首页

福建省2022学年平和一中、南靖一中等五校高二年上学期第二次物理联考

资源预览文档简介为自动调取,内容显示的完整度及准确度或有误差,请您下载后查看完整的文档内容。

1/7

2/7

剩余5页未读,查看更多内容需下载

“华安一中、长泰一中、南靖一中、平和一中、龙海二中”五校联考2022—2022学年第一学期第二次月考高二物理试卷考试时间:90分钟满分:100分★注意:请把所有的答案写在答案卷上,写在其它地方不得分一、单项选择题(在每小题给出的四个选项中只有一个选项正确,每题4分共32分)1、某静电场的电场线分布如图所示P、Q两点的电场强度的大小分别为EP和EQ,电势分别为和,则()A.EP>EQ,>B.EP>EQ,<C.EP<EQ,>D.EP<EQ,<2、用控制变量法,可以研究影响平行板电容器的因素,如图所示,平行板电容器的极板A与一静电计相接,极板B接地,若极板B稍向上移动一点,由观察到的静电计的指针变化,作出平行板电容器的电容变小的结论,其依据是()A.两极板间的电压不变,静电计指针张角变大B.两极板间的电压不变,静电计指针张角变小C.极板上的电量几乎不变,静电计指针张角变小D.极板上的电量几何不变,静电计指针张角变大3、伏安法是一种常用的测量导体电阻的方法,某同学分别用如图(a)、(b)两种接法测量一个电阻器的阻值,以下结论正确的是()A.用图(a)接法测得的电阻值偏大B.用图(b)接法测得的电阻值偏大C.用图中两种接法测得的电阻值都偏大D.用图中两种接法测得的电阻值都偏小4、如图所示,在条形磁铁外套有A、B两个大小不同的圆环,穿过A环的磁通量ΦA与穿过B环的磁通量ΦB相比较()A.ΦA>ΦBB.ΦA<ΦBC.ΦA=ΦBD.不能确定5、如图所示,竖直实线表示匀强电场中的一簇等势面,一带电微粒在电场中从A到B作直线运动(如图中虚线所示)。则该微粒()A.一定带正电B.从到的过程中作匀速直线运动C.从到的过程中电势能增加7/7D.从到的过程中机械能守恒6、如图所示为水平放置的两根等高固定长直细导线的截面图,O点是两导线间距离的中点,a、b是过O点的竖直线上与O点距离相等的两点,两导线中通有大小相等、方向相反的恒定电流.下列说法正确的是(  )A.两导线之间存在相互吸引的安培力B.O点的磁感应强度为零C.O点的磁感应强度方向竖直向下D.a、b两点的磁感应强度大小相等、方向相反7、在某匀强电场中有M、N、P三点,在以它们为顶点的三角形中,∠M=30°、∠P=90°,直角边NP的长度为4cm。已知电场方向与三角形所在平面平行,M、N和P点的电势分别为3V、15V和12V。则电场强度的大小为(  )A.150V/mB.75V/mC.V/mD.V/m8、在如图所示的电路中,电压表、电流表均为理想电表。电源电动势为12V,内阻为1Ω,电动机线圈电阻为0.5Ω。开关闭合,电动机正常工作,电压表示数为10V。则A.电源两端的电压为12VB.电源的输出功率为24WC.电动机消耗的电功率为80WD.电动机所做机械功的功率为18W二、多项选择题(在每小题给出的四个选项中有多项正确,全部选对得4分,选对但不全得2分,有选错得0分。共16分)9、如图所示,两平行金属板间带电质点P原处于静止状态,不考虑电流表和电压表对电路的影响,当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时,则(  )A.电压表读数增大B.电流表读数增大C.R3上消耗的功率逐渐减小D.质点P仍处于静止状态10、如图所示,a、b、c三枚小磁针分别在通电螺线管的正上方、管内和右侧,当这些小磁针静止时,小磁针N极的指向是(  )A.a向左B.a向右C.b向左D.c向右11、如图所示,虚线为某电场的等势面,今有两个带电粒子(重力不计),以不同的速率沿不7/7同的方向,从A点飞入电场后,沿不同的轨迹1和2运动,由轨迹可以断定(  )A.两个粒子的电性一定不同B.粒子1的动能先减少后增加C.粒子2的电势能增大后减小D.经过B、C两点,两粒子的速度一定相等12、如图所示,把一个架在绝缘支架上的枕形导体放在正电荷形成的电场中.导体处于静电平衡时,下列说法正确的是(  )A.A、B两点场强相等,且都为零B.A、B两点场强不相等C.感应电荷产生的附加电场EA<EBD.当电键S闭合时,电子从大地沿导线向导体移动三、实验题(每空1分,共12分)13、一多用电表的欧姆挡有三个倍率,分别是×1Ω、×10Ω、×100Ω.用×10Ω挡测量某电阻时,操作步骤正确,发现表头指针偏转角度很小,为了较准确地进行测量,应换到________挡.如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数,那么缺少的步骤是________,若补上该步骤后测量,表盘的示数如图所示,则该电阻的阻值是______Ω。14、利用伏安法测定一节干电池的电动势和内电阻.要求尽量减小实验误差。(1)应该选择的实验电路是图中的_______(选填“甲”或“乙”)。(2)现备有以下器材:A.干电池1个B.滑动变阻器(0~50Ω)C.滑动变阻器(0~1750Ω)D.电压表(0~3V)E.电压表(0~15V)F.电流表(0~0.6A)7/7G.电流表(0~3A)其中滑动变阻器应选_____,电流表应选____,电压表应选_____。(填字母代号)(3)某位同学根据记录的数据将对应点已经标在如图所示的坐标纸上,请画出U-I图线_______。(4)根据(3)中所画图线可得出干电池的电动势E=_______V(保留三位有效数字),内电阻r=_______Ω。(保留两位有效数字)(5)由于电压表的分流作用使本实验电路存在系统误差,导致E测___E真,,r测____r真(填“>”“<”或“=”)四、计算题(共40分)15、(8分)如图所示,一个挂在绝缘细线下端的带正电的小球B,静止在图示位置,若固定的带正电小球A的电荷量为3Q,B球的质量为m,带电荷量为Q,θ=37°,A和B在同一条水平线上,整个装置处于真空中,(tan37°=0.75)求:(1)A球受到的库仑力的大小(2)A、B两球间的距离.16、(10分)如图所示,在水平向右的匀强电场中,用长为L不可伸长的绝缘细线拴住一质量为m,带电荷量为q的小球,线的上端固定于O点.细线与竖直方向成30°角时静止释放小球,小球开始摆动,当摆到A点时速度为零,此时OA恰好处于水平状态,设整个过程中细线始终处于拉直状态,静电力常量为k,忽略空气阻力.求:(1)判断小球电性;(2)BA两点间的电势差UBA;(3)匀强电场的场强E的大小.7/717、(10分)如图所示的电路中,电阻,,电源的电动势E=12V,内电阻,安培表的读数.求:(1)流过电阻的电流是多少?(2)电阻的阻值是多大?(3)电源的输出功率是多少?18、(12分)如图所示,在倾角θ=37°的绝缘斜面上,固定一宽L=0.25m的平行金属导轨,在导轨上端接入电源和滑动变阻器,电源电动势E=15V,内阻r=1Ω,一质量m=20g的金属棒ab与两导轨垂直并接触良好,导轨与金属棒的电阻不计.整个装置处于磁感应强度B=1T,方向水平向右与金属棒ab垂直的匀强磁场中.调节滑动变阻器R=24Ω时,金属棒恰能在导轨上静止,已知:g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8(1)请计算通过金属棒的电流;(2)请计算金属棒ab所受摩擦力大小;(3)如果斜面光滑,改变所加的匀强磁场,求所加匀强磁场的磁感应强度B1最小值和方向.7/7华安一中、长泰一中、南靖一中、平和一中、龙海二中五校联考2022-2022学年(上)第二次月考高二年物理试卷参考答案一、单项选择(每题4分共32分)1、A2、D3、A4、A5、C6、C7、A8、D二、多项选择(每题4分共16分)9、BC10、AD11、AB12、AD三、实验题(每空1分,共12分)13、(1).×100Ω(2).欧姆调零(3).2.20×103(或2.2×103)14、(1).甲(2).BFD.(3).如右图(4).1.50(1.49~1.51)0.89(0.86~0.92)(5).<<四、计算题15、(8分)解:(1)以小球B为研究对象,对小球进行受力分析,根据小球处于平衡状态可知---------4分(2)而小球所受库仑力大小为联立解得A、B两球之间的距离为--------4分16、(10分)解:(1)若小球不带电,则从A点释放,将运动到与A点等高的地方,而实际上小球没能运动到与A点等高的地方,所以电场力对小球做了负功,电场力水平向右,而电场强度方向水平向右,则小球带正电;----------------2分(2)小球1从B到A过程,由动能定理得:qUBA﹣mgLcos30°=0﹣0-----3分解得:UBA=①----------------1分7/7(2)BA间沿电场线的距离为:d=L+Lsin30°②----------------1分在匀强电场,有:E=③----------------2分所以联立①②③三式得:E=.----------------1分17、(10分)(1)并联部分电压为----------------2分通过的电流为----------------1分流过电阻的电流为----------------1分(2)两端的电压为----------------2分的阻值为----------------1分(3)电源的输出功率为----------------3分18、(12分)解:(1)根据闭合电路的欧姆定律可知回路中电流为I=----------------2分(2)根据左手定则可知,受到的安培力方向竖直向下,导体棒静止,共点力平衡,根据受力分析可知摩擦力沿斜面向上,故mgsin37°+F安sin37°=f----------------2分F安=BIL=1×0.6×0.25N=0.15N----------------2分联立解得f=0.21N----------------1分(3)根据受力分析可知,受到的安培力沿斜面向上时,此时安培力最小,即磁场最小,方向垂直于斜面向上,----------------2分故mgsin37°=B1IL,----------------2分解得----------------1分7/7

版权提示

  • 温馨提示:
  • 1. 部分包含数学公式或PPT动画的文件,查看预览时可能会显示错乱或异常,文件下载后无此问题,请放心下载。
  • 2. 本文档由用户上传,版权归属用户,莲山负责整理代发布。如果您对本文档版权有争议请及时联系客服。
  • 3. 下载前请仔细阅读文档内容,确认文档内容符合您的需求后进行下载,若出现内容与标题不符可向本站投诉处理。
  • 4. 下载文档时可能由于网络波动等原因无法下载或下载错误,付费完成后未能成功下载的用户请联系客服vx:lianshan857处理。客服热线:13123380146(工作日9:00-18:00)

文档下载

所属: 高中 - 物理
发布时间:2022-08-25 11:54:52 页数:7
价格:¥3 大小:236.25 KB
文章作者:U-336598

推荐特供

MORE