱电路中．温度/℃…3040506070…热敏电阻阻值/Ω…350300250210175…“控制电路”由热敏电阻R1、电磁铁（线圈阻值R0=50Ω）、电源U1、开关等组成，当线圈中的电流大于或等于20mA时，继电器的衔铁被吸合，右边工作电路则断开；“工作电路”由工作电源U2（U2=10V）、发热电阻R2（R2=5Ω）、导线等组成．问：（1）工作电路工作时的电流为多大？电阻R2的发热功率为多大？（2）若发热电阻R2需提供1.2×104J的热量，则工作电路要工作多长时间（不计热量的损失）？（3）若恒温箱的温度最高不得超过50℃，则控制电路的电源电压U1最小值为多大？27\n2022-2022学年湖南省湘潭市湘潭县分水乡中学九年级（上）第三次月考物理试卷一、选择题（每题2分，共30分）1．下列事例中，哪一个事例不能表明物体的分子在不停地做无规则的运动()A．衣箱中的卫生球变小了，衣服上充满了卫生球的气味B．在皮肤上擦点酒精，立即就能闻到酒精的味道C．在墙角堆煤，过一段时间，墙表面及其内部靠近表面的一浅层都变黑了D．看到雪花在空中飞舞【考点】扩散现象；分子的运动．【分析】不同的物体相互接触后，彼此进入对方的现象叫做扩散现象．扩散现象不但说明了分子在不停地做无规则运动，还体现了分子之间有间隙．【解答】解：A、衣箱中的卫生球变小了，衣服上充满了卫生球的气味，说明卫生球分子在不停地做无规则的运动，所以该选项不符合题意．B、在皮肤上擦点酒精，立即就能闻到酒精的味道，说明酒精分子不断的运动，所以该选项不符合题意．C、在墙角堆煤，过一段时间，墙表面及其内部靠近表面的一浅层都变黑了，说明煤炭分子不断的运动，所以该选项不符合题意．D、分子很小，不能直接用眼睛看到，所以雪花在空中飞舞，不能说明分子在不停地做无规则运动，所以该选项符合题意．故选D．【点评】能否判断常见的扩散现象是本题的解题关键．2．做功和热传递在改变物体的内能上是等效的．图中不属于做功改变物体内能的是()A．两手摩擦能发热B．烧热水水变热C．锯木材锯子发热D．钻木取火【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能．【专题】分子热运动、内能．27\n【分析】知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程【解答】解：A、两手摩擦能发热，是克服摩擦力做功，属于做功改变物体的内能，不符合题意；B、烧热水水变热，是通过热传递的方式增加水的内能，符合题意；C、锯木材锯子发热，是克服摩擦力做功，属于做功改变物体的内能，不符合题意；D、钻木取火，克服摩擦力做功，属于做功改变物体的内能，不符合题意．故选B．【点评】此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，注意区分其实质，一个是能量的转化，一个是能量的转移．3．单缸四冲程内燃机的四个冲程的示意图如图所示．下列关于这种内燃机一个工作循环中四个冲程的顺序排列正确的是()A．丙丁乙甲B．乙丁甲丙C．乙甲丁丙D．甲乙丙丁【考点】内燃机的四个冲程．【专题】比热容、热机、热值．【分析】四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据两个气门的开关、活塞的运动方向以及火花塞是否点火可以确定每个冲程，从而排列出正确的顺序．【解答】解：甲图中两个气门都关闭，火花塞点火，此时活塞向下运动，应该是第三个冲程﹣﹣做功冲程；乙图中进气门打开，排气门关闭，应该是第一个冲程﹣﹣吸气冲程；丙图中进气门关闭，排气门打开，应该是第四个冲程﹣﹣排气冲程；丁图中两个气门都关闭，火花塞没有点火，此时活塞向上运动，应该是第二个冲程压缩冲程．按照四个冲程的先后顺序应该是乙、丁、甲、丙．故选B．【点评】熟悉每个冲程的特征是识别冲程的关键．该题难度不大，逐个确定每个冲程，然后进行正确排序．4．甲、乙、丙三导体两端分别加6V、6V、15V的电压，三导体中的电流分别为2.4A、1.2A、1.2A，下列说法中正确的是()A．甲的电阻最大B．乙的电阻最大C．丙的电阻最大D．三导体的电阻相等【考点】欧姆定律的应用．【分析】比较电阻的大小，需要依据题意的已知条件，根据欧姆定律来判断．27\n【解答】解：根据欧姆定律I=得，R=．依据题意，把已知代入得，R甲===2.5Ω．R乙===5Ω．R丙===12.5Ω．可看出丙导体电阻最大．故A、B、D不符合题意．C符合题意．故选C．【点评】考查了欧姆定律的应用，要求学生对欧姆定律的变形熟练掌握．5．如图所示电路，下列说法正确的是()A．L1、L2串联B．开关S只控制L2C．电流表测干路中电流D．电流表测L1的电流【考点】串、并联电路的设计；电流表的使用．【专题】应用题．【分析】根据串联的特点可知：开关要与所控制的用电器串联，接在干路上时会控制整个电路；电流表的使用方法是：与待测用电器串联，且电流从正接线柱流入，从负接线柱流出．【解答】解：A、由图可知电灯L1、L2是并联，所以选项A不正确．B、由图可知开关S只控制所有用电器，所以选项B不正确．C、由图可知电流表测L1的电流，所以选项C不正确．D、由图可知电流表测L1的电流，所以选项D正确．故选D．【点评】本题重点根据开关、电流表的连接形式判断它们的作用．6．关于温度、热量、内能，下列说法正确的是()A．温度高的物体，内能一定大B．晶体在熔化过程中，继续吸热，温度不变，内能增大C．对物体做功，物体的内能一定增大D．物体的温度越高，所含的热量越多【考点】温度、热量与内能的关系．【专题】应用题；分子热运动、内能．【分析】（1）内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和；（2）物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的；（3）改变物体内能的方式有做功和热传递两种方式，二者是等效的；（4）热量是热传递过程中转移能量的多少，是过程量．27\n【解答】解：A、内能与物体的质量、温度、状态等因素有关，所以温度高的物体内能不一定大，故A错误；B、晶体在熔化过程中，吸热，温度不变，内能增大，故B正确；C、对物体做功，也可能是使物体发生机械运动或形状发生改变，内能不一定增大，故C错误；D、热量总是从温度高的物体传递到温度低的物体，热量不是状态量，不能说含有或者具有热量，故D错误．故选：B．【点评】本题考查的是学生对影响物体内能大小的因素的理解以及内能、温度与热量三者之间的关系的掌握，是中考的热点．7．以下用电器，工作时能量转化的主要形式与其他三个不同的是()A．电烙铁B．电炉C．电风扇D．电熨斗【考点】能量的相互转化；电功的实质．【专题】电能和电功率．【分析】电能通过用电器后，可以转化为其他形式的能量．需要从每个用电器的能量转化来分别进行分析．【解答】解：A、电烙铁工作时是将电能转化为内能；B、电炉工作时是将电能转化为内能；C、电风扇工作时主要是将电能转化为机械能；D、电熨斗工作时是将电能转化为内能．综上所述，只有C电风扇的能量转化与其他三个不同．故选C．【点评】本题考查学生对每种用电器中能量转换现象的理解能力．8．如图所示电路，以下说法正确的是()A．只接通S2，灯亮且电铃响B．只接通S1，灯亮且电铃响C．只断开S3，灯亮且电铃响D．只断开S1，灯亮且电铃响【考点】串联电路和并联电路的辨别．【专题】图析法．【分析】基本的电路分串联电路和并联电路两种，串联电路中电流只有一条流通路径，并联电路中电流有多条流通路径．根据开关的闭合进行分析判断灯泡和电铃的工作情况．【解答】解：A、只接通S2，灯泡和电铃串联，因此灯亮且电铃响；正确．B、只接通S1，为灯泡的基本电路，因此灯亮，电铃不响；错误．C、只断开S3，为灯泡的基本电路，因此灯亮，电铃不响；错误．D、只断开S1，为电铃的基本电路，因此灯不亮，电铃响；错误．故选A．【点评】解决此类题目要结合串并联电路的特点和电路的三种状态进行分析解答．27\n9．关于欧姆定律变形公式R=，说法中正确的是()A．导体的电阻与这段导体两端的电压成正比B．导体的电阻与这段导体的电流成反比C．电压一定时．导体中的电流越大，导体的电阻越小D．利用这个公式可以计算电阻，但是电阻和电压、电流无关【考点】欧姆定律的变形公式；影响电阻大小的因素．【专题】应用题；错解分析题．【分析】导体电阻可由导体两端的电压值与流过导体的电流值的比值求得，但是导体电阻是导体本身的一种性质，与流过的电流和两端的电压无关．【解答】解：导体电阻的影响因素：导体的长度、横截面积、材料．当电压和电流变化时，导体的长度、横截面积、材料都没变，电阻不变．利用公式R=，只是计算电阻的一种方法，但是电阻与电压、电流都无关．故选D．【点评】我们根据比值定义法定义了电阻，但是电阻是由导体本身的性质决定的，与通过它的电流及两端的电压是无关的，在学习中要注意体会和理解．10．在图所示的电路中，电源电压和灯泡电阻都保持不变．当滑动变阻器的滑片P由中点向右移动时，下列判断正确的是()A．电流表和电压表的示数都增大，电路总功率变大B．电流表和电压表的示数都减小，电路总功率变小C．电流表示数减小，电压表示数不变，变阻器功率变小D．电流表示数减小，电压表示数变大，灯泡功率不变【考点】电功率的计算；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用．【分析】从图可知，灯泡和滑动变阻器组成的是一个并联电路，电流表测量滑动变阻器中的电流，电压表测量并联电路两端电压；滑片由中点向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，然后根据并联电路电压、电流的特点以及电功率计算公式的应用对各选项进行逐一分析．【解答】解：由于电压表测的是并联电压，等于电源电压，由于电源电压保持不变，所以电压表示数不变．当滑动变阻器滑片P由左端向右移到中点的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻R变大，电压U不变，则通过电阻的电流变小，即电流表示数变小．故选C．【点评】本题考查了滑动变阻器对电流表和电压表的影响，解决此类问题要判断滑动变阻器在电路中电阻的变化，再利用并联电路的特点和欧姆定律来判断电压和电流的变化；注意选择题可以运用排除法，有时候运用排除法可以快速准确选出答案．11．下列四幅图中能说明发电机的工作原理的是()27\nA．B．C．D．【考点】发电机的构造和原理；通电直导线周围的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素；直流电动机的构造和工作过程．【专题】压轴题．【分析】首先明确题干要求，然后对每个选项分析：A是发电机原理图，B是奥斯特实验，说明通电导体能产生磁场，C是探究电磁铁磁性强弱的实验，D电动机原理图．最后选出符合题意的选项．【解答】解：A、是电磁感应实验，它是发电机原理，故A正确；B、是奥斯特实验，说明通电导体能产生磁场，故B错误；C、是探究电磁铁磁性强弱的实验，故C错误；D、是电动机原理图，故D错误．故选A．【点评】题目中的图就是电流磁效应的几个重要实验，要牢记，只有牢记才能分开它们，否则很容易混淆．12．下列各图中，符合安全用电原则的是()A．电器失火时先切断电源B．湿衣服晾在电线上C．27\n用湿布擦抹电器D．用电器未加接地保护【考点】安全用电原则．【专题】应用题．【分析】安全用电的常识：（1）电器失火或发生触电事故时，先切断电源，再进行救人或灭火；（2）湿衣服中的水是导体，湿衣服晾在电线上易发生触电事故；（3）湿布中的水是导体，湿布擦抹电器易发生触电事故；（4）用电器的金属外壳一定加接地线，以防一旦漏电时发生触电事故．【解答】解：A、电器失火先切断电源，符合安全用电原则．B、湿衣服晾电线上易触电，不符合安全用电原则．C、湿布擦电器易触电，不符合安全用电原则．D、电器未接地线一旦漏电时会发生触电事故，不符合安全用电原则．故选A．【点评】电器失火或人触电时，首先要切断电源，再进行抢救或灭火；湿衣服、湿布绝不能触碰电线、电器；有金属外壳的电器一定用三孔插座，使外壳接地．13．在如图所示的电路中，当开关S闭合后，电压表V1和V2示数相同，发生的故障是()A．灯L1的灯丝断了B．灯L2的灯丝断了C．开关S处断路D．L1两接线柱短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【专题】推理法；电流和电路．【分析】首先从电路图中获取信息：两个灯泡串联、电压表V1测量的是灯泡L1两端的电压，电压表V2测量的是电源电压，当两个电表的示数相同，说明电路中有一处出现了故障，可能是某一处短路或断路，再根据具体的情况分析出故障的位置．【解答】解：根据电路图可知，两个小灯泡串联、电压表V1测量的是灯泡L1两端的电压，电压表V2测量的是电源电压，当两个电压表的示数相同时，说明电路中出现了断路或短路．再根据串联电路的特点，当小灯泡L1出现断路时，两个电压表有示数，且示数相等，符合题意；当灯泡L2出现断路时，电压表V1没有示数，故不符合题意；当开关D处接触不良时，电压表V1没有示数，故不符合题意；当灯L1两端接线柱短路时，电压表V1没有示数，故不符合题意．故选A．【点评】此题是一道故障分析题，解答时让学生根据实验现象来分析出故障的原因，从中培养了学生分析问题和解决问题的能力．27\n14．下列各组能源中，均为不可再生能源的是()A．煤、石油、天然气B．太阳能、地热能、风能C．电能、汽油、风能D．核能、水能、生物能【考点】能源的分类．【专题】应用题．【分析】像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源．【解答】解：A、正确，煤、石油、天然气都是化石能源，属于不可再生能源；B、错误，太阳能、地热能、风能都属于可再生能源；C、错误，电能、风能属于可再生能源；D、错误，核能是不可再生能源，水能和生物质能属于可再生能源；故选A．【点评】本题主要考查学生对可再生能源和不可再生能源特点的理解和掌握．是中招热点．15．2022年4月，我国在西昌卫星发射中心成功发射了第二颗北斗导航卫星，它可以提供高精度的定位、测速和授时等服务．它传递信息利用的是()A．电磁波B．超声波C．次声波D．各种射线【考点】电磁波在日常生活中的应用；电磁波的传播．【专题】应用题．【分析】图片和声音等信号调制到电磁波上，把电磁波当成载体发射出去，电磁波比超声波、次声波具有更强的穿透力，人们日常生活中用的电视信号、手机信号都是利用电磁波传递信号．【解答】解：卫星和地面的联系靠电磁波，将图片和声音等信号调制到电磁波上，把电磁波当成载体发射回地面．电磁波比超声波、次声波具有更强的穿透力．所以它传递信息利用的是电磁波．故选A．【点评】这是一道考查电磁波在日常生活中的应用的基础题，比较容易，可以作为选择题或填空题出现．二、填空题（每个填空2分，共28分）16．电磁波家族成员很多，有无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、Υ射线等，它们与人类生活息息相关．例如：电视机的遥控器就是利用红外线来工作的；某电台发射的电磁波波长为3m，其频率是100MHz．【考点】波速、波长和频率的关系；红外线．【专题】应用题．【分析】根据c=λf，已知波速和波长，就可以算出其频率．【解答】解：电视机的遥控器是利用红外线来工作的．电磁波的波速是3×108m/s，根据c=λf得：f===108Hz=100MHz故答案为：红外线，100．【点评】注意1兆赫和赫兹的单位换算：1MHz=106Hz27\n17．一只标有“6V0.6A”的小灯泡，若加在其两端的电压是3V，则灯泡的额定功率是3600mW，实际功率是0.9W．若把它接在电压为9V的电源两端并使它正常发光，则需要串联一个5Ω的电阻．【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用；电阻的串联．【专题】计算题．【分析】（1）已知灯泡的额定电压和额定电流，可求额定功率和电阻；（2）已知实际电压和电阻，可求实际功率；（3）把它接在电压为9V的电源两端并使它正常发光，则必须串联一个电阻，电阻分担的电压为3V，已知电流，可求电阻．【解答】解：（1）P额=UI=6×6W=36W=3600mW．．（2）．（3）把它接在电压为9V的电源两端并使它正常发光，需要串联分压，另一个电阻分压U1=U总﹣U=9﹣6V=3V．．故答案为：3600；0.9；串；5．【点评】本题考查电功率的计算，欧姆定律的应用，串联电阻电压的规律．18．两根电阻线的电阻之比是3：4，若通过的电流之比为4：3，则它们两端的电压之比是1：1，在相同时间内，电流通过两根电阻线所做的电功之比是4：3．【考点】电功的计算；欧姆定律的应用．【专题】计算题；推理法．【分析】（1）利用U=IR计算分析电压之间的关系；（2）利用公式W=UIt分析电流所做的功．【解答】解：（1）两端的电压之比==×=×==1：1；（2）电流通过两根电阻线所做的电功之比==××=××=4：3．故答案为：1：1；4：3．【点评】（1）本题中不知道是串联还是并联，直接把已知全部代入公式中去分析比较；（2）第二问也可以用公式W=I2Rt去分析，在分析这类题的时候关键点在于确定一个适合的计算公式．19．物业工作人员来李明家收电费，他观察到李明家电能表的情况如图所示，然后从记录本上查出上月电能表的示数是811.6kWh．若按0.5元/kWh计费，李明家本月应缴电费60元．家中用电器的总功率不能超过1100W．当小明家只有一盏电灯工作时，3min内转盘正好转过5圈，则该灯泡的电功率为40W．27\n【考点】电能表参数的理解与电能的求法．【专题】电能和电功率．【分析】（1）电能表最后一位示数是小数，由图示电能表可以读出电能表示数，该示数与上月示数之差是本月的用电量，然后求出本月应缴纳的电费；由电能表铭牌找出电能表正常工作时的电压与允许通过的最大电流，然后由P=UI求出电能表允许的最大功率．（2）已知电能表每消耗1kW•h的电能，转盘就转过2500r；可求转动5r消耗的电能；根据公式P=求出电功率．【解答】解：（1）由图示电能表可知，电能表示数是931.6kW•h，本月用电量是931.6kW•h﹣811.6kW•h=120kW•h，本月应缴电费120kW•h×0.5元/kW•h=60元；由图示电能表可知，电能表正常工作时的电压是220V，允许通过的最大电流是5A，电能表允许的用电器最大总功率P=UI=220V×5A=1100W；（2）电能表的转盘转5R消耗的电能为：W==0.002kW•h=7200J，而t=3min=180s，该灯泡的电功率为：P===40W．答案为：60；1100；40．【点评】本题考查消耗电能、电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用；难点是对电能表各个参数物理意义的正确理解；解题过程中要注意单位的换算．20．有一仪器中的电路如图所示，其中带金属细杆的金属滑块M与两侧金属弹簧相连接并接入电路中，金属块M与弹簧套在光滑绝缘水平细杆上．现将该仪器固定在一辆汽车上，当汽车启动时，绿灯亮（选填“红灯”或“绿灯”）；当汽车急刹车时，红灯亮（选填“红灯”或“绿灯”）．【考点】惯性；电路的三种状态．【分析】本题依据解释惯性现象的知识和电路的通断来判断哪一个灯亮．【解答】解：金属块M原来与汽车一起保持静止，当汽车突然启动时，汽车由于受牵引力由静止变成运动，而金属块M由于惯性仍然保持静止，所以金属块M相对于汽车向后运动，使绿灯支路接通，即绿灯亮；27\n金属块M原来与汽车一起向前运动，当汽车急刹车时，汽车由于受到制动力由运动变成静止，而金属块M由于具有惯性仍然向前运动，所以金属块M相对于汽车向前运动，使红灯支路接通，即红灯亮．故答案为：绿灯；红灯．【点评】（1）本题考查的是物理属性等知识．根据题目提供的信息得出氧化钛的物理属性，结合电路的特点可解决此题．（2）本题利用了物体的惯性来使不同的灯亮，分别指示车的不同运行状态．21．如图所示，是一种水位自动报警器的原理图．当水位到达金属块A时，控制电路接通，这时电磁铁的上端是S极，灯L2发光（填“L1”或“L2”）．【考点】电磁继电器的组成、原理和特点；安培定则．【专题】应用题；图析法．【分析】（1）用安培定则判断通电螺线管的极性，右手握住螺线管，四指弯向线圈中电流的方向，大拇指所指的就是通电螺线管的N极；（2）电磁铁产生磁性，衔铁被吸下时，L2灯电路接通．【解答】解：当水位没有达到A时，电磁铁没有磁性，只有L1灯亮；当水位到达A时电路接通，电磁继电器有磁性，且根据安培定则知上端为S极，衔铁就会在电磁力吸引的作用下使L2灯电路接通，L2灯亮．故答案为：S、L2．【点评】（1）安培定则可以由电流方向判断通电螺电管的极性，也可以由通电螺线管的极性判断电流的方向；（2）本题考查了电磁铁在电磁继电器上的应用，电磁继电器实质上是一个由电磁铁来控制的自动开关，在解答此类题目时，要从电磁铁通电有磁性，断电无磁性的原理进行分析．22．如图是人造地球卫星的轨道示意图，人造地球卫星在大气层外环绕地球运行的过程中，它在近地点的动能大于（选填：大于、小于、等于）它在远地点的动能；它从近地点向远地点运行的过程中，机械能的变化情况是不变（选填：变大、变小、不变）．【考点】动能和势能的转化与守恒；动能和势能的大小变化．【专题】压轴题；控制变量法．【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度．质量不变时，速度越大，动能越大．27\n（2）地面附近的物体由于被举高具有重力势能，物体到太空中由于有相对高度，物体具有势能．（3）没有空气阻力时，机械能是守恒的．【解答】解：（1）卫星在运行过程中质量不变，卫星在近地点和地球的相对距离最小，速度最大，近地点势能最小，动能最大；卫星在远地点和地球的相对距离最大，速度最小，远地点的势能最大，动能最小．（2）卫星在太空，运行过程中没有运行阻力，没有能量的损失，机械能是守恒的．故答案为：大于；不变．【点评】（1）注意太空中由于物体之间有相对距离时，具有的是势能而不是重力势能．（2）掌握动能和势能大小的影响因素，根据能量的影响因素能判断动能和势能的大小变化．三、实验探究题（共22分）23．如图所示的通电螺线管，请在图中标出磁感线的方向、螺线管的N、S极和电源的正负极．【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁感线及其特点．【专题】磁现象、电生磁．【分析】根据磁极间的相互作用可知电磁铁的极性方向，则可得出磁感线的方向，由安培定则可求知电源的正负极．【解答】解：根据磁极间的相互作用可知电磁铁的右端为N极，左端为S极，则外部磁感线由N指向S极；由安培定则可得电流由左侧流入，电源的左端为正极，右端为负极，故答案如图：【点评】对于电磁铁，不论是告诉电流方向判磁极方向还是由磁极方向判电流方向，都由安培定则进行判定．24．如图所示，请将下列元件连接成符合安全用电要求的家庭电路．27\n【考点】家庭电路的连接；安全用电原则．【专题】作图题；电与热、生活用电．【分析】（1）开关和灯泡的连接方法：火线首先过开关，再入灯座顶端的金属点；零线直接入灯座的螺旋套．在更换灯泡时，断开开关，切断火线，操作更安全．（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．【解答】解：（1）开关和灯泡的连接方法：火线首先过开关，再入灯座顶端的金属点；零线直接入灯座的螺旋套．（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．如下图所示：【点评】掌握家庭电路中灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、电能表、保险丝的接法．25．在“科学探究：物质的比热容”中得到如下一组数据：烧杯号液体质m/g初温t1/°C末t2/°C加热时t/min1水300203012.32水12020306.23煤油30020306.14煤油30020253.1（1）比较分析1、3号烧杯的实验记录，可以得出的初步结论是：质量相等的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同；（2）比较分析1、2号烧杯的实验记录，可以得出的初步结论是质量不同的相同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同；（3）比较分析3号和4号烧杯的实验记录，可以得出的初步结论是：质量相等的同种物质，升高不同的温度，吸收的热量不同；（4）实验说明物体吸收热量的多少不仅与物体的质量和升高的温度有关，还与物质的种类有关．【考点】探究比热容的实验．【专题】探究型实验综合题．【分析】探究吸热多少与物体质量与升高温度之间的关系，物体吸热多少是由加热时间来体现的．27\n要解决此题，需要分析表格中数据，注意加热时间的长短（吸热的多少）是由哪个物理量的变化引起的．【解答】解：（2）1、2号烧杯的液体种类都是水，初温和末温即升高的温度相同，质量不同，加热时间即吸收的热量不同，所以可以得出质量不同的相同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同．（3）3、4号烧杯中的液体种类都是煤油，初温相同，末温不同，即升高的温度不同，而加热时间不同即吸收的热量不同．所以说明了质量相等的同种物质，升高不同的温度，吸收的热量不同．（4）1、3号烧杯中的液体种类不同，初温、末温、液体的质量都相同，但加热时间即吸收的热量不同，说明了物体吸收热量的多少还与物体的种类有关．故答案为：（2）质量不同的相同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同；（3）3；4；（4）物质的种类．【点评】此题通过探究物质的比热容实验和影响物体吸热多少的因素实验考查了学生对控制变量法的应用和根据数据得出结论的能力．26．为探究电磁铁的磁性跟哪些因素有关，小聪所在的实验小组用漆包线（表面涂在绝缘漆的导线）在大铁钉上绕若干圈，制成简单的电磁铁，结合其它实验器材做了如图所示的实验．根据b、c、d中观察到的情况，完成下面填空：（1）通过观察电磁铁吸引大头针数目的不同，来判断它磁性强弱不同．（2）通过比较b、c两种情况，可以知道通过的电流越大，电磁铁的磁性越强．（3）通过比较d中甲、乙两个电磁铁，发现外形结构相同的电磁铁，通过相同的电流时，线圈匝数越多，磁性越强．【考点】探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验．【专题】探究型实验综合题．【分析】（1）电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯．电流越大，匝数越多，有铁芯时电磁铁的磁性越强．（2）滑动变阻器的作用：改变连入电路的电阻丝的长度，改变连入电路的电阻，改变电路中的电流．（3）电磁铁的磁性强弱通过吸引大头针的多少来反映，这种方法是控制变量法．【解答】解：（1）电磁铁吸引大头针的多少来反映电磁铁磁性的强弱，电磁铁吸引大头针越多，电磁铁的磁性越强．（2）bc实验，线圈匝数和铁芯一定，c实验中，滑动变阻器的滑片左移，电阻减小，电源电压不变，电流增大，吸引的大头针越多，磁性越强．（3）d中甲、乙两个电磁铁串联，电流相同，铁芯相同，匝数越多的电磁铁吸引大头针越多，磁性越强．故答案为：（1）磁性强弱；（2）b、c；（3）电流；多．【点评】（1）掌握电磁铁的优点和电磁铁磁性强弱的影响因素．（2）掌握滑动变阻器的结构、接线柱的接法、原理、作用等等．27\n（3）掌握如何用转换法和控制变量法研究电磁铁磁性强弱的影响因素．27．测定小灯泡电功率的实验中，选用的电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V、电阻约为10Ω．（1）连接电路时开关应断开，电流表的量程应选0﹣0.6A．（2）用笔画线代替导线，连接完整如图a所示的实物电路．（3）闭合开关前，图中滑动变阻器的滑片P应位于A（选填“A”或“B”）端．（4）闭合开关，移动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数、电流表无示数，原因可能是灯泡断路（写出一种即可）．（5）排除故障后，闭合开关、移动滑片P至电压表的示数如图b所示，其读数为2.2V；要获得小灯泡额定功率的数据，滑片P应向B（选填“A”或“B”）移动．（6）改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，绘制得如图c所示的I﹣U图象．由图象可知，小灯泡两端电压是1.5V时，其电阻是10Ω，额定功率是0.5W．【考点】探究用电器的电功率实验；实物的电路连接；电流表的使用；电压表的读数方法；滑动变阻器的使用；电流表、电压表在判断电路故障中的应用；欧姆定律的应用；电功率的计算．【专题】实验题；作图题；压轴题；错解分析题；实验分析法．【分析】（1）连接电路时，开关应处于断开状态．由灯泡的电压和电阻计算电流，确定电流表的量程．（2）电流表与灯泡串联测灯泡电流，注意正负接线柱．（3）闭合开关前，滑片处于最大阻值处．（4）灯泡不亮可能是灯泡断路或灯泡以外的地方断路或灯泡短路，灯泡断路时，电路断路，电路中没有电流，电流表无示数，电压表串联在电路中，电压表测量电源电压；灯泡短路时，电路总电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大，电压表测量导线电压，示数为0．灯泡以外的地方断路，整个电路都处于断开状态，灯泡不亮，电压表和电流表都没有示数．（5）电压表读数：确定使用的量程，确定每一个大格和每一个小格各代表多少．电压表测灯泡两端的电压，灯泡电压增大时，电路电流增大，总电阻减小，滑动变阻器连入电路的电阻减小．（6）由图象得到灯泡在1.5V时的电流，根据R=计算电阻，根据P=UI计算功率．【解答】解：（1）连接电路时，开关应处于断开状态，防止连接完最后一根导线，电路接通，损坏元件．灯泡电流大约为：I===0.25A＜0.6A，电流表选择0～0.6A量程．27\n（2）电流表与灯泡串联测灯泡电流，电流从正接线柱流出，从负接线柱流出，如图．（3）滑动变阻器接入右半段，滑片处于A端，滑动变阻器连入电路的电阻最大．（4）灯泡不亮，电流表无示数，电路断路，电压表有示数，电压表与电源连通，灯泡断路．（5）电压表选择0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为2.2V，电压表测灯泡电压，要使灯泡在额定电压2.5V时工作，灯泡电压需要从2.2V增大到2.5V，需要增大电路电流，减小滑动变阻器连入电路的电阻，滑片向B端移动．（6）由图象知，灯泡在1.5V时的电流为0.15A，所以灯泡电阻为：R′===10Ω．灯泡在2.5V时的电流为0.2A，所以P=UI″=2.5V×0.2A=0.5W．故答案为：（1）断开；0.6；（2）如图；（3）灯泡断路；2.2；B；10；0.5．【点评】（1）补全实物连接图时，主要考虑电压表、电流表、滑动变阻器：电压表量程根据灯泡的额定电压或电源电压来确定，电压表并联在灯泡的两端．根据灯泡的额定电压和电阻，或根据灯泡的额定电压和额定功率，来判断电流表的量程，电流表串联在电路中．滑动变阻器有4个接线柱，选择一上一下接线柱接入电路，使滑动变阻器串联在电路中．（2）对于故障问题，在连接好电路，刚刚闭合开关时，灯泡不亮，可能是电流太小，可能是灯泡断路或短路．先通过移动滑动变阻器滑片判断是通路还是故障，再由电流表示数判断是短路还是断路，再由电压表判断故障的具体位置．（3）从图象中搜寻已知条件是最近两年的中考热点．四、计算题（共20分）28．为了测定某额定功率为1000W的电热水器的效率，物理兴趣小组的同学在热水器中加了2kg的水，让热水器正常工作，并绘制出通电加热过程中水温随时间的变化情况图，求：（1）加热2min，水的温度升高了多少？（2）加热6min，水吸收了多少热量？（3）电热水器的效率是指水吸收的热量与电热水器放出的热量之比，该热水器正常工作时的效率为多少？27\n【考点】热量的计算；能量利用效率；电功的计算．【专题】计算题；应用题．【分析】根据图象可以读出在各时间段内水的温度，利用公式Q吸=cm△t计算水吸收的热量，结合电功的公式W=Pt求解电热器放出的热量．【解答】解：（1）水温升高△t=30℃﹣20℃=10℃；（2）水吸收热量Q=cm△t=4.2×103J/（Kg•℃）×2kg×30℃=2.52×105J；（3）W=Pt=1000W×360s=3.6×105J，η==×100%=70%；答：（1）加热2min，水的温度升高了10℃；（2）加热6min，水吸收了=2.52×105J；（3）该热水器正常工作时的效率为70%．【点评】解决此类综合性的题目，要结合相关的物理公式分析求解．29．如图所示，电源电压U=6V，电阻R1=3Ω，R2=9Ω．（1）当开关S闭合后，电流表示数为多少？（2）当开关S闭合后，电阻R1在10s内消耗的电能为多少？（3）若将两电阻并联后接入原电路，当开关S闭合后，电路的总功率．【考点】欧姆定律的应用；电功的计算；电功率的计算．【专题】电路和欧姆定律；电能和电功率．【分析】（1）根据串联电路电阻的特点和欧姆定律即可求出电流表的示数；（2）根据W=I2Rt即可求出电阻R1在10s内消耗的电能；（3）先求出并联电路的总电阻，然后根据P=求出电路的总功率．【解答】解：（1）当开关S闭合后，电流表示数：I===0.5A；（2）当开关S闭合后，电阻R1在10s内消耗的电能：W=I2R1t=（0.5）2×3Ω×10s=7.5J；（3）∵=+∴R并===Ω，27\n则电路的总功率：P===16W．答：（1）当开关S闭合后，电流表示数为0.5A；（2）当开关S闭合后，电阻R1在10s内消耗的电能为7.5J；（3）若将两电阻并联后接入原电路，当开关S闭合后，电路的总功率为16W．【点评】本题考查电阻的串并联、欧姆定律的应用以及电功率的计算；计算题的关键是理解公式的含义，会选择相关物理量进行计算．30．小明在研究性学习活动中，查阅到一种热敏电阻的阻值随温度变化的规律如下表，并将该型号的热敏电阻应用于如图所示由“控制电路”和“工作电路”组成的恒温箱电路中．温度/℃…3040506070…热敏电阻阻值/Ω…350300250210175…“控制电路”由热敏电阻R1、电磁铁（线圈阻值R0=50Ω）、电源U1、开关等组成，当线圈中的电流大于或等于20mA时，继电器的衔铁被吸合，右边工作电路则断开；“工作电路”由工作电源U2（U2=10V）、发热电阻R2（R2=5Ω）、导线等组成．问：（1）工作电路工作时的电流为多大？电阻R2的发热功率为多大？（2）若发热电阻R2需提供1.2×104J的热量，则工作电路要工作多长时间（不计热量的损失）？（3）若恒温箱的温度最高不得超过50℃，则控制电路的电源电压U1最小值为多大？【考点】欧姆定律的应用；电阻的串联；电功率的计算．【专题】计算题；压轴题；信息给予题．【分析】（1）已知电压和电阻，根据欧姆定律公式就可以直接算出电流；算电功率可根据电功率公式P=UI算出．（2）要求出工作时间，根据题意需要用公式t=进行计算，电功率在第（1）问中已经求出，关键是电阻R2消耗的电能是多少题中并没有告诉．不过电阻R2是一个纯电阻电路且不计热量损失，所以它在工作时，将电能全部转化为热能，则可知电阻产生的热量即为消耗的电能．（3）先从表格中找出温度为50℃时热敏电阻的阻值，然后利用串联电路电阻规律算出总电阻，最后用最小电流乘以总电阻算出最小电源电压值．【解答】解：（1）工作电路工作时的电流：I2===2A；电阻R2的发热功率：P2=U2I2=10V×2A=20W；27\n（2）因为电阻消耗的电能等于电流通过电阻时产生的热量，即W2=P2t=Q，所以t===600s；（3）当R1温度为50℃时，其阻值R1=250Ω；因为R1和R0串联，所以R总=R1+R0=250Ω+50Ω=300Ω；因此，控制电路的最小电压为：U1=I1R总=0.02A×300Ω=6V．答：（1）工作电路工作时的电流为2A．电阻R2的发热功率为20W．（2）若发热电阻R2需提供1.2×104J的热量，则工作电路要工作600s．（3）若恒温箱的温度最高不得超过50℃，则控制电路的电源电压U1最小值为6V．【点评】本题综合考查了学生对欧姆定律公式和电功率公式的理解和运用，以及对串联电路电流、电阻、电压规律的考查．考查的内容都是电学部分的基础和重点内容，一定要掌握．27