浙江省2022届高三选考科目模拟冲刺卷物理试题（四）（Word版带答案）

浙江省普通高校招生选考科目考试模拟卷（冲刺版）物理（四）考生须知：1．本试题卷分选择题和非选择题两部分，共6页，满分100分，考试时间90分钟。2．考生答题前，须将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题纸上。3．选择题的答案必须使用2B铅笔将答题纸上对应题目的答案标号涂黑，如要改动，须将原填涂处用橡皮擦擦净。4．非选择题的答案必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应区域内，答案写在本试题卷上无效。5．可能用到的相关公式或参数：重力加速度g均取10m/s2。选择题部分一、选择题I（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1．下列物理量是矢量，且对应的国际单位制单位的符号表示正确的是A．电流AB．力NC．速度km/hD．电功J2．下列说法不符合事实的是A．普朗克提出能量子的概念B．法拉第最早引入电场的概念C．伽利略提出了加速度的概念D．库伦通过扭秤实验测出了静电力常量第3题图3．如图所示是特技跳伞运动员的空中造型图。当运动员保持该造型向下落时，其中一名运动员A俯视大地时，看到大地迎面而来。下列说法正确的是A．若运动员A以对面的运动员为参考系，他是运动的B．若运动员A以旁边的运动员为参考下，地面是静止的C．当他俯视大地时，看到大地迎面而来，是以他自己为参考系的D．以大地为参考系，运动员是静止的第4题图4．如图所示，为列车经过某一转弯处的照片，有两名乘客分别坐在列车上a、b位置，下列说法正确的是A．线速度相同B．向心力大小相等C．列车转弯的向心力可能只由了重力、支持力提供D．转弯时，列车速度超过设计速度时会受到离心力的作用5．下列说法正确的是A．微波炉的加热原理是利用涡流B．α、β、γ三种射线都是电磁波C．彩超是利用超声波的多普勒效应D．一个氢原子从n=3能级向低能级跃迁，最多可以辐射出3种不同频率的光子第6题图6．如图所示，一台空调外机用三角形支架固定在外墙上（近似看成铰链连接），空调外机的重心恰好在支架横梁AO与斜梁BO的连接点O的正上方。现保持连接点O的位置不变，横梁AO仍水平，则A．若把斜梁加长一些，斜梁受的作用力变大B．若把斜梁加长一些，斜梁受的作用力变小，横梁受的作用力变大C．若把斜梁缩短一些，横梁受的作用力变小D．若把斜梁缩短一些，两个梁受的作用力都变大7．在亚运会男篮比赛中，周琦持球暴扣，篮球在空中运行过程中A．篮球的机械能守恒B．篮球的速度大小保持不变 C．篮球受到的作用力为重力、空气阻力D．篮球受到的作用力为重力、空气阻力、周琦对篮球的作用力第8题图8．北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能。“北斗”系统中两颗工作卫星1和2均绕地心O做匀速圆周运动，轨道半径均为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置，如图所示。若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力．以下判断正确的是A．两颗卫星的角速度相同，它们之间的距离为B．两颗卫星所受的向心力大小一定相等C．卫星1由位置A运动到位置B所需的时间可能为D．如果要使卫星2追上卫星1，一定要使卫星2加速9．某无人值守彩色电视中转站采用太阳能电源工作，转换设备电压为24V，每天发射时间为15h，功耗20W，其余9小时为接收等候时间，功耗为5W，则A．转换设备电流恒为5/6AB．转换设备负载每天耗电量约为14．37AhC．转换设备每天消耗电能为345度D．转换设备在等待过程中，工作电压小于24V第10题图10．如图所示，是交流发电机的示意图，某时刻，线圈的AB边连在金属滑环K上，CD边连在滑环L上，导体做的两个电刷E、F分别压在两个滑环上，线圈在转动时可以通过滑环和电刷保持与外电路的连接。下列说法正确的是A．图示位置磁通量为零B．图示位置，电流表的示数为零C．从图示位置开始，再过T/4，电流方向将发生变化D．用铝框做线圈骨架，电磁阻尼效果好第11题图11．宝石晶莹剔透，在光线的照射下璀璨夺目。如图所示的多边形为一打磨好的宝石的横截面，其中∠ABC=60°和∠BCD＝90°。现有一细光束从AB边上的F点垂直AB边射入，已知该宝石内部介质分布均匀，折射率n=，FB＝d，BC=L，光在空气中的传播速度可认为等于在真空中的速度c，下列说法正确的是A．光线会从BC边射出B．光线从CD边射出时与CD边的夹角为60°C．光线从射入到第一次射出时所走的路程为D．光线从射入到第一次射出时所需的时间是12．如图所示，由弹丸发射器、固定在水平面上的37°斜面以及放置在水平地面上的光滑半圆形挡板墙（挡板墙上分布有多个力传感器）构成的游戏装置，半圆形挡板的半径R=0.5m，斜面高度h=0.9m，弹丸与斜面间的动摩擦因数μ1=0.5。游戏者调节发射器，弹丸到B点时速度沿斜面且大小为5m/s，接着他将半圆形挡板向左平移使C、D两端重合。挡板墙上各处的力传感器收集到的侧压力F与墙上转过圆心角θ之间的关系如图所示。下列说法正确的是A．弹丸的质量为0.1kgB．弹丸的质量为0.4kgC．弹丸与地面的动摩擦因数为0.6D．弹丸与地面的动摩擦因数为0.8第12题图 13．半径为R的绝缘光滑半球形碗，固定放置在水平面上，在碗中置入三个质量均为m，电荷量相同的带电小球。当处于平衡状态时，三小球同处于水平平面内，该平面和地面的距离为0.5R。已知静电力常数为k，重力加速度为g，则A．小球电荷量的大小为B．小球受到的弹力大小为C．小球电荷量的大小为D．碗受到三小球的作用力小于3mg二、选择题II（本题共3小题，每小题2分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）14．一台发电机在产生正弦式电流。如果发电机电动势峰值为V，线圈匀速转动的角速度为。如果这个发电机的外电路只有电阻元件，总电阻为2KΩ，线圈内阻不计，从中性面开始计时。则下列说法正确的是A．电动势瞬时表达式为B．电路中电路的电流的峰值为AC．1s内电流方向改变50次D．若发电机转速加倍，则外电阻在相同的时间内产产生的热量变为原来的4倍15．一条细线下面挂一个小球，让它自由摆动，它的振动图象如图所示。则下列说法正确的是第15题图A．该单摆的摆长大约为1mB．若将此单摆置于向上匀加速的升降机中，单摆的周期会大于2sC．若将此单摆置于向下匀加速的升降机中，单摆的周期会大于2sD．根据图中的数据不能估算出它摆动的最大摆角16．下列说法中正确的是A．铀核裂变生成钡和氪，其核反应方程是B．结合能并不是由于核子结合成原子核而具有的能量，而是为了把核子分开而需要的能量C．核电站在铀棒周围要放慢化剂，常用的慢化剂有石墨、重水和普通水D．秦山核电站是利用核聚变原理运行的非选择题部分三、非选择题（本题共6小题，共55分）17．（7分）某同学想测定某蓄电池的电动势E和内电阻r，现有仪器有开关、导线若干、一只电压表、一只电阻箱。（1）请利用以上实验器材设计电路原理图；（2）当电阻箱阻值调到时，电压表的读数为v；当电阻箱阻值调到时，电压表的读数为v；该电池的电动势E=_____v，内电阻r=_____Ω；（计算结果保留三位有效数字）（3）小王同学想要利用多用电表的电阻档直接接在电源两端，进行电源内电阻的测量。他认为多用电表读数即电源内阻，你认为这种做法_____；A．正确B．不正确18．（7分）如图甲所示装置研究平抛运动。把小球从斜槽上某个位置无初速度释放，在坐标白纸上记录小球运动过程中的位置情况。 第18题图（甲）第18题图（乙）（1）下列器材中不需要的是__________A．重锤线B．弹簧秤C．刻度尺D．小钢球E．秒表（2）下列实验注意事项必须要满足的是___________A．斜槽末端水平B．为较准确描绘出小球的运动轨迹，必须用光滑的曲线把所有的点都连接起来C．小球选用密度小，体积大的材料D．挡板高度等间距变化（3）若遗漏了记录平抛运动的起点，在轨迹上取了M1，M2，M3三点，如图乙所示，M1M2与M2M3之间水平距离相等均为l，M1M2与M2M3的竖直间距均分别为h1，h2。则3h1_________h2(大于、等于、小于)。可求得小球平抛的初速度v0=________(当地的重力加速度为g)（4）为了得到平抛的运动轨迹，小组讨论得到其他方案，下列说法正确的是（）A．从细水管水平喷出的细水柱显示平抛运动的轨迹B．用数码照相机或数码摄像机记录平抛运动的轨迹C．将铅笔垂直于竖直的白纸板放置，笔尖紧靠白纸板，以一定的初速度扔出铅笔，白纸上将会留下笔尖的运动轨迹D．要使描出的轨迹更能反映真实的运动情况，小球从多个不同的位置静止释放19．（9分）如图所示，一只质量为1kg老鹰，从静止开始沿与竖直方向成600角向下俯冲抓捕猎物，俯冲54m后开始减速，继续俯冲40.5m后减速到零抓住猎物，整个俯冲过程用时10.5s,假设整个俯冲过程均沿直线运动。求老鹰第19题图（1）俯冲过程的最大速度；（2）加速过程的时间；（3）减速过程受到空气的作用力大小。20．（12分）图甲是某游乐场的设施图，简化模型见乙图。AD、HI为水平轨道，圆轨道O1在最低点B处的两侧稍错开一段距离，并分别与左右两侧的直轨道平滑相连。倾斜轨道由半圆O2及直轨道DE、GH组成，倾斜轨道与水平面的夹角θ=530，倾斜直轨道DE、HG长均为15m,和水平轨道平滑相连。已知圆轨道O1和半圆轨道O2的半径均为R=5m。过山车及车上人的总质量m=1.2t且可视为质点，过山车在A处以恒定功率P=80KW由静止开始启动，经过t=4.5s到达B点时时关闭发动机，过山车沿圆轨道内侧运动一周后沿倾斜轨道BDEFHGH回到水平轨道HI并最终停在离H点32m处。水平轨道AD总长36m，其中BD长11m，直轨道AD、DE、GH动摩擦因数均为μ=0.2，直轨道HI动摩擦因数未知，圆轨道摩擦忽略不计。求：（1）过山车到达C点时的速度；（2）直轨道HI的动摩擦因数大小；（3）过山车运动到半圆轨道最高点F时对轨道的作用力大小。 21．（10分）近年来，我国在航空母舰的电磁弹射技术方面取得重大突破，第一艘带有电磁弹射系统的国产航母即将亮相。小明同学经过研究，设计了一种电磁弹射系统，其简化模型如图乙所示。舰载机质量为7m，用绝缘弹性装置锁定在一个匝数N匝，边长为L的正方形金属线框上，线框质量m，总电阻为R。xoy平面代表轨道平面，x轴与轨道平行，轨道光滑，宽也为L。磁场与轨道平面垂直，平面内x坐标相同的点磁感应强度相同，大小按图丙的规律随时间变化，t=0时刻磁场的这种变化方式以恒定的速度沿+x方向传播，此时刻线框所在的位置沿x方向各点的磁场分布如图丁所示。经2T时间线框及舰载机的速度达到v，磁场停止传播，同时解除锁定，框中弹性装置在极短的时间里把舰载机弹出，舰载机相对线框以2v速度水平起飞，求：（1）t=0时刻线框中感应电流的大小和方向；（2）t=时，舰载机的加速度大小：（3）在线框开始运动到停止的整个过程中，金属线框产生的焦耳热。22．（10分）2021年3月16日，浙江“海洋贝尔”号浮油回收船在蒙蒙细雨中顺利滑入长江（如图甲），该船投入使用后，将为浙江沿海地区防治溢油污染提供优质服务。船的结构简图（俯视图）见图乙，ABCD区域长L1=12m,宽L2=4m，内有竖直向下的匀强磁场，通道侧面 AB、CD用金属板制成，分别与电源的正、负极相接，油污海水进入通道后，海水在安培力作用下加速运动，和油发生摩擦起电，使上面的浮油层在通过磁场左边界AC前形成一颗颗带正电的小油珠，小油珠比荷=0.6C/kg。海水在船尾的出口被喷出，小油珠在洛仑兹力作用下，通过D处的油污通道流入油污收集箱。表面油层中的电场力、油珠之间的相互作用力、海水对油层的带动均可忽略，油层在海面上厚度均匀（）。（1）海水所受安培力的方向；（2）当船速v0=12m／s时，油污的回收率恰好达到l00％，则区域ABCD内所加磁场的磁感应强度大小多少？（3）小油珠运动过程中的加速度大小；（4）当船速达到v=18m/s，油污的回收率为多少?若小油珠的比荷只与电流的平方根成正比，要使油污的回收率仍达到l00％，则通电电流是速度为v0时的多少倍?_+油污收集箱CBA接正极第22题图图乙图甲D接负极V0L1进水口L2出水口物理（四）一、选择题I（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）题号12345678910111213答案BDCCCDDCBDDCA二、选择题II（本题共3小题，每小题2分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）题号141516答案ADACBC三、非选择题（本题共6小题，共55分）17．（7分） （1）（2分）（2）2.80（2分）0.800（2分）（3）B（1分）18．（7分）（1）BE（2分）（2）A（1分）（3）大于（1分）（1分）（4）AB（2分）19．（9分）（1）设老鹰俯冲过程的最大速度为Vm①得Vm=18m/s②（2）老鹰在加速阶段有③得=6s④（3）老鹰在减速阶段的加速度a==4m/s2⑤空气对老鹰的作用力F==2N⑥①③⑥各2分，②④⑤各1分20．（12分）（1）过山车从A点出发到达C点过程中，有①过山车在圆轨道最高C的的速度m/s②（2）过山车从A点到停止运动的过程中，有③直轨道HI的动摩擦因数大小为=0.6④（3）过山车从A点到半圆轨道F点的过程中，有⑤过山车在半圆轨道最高点的速度=10m/s⑥过山车在半圆轨道最高点运动所需向心力⑦设过山车在F点受到圆轨道的作用力为F，则⑧过山车在F点受到圆轨道的作用力F=7200N⑨根据牛顿第三定律知，过山车对轨道的作用力为=7200N⑩①③各2分。②④⑤⑥⑦⑧⑨⑩各1分21．（10分） （1）线框中产生的感应电动势大小：E=2NB0Lv0=①由欧姆定律知：I==②线框中电流方向：逆时针方向③（2）t=时，B=④线框中感应电流大小：I==⑤线框受到的安培力大小：F=2NBLI根据牛顿第二定律：F=(m+M)a得：a=⑥（3）第一阶段线框在电流正弦交流电，电流有效值：I有==根据焦耳定律：Q1=Q1=⑦设舰载机弹出时线框的速度为，由动量守恒定律：(M+m)v=m+M（+2v）解得：⑧由能量守恒定律得：Q2=⑨整个过程线框产生的总热量：Q=⑩①②③④⑤⑥⑦⑧⑨⑩各1分22．（10分）（1）由左手定则知，海水受到的安培力方向指向出水口①（2）回收率恰好达到l00％说明从A点水平进入的小油珠恰从D点进入收集箱，由几何知识得：②解得小油珠得运动半径：R=20m③根据：qB=m得：B==1T④（3）根据牛顿第二定律：qvB=ma⑤得：a=7.2m/s2⑥（4）由圆周运动知识有：qvB=m得小油珠得的运动半径：=30m⑦圆心到CD板的垂直距离为x，则有：解得：x=6能被收集箱收集的小油珠宽度：l==2.52m收集效率：η=×100%=63%⑧根据：r=R=解得：=0.9c/Kg⑨ 根据题意得：⑩①②③④⑤⑥⑦⑧⑨⑩各1分