广东省2022届高三物理11月一轮复习联考（三）试题（附答案）

2022届高三一轮复习联考（三）广东卷物理试卷注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上．2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效．3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回考试时间为75分钟，满分100分一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．一节高质量5号干电池的容量约为．若利用一节该型号的新电池为一标称值为“”的小灯泡供电，则该灯泡正常工作的最长时间约为（）A．B．C．D．2．如图所示，摩天轮载着轿厢在竖直平面内沿逆时针方向做匀速圆周运动，轿厢中的乘客与轿厢相对静止，a、c分别为轿厢运动过程中经过与转轴等高的两个位置，b、d分别为轿厢经过的最低点和最高点．对于图中恰处于a位置轿厢内的乘客，下列说法正确的是（）A．在a位置时，轿厢内乘客处于失重状态B．轿厢刚转到b位置时，轿厢内乘客所受合力恰好为零C．轿厢分别转到a、c两位置时，轿厢内乘客受到座椅的作用力大小相等D．轿厢分别转到b、d两位置时，轿厢内乘客在d位置所受到的合力较小3．带有两接线柱的A、B、C三个立方体金属块，其棱长相等，两接线柱分别位于相对的两侧面中心，各自接入电路后进行测量，在同一坐标系中各描出一组金属块两端的电压U和对应通过的电流I，发现三点恰在同一直线上，但未过坐标原点，如图甲所示．现将A、B、C按图乙方式连接到同一恒压电源上，下列说法正确的是（） A．C的电阻率最大B．A、B、C的电阻率一样大C．图乙中，A两端的电压大于B两端的电压D．图乙中，A、B消耗的总电功率大于C消耗的电功率4．如图所示，边长的正方形区域处于匀强电场（图中未画出）中，其中边恰与电场线平行，O为的中心．已知将一电子自b点移到O的过程中，克服电场力做功．现再将一正点电荷固定于O点，下列说法正确的是（）A．a、c两点的电场强度相同B．a、b两点的电势差C．匀强电场的电场强度大小为D．将电子自a点沿连线移到d点的过程中，电子的电势能始终不变5．静置于桌面上的水平螺线管中通有如图所示的恒定电流，螺线管正上方固定一通电直导线M，M中通有垂直纸面向里的恒定电流，导线恰与螺线管中轴线垂直．纸面内，螺线管正上方以直导线M为圆心的圆上有a、b、c、d四点，其中a、c连线恰为圆的竖直直径，b、d连线为圆的水平直径．已知a点的磁感应强度方向水平向左，忽略地磁场的影响，下列说法正确的是（）A．a点的磁感应强度大于c点的磁感应强度B．b、d两点的磁感应强度相同C．导线在图示位置时，通电螺线管所受的安培力竖直向下D．若将通电直导线M竖直向下移动到a点的过程中，螺线管所受安培力逐渐增大6．直流电源E、定值电阻、及可变电容器C与开关S 组成如图甲所示的电路．电源电动势，内阻．初始时，可变电容器的动片保持在如图乙所示的位置不变，闭合开关S一段时间后再断开，电容器的电荷量变化了．下列说法正确的是（）A．动片在图乙位置时，电容器的电容约为B．动片在图乙位置，闭合开关S一段时间后再断开时，中有短暂向左的电流C．保持开关S闭合，在转轴沿顺时针缓慢转动过程中，电容器所带电荷量缓慢增加D．开关S断开后，在转轴沿顺时针缓慢转动过程中，电容器所带电荷量保持不变7．如图所示，绝缘支架静置于水平桌面上，顶端固定一电荷量为Q的带正电金属小球（看成点电荷），支架与金属小球的总质量为M．一电荷量分布均匀、半径为R的金属圆环恰能水平静止于小球正上方，圆心O离小球的距离为h．已知圆环的质量为m，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．支架对桌面的压力大于B．支架对桌面的压力小于C．圆环所带电荷量D．圆环所带电荷量二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．8．如图所示，定值电阻、、的阻值分别为、和，滑动变阻器R的最大阻值为，电压表V和电流表A均为理想电表，电源E的内电阻忽略不计．在滑动变阻器的滑片P自最右端a缓慢滑动至最左端b的过程中，两电表均未超出量程，下列说法正确的是（） A．电压表的示数缓慢减小B．电流表的示数缓慢减小C．滑动变阻器消耗的电功率一定减小D．滑动变阻器消耗的电功率可能先增大后减小9．如图所示，半径为R的半圆形粒子接收屏竖直放置，为水平直径，O为圆心，连线与竖直方向的夹角．一质量为m、电荷量绝对值为q的带电粒子自A点沿方向以初速度射入．当接收屏处于竖直向上的匀强电场中时，粒子恰能击中屏上的C点；当接收屏处于垂直纸面方向的匀强磁场中时，粒子也恰能击中屏上的C点．不计粒子重力，下列说法正确的是（）A．粒子带正电，匀强磁场的方向垂直于纸面向外B．匀强电场的电场强度大小为C．匀强磁场的磁感应强度大小为D．粒子在匀强电场和匀强磁场中运动的时间之比为144∶5310．如图所示，两等量异种点电荷、分别固定在x轴上，O为两点电荷连线的中点，A、B为x轴上两点电荷间关于O点对称的两点．取A点为坐标原点，水平向右为正方向，无穷远处电势为零．自A点由静止释放一电子，仅在电场力作用下从A点向B点运动．在由A点运动到B点的过程中，下列关于电子所经位置的电势、电子的电势能随位移x的变化关系可能正确的是（）A．B．C．D．三、非选择题：本题共5小题，共54分．11．（7分）如图甲所示，排污管道的污水中常含有大量正、负离子，某兴趣小组的同学为探究该管道的污水排放量，利用废旧材料与0刻度线在表盘中央的电压表自制了一简易电磁流量计进行测量，原理如图乙所示．该组同学将横截面为圆形的塑料弯管插入排污管道后密封，污水充满竖直管道后经水平管口排出，图乙中A、B分别为两竖直紧贴塑料管内壁的金属探针， 两针间距离恰等于塑料管道内直径D，将两探针用导线自管壁引出后，分别与电压表（图中未画出）两接线柱相连，对竖直管道施加垂直两探针所在平面向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B．已知该管道单位时间内排出污水的体积Q不变，探针与污水接触良好，两引线处无渗漏，电压表可视为理想电表，导线及污水电阻不计，则：（1）若发现电压表的指针偏向0刻度线的左侧，说明探针_______（选填“A”或“B”）与电压表正接线柱相连，要使电压表指针正常显示时偏向0刻度线右侧，可采取的一条措施是___________________________________________________________；（2）经调整，电压表指针正常偏转，则电压表稳定后的示数U与该管道单位时间内排出污水的体积Q的关系式为________；（用题中所给物理量符号表示）（3）若发现测量时电压表的指针偏转角度太小，要使指针偏转角度适当大些，可采取的一条措施是______________________________________________________．12．（9分）某实验小组的同学为测量由两节干电池组成的电池组的电动势E和内电阻r，设计了如图甲所示的实验电路，其中R为电阻箱，定值电阻．实验过程中获得了多组电压表示数U和相应的电阻箱阻值R，并绘制出了与图像如图乙所示，则：（1）根据图像求得电池组的电动势测量值________V，内电阻测量值_______；（结果均保留两位有效数字）（2）由实验原理可知，该实验得到的电动势的测量值__________（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值，内电阻的测量值__________（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值． 13．（11分）如图所示，分别固定在水平天花板O、点的竖直绝缘细线上拴有两金属导体棒、，两导体棒的质量均为m、长度均为L，、中通有大小分别为I和的恒定电流，方向均水平向右．现对整个装置施加匀强磁场，两棒能再次保持静止时，细线、与竖直方向的夹角均为．已知两棒始终平行且保持水平，重力加速度大小为g，不计细线重力．（1）若施加竖直向上的匀强磁场，求匀强磁场的磁感应强度的大小；（2）求所施加匀强磁场的最小磁感应强度的大小．14．（12分）内壁附有粒子接收器的两足够大平行金属板A、B接在如图所示的电路中，位于B板中心的粒子源能在纸面内向两板间沿各个方向发射质量均为m、带电荷量均为q的正粒子，粒子的初速度均相等．闭合开关，当滑动变阻器的滑片自最左端缓慢向右滑到中间位置时，A板内壁的接收器恰好接收不到任何粒子，此后保持滑片位置不变．已知电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器的总阻值为R，A、B两板间的距离为d，不计粒子重力及粒子接收器的厚度，忽略粒子间的相互作用，求：（1）粒子源发射粒子的初速度的大小；（2）B板内壁接收器能接收到粒子区域的最大长度L．15．（15分）如图所示，半径的竖直粗糙绝缘圆弧轨道的最低点C的切线呈水平，C点正下方为绝缘竖直墙壁，墙壁足够高．虚线为C点下方的场分界线，与C点的高度差，上方区域内存在电场强度大小为的匀强电场，方向竖直向下，下方、墙壁左侧的区域内存在垂直于纸面向里的匀强磁场和竖直向上的电 场强度大小为的匀强电场．一质量、电荷量的带正电小滑块自圆弧轨道上的B点由静止释放，经过C点时对轨道的压力大小为，从C点水平飞出后经分界线上的D点（图中未画出）进入下方区域．已知连线与竖直方向的夹角，小滑块在运动过程中电荷量保持不变，不计空气阻力，重力加速度取，已知．求：（1）小滑块在圆弧轨道上运动的过程中，克服摩擦力所做的功；（2）小滑块经过D点时的速度的大小；（3）小滑块能再次返回上方区域的最小磁感应强度B的大小．2022届高三一轮复习联考（三）广东卷物理参考答案及评分意见1．A【解析】由电池容量约为可知，该电池储存的电荷量约为，而灯泡正常工作时的电流，由，得，A正确，BCD错误．2．C【解析】因轿厢在竖直面内做匀速圆周运动，故在a位置时，轿厢内乘客竖直方向合力为零，则竖直方向处于平衡状态，A错误；轿厢刚转到b位置时，轿厢内乘客所受合力提供向心力，故合力不为零，B错误；轿厢分别转到a、c两位置时，轿厢内乘客受到座椅作用力的竖直方向分力与重力平衡，水平方向分力提供向心力，由平行四边形定则可知，轿厢内乘客受到座椅的作用力大小相等，C正确；因轿厢做匀速圆周运动，轿厢分别转到b、d两位置时，轿厢内乘客所受合力大小相等，D错误．3．C【解析】由甲图可知，A的电阻最大，由电阻定律可知，A的电阻率最大，C的最小，AB错误；由串联电路特点可知，A两端的电压大于B两端的电压，C正确；由欧姆定律和焦 耳定律可知，，故A、B消耗的总电功率小于C消耗的电功率，D错误．4．C【解析】由场强叠加可知，a、c两点的电场强度大小不等、方向不同，A错误；在点电荷产生的电场中，a、b两点的电势相等，故a、b两点的电势差等于其在匀强电场中两点的电势差，由可知，因，故，B错误；由，C正确将电子自a点沿连线移到d点的过程中，电场力先做正功再做负功，电子的电势能先减小后增大，D错误．5．D【解析】由题意可知，导线在a点产生的磁场比螺线管在a点产生的磁场强，由磁感应强度的叠加可知，a点的磁感应强度小于c点的磁感应强度，A错误；由平行四边形定则可知，b、d两点的磁感应强度大小相等、方向不同，B错误；导线在图示位置时，由左手定则可知，导线所受的安培力竖直向下，由牛顿第三定律可知，螺线管所受的安培力竖直向上，C错误；自c到a，螺线管产生的磁场逐渐变强，若将通电直导线M竖直向下移动到a点的过程中，导线所受的安培力逐渐增大，故螺线管所受的安培力也逐渐增大，D正确．6．B【解析】开关S闭合时，由闭合电路欧姆定律及可知，电容器所带的电荷量，当开关S断开后有，则，得，A错误；闭合开关S一段时间后再断开时，由于电容器两端电压变大，电容器充电，而下极板带负电，故中有短暂向左的电流，B正确；在转轴沿顺时针缓慢转动过程中，电容器正对面积缓慢减小，电容缓慢减小，而电压不变，故电容器所带电荷量缓慢减少，CD错误．7．D【解析】对圆环、小球和支架组成的系统，由平衡条件可知，支架受桌面的支持力等于，AB错误；设圆环所带电荷量为q，因圆环电荷分布均匀，故单位长度所带电荷量，由库仑定律和平衡条件可知，解得圆环所带电荷量，C错误、D正确．8．BC【解析】因电源内阻不计，故电压表示数不变，当滑片由α端向b端滑动时，接入电路的阻值缓慢减小，故电路中的总电流增大，两端的电压增大，两端的电压减小，则通 过的电流减小，A错误、B正确；该电路可等效为内电阻的电源对滑动变阻器供电，因滑动变阻器的电阻由开始减小，由可知，等效电源的输出功率一定减小，故滑动变阻器消耗的电功率一定减小，C正确、D错误．9．BC【解析】由题意可知，粒子带负电，磁场方向应垂直于纸面向里，A错误；当施加电场时，水平方向：，竖直方向：，解得，B正确；当施加磁场时，由几何关系有，解得，由得，C正确；由可知，粒子在电场中的运动时间，由，得，D错误．10．BC【解析】由题意可知，由A到B电势升高，O点电势为零，故O点左侧电势小于零、右侧电势大于零，又由可知，图像切线的斜率绝对值可表示场强大小，由A到O，场强减小，由O到B场强增大，A错误、B正确；电子在由A运动到B的过程中，电场力做正功，则电势能减小，D错误；取一小段位移x，由，得，故图像的斜率绝对值也可反映场强大小，C正确．11．（1）B（1分）将探针A、B分别与电压表正、负接线柱相连（或将匀强磁场的方向改为垂直A、B所在平面向外等）（2分（2）（2分）（3）适当增大匀强磁场的磁感应强度大小（或换用直径小一些的塑料管；或换用量程小一些的电压表等）（2分）【（1）（3）写出任意一条，合理即可给分】【解析】（1）由左手定则可知，正离子在洛伦兹力的作用下应向探针A侧偏转，故A侧电势高，因电压表示数为负值，说明探针B连在了电压表的正接线柱上；采取措施可以将探针A、B分别与电压表正、负接线柱相连，也可以将匀强磁场的方向改为垂直于A、B所在平面向外等；（2）由平衡条件可知，，即，而，得 ；（3）由可知，要增大电压表指针偏角，可适当增大匀强磁场的磁感应强度大小，也可换用直径小一些的塑料管，还可换用量程小一些的电压表等．12．（1）3.0（3分）2.0（2分）（2）小于（2分）小于（2分）【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律可得，由关系图线知纵截距绝对值，得；由图线的斜率，解得；（2）根据实验原理可知，电动势的测量值，故测量值应小于电源电动势真实值，内电阻的测量值，故内电阻的测量值小于真实值．13．【解析】（1）由（1分）可知棒所受安培力大小，方向水平向外（2分）棒所受安培力大小，方向水平向外（2分）对两棒整体，由平衡条件可知（2分）解得（1分）（2）当磁感应强度最小时，对两棒整体，由平衡条件得（2分）解得（1分） 14．【解析】（1）对刚好不能到达A板的粒子，由动能定理可知（2分）由闭合电路欧姆定律及欧姆定律可知（2分）解得（1分）（2）设初速度方向与B板成角的粒子落到B板上的位置距粒子源最远，轨迹如图所示，设粒子在垂直B板方向上减速到零的时间为t，则：垂直B板方向：（1分）由对称性可知，粒子自射出至击中B板的过程中，沿B板方向运动的距离为最大长度L的一半，故沿B板方向：（1分）又（2分）解得（1分）将和代入上式，得（分）当时，即时，粒子落点距粒子源最远，即最大长度（1分）15．【解析】（1）粒子的部分运动轨迹如图所示， 在C点，由牛顿第三定律可知，小滑块受到的支持力由牛顿第二定律可知（2分）解得（1分）对小滑块从B到C过程，由动能定理可得（2分）解得（1分）（2）对小滑块从C到D过程，由动能定理可得（1分）解得（1分）（3）由于（1分）可知小滑块在下方做匀速圆周运动，当运动轨迹半径最大时磁场的磁感应强度最小，设最大半径为r，由得（1分）设D点离墙壁的距离为，由几何关系可知（1分）由运动学公式可知，小滑块自C运动到D所用的时间（1分）由牛顿第二定律可知，小滑块自C运动到D过程中的加速度大小为（1分）则 由知（1分）联立以上各式得（1分）