福建省泉州市南安一中2022学年高二化学上学期期末考试试题（含解析）

福建省泉州市南安一中2022-2022学年高二上学期期末考试化学试卷一．选择题：本大题共20小题，每小题3，共60分．每小题只有1个选项符合题目要求1．下列有关蛋白质的叙述中，不正确的是（　　）　A．蛋白质溶液中加入饱和（NH4）2SO4溶液，蛋白质析出，再加水也不溶解　B．人工合成的具有生命活性的蛋白质﹣结晶牛胰岛素是1965年我国科学家最先合成的　C．重金属盐能使蛋白质变性，所以误食重金属盐会中毒　D．浓HNO3溅在皮肤上，使皮肤呈黄色，是由于浓HNO3和蛋白质发生颜色反应考点：氨基酸、蛋白质的结构和性质特点．.分析：A．蛋白质的盐析过程为可逆的；B.1965年9月，我国科学家首先在世界上成功地实现了人工合成具有天然生物活力的蛋白质﹣﹣结晶牛胰岛素；C．重金属盐能使蛋白质变性；D．浓硝酸与部分天然蛋白质会发生颜色反应．解答：解：A．蛋白质溶液中加入饱和（NH4）2SO4溶液，蛋白质析出，为蛋白质的盐析过程，蛋白质盐析可逆，再加水会溶解，故A错误；B．结晶牛胰岛素是我国科学家1965年首次合成的，故B正确；C．重金属盐能使蛋白质变性，所以误食重金属盐会中毒，故C正确；D．浓硝酸与部分天然蛋白质会发生颜色反应，所以浓硝酸溅在皮肤上，使皮肤呈黄色，故D正确；故选：A．点评：本题考查了蛋白质的性质，熟悉蛋白质的盐析、变性和颜色反应是解题关键，注意盐析和变性的区别．　2．（3分）下列涉及有机物的性质的说法错误的是（　　）　A．苯不能使KMnO4溶液褪色，甲苯使KMnO4溶液褪色　B．将铜丝在酒精灯上加热后，立即伸入无水乙醇中，铜丝变成黑色　C．黄酒中某些微生物使乙醇氧化为乙酸，于是酒就变酸了　D．HNO3能与苯、甲苯、甘油、纤维素等有机物发生重要反应，常用浓硫酸作催化剂考点：苯的性质；苯的同系物；乙醇的化学性质．.专题：有机物的化学性质及推断．分析：A．由于苯环对甲基的影响使得甲基变得活泼能够被酸性的高锰酸钾氧化；B．乙醇在铜做催化剂条件下被氧化成乙醛；C．乙醇具有还原性能够被氧化成乙酸；D．硝酸在浓硫酸催化条件下与苯、甲苯发生硝化反应，在浓硫酸催化条件下与甘油和纤维素发生酯化反应．解答：解：A．苯不含双键不能被高锰酸钾氧化，甲苯中，由于苯环对甲基的影响使得甲基变得活泼能够被酸性的高锰酸钾氧化，故A正确；B．铜在醇的催化氧化反应中做催化剂，反应前后性质不变，铜的颜色为红色，故B错误；C．乙醇具有还原性能够被氧化成乙酸，故C正确；-19-\nD．硝酸在浓硫酸催化条件下与苯、甲苯发生硝化反应，在浓硫酸催化条件下与甘油和纤维素发生酯化反应，故D正确；故选：B．点评：本题考查了乙醇、苯及其同系物的结构和性质，题目难度不大，熟记各种物质的结构和性质是解题的关键，注意有机物中各种原子团之间的相互影响．　3．（3分）下列有关化学用语不能表示为2﹣丁烯的是（　　）　A．B．CH3CH=CHCH3C．D．考点：常见有机化合物的结构．.专题：有机物分子组成通式的应用规律．分析：A、根据键线式的表示方法来回答；B、根据烯烃的命名知识来回答；C、根据球棍的结构特点以及原子的成键方式来回答；D、根据有机物质的电子式的书写知识来回答．解答：解：A、是2﹣丁烯的键线式形式，故A正确；B、是2﹣丁烯的结构简式形式，故B正确；C、表示的是1﹣戊烯的球棍模型形式，故C错误；D、是2﹣丁烯的电子式形式，故D正确．故选C．点评：考查常用化学用语的书写，难度中等，注意教材知识的梳理和归纳是解题的关键．　4．（3分）由2﹣氯丙烷为主要原料制取1，2﹣丙二醇CH3CH（OH）CH2OH时，经过的反应为（　　）　A．加成﹣消去﹣取代B．取代﹣加成﹣消去C．取代﹣消去﹣加成D．消去﹣加成﹣取代考点：有机物的合成；有机物的结构和性质．.专题：有机反应．分析：2﹣氯丙烷为主要原料制取1，2﹣丙二醇CH3CH（OH）CH2OH，﹣Cl变化为两个﹣OH，应先消去生成C=C，再加成引入两个卤素原子，最后水解即可，以此来解答．解答：解：2﹣氯丙烷为主要原料制取1，2﹣丙二醇CH3CH（OH）CH2OH，①先发生氯代烃的消去反应生成C=C，②再发生丙烯的加成反应引入两个卤素原子，③最后发生卤代烃的水解反应（属于取代反应）生成CH3CH（OH）CH2OH，故选D．点评：本题考查有机物的合成，注意官能团的变化，结合卤代烃、烯烃的性质即可解答，题目难度不大．　5．（3分）下列反应类型：①酯化、②取代、③消去、④加成、⑤水解、⑥还原，可能在有机物分子中引入羟基的是（　　）　A．①②③⑥B．②④⑤C．②④⑤⑥D．②④⑥考点：烃的衍生物官能团；有机化学反应的综合应用．.专题：有机反应．-19-\n分析：酯化反应、消去反应一般是脱HX或H2O，会消除羟基；而﹣CHO可加氢（既是加成反应又是还原反应）生成﹣CH2OH，酯的水解可生成醇﹣OH，卤代烃水解可以生成醇，水解反应属于取代反应，﹣CHO氧化生成﹣COOH也可引入﹣OH，以此来解答．解答：解：①酯化反应是消除羟基，不会引入羟基，故①错误；②取代反应可以引入羟基，例如卤代烃的水解反应、酯的水解反应，故②正确；③消去反应是消除羟基，不会引入羟基，故③错误；④加成反应可以引入羟基，例如乙烯水化制乙醇，故④正确；⑤水解反应可引入羟基，如酯的水解反应生成醇，故⑤正确；⑥还原反应可引入羟基，如醛的还原反应生成醇，故⑥正确；故选C．点评：本题考查有机物结构与性质，涉及羟基的引入，为高频常考考点，注意把握官能团的性质和转化即可解答该题，题目难度不大．　6．（3分）下列有机化合物的分类正确的是（　　）ABCDCH3OCH3苯的同系物烃的含氧衍生物脂肪醇醚　A．AB．BC．CD．D考点：烃的衍生物官能团．.专题：有机化学基础．分析：A．中不含苯环，不属于苯的同系物；B．中含有的为氯原子，不含有氧原子；C．中含有苯环，属于芳香醇，不是脂肪醇；D．CH3OCH3为二甲醚，分子中含有醚基．解答：解：A．苯的同系物中一定含有苯环，该有机物中不含有机物，不属于苯的同系物，故A错误；B．烃的衍生物中一定含有氧原子，而中含有氯离子，不含有氧原子，属于不属于烃的衍生物，故B错误；-19-\nC．脂肪醇中不含苯环，中含有苯环，属于芳香醇，故C错误；D．CH3OCH3为二甲醚，官能团为醚基，属于醚类，故D正确；故选D．点评：本题考查了有机物分类，题目难度中等，注意掌握有机物结构、官能团结构及有机物分类依据，试题培养了学生灵活应用所学知识的能力．　7．（3分）乙醇在一定条件下，发生催化氧化反应时，化学键断裂位置是图中的（　　）　A．②③B．②④C．①③D．③④考点：乙醇的化学性质；探究化学反应机理．.专题：有机物的化学性质及推断．分析：乙醇在催化氧化时，﹣CH2OH结构被氧化为﹣CHO结构，根据官能团的变化判断断裂的化学键．解答：解：乙醇在Ag催化下与O2反应生成乙醛和水：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，故乙醇断键的位置为②和③，故选A．点评：本题考查乙醇的性质，难度不大，了解反应的机理是解题的关键．　8．（3分）为提纯下列物质（括号内为杂质），所用的除杂试剂和分离方法都正确的是（　　）序号不纯物除杂试剂分离方法ACH4（C2H4）酸性KMnO4溶液洗气B溴乙烷（Br2）NaOH溶液分液C乙醇（乙酸）饱和Na2CO3溶液分液DC2H5OH（H2O）新制生石灰蒸馏　A．AB．BC．CD．D考点：物质的分离、提纯的基本方法选择与应用；物质的分离、提纯和除杂．.专题：化学实验基本操作．分析：A．乙烯与高锰酸钾反应生成二氧化碳；B．溴与NaOH反应后与溴乙烷分层；C．乙醇与反应后的溶液不分层；D．加CaO后与水反应，且增大与乙醇的沸点差异．解答：解：A．乙烯与高锰酸钾反应生成二氧化碳，引入新杂质，应利用溴水进行洗气法除杂，故A错误；B．溴与NaOH反应后与溴乙烷分层，然后利用分液可除杂，故B正确；C．乙醇与反应后的溶液不分层，不能利用分液分离，应利用蒸馏法，故C错误；D．加CaO后与水反应，且增大与乙醇的沸点差异，则蒸馏可除杂，故D正确；-19-\n故选BD．点评：本题考查物质的分离提纯及除杂，为高频考点，把握物质的性质及常见的混合物分离方法为解答的关键，选项B为解答的易错点，注意卤代烃水解需要加热，题目难度不大．　9．（3分）某有机物ng，跟足量金属钠反应生成vLH2，另取ng该有机物与足量碳酸氢钠作用生成vLCO2（同一状况），该有机物分子中含有的官能团为（　　）　A．含一个羧基和一个羟基B．含两个羧基　C．只含一个羧基D．含两个羟基考点：有关有机物分子式确定的计算．.专题：烃及其衍生物的燃烧规律．分析：根据n=可知，相同条件下氢气与二氧化碳的物质的量之比为为1：1；该有机物能够与金属钠反应生成氢气，说明分子中含有羟基或者羧基；也能够与碳酸氢钠反应生成二氧化碳，说明分子中含有羧基，根据生成氢气与二氧化碳的物质的量之比为1：1可知，该有机物中含有羧基、羟基的总物质的量为羧基的2倍，即该有机物中含有一个羟基和一个羧基．解答：解：相同质量的该有机物生成相同条件下的H2和CO2的体积相等，根据n=可知，生成H2和CO2的物质的量相等；根据反应关系式2﹣OH～H2、2﹣COOH～H2、HCO3﹣～﹣COOH可知，该有机物分子中含有羟基和羧基的数目是羧基的2倍，即该有机物分子中含有相同数目羧基和羟基，故选A．点评：本题考查了有机化合物的结构与性质、有机物官能团的确定，题目难度中等，注意掌握常见有机物官能团的结构与性质，明确与金属钠、碳酸氢钠反应的官能团类型是解题关键．　10．（3分）下列实验能够成功的是（　　）　A．只用溴水一种试剂可鉴别甲苯、己烯、乙醇、四氯化碳四种液体　B．用苯和溴水在Fe催化下可制的溴苯　C．用乙醇、冰醋酸和pH=1的H2SO4溶液混合加热可制备乙酸乙酯　D．用酚酞可鉴别苯酚钠和乙酸钠两种溶液考点：有机物的鉴别；有机化学反应的综合应用．.专题：有机反应．分析：A．甲苯、四氯化碳不溶于水、二者密度大小不同，己烯含有碳碳双键，可发生加成反应，乙醇易溶于水，以此进行判断；B．应用苯和液溴；C．应用浓硫酸；D．苯酚钠和乙酸钠两种溶液都呈碱性，浓度不确定，不能鉴别．解答：-19-\n解：A．加入溴水，甲苯不溶于水，密度比水小，色层在上层，己烯与溴发生加成反应，溴水褪色，乙醇和水混溶，无现象，四氯化碳不溶于水，密度比水大，色层在下层，可鉴别，故A正确；B．应用苯和液溴在催化剂条件下反应制备溴苯，故B错误；C．乙醇和乙酸的酯化反应应用浓硫酸作催化剂，故C错误；D．苯酚钠和乙酸钠两种溶液都呈碱性，浓度不确定，不能鉴别，可加盐酸后再加入氯化铁溶液鉴别，故D错误．故选A．点评：本题考查有机物的鉴别，为高频考点，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，注意把握有机物的结构和性质的异同，难度不大．　11．（3分）在105℃时1L两种气态混合烃与9L氧气混合，充分燃烧后恢复到原状态，所得气体体积为10.5L，再将气体通过碱石灰，体积缩小6L．则下列各组混合烃中符合此条件的是（　　）　A．CH4，C2H6B．C2H4，C3H8C．C2H4，C3H6D．C2H2，C4H10考点：有关混合物反应的计算．.分析：设平均分子组成为CxHy，则CxHy+（x+）O2→xCO2+H2O，因为105℃时，生成的H2O是气体，因反应后气体的体积增大了0.5L，利用差量法计算出混合气态烃中氢原子数目，计算出1L混合烃完全燃烧生成水的物质的量，再根据题中信息写出6L为二氧化碳和水的物质的量，从而计算出平均分子式，最后根据各选项组成进行判断．解答：解：105℃时，生成的H2O是气体，设混合烃的平均分子式为CxHy，混合烃燃烧后气体体积增大了：10.5L﹣1L﹣9L=0.5L，烃燃烧的方程式为：CxHy+（x+）O2→xCO2+H2O△V1x+x﹣11L0.5L（﹣1）×1L=1×0.5L，解得：y=6，说明烃的平均H原子数为6，则1L混合烃充分燃烧生成3L水，再将10.5L气体通过碱石灰，体积缩小6L，则生成二氧化碳和水的体积为6L，其中3L为水，则生成二氧化碳的物质的量为：6L﹣3L=3L，则混合烃的平均分子式为：C3H6，分子中H原子为C原子数的2倍，据此可知，混合烃可以为两种烯烃，也可以为炔烃和烷烃的混合物，A．CH4，C2H6为碳原子数都小于3的烷烃的混合物，平均分子式不可能为C3H6，故A错误；B．C2H4，C3H8，两种有机物分子中的C原子数都≤3，平均分子式不可能为C3H6，故B错误；C．C2H4，C3H6为碳原子≤烯烃的化合物，平均分子式不可能为C3H6，故C错误；D．C2H2，C4H10为炔烃和烷烃，当物质的量为1：1时，平均分子式为C3H6，故D正确；故选D．点评：本题考查了混合物的计算，题目难度中等，注意掌握混合烃燃烧的计算方法，明确平均分子式、质量守恒在化学计算中的应用，本题中可以直接根据平均碳原子数排除ABC选项．　-19-\n12．（3分）有机物A、B、C、D、E都是常见的有机物，能发生如图所示的转化，已知A的分子式为C10H20O2，则符合此转化关系的A的可能结构有（　　）　A．2种B．3种C．4种D．5种考点：有机物的推断；同分异构现象和同分异构体．.专题：有机物的化学性质及推断．分析：有机物A在碱性条件下能水解生成B与C，说明A为酯，根据分子组成可知A为饱和一元酸和饱和一元醇形成的酯，C与硫酸反应得到D，B连续发生氧化反应也得到D，则B为醇、D为羧酸，且B和D的碳原子数相同，碳链相同，B为伯醇，故B的结构为C4H9CH2OH，确定﹣C4H9的数目，进而判断A的可能结构．解答：解：有机物A在碱性条件下能水解生成B与C，说明A为酯，根据分子组成可知A为饱和一元酸和饱和一元醇形成的酯，C与硫酸反应得到D，B连续发生氧化反应也得到D，则B为醇、D为羧酸，且B和D的碳原子数相同，碳链相同，B为伯醇，故B的结构为C4H9CH2OH，﹣C4H9的有﹣CH2CH2CH2CH3，﹣CH（CH3）CH2CH3，﹣CH2CH（CH3）2，﹣C（CH3）3，故B有4种，则A有4种，故选C．点评：本题考查有机物推断、同分异构体书写，侧重考查同分异构体，注意根据B可以连续氧化得到D，判断B、D含有相同碳原子数目，碳骨架相同，且B为伯醇．　13．（3分）用NA表示阿伏加德罗常数的值．下列叙述正确的是（　　）　A．17g羟基（﹣OH）所含有的电子数是10NA个　B．1mol苯乙烯中含有的碳、碳双键数为4NA个　C．常温下，14g乙烯和丙烯的混合物中总原子数为3NA个　D．4.2gC3H6中含有的碳碳双键数一定为0.1NA考点：阿伏加德罗常数．.专题：阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律．分析：A、依据n=计算物质的量，结合羟基结构计算电子数；B、苯环中无碳碳双键；C、乙烯和丙烯最简式CH2，依据n=计算CH2物质的量，得到原子数；D、依据n=计算物质的量，C3H6可能是烯烃或环烷烃．解答：解：A、依据n=计算物质的量==1mol，结合羟基结构计算电子数9NA个，故A错误；B、苯环中无碳碳双键，1mol苯乙烯中含有的碳、碳双键数为NA个，故B错误；C、乙烯和丙烯最简式CH2，依据n=计算CH2物质的量得到原子数=×3×NA=3NA，故C正确；D、依据n=计算物质的量=-19-\n=0.1mol，C3H6可能是烯烃或环烷烃，含有的碳碳双键数不一定为0.1NA，故D错误；故选C．点评：本题考查了阿伏伽德罗常数的分析应用，主要是气体摩尔体积的条件应用，质量换算物质的量计算微粒数，注意有机物结构分析，掌握基础是关键，题目难度中等．　14．（3分）下列物质中最简式相同，但既不是同系物，也不是同分异构体的是（　　）　A．CH3CH=CH2和B．乙炔和苯C．和D．葡萄糖与麦芽糖考点：芳香烃、烃基和同系物；同分异构现象和同分异构体．.专题：同系物和同分异构体．分析：最简式指用元素符号表示化合物分子中各元素的原子个数比的最简关系式；同系物指结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质；同分异构体指具有相同的分子式，但具有不同的结构式的化合物．解答：解：A、CH3CH=CH2和分子式都为C3H6，最简式相同，二者分子式相同，属于同分异构体，丙烯含有碳碳双键，与环丙烷结构不相似，不是同系物，故A错误；B、乙炔和苯分子式分别为C2H2、C6H6，最简式相同，二者分子式不同，不是同分异构体，乙炔含有碳碳三键，与苯不是同系物，故B正确；C、和分子式分都是C7H8O，最简式相同，二者分子式相同，属于同分异构体，前者含有酚羟基，后者含有醇羟基，二者结构不同，不是同系物，故C错误；D、葡萄糖与麦芽糖分子式分别为C6H12O6、C12H22O11，最简式不同，二者分子式不同，不是同分异构体，二者结构不同，不是同系物，故D错误．故选B．点评：本题考查同系物、同分异构体的判断，难度不大，注意化学“五同”比较．　15．（3分）松油醇是一种天然有机化合物，存在于芳樟油、玉树油及橙花油等天然植物精油中，具有紫丁香香气．松油醇结构如图所示，下列有关松油醇的叙述正确的是（　　）　A．松油醇的分子式为C10H20O　B．松油醇分子在核磁共振氢谱中有7个吸收峰　C．它属于芳香醇　D．松油醇能发生消去反应、还原反应、氧化反应、酯化反应-19-\n考点：有机物的结构和性质．.专题：有机物的化学性质及推断．分析：由结构简式可知，该物质的分子式为C10H18O，含C=C及﹣OH，结合烯烃和醇的性质来解答．解答：解：A．松油醇的分子式为C10H18O，故A错误；B．该物质结构不对称，与同一个C相连的H相同，则松油醇分子在核磁共振氢谱中有8个吸收峰，故B错误；C．分子中不含苯环，则不属于芳香醇，故C错误；D．含C=C，能发生加成、氧化反应，含﹣OH，能发生消去、酯化反应，故D正确．故选D．点评：本题考查有机物的结构与性质，注意把握官能团和性质的关系，熟悉醇、烯烃的性质即可解答，题目难度不大．　16．（3分）下列化合物中，既能发生消去反应生成烯烃，又能发生水解反应的是（　　）　A．CH3ClB．C．D．考点：消去反应与水解反应；有机物分子中的官能团及其结构．.专题：有机反应．分析：卤代烃发生消去反应的结构特点是：1、只有﹣X相连碳的相邻碳上有氢原子的才能发生消去反应，形成不饱和键；2、含一个碳原子的卤代烃无相邻的碳原子，所以不能发生消去反应；3、与﹣X相连碳原子相邻的碳原子上没有氢原子的卤代烃也不能发生消去反应．所有卤代烃均能发生水解反应，反应实质为﹣X被﹣OH取代．解答：解：只有﹣X相连碳的相邻碳上有氢原子的才能发生消去反应，所有卤代烃均能发生水解反应．A、CH3Cl只含有1个碳原子，不能发生消去反应，故A错误；B、﹣CH2﹣Br，与﹣CH2Br相连的苯环上的碳原子没有氢原子，不能发生消去反应，故B错误；C、，与﹣CH2Cl相连的碳原子是没有氢原子，不能发生消去反应，故C错误；D、，与Cl原子相连碳原子的相邻碳上有氢原子，能发生消去反应，卤代烃均能发生水解反应，故D正确．故选D．-19-\n点评：本题考查卤代烃的水解反应、消去反应，难度不大，注意卤代烃发生消去反应的结构特点是：只有﹣X相连碳的相邻碳上有氢原子的才能发生消去反应．　17．（3分）下列每组中各有三对物质，它们都能用分液漏斗分离的是（　　）　A．乙酸乙酯和水，酒精和水，植物油和水　B．四氯化碳和水，溴苯和水，硝基苯和水　C．甘油和水，乙酸和水，乙酸和乙醇　D．汽油和水，苯和水，己烷和水考点：分液和萃取．.专题：化学实验基本操作．分析：根据分液漏斗可以将互不相溶的两层液体分开，则分析选项中物质的溶解性即可，一般的来说：有机溶质易溶于有机溶剂，无机溶质易溶于无机溶剂．解答：解：A．乙酸乙酯和水不溶，植物油和水不溶，能用分液漏斗进行分离，酒精和水互溶，不能用分液漏斗进行分离，故A错误；B．四氯化碳和水不溶，溴苯和水不溶，硝基苯和水不溶，都能用分液漏斗进行分离，故B正确；C．甘油和水互溶、乙醛和水互溶、乙酸和乙醇互溶，不能用分液漏斗进行分离，故C错误；D．汽油和水，苯和水，己烷和水，都能用分液漏斗进行分离，故D正确．故选BD．点评：本题考查了物质分离方法中的分液法，熟记物质的性质是解题的关键所在，难度不大．　18．（3分）下列实验处理不可行的是（　　）①将与NaOH的醇溶液共热制备CH3﹣CH═CH2②向甲酸和甲醛的混合物中加入氢氧化钠溶液，中和甲酸后，加入新制的氢氧化铜加热，检验混合物中是否含有甲醛③向丙烯醛（CH2=CH﹣CHO）中滴入KMnO4（H+）溶液，观察紫色褪去，能证明结构中存在碳碳双键④为验证某RX是碘代烷，把RX与烧碱水溶液混合加热后，将溶液冷却后再滴入几滴硝酸银溶液，观察现象⑤淀粉在硫酸催化作用下水解，将银氨溶液加入到水解后的溶液中可检验淀粉水解的产物葡萄糖．　A．只有①③⑤B．只有①②④C．只有②③④D．都不能考点：化学实验方案的评价．.分析：①醇消去需要在浓硫酸、加热条件下；②中和甲酸后，生成的HCOONa中仍含﹣CHO，干扰HCHO的检验；③C=C、﹣CHO均能被KMnO4氧化；④RX与烧碱水溶液混合加热后，水解后显碱性，检验卤素离子应在酸性条件下；⑤淀粉在硫酸催化作用下水解生成葡萄糖，而检验葡萄糖应在碱性条件下．-19-\n解答：解：①醇消去需要在浓硫酸、加热条件下，则与NaOH的醇溶液共热不反应，故错误；②中和甲酸后，生成的HCOONa中仍含﹣CHO，干扰HCHO的检验，应蒸馏后在馏出物中加入新制的氢氧化铜加热，检验混合物中是否含有甲醛，故错误；③C=C、﹣CHO均能被KMnO4氧化，应排除﹣CHO的干扰，再滴入KMnO4（H+）溶液，观察紫色褪去，能证明结构中存在碳碳双键，故错误；④RX与烧碱水溶液混合加热后，水解后显碱性，应加酸性只酸性条件下再滴入几滴硝酸银溶液，观察现象，故错误；⑤淀粉在硫酸催化作用下水解生成葡萄糖，而检验葡萄糖应在碱性条件下，没有加碱至碱性再加银氨溶液，则不能检验水解产物，故错误；故选D．点评：本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，把握物质的性质及实验细节为解答的关键，侧重有机物性质及实验的考查，注意实验的评价性分析，题目难度不大．　19．（3分）“人文奥运”的一个重要体现是：坚决反对运动员服用兴奋剂．某种兴奋剂的结构简式如图所示，有关该物质的说法正确的是（　　）　A．遇FeCl3溶液显紫色，因为该物质与苯酚属于同系物　B．滴入KMnO4（H+）溶液，观察紫色褪去，能证明结构中存在碳碳双键　C．1mol该物质与浓溴水和H2反应最多消耗Br2和H2分别为4mol、7mol　D．该分子中的所有原子可能共平面考点：有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构．.专题：有机物的化学性质及推断．分析：该有机物中含2个苯环、3个酚﹣OH和1个C=C，结合酚、烯烃的性质来解答．解答：解：A．含酚﹣OH，遇FeCl3溶液显紫色，但含2个苯环，不属于苯酚同系物，故A错误；B．酚﹣OH、C=C均能被氧化，则滴入KMnO4（H+）溶液，观察紫色褪去，不能证明结构中存在碳碳双键，故B错误；C．酚﹣OH的邻对位与溴发生取代，C=C与溴发生加成，苯环、C=C均与氢气发生加成，则1mol该物质与浓溴水和H2反应最多消耗Br2和H2分别为4mol、7mol，故C正确；D．该物质中含2个甲基，为四面体结构，则该分子中的所有原子不可能共平面，故D错误；故选C．点评：本题考查有机物的结构与性质，注意把握有机物中官能团与性质的关系，熟悉烯烃、苯酚的性质即可解答，题目难度不大．　20．（3分）下列有关化学反应表达正确的是（　　）-19-\n　A．甲醛溶液与足量的银氨溶液共热：HCHO+4[Ag（NH3）2]++4OH﹣CO32﹣+2NH4++4Ag↓+6NH3+2H2O　B．服用阿司匹林过量出现水杨酸（）中毒反应，可静脉注射NaHCO3溶液：+2HCO3﹣→+2CO2↑+2H2O　C．向CH2BrCOOH中加入足量的氢氧化钠溶液并加热：CH2BrCOOH+OH﹣CH2BrCOO﹣+H2O　D．苯酚钠溶液中通入少量CO2：CO2+H2O+2C6H5O﹣→2C6H5OH+2CO32﹣考点：化学方程式的书写；有机化学反应的综合应用．.专题：有机反应．分析：A．反应生成碳酸铵、银、氨气、水；B．只有﹣COOH与碳酸氢钠反应；C．﹣Br发生水解反应，﹣COOH发生中和反应；D．反应生成苯酚和碳酸氢钠．解答：解：A．甲醛溶液与足量的银氨溶液共热的反应为HCHO+4[Ag（NH3）2]++4OH﹣CO32﹣+2NH4++4Ag↓+6NH3+2H2O，故A正确；B．注射NaHCO3溶液的离子反应为+HCO3﹣→+CO2↑+H2O，故B错误；C．CH2BrCOOH中加入足量的氢氧化钠溶液并加热的离子反应为CH2BrCOOH+2OH﹣CH2OHCOO﹣+H2O+Br﹣，故C错误；D．苯酚钠溶液中通入少量CO2的离子反应为CO2+H2O+C6H5O﹣→C6H5OH+HCO3﹣，故D错误；故选A．点评：本题考查有机物化学反应及离子反应的书写，为高频考点，把握常见有机物的性质及发生的反应类型为解答的关键，注重基础知识的考查，题目难度不大．　二．本大题共4小题，共40分．21．（13分）按要求完成下列问题（1）用系统命名法命名下列有机物①　3，3，5，5﹣四甲基庚烷　；②　2，4﹣二甲基﹣3﹣乙基﹣3﹣己烯　③（CH3）3CCH2OH　2，2﹣二甲基﹣1﹣丙醇　④4﹣甲基﹣1﹣戊烯的结构简式为　CH2=CHCH2CH（CH3）2　．-19-\n（2）现有四种有机物：A、（CH3）2CHClB、CH3CH2OOCHC、OHCCH2COOHD、CH3COOCH2①在一定条件下能与新制Cu（OH）2反应的有　BC　②能与NaOH水溶液反应的有　ABCD　（3）写出乙醛与含过量氢氧化钠溶液的新制氢氧化铜反应的化学方程式　CH3CHO+2Cu（OH）2+NaOHCH3COONa+Cu2O↓+3H2O　（4）选择适当的试剂以实现下列转变，将化学式填在横线上①　NaHCO3　②　NaOH或Na2CO3　③　Na　④　HCl或H2SO4　⑤　CO2　．考点：有机物的结构和性质；有机化合物命名；乙醛的银镜反应．.分析：（1）①中主链含7个C，3、5号C上共4个甲基；②中，含双键的C为主链，且主链含6个C，2、4号C上有甲基，3号C上有乙基；③（CH3）3CCH2OH中含﹣OH的主链含3个C，2号C上有2个甲基；④4﹣甲基﹣1﹣戊烯中含双键的主链有5个C，且双键在1、2号C之间，4号C上有1个甲基；（2）①含﹣COOH、﹣CHO的物质在一定条件下能与新制Cu（OH）2反应；②含﹣X、﹣COOH、﹣COOC﹣的物质能与NaOH水溶液反应；（3）乙醛与含过量氢氧化钠溶液的新制氢氧化铜反应，生成乙酸钠、氧化亚铜、水；（4）根据官能团的性质以及变化判断反应条件，﹣COOH具有酸性，可与NaHCO3反应生成﹣COONa，注意酚羟基不与NaHCO3反应，﹣COONa与HCl或H2SO4等强酸反应又可生成﹣COOH，酚羟基与NaOH或Na2CO3反应生成酚羟基钠，醇羟基与金属钠反应，以此判断．解答：解：（1）①中主链含7个C，3、5号C上共4个甲基，名称为3，3，5，5﹣四甲基庚烷，故答案为：3，3，5，5﹣四甲基庚烷；②中，含双键的C为主链，且主链含6个C，2、4号C上有甲基，3号C上有乙基，名称为2，4﹣二甲基﹣3﹣乙基﹣3﹣己烯，故答案为：2，4﹣二甲基﹣3﹣乙基﹣3﹣己烯；③（CH3）3CCH2OH中含﹣OH的主链含3个C，2号C上有2个甲基，名称为2，2﹣二甲基﹣1﹣丙醇，故答案为：2，2﹣二甲基﹣1﹣丙醇；④4﹣甲基﹣1﹣戊烯中含双键的主链有5个C，且双键在1、2号C之间，4号C上有1个甲基，其结构简式为CH2=CHCH2CH（CH3）2，故答案为：CH2=CHCH2CH（CH3）2；（2）①含﹣COOH、﹣CHO的物质在一定条件下能与新制Cu（OH）2反应，只有BC符合，故答案为：BC；②含﹣X、﹣COOH、﹣COOC﹣的物质能与NaOH水溶液反应，ABCD均符合，故答案为：ABCD；-19-\n（3）乙醛与含过量氢氧化钠溶液的新制氢氧化铜反应，生成乙酸钠、氧化亚铜、水，反应为CH3CHO+2Cu（OH）2+NaOHCH3COONa+Cu2O↓+3H2O，故答案为：CH3CHO+2Cu（OH）2+NaOHCH3COONa+Cu2O↓+3H2O；（4）根据官能团的性质以及变化判断反应条件，﹣COOH具有酸性，可与NaHCO3反应生成﹣COONa，注意酚羟基不与NaHCO3反应，﹣COONa与HCl或H2SO4等强酸反应又可生成﹣COOH，酚羟基与NaOH或Na2CO3反应生成酚羟基钠，酚羟基钠可与CO2反应生成酚羟基，醇羟基与金属钠反应，所以加入的化学试剂为：①NaHCO3；②NaOH或Na2CO3；③Na；④HCl或H2SO4；⑤CO2，故答案为：①NaHCO3；②NaOH或Na2CO3；③Na；④HCl或H2SO4；⑤CO2．点评：本题考查较综合，涉及有机物的结构与性质、命名及化学反应、有机合成等，为高频考点，把握官能团与性质的关系、命名方法等为解答的关键，侧重分析与应用能力的综合考查，题目难度不大．　22．（5分）分子式为C4H10O的有机化合物A．按要求完成下列问题：（1）若A能在催化剂作用下连续氧化生成羧酸，请写出它可能的结构简式为　CH3CH2CH2CH2OH　、　CH2CH（CH3）CH2OH　．（2）当C原子与4个不同的原子或基团相连时该碳原子称作“手性”碳原子．则分子式为C4H10O的有机化合物中，含有“手性”碳原子的结构简式为　CH3CH2CH（CH3）OH　．（3）A（C4H10O）B（C4H8），已知：A分子中有三个甲基．A与浓HBr溶液一起共热生成H写出A、H的结构简式　　、　C（CH3）3Br　．考点：有机物实验式和分子式的确定．.分析：（1）C4H10O的有机化合物，能在催化剂作用下连续氧化生成羧酸，则醇中﹣OH一定在端C原子上；（2）C与4个不同的原子或基团相连时该碳原子称作“手性”碳原子，则丁醇中的手性C连﹣OH、﹣H、﹣CH3、CH3CH2﹣；（3）A在加热浓硫酸作用下反应生成B，A和B的化学式相差一个H2O，则发生了消去反应，所以A是醇；A与浓HBr溶液一起共热发生取代反应生成H，所以H的结构简式为C（CH3）3Br．解答：解：（1）C4H10O的有机化合物，能在催化剂作用下连续氧化生成羧酸，则醇中﹣OH一定在端C原子上，该醇可能为CH3CH2CH2CH2OH、CH2CH（CH3）CH2OH，故答案为：CH3CH2CH2CH2OH；CH2CH（CH3）CH2OH；（2）C与4个不同的原子或基团相连时该碳原子称作“手性”碳原子，则丁醇中的手性C连﹣OH、﹣H、﹣CH3、CH3CH2﹣，其结构简式为CH3CH2CH（CH3）OH，故答案为：CH3CH2CH（CH3）OH；（3）A在加热浓硫酸作用下反应生成B，A和B的化学式相差一个H2O，则发生了消去反应，所以A是醇，B是烯烃，A分子中有三个甲基，所以A的结构简式为：-19-\n；A与浓HBr溶液一起共热发生取代反应生成H，所以H的结构简式为C（CH3）3Br，故答案为：；C（CH3）3Br．点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重醇性质的考查，注意催化氧化及手性碳的判断，题目难度中等．　23．（6分）不饱和酯类化合物在药物、涂料等领域应用广泛．（1）下列化合物Ⅰ的说法，正确的是　AC　．A．遇FeCl3溶液可能显紫色B．可发生酯化反应和银镜反应C．能与溴发生取代和加成反应D．1mol化合物Ⅰ最多能与2molNaOH反应（2）反应①是一种由烯烃直接制备不饱和酯的新方法：化合物Ⅱ的分子式为　C9H10　，1mol化合物Ⅱ能与　4　molH2恰好完全反应生成饱和烃类化合物．（3）化合物Ⅱ可由芳香族化合物Ⅲ或Ⅳ分别通过消去反应获得，但只有Ⅲ能与Na反应产生H2，Ⅲ的结构简式为　或　（写1种）；由Ⅳ生成Ⅱ的反应条件为　NaOH/CH3CH2OH/加热　．（4）聚合物可用于制备涂料，其单体结构简式为　CH2=CHCOOCH2CH3　．考点：有机物的结构和性质；有机物的合成．.分析：（1）A．酚能和氯化铁溶液发生显色反应；B．羟基或羧基能发生酯化反应，醛基能发生银镜反应；C．酚能和溴发生取代反应、碳碳双键能和溴发生加成反应；-19-\nD．能和NaOH反应的为酚羟基、羧基；（2）Ⅱ中含有9个C原子、10个H原子，据此确定化学式；能和氢气发生加成反应的有苯环和碳碳双键；（3）化合物Ⅱ可由芳香族化合物Ⅲ或Ⅳ分别通过消去反应获得，但只有Ⅲ能与Na反应产生H2，说明Ⅲ中含有醇羟基，醇羟基可位于碳碳双键两端的任一个C原子上；Ⅳ是卤代烃，卤代烃和氢氧化钠的醇溶液发生消去反应；（4）聚合物可用于制备涂料，其单体为丙烯酸乙酯，利用类似反应①的方法，仅以乙烯为有机物原料合成该单体，醇为乙醇，根据反应①书写反应方程式．解答：解：（1）A．酚能和氯化铁溶液发生显色反应，该物质中含有酚羟基，所以能和氯化铁发生显色反应，故正确；B．羟基或羧基能发生酯化反应，醛基能发生银镜反应，该物质不含醛基，所以不能发生银镜反应，故错误；C．酚能和溴发生取代反应、碳碳双键能和溴发生加成反应，该物质中含有酚羟基和碳碳双键，所以能发生取代反应和加成反应，故正确；D．能和NaOH反应的为酚羟基、羧基，1mol化合物I最多能与3molNaOH反应，故错误；故选AC；（2）Ⅱ中含有9个C原子、10个H原子，其化学式为C9H10；能和氢气发生加成反应的有苯环和碳碳双键，1mol化合物Ⅱ能与4molH2恰好完全反应生成饱和烃类化合物，故答案为：C9H10；4；（3）化合物Ⅱ可由芳香族化合物Ⅲ或Ⅳ分别通过消去反应获得，但只有Ⅲ能与Na反应产生H2，说明Ⅲ中含有醇羟基，醇羟基可位于碳碳双键两端的任一个C原子上，其结构简式为或；Ⅳ是卤代烃，卤代烃和氢氧化钠的醇溶液发生消去反应，所以其反应条件是氢氧化钠的醇溶液、加热；故答案为：或；NaOH/CH3CH2OH/加热；（4）聚合物可用于制备涂料，其单体为丙烯酸乙酯，结构简式为CH2=CHCOOCH2CH3，故答案为：CH2=CHCOOCH2CH3．点评：本题考查了有机物的官能团及其性质，知道常见有机物官能团及其性质是解本题关键，知道有机反应中断键、成键方式，并结合题给信息分析解答，题目难度中等．　-19-\n24．（16分）已知物质A分子式为C3H4O2，显酸性．F为由七个原子组成的环状结构，分子式为C6H8O4．已知对于不对称的烯烃在不同条件下与HBr加成时有可能得到两种不同的加成产物，研究表明，不对称的烯烃与HBr加成时通常遵循马氏规则“氢加到含氢多的不饱和碳原子一侧”．而反马氏规则即“氢加到含氢少的不饱和碳原子一侧”．请根据以下框图回答问题（1）请写出A、D的结构简式为A　CH2=CHCOOH　D　HOCH2CH2COOH　（2）D→G的反应类型为　氧化反应　（3）化合物B中含氧官能团的名称是　羧基　（4）①D和E生成F的化学方程式　HOCH2CH2COOH+CH3CH（OH）COOH+2H2O+2H2O　②D和E按照1：1反应也可生成高聚物，请写出生成该高聚物的化学反应方程式：　　（5）A生成C的化学方程式　CH2=CHCOOH+HBr→CH3CHBrCOOH　（6）写出C的同分异构体中含酯基的物质的结构简式　CH3CH（Br）OOCH　、　BrCH2CH2OOCH　、　CH3COOCH2Br或BrCH2COOCH3　（至少写3个）考点：有机物的推断．.分析：A的分子式为C3H4O2，物质A显酸性，故A中含有﹣COOH，A的不饱和度为=2，故A分子中还含有C=C双键，则A的结构简式为CH2=CHCOOH，D可以被氧化生成G，G可以与银氨溶液发生反应，故G中含有醛基﹣CHO，故D中含有﹣OH，且﹣OH连接的C原子上含有2个H原子，根据转化关系可知，B为BrCH2CH2COOH，D为HOCH2CH2COOH，G为OHCCH2COOH，H为NH4OOCCH2COONH4，A与HBr发生加成反应生成C，C为CH3CH（Br）COOH，C水解并酸化生成E，E为CH3CH（OH）COOH，F为七原子组成的环状结构，E与D发生酯化反应生成F，F结构简式为-19-\n，据此解答．解答：解：A的分子式为C3H4O2，物质A显酸性，故A中含有﹣COOH，A的不饱和度为=2，故A分子中还含有C=C双键，则A的结构简式为CH2=CHCOOH，D可以被氧化生成G，G可以与银氨溶液发生反应，故G中含有醛基﹣CHO，故D中含有﹣OH，且﹣OH连接的C原子上含有2个H原子，根据转化关系可知，B为BrCH2CH2COOH，D为HOCH2CH2COOH，G为OHCCH2COOH，H为NH4OOCCH2COONH4，A与HBr发生加成反应生成C，C为CH3CH（Br）COOH，C水解并酸化生成E，E为CH3CH（OH）COOH，F为七原子组成的环状结构，E与D发生酯化反应生成F，F结构简式为，（1）由上述分析可知，A的结构简式为CH2=CHCOOH，D为HOCH2CH2COOH，故答案为：CH2=CHCOOH；HOCH2CH2COOH；（2）D→G的反应类型为氧化反应，故答案为：氧化反应；（3）B为BrCH2CH2COOH，含氧官能团的名称是：羧基，故答案为：羧基；（4）D和E生成F的化学方程式为：HOCH2CH2COOH+CH3CH（OH）COOH+2H2O+2H2O，D和E按照1：1反应也可生成高聚物，生成该高聚物的化学反应方程式：，故答案为：HOCH2CH2COOH+CH3CH（OH）COOH+2H2O+2H2O；；-19-\n（5）C为CH3CH（Br）COOH，A生成C的化学方程式为CH2=CHCOOH+HBr→CH3CHBrCOOH，故答案为：CH2=CHCOOH+HBr→CH3CHBrCOOH；（6）C为CH3CH（Br）COOH，C的同分异构体中属于酯类物质的结构简式：CH3CH（Br）OOCH、BrCH2CH2OOCH、CH3COOCH2Br、BrCH2COOCH3（任意3个），故答案为：CH3CH（Br）OOCH；BrCH2CH2OOCH；CH3COOCH2Br或BrCH2COOCH3．点评：本题考查有机物的推断，涉及烯、卤代烃、醇、醛、羧酸的性质与转化，是对有机化学知识的综合运用，关键是根据A的分子式及性质判断A的结构，注意根据D、G、H之间的转化确定A与HBr发生加成反应产物，难度中等．-19-