山东省济宁市微山一中2022学年高一物理下学期6月月考试卷（含解析）

2022-2022学年山东省济宁市微山一中高一（下）月考物理试卷（6月份）　一．选择题（本题为不定项选择，共10题50分，每题5分，选不全得3分，有选错或不选的得0分）1．（5分）（2022春•微山县校级月考）有一个水平恒力F先后两次作用在同一个物体上，使物体由静止开始沿着力的方向发生相同的位移s，第一次是在光滑的平面上运动；第二次是在粗糙的平面上运动．比较这两次力F所做的功W1和W2以及力F做功的平均功率P1和P2的大小（　　）　A．W1=W2，P1＞P2B．W1=W2，P1=P2C．W1＞W2，P1＞P2D．W1＜W2，P1＜P2考点：功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．版权所有专题：功率的计算专题．分析：根据功的公式，可以知道拉力F对物体做功的情况，由物体的运动规律求出物体的运动的时间，再由功率的公式可以分析F的功率的大小．解答：解：由W=Fs知，恒力F对两种情况下做功一样多，即：W1=W2在粗糙水平面上由于受到阻力的作用，有F合=ma可知在粗糙水平面上加速度小，由s=at2知，通过相同的位移，在粗糙水平面上用的时间长，由P=知，力F在粗糙水平面上做功的平均功率小，即：Pl＞P2故选：A．点评：本题就是对功的公式和功率公式的直接考查，在计算功率时要注意，求平均功率的大小，要注意公式的选择．　2．（5分）（2022春•微山县校级月考）质量为m的汽车，以恒定功率P在平直马路上行驶，匀速行驶时的速度为v1，则汽车的速度为v2时（v2＜v1）的加速度为（　　）　A．B．　C．D．考点：功率、平均功率和瞬时功率．版权所有专题：功率的计算专题．分析：汽车以恒定的功率匀速运动时，汽车受到的阻力的大小和汽车的牵引力的大小相等，由此可以求得汽车受到的阻力的大小，当速度为v2时，在由P=Fv可以求得此时的牵引力的大小，根据牛顿第二定律求得汽车的加速度的大小．解答：解：汽车以速度v1匀速运动时，根据P=Fv1=fv1可得汽车受到的阻力的大小为：f=-10-\n汽车以速度v2运动时，根据P=F′v2，所以此时的牵引力F′=由牛顿第二定律可得：F′﹣f=ma，所以加速度为：a==故选：C．点评：本题考查的是汽车的启动方式，对于汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动，对于每种启动方式的汽车运动的过程一定要熟悉．　3．（5分）（2022秋•鲤城区校级期中）如图所示，在动摩擦因数为0.2的水平面上有一质量为3kg的物体被一个劲度系数为120N/m的压缩轻质弹簧突然弹开，物体离开弹簧后在水平面上继续滑行了1.3m才停下来，下列说法正确的是（g取10m/s2）（　　）　A．物体开始运动时弹簧的弹性势能Ep=7.8J　B．物体的最大动能为7.8J　C．当弹簧恢复原长时物体的速度最大　D．当物体速度最大时弹簧的压缩量为x=0.05m考点：功能关系；胡克定律．版权所有分析：（1）对物体运动的整个过程，由能量守恒定律列式求解物体开始离开弹簧的弹性势能．（2）物体向右先做加速运动后做减速运动，当弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相等时，速度最大，动能最大．由平衡条件求解此时弹簧的形变量．解答：解：A、根据能量的转化与守恒，知物体离开弹簧时的动能为：Ep′=μmgl=0.2×30×1.3=7.8J则开始运动时弹簧的弹性势能大于7.8J，故A错误，B正确；C、在动能最大时，物体的合外力为零，则有：kx=μmg，即弹簧弹力与摩擦力平衡时，解得：x===0.05m；故C错误，D正确；故选：BD．点评：解决此类问题，关键要正确的分析物体运动的过程及物体的受力情况，并会确定运动过程中的临界点和分析在临界点上的受力，当物体接触弹簧向右运动的过程中，开始是加速运动的，当弹力和摩擦力相等时，加速度为零，之后摩擦力要大于弹力，物体开始做减速运动．弹力和摩擦力相等时即为一个临界点．　-10-\n4．（5分）（2022春•微山县校级月考）从地面竖直上抛一个质量为m的小球，小球上升的最大高度为h．设上升和下降过程中空气阻力大小恒定为f．下列说法正确的是（　　）　A．小球上升的过程中动能减少了mgh　B．小球上升和下降的整个过程中机械能减少了fh　C．小球上升的过程中重力势能增加了mgh　D．小球上升和下降的整个过程中动能减少了fh考点：竖直上抛运动；功能关系．版权所有专题：直线运动规律专题．分析：解决本题需掌握：①总功等于动能的变化量；②重力做功等于重力势能的减小量；③除重力外其余力做的功等于机械能的变化量．解答：解：A、小球上升的过程中，重力和阻力都做负功，其中克服重力做功等于mgh，故总功大于mgh；根据动能定理，总功等于动能的变化量；故动能的减小量大于mgh，故A错误；B、除重力外其余力做的功等于机械能的变化量，除重力外，克服阻力做功2fh，故机械能减小2fh，故B错误；C、小球上升h，故重力势能增加mgh，故C正确；D、小球上升和下降的整个过程中，重力做功等于零，阻力做功等于﹣2fh，故根据动能定理，动能减小2fh，故D错误；故选C．点评：本题关键是明确功的物理意义，即功是能量转化的量度；同时要明确有阻力的上抛运动中，阻力是变力，重力是恒力．　5．（5分）（2022•雁峰区校级学业考试）下列关于运动物体所受合外力做功和动能变化的关系正确的是（　　）　A．如果物体所受合外力为零，则合外力对物体做的功一定为零　B．如果合外力对物体所做的功为零，则合外力一定为零　C．物体在合外力作用下做变速运动，动能一定发生变化　D．物体的动能不变，所受合外力一定为零考点：动能定理的应用；功能关系．版权所有专题：动能定理的应用专题．分析：-10-\n物体所受合外力为零，根据功的公式分析合外力对物体做的功是否为零．再分析合外力对物体所做的功为零，合外力是否为零．根据动能定理分析动能不变时，合外力是否为零．解答：解：A、如果物体所受合外力为零，根据功的公式W=Flcosα得知，合外力对物体做的功一定为零．故A正确；B、如果合外力做的功为零，但合外力不一定为零，也可能物体的合外力和运动方向垂直而不做功，比如匀速圆周运动．故B错误；C、物体做变速运动可能是速度方向变化而速度大小不变．所以，做变速运动的物体，动能可能不变，故C错误；D、物体动能不变，根据动能定理得知，合外力不做功，但合外力不一定为零．故D错误．故选：A．点评：合外力做功和动能变化的关系由动能定理反映．合外力为零，其功一定为零，但合外力功为零，但合外力不一定为零，可以以匀速圆周运动为例说明．　6．（5分）（2022春•东营区校级期中）某人用手将1Kg物体由静止向上提起1m，这时物体的速度为2m/s（g取10m/s2），则下列说法正确的是（　　）　A．手对物体做功12JB．合外力做功2J　C．合外力做功12JD．物体克服重力做功10J考点：动能定理的应用．版权所有专题：动能定理的应用专题．分析：根据物体的运动的情况可以求得物体的加速度的大小，再由牛顿第二定律就可以求得拉力的大小，再根据功的公式就可以求得力对物体做功的情况．解答：解：分析物体的运动的情况可知，物体的初速度的大小为0，位移的大小为1m，末速度的大小为2m/s，由速度位移公式得：v2﹣v02=2ax，解得：a=2m/s2，由牛顿第二定律可得，F﹣mg=ma，解得：F=12N，A、手对物体做功W=Fs=12×1J=12J，故A正确；B、合力的大小：F合=ma=2N，所以合力做的功为：W合=F合s=2×1=2J，所以合外力做功为2J，故B正确，C错误；D、重力做的功为：WG=﹣mgh=﹣1×10×1=﹣10J，所以物体克服重力做功10J，故D正确；故选：ABD．点评：本题考查的是学生对功的理解，根据功的定义可以分析做功的情况．　7．（5分）（2022秋•科尔沁区期末）质量为m的物体，在距地面h高处以g的加速度由静止竖直下落到地面，下列说法中正确的是（　　）　A．物体重力势能减少mghB．物体的机械能减少mgh　C．物体的动能增加mghD．重力做功mgh-10-\n考点：重力势能的变化与重力做功的关系；动能和势能的相互转化．版权所有分析：物体距地面一定高度以的加速度由静止竖直下落到地面，则说明物体下落受到一定阻力．那么重力势能的变化是由重力做功多少决定的，而动能定理变化由合力做功决定的，那么机械能是否守恒是由只有重力做功决定的．解答：解：A、物体在下落过程中，重力做正功为mgh，则重力势能减小也为mgh．故A错误；B、物体除重力做功，阻力做负功，导致机械能减少．由阻力做功为﹣，得机械能减少为，故B正确；C、物体的合力为，则合力做功为，所以物体的动能增加为，故C错误；D、物体在下落过程中，重力做正功为mgh，故D正确；故选：BD点评：功是能量转化的量度，重力做功导致重力势能变化；合力做功导致动能变化；除重力外其他力做功导致机械能变化；弹力做功导致弹性势能．　8．（5分）（2022•启东市校级一模）宇宙飞船运动中需要多次“轨道维持”．所谓“轨道维持”就是通过控制飞船上发动机的点火时间和推力的大小、方向，使飞船能保持在预定轨道上稳定运行．如果不进行“轨道维持”，由于飞船受轨道上稀薄空气的影响，轨道高度会逐渐降低，在这种情况下飞船的动能、重力势能和机械能的变化情况将会是（　　）　A．动能、重力势能和机械能逐渐减小　B．重力势能逐渐减小，动能逐渐增大，机械能不变　C．重力势能逐渐增大，动能逐渐减小，机械能不变　D．重力势能逐渐减小，动能逐渐增大，机械能逐渐减小考点：机械能守恒定律．版权所有专题：机械能守恒定律应用专题．分析：轨道高度逐渐降低，即飞船的高度降低（就像高处的物体下落一样），重力势能转化为动能，同时要克服空气阻力做功，飞船的机械能减少，转化为内能，据此分析判断．解答：解：轨道高度逐渐降低，即飞船的高度降低、重力势能减少，速度将增大、动能增大，重力势能转化为动能；由于飞船受轨道上稀薄空气的影响，飞船要克服空气阻力做功，飞船的机械能减少，转化为内能．故选D．点评：本题考查了动能和重力势能的相互转化，利用好“飞船受轨道上稀薄空气的影响﹣﹣﹣受空气阻力作用”是本题的关键．　-10-\n9．（5分）（2022春•新疆校级期末）如图所示，A、B、C、D四图中的小球以及小球所在的左侧斜面完全相同，现从同一高度h处由静止释放小球，使之进入右侧不同的竖直轨道：除去底部一小圆弧，A图中的轨道是一段斜面，高度大于h；B图中的轨道与A图中轨道相比只是短了一些，且斜面高度小于h；c图中的轨道是一个内径略大于小球直径的管道，其上部为直管，下部为圆弧形，与斜面相连，管的高度大于h；D图中的轨道是个半圆形轨道，其直径等于h，如果不计任何摩擦阻力和拐弯处的能量损失，小球进入右侧轨道后能到达h高度的是（　　）　A．B．C．D．考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力．版权所有专题：机械能守恒定律应用专题．分析：小球在运动的过程中机械能守恒，根据机械能守恒定律，以及到达最高点的速度能否为零，判断小球进入右侧轨道能否到达h高度．解答：解：A、小球到达最高点的速度可以为零，根据机械能守恒定律得，mgh+0=mgh′+0．则h′=h．故A正确．B、小球离开轨道做斜抛运动，运动到最高点在水平方向上有速度，即在最高点的速度不为零，根据机械能守恒定律得，mgh+0=mgh′+．则h′＜h．故B错误．C、小球离开轨道做竖直上抛运动，运动到最高点速度为零，根据机械能守恒定律得，mgh+0=mgh′+0．则h′=h．故C正确．D、小球在内轨道运动，通过最高点有最小速度，故在最高点的速度不为零，根据机械能守恒定律得，mgh+0=mgh′+．则h′＜h．故D错误．故选AC．点评：解决本题的关键掌握机械能守恒定律，以及会判断小球在最高点的速度是否为零．　10．（5分）（2022春•微山县校级月考）如图所示，木块静止在光滑水平桌面上，一子弹水平射入木块的深度为d时，子弹与木块相对静止，在子弹入射的过程中，木块沿桌面移动的距离为L，木块对子弹的平均阻力为Ff，那么在这一过程中正确的是（　　）　A．木块的机械能增量为FfL　B．子弹的机械能减少量为Ff（L+d）　C．系统的机械能减少量为Ffd　系统的机械能减少量为Ff（L+d）-10-\nD．考点：功能关系．版权所有分析：子弹受到摩擦阻力，而木块所受到摩擦动力，两者摩擦力f大小相等，可认为是恒力．运用动能定理分别研究子弹和木块，求出各自的动能变化．解答：解：A、子弹对木块的作用力大小为Ff，木块相对于地的位移为L，则子弹对木块做功为fL，根据动能定理得知，木块动能的增加量，即机械能的增量等于子弹对木块做的功，即为FfL．故A正确．B、木块对子弹的阻力做功为﹣Ff（L+d），根据动能定理得知：子弹动能的减少量等于子弹克服阻力做功，大小为Ff（L+d）．故B正确．CD、子弹相对于木块的位移大小为d，则系统克服阻力做功为Ffd，根据功能关系可知，系统机械能的减少量为Ffd．故C正确，D错误．故选：ABC点评：本题考查子弹打木块模型，同时功是能量转化的量度，能量转化的多少可以用功来量度，掌握住功和能的关系就可以分析得出结论．　二．实验题．（每空3分．共24分）11．（3分）（2022春•忻州期末）关于“探究功与速度变化的关系”的实验中，下列叙述正确的是（　　）　A．每次实验必须设法算出橡皮筋对小车做功的具体数值　B．每次实验中，橡皮筋拉伸的长度没有必要保持一致　C．放小车的长木板应该尽量使其保持水平　D．先接通电源，再让小车在橡皮筋的作用下弹出考点：探究功与速度变化的关系．版权所有专题：实验题；动能定理的应用专题．分析：橡皮筋拉动小车的方法来探究橡皮筋的拉力对小车所做的功与小车速度变化的关系实验原理是：1、n根相同橡皮筋对小车做的功就等于系一根橡皮筋时对小车做的功的n倍，这个设计很巧妙地解决了直接去测量力和计算功的困难．2、平衡摩擦力保证动能的增量是只有橡皮筋做功而来．3、小车最大速度由纸带上的点迹均匀部分求出．解答：解：A、我们用橡皮筋拉动小车的方法，来探究橡皮筋的拉力对小车所做的功与小车速度变化的关系，实验时，每次保持橡皮筋的形变量一定，当有n根相同橡皮筋并系在小车上时，n根相同橡皮筋对小车做的功就等于系一根橡皮筋时对小车做的功的n倍，所以每次实验中，橡皮筋拉伸的长度必需要保持一致，不需要算出橡皮筋对小车做功的具体数值，故AB错误；C、为了保证小车的动能都是橡皮筋做功的结果，必须平衡摩擦力，长木板要适当的倾斜．所以C错误；D、根据打点计时器的使用规则可知，应先接通电源，再让小车在橡皮筋的作用下弹出，故D正确；故选D-10-\n点评：本题的关键是熟悉橡皮筋拉小车探究做功与物体速度变化的关系实验步骤细节和原理．用功能关系来理解是根本．　12．（3分）（2022春•微山县校级月考）在探究功与物体速度变化关系的实验中，得到如图所示四条纸带，应选用（　　）　A．B．C．D．考点：探究功与速度变化的关系．版权所有专题：实验题．分析：在探究功与物体速度变化关系实验中，小车的速度先增大后不变，再减小，结合相等时间内位移的间隔确定正确的纸带．解答：解：小车开始在橡皮条的作用下做加速运动，相等时间内位移间隔越来越大，橡皮条做功完毕后，速度达到最大，然后做匀速直线运动，相等时间内位移间隔相等，最后小车在橡皮条作用下做减速运动，相等时间内的位移间隔减小．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道在实验中小车在整个过程中的运动规律，从而确定出点迹间距离的变化．　13．（18分）（2022春•微山县校级月考）在“验证机械能守恒定律”的实验中，相邻计数点时间间隔为0.02s，则：（1）打点计时器打下计数点B时，物体的速度vB=　0.98m/s　；（2）从起点O到打下计数点B的过程中重力势能减少量是△Ep=　0.49J　，此过程中物体动能的增加量△Ek=　0.48J　（取g=9.8m/s2）；（取两位有效数字）（3）通过计算，数值上△Ep　＞　△Ek（填“＞”“=”或“＜”）这是因为　实验中有阻力　；（4）实验的结论是　在实验误差范围内，机械能守恒．　．考点：验证机械能守恒定律．版权所有专题：实验题．分析：纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能．根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．该实验的误差主要来源于纸带和打点计时器的摩擦以及空气阻力的存在．解答：解：（1）利用匀变速直线运动的推论vB===0.98m/s；（2）重力势能减小量△Ep=mgh=1×9.8×0.0501J=0.49J．-10-\nEkB=mvB2=0.48J．（3）通过计算，数值△EP大于△Ek，这是因为物体下落过程中受阻力作用．（4）在实验误差范围内，△EP=△Ek，机械能守恒．故答案为：（1）0.98m/s、（2）0.49J、0.48J（3）＞；实验中有阻力（4）在实验误差范围内，机械能守恒．点评：运用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题．要注意单位的换算．要知道重物带动纸带下落过程中能量转化的过程和能量守恒．　三．计算题（26分）14．（10分）（2022春•工农区校级期末）以10m/s的初速度从10m高的塔上抛出一颗石子，不计空气阻力，求石子落地时速度的大小．（取g=10m/s2）．考点：平抛运动；机械能守恒定律．版权所有专题：平抛运动专题．分析：不计空气阻力，石子运动过程中，只有重力做功，其机械能守恒，根据机械能守恒定律求解石子落地时的速度大小．解答：解：以地面为参考平面，根据机械能守恒定律得mgh+=mv2得到v==m/s=10m/s答：石子落地时速度的大小为10m/s．点评：本题应用机械能守恒定律处理平抛运动的速度，也可以采用运动的分解方法求出石子落地时竖直方向的分速度，再合成求解．　15．（16分）（2022秋•电白县期末）半径R=1m的圆弧轨道下端与一水平轨道连接，水平轨道离地面高度h=1m，如图所示，有一质量m=1.0kg的小滑块自圆轨道最高点A由静止开始滑下，经过水平轨迹末端B时速度为4m/s，滑块最终落在地面上，试求：（1）不计空气阻力，滑块落在地面上时速度多大？（2）滑块在轨道上滑行时克服摩擦力做功多少？考点：动能定理的应用．版权所有专题：动能定理的应用专题．分析：（1）滑块离开B点做平抛运动，根据动能定理求出落地时的速度大小．（2）对A到B段运用动能定理，求出滑行时克服摩擦力做功的大小．-10-\n解答：解：（1）根据动能定理得：mgh=代入数据解得：v=6m/s．（2）对A到B运用动能定理得：mgR﹣解得：J=2J．答：（1）滑块落地时的速度为6m/s．（2）滑块在轨道上滑行时克服摩擦力做功为2J．点评：本题考查动能定理的基本运用，动能定理既适用于直线运动，也适用于曲线运动，不需考虑速度的方向，这就是动能定理解题的优越性．　-10-