【创新设计】2022届高考生物一轮复习方案 1-2 孟德尔的豌豆杂交实验（二） 新人教版必修2

第2讲　孟德尔的豌豆杂交实验(二)基因的自由组合定律(Ⅱ)知识点一　两对相对性状的杂交实验过程知识点二　对自由组合现象的解释和验证1．理论解释(1)假说①F1在形成配子时，⑧________彼此分离，⑨________自由组合②F1产生雌雄配子各____种类型，且数目⑪________③受精时，雌雄配子的结合是⑫________的，结合方式有⑬____种，遗传因子的组合形式有⑭____种，性状表现为⑮____种(2)图解2．设计测交实验，验证假设29\n知识点三　自由组合定律的实质(得出结论)在F1形成配子时，⑱________分离的同时，⑲________表现为自由组合，即一对等位基因与另一对等位基因的⑳________是互不干扰的，是________地分配到配子中去的应用分离定律解决自由组合问题F1(YyRr)两对相对性状同时考虑(运用乘法原理进行数学运算如下)：再组合优点：化繁为简，可操作性强。原理：每对等位基因(或相对性状)的传递都遵循分离定律，且互为独立事件。29\n　①F1产生的雄(雌)配子各有4种，比值为：AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1②F2表现型4种，比值为：双显∶单显1∶单显2∶双隐＝9∶3∶3∶1③F2基因型有9种，纯合子4种各占，单杂体4种各占，双杂体1种占自我校对：①黄圆　②9黄圆　③1绿皱　④自由组合　⑤9∶3∶3∶1　⑥黄皱和绿圆　⑦　⑧每对遗传因子　⑨不同对的遗传因子　⑩4⑪相等　⑫随机　⑬16　⑭9　⑮4　⑯理论预期　⑰正确的　⑱等位基因　⑲非同源染色体上的非等位基因　⑳分离或组合　各自独立两对相对性状的遗传实验及自由组合定律高考地位：5年24考一、两对相对性状遗传实验分析及相关结论(参见“双基自主落实”及旁栏“名师助学”)二、基因的自由组合定律的实质及细胞学基础1．实质在进行减数分裂的过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合。2．适用条件①有性生殖的真核生物。②细胞核内染色体上的基因。③两对或两对以上位于非同源染色体上的非等位基因。3．细胞学基础基因的自由组合定律发生在减数分裂的第一次分裂后期(如下图所示)29\n理解自由组合定律的实质要注意三点(1)同时性：同源染色体上等位基因的分离与非同源染色体上非等位基因的自由组合同时进行。(2)独立性：同源染色体上等位基因间的相互分离与非同源染色体上非等位基因的自由组合，互不干扰，各自独立地分配到配子中去。(3)普遍性：自由组合定律广泛适用于进行有性生殖的生物。基因重新组合会产生极其多样基因型的后代，这也是现在世界上的生物种类具有多样性的重要原因。4．n对等位基因(完全显性)位于n对同源染色体上的遗传规律★★★★★　本考点是历年高考全国卷及各省市理综卷(单科卷)命题的重点，近年高考对孟德尔定律考查呈现三大特点，一是基因对数增多(或考查三对等位基因的传递规律)，二是考查自交代数增多(如求F3状况)，三是对自由组合定律特殊分离比考查较多，题型可包括选择题及非选择题。29\n【典例1】(2022·全国大纲理综，34)果蝇中灰身(B)与黑身(b)、大翅脉(E)与小翅脉(e)是两对相对性状且独立遗传。灰身大翅脉的雌蝇与灰身小翅脉的雄蝇杂交，子代中47只为灰身大翅脉，49只为灰身小翅脉，17只为黑身大翅脉，15只为黑身小翅脉。回答下列问题。(1)在上述杂交子代中，体色和翅脉的表现型比例依次为________和____________。(2)两个亲本中，雌蝇的基因型为______，雄蝇的基因型为______。(3)亲本雌蝇产生卵的基因组成种类数为________，其理论比例为________。(4)上述子代中表现型为灰身大翅脉个体的基因型为________，黑身大翅脉个体的基因型为________。解析　本题考查基因的自由组合定律的基本知识。(1)将两对相对性状分开来看均遵循基因的分离定律，由题中信息可分别推知后代体色和翅脉的表现型比例。(2)将两对相对性状分开分析：子代中灰身与黑身之比为3∶1，可推出双亲基因型为Bb和Bb；由大翅脉与小翅脉之比为1∶1，可推出双亲基因型为Ee和ee，然后合并便可推出双亲基因型。(3)亲本雌蝇的基因型为BbEe，根据基因自由组合定律实质(等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合)，可推出产生雌配子的种类及比例。(4)根据双亲的基因型BbEe和Bbee，可推出子代的基因型有6种，其中BBEe和BbEe均表现为灰身大翅脉，只有bbEe为黑身大翅脉。答案　(1)灰身∶黑身＝3∶1　大翅脉∶小翅脉＝1∶1(2)BbEe　Bbee　(3)4　1∶1∶1∶1　(4)BBEe和BbEe　bbEe【训练1】(2022·全国新课标，32)某植物红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因控制(如A、a；B、b；C、c……)。当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时(即A_B_C_……)才开红花，否则开白花。现有甲、乙、丙、丁4个纯合白花品系，相互之间进行杂交，杂交组合、后代表现型及其比例如下：29\n根据杂交结果回答问题。(1)这种植物花色的遗传符合哪些遗传定律？________________________________________________________________________________________________________________________________________________。(2)本实验中，植物的花色受几对等位基因的控制，为什么？________________________________________________________________________________________________________________________________________________。解析　(1)单独考虑每对等位基因的遗传时应遵循基因的分离定律，综合分析4个纯合白花品系的六个杂交组合，这种植物花色的遗传应符合基因的自由组合定律。(2)在六个杂交组合中，乙×丙和甲×丁两个杂交组合中F1都开红花，F1自交后代F2中都是红花81∶白花175，其中红花个体占全部个体的比例为＝＝4，该比例表明：这是位于4对同源染色体上的4对等位基因在完全显性条件下的遗传情况，且这两个杂交组合中涉及的4对等位基因相同。答案　(1)基因的自由组合定律和基因的分离定律(或基因的自由组合定律)　(2)4对。　①本实验的乙×丙和甲×丁两个杂交组合中，F2代中红色个体占全部个体的比例为＝＝4，根据n对等位基因自由组合且完全显性时F2代中显性个体的比例为n，可判断这两个杂交组合中都涉及4对等位基因。②综合杂交组合的实验结果，可进一步判断乙×丙和甲×丁两个杂交组合中所涉及的4对等位基因相同自由组合定律的解题思路与方法29\n一、基本方法：分解组合法(乘法原理和加法原理)1．原理分离定律是自由组合定律的基础。2．思路首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题。在独立遗传的情况下，有几对基因就可分解为几个分离定律问题，如AaBb×Aabb可分解为如下两个分离定律：Aa×Aa，Bb×bb；然后按照数学上的乘法原理和加法原理根据题目要求的实际情况进行重组。此法“化繁为简，高效准确”，望深刻领会以下典型范例，熟练掌握这种解题方法。二、基本题型分类讲解(一)种类问题1．配子类型的问题规律：某一基因型的个体所产生配子种类数等于2n种(n为等位基因对数)。如：AaBbCCDd产生的配子种类数Aa　　　Bb　　　CC　　　Dd↓　　　↓　　　↓　　　↓2　×　2　×　1　×　2＝8种2．配子间结合方式问题规律：两基因型不同的个体杂交，配子间结合方式种类数等于各亲本产生配子种类数的乘积。如：AaBbCc与AaBbCC杂交过程中，配子间结合方式有多少种？先求AaBbCc、AaBbCC各自产生多少种配子。AaBbCc―→8种配子，AaBbCC―→4种配子。再求两亲本配子间结合方式。由于两性配子间结合是随机的，因而AaBbCc与AaBbCC配子间有8×4＝32种结合方式。3．已知双亲基因型，求双亲杂交后所产生子代的基因型种类数与表现型种类数规律：两基因型已知的双亲杂交，子代基因型(或表现型)种类数等于将各性状分别拆开后，各自按分离定律求出子代基因型(或表现型)种类数的乘积。如AaBbCc与AaBBCc杂交，其后代有多少种基因型？多少种表现型？先看每对基因的传递情况：Aa×Aa―→后代有3种基因型(1AA∶2Aa∶1aa)；2种表现型；Bb×BB―→后代有2种基因型(1BB∶1Bb)；1种表现型；Cc×Cc―→后代有3种基因型(1CC∶2Cc∶1cc)；2种表现型。因而AaBbCc×AaBBCc―→后代中有3×2×3＝18种基因型；有2×1×2＝4种表现型。(二)概率问题29\n1．已知双亲基因型，求子代中某一具体基因型或表现型所占的概率规律：某一具体子代基因型或表现型所占比例应等于按分离定律拆分，将各种性状及基因型所占比例分别求出后，再组合并乘积。如基因型为AaBbCC与AabbCc的个体杂交，求：①产生基因型为AabbCc个体的概率；②产生表现型为A_bbC_的概率。分析：先拆分为①Aa×Aa、②Bb×bb、③CC×Cc，分别求出Aa、bb、Cc的概率依次为、、，则子代基因型为AabbCc的概率应为××＝。按前面①、②、③分别求出A_、bb、C_的概率依次为、、1，则子代表现型为A_bbC_的概率应为××1＝。2．已知双亲基因型，求子代中纯合子或杂合子出现的概率规律：子代纯合子的出现概率等于按分离定律拆分后各对基因出现纯合子的概率的乘积。子代杂合子的概率＝1－子代纯合子概率。如上例中亲本组合AaBbCC×AabbCc，则①子代中纯合子概率：拆分组合××＝。②子代中杂合子概率：1－＝。3．已知双亲类型，求子代不同于亲本基因型或不同于亲本表现型的概率规律：不同于亲本的类型＝1－亲本类型。如上例中亲本组合为AaBbCC×AabbCc，则①不同于亲本的基因型＝1－亲本基因型＝1－(AaBbCC＋AabbCc)＝1－××＋××＝＝。②不同于亲本的表现型＝1－亲本表现型＝1－(A_B_C_＋A_bbC_)＝1－＝1－＝。(三)比值问题——已知子代表现型分离比推测亲本基因型(逆推型)正常规律举例：(1)9∶3∶3∶1⇒(3∶1)(3∶1)⇒(Aa×Aa)(Bb×Bb)；(2)1∶1∶1∶1⇒(1∶1)(1∶1)⇒(Aa×aa)×(Bb×bb)；(3)3∶3∶1∶1⇒(3∶1)(1∶1)⇒(Aa×Aa)×(Bb×bb)或(Bb×Bb)×(Aa×aa)；29\n(4)3∶1⇒(3∶1)×1⇒(Aa×Aa)×(BB×BB)或(Aa×Aa)×(BB×Bb)或(Aa×Aa)×(BB×bb)或(Aa×Aa)×(bb×bb)。(四)利用自由组合定律预测遗传病概率当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病情况的概率如表：序号类型计算公式1患甲病的概率m则不患甲病概率为1－m2患乙病的概率n则不患乙病概率为1－n3只患甲病的概率m(1－n)＝m－mn4只患乙病的概率n(1－m)＝n－mn5同患两种病的概率mn6只患一种病的概率1－mn－(1－m)(1－n)或m(1－n)＋n(1－m)7患病概率m(1－n)＋n(1－m)＋mn或1－(1－m)(1－n)8不患病概率(1－m)(1－n)上表各种情况可概括如下图：遗传高考题中均需要一定的解题方法技巧才能准确、规范、快速的解决问题，考生做题慢、答题失误往往是方法不得当。【典例2】一个正常的女人与一个并指(Bb)的男人结婚，他们生了一个白化病且手指正常的孩子。求再生一个孩子：(1)只患并指的概率是________。(2)只患白化病的概率是________。(3)既患白化病又患并指的男孩的概率是________。(4)只患一种病的概率是________。(5)患病的概率是________。解析　由题意知，第1个孩子的基因型应为aabb，则该夫妇基因型应分别为妇：Aabb；夫：AaBb。依据该夫妇基因型可知，孩子中并指的概率应为(非并指概率为)，白化病的概率应为(非白化病概率应为)，则：29\n(1)再生一个只患并指孩子的概率为：并指概率－并指又白化概率＝－×＝。(2)只患白化病的概率为：白化病概率－白化病又并指的概率＝－×＝。(3)生一既白化又并指的男孩的概率为：男孩出生率×白化病概率×并指概率＝××＝。(4)后代只患一种病的概率为：并指概率×非白化概率＋白化病概率×非并指概率＝×＋×＝。(5)后代中患病的概率为：1－全正常(非并指、非白化)＝1－×＝。答案　(1)　(2)　(3)　(4)　(5)【训练2】(经典重组题)以下两题的非等位基因位于非同源染色体上，且独立遗传。(1)AaBbCc自交，求：①亲代产生配子的种类数为________。②子代表现型种类数及重组类型数分别为________。③子代基因型种类数及新基因型种类数分别为________。(2)AaBbCc×aaBbCC，则后代中①杂合子的概率为________。②与亲代具有相同基因型的个体概率为________。③与亲代具有相同表现型的个体概率为________。④基因型为AAbbCC的个体概率为________。⑤表现型与亲代都不同的个体的概率为________。解析　(1)本题集中解决种类问题(注意掌握解题细节及方法)①因为亲代所以：AaBbCc产生的配子为2×2×2＝8种。②因为所以：即子代有8种表现型。子代的8种表现型中，只有A－B－C－为亲代表现型，所以新表现型有7种。③同理：子代基因型种类：子代新基因型种类：27－1(AaBbCc)＝26。29\n(2)本题集中解决概率运算问题，先对三对基因分别分析(注意掌握解题细节及方法)Aa×aa→1Aa∶1aa→Aa∶aa→A－∶aaBb×Bb→1BB∶2Bb∶1bb→BB∶Bb∶bb→B－∶bbCc×CC→1CC∶1Cc→CC∶Cc→1C－①后代中纯合子概率aa××CC＝；杂合子概率为1－＝。②③后代中AaBbCc概率：××＝；A－B－C－概率：××1＝；后代中aaBbCC概率：××＝；aaB－C－的概率：××1＝；因此后代与亲代具有相同基因型的个体概率为＋＝；同理，后代中与亲代具有相同表现型的个体概率为＋＝。④后代中基因型为AAbbCC的个体概率为：0××＝0。⑤表现型与亲代都不同的概率为(1－表现型与两亲本相同的概率)1－＝。答案　(1)①8种　②8种、7种　③27种、26种(2)①　②　③　④0　⑤规避特殊比值导致的3个易错点易错点1　对试题中出现的特殊比值(“9∶3∶3∶1”的变式比值)束手无策，找不准特殊比值蕴含的内在机理及比值的出现规律　点　拨　双杂合的F1自交和测交后代的表现型比例分别为9∶3∶3∶1和1∶1∶1∶1，但如果发生下面4种特别情况时，可采用“合并同类项”的方式推断比值如下表：29\n序号条件(内在机理)自交后代比例测交后代比例1存在一种显性基因(A或B)时表现为同一种性状，其余正常表现9∶6∶11∶2∶1即A_bb和aaB_个体的表现型相同续表2A、B同时存在时表现为一种性状，否则表现为另一种性状9∶71∶3∶2即A_bb、aaB_、aabb个体的表现型相同3aa(或bb)成对存在时，表现双隐性性状，其余正常表现9∶3∶41∶1∶2即A_bb和aabb的表现型相同或aaB_和aabb的表现型相同4只要存在显性基因(A或B)就表现为同一种性状，其余正常表现15∶13∶1即A_B_、A_bb和aaB_的表现型相同【易错案例1】(2022·温州适应性测试)某农科所做了两个小麦品系的杂交实验，70cm株高和50cm株高(以下表现型省略“株高”)的小麦杂交，F1全为60cm。F1自交得到F2，F2中70cm∶65cm∶60cm∶55cm∶50cm均为1∶4∶6∶4∶1。育种专家认为，小麦株高由多对等位基因控制，且遵循自由组合定律，相关基因可用A、a，B、b，……表示。请回答下列问题。(1)F2中60cm的基因型是____________________。请利用上述实验材料，设计一个杂交实验对专家的观点加以验证，实验方案用遗传图解表示(要求写出配子)。(2)上述实验材料中，一株65cm和一株60cm的小麦杂交，杂交后代中70cm∶65cm∶60cm∶55cm约为1∶3∶3∶1，则亲本中65cm的基因型为________，60cm的基因型为________，杂交后代中基因型有________种。(3)上述实验材料中，一株65cm和一株60cm的小麦杂交，F1________(填“可能”或“不可能”)出现“1∶1”的性状分离比。解析　根据题干信息可知，小麦株高由两对基因控制，株高随显性基因个数的增加而增加。由最高和最低株高计算可知，每增加一个显性基因，植株增加的高度为(70－50)÷4＝5(cm)。F2中株高为60cm的植株有2个显性基因，基因型应有AAbb、aaBB、AaBb。验证自由组合定律一般采用测交法。(2)根据后代1∶3∶3∶1的分离比，可判断出雌雄配子有8种结合方式，亲代产生的配子种类数分别是2、4,65cm株高应含3个显性基因型是AABb或AaBB，60cm29\n株高应含有2个显性基因，基因型是AaBb，杂交后代的基因型有6种。(3)基因型分别为AABb(65cm)和AAbb(60cm)的小麦杂交可以得到65cm和60cm株高的后代，其分离比为1∶1。答案　(1)AaBb、AAbb、aaBB　AaBb和aabb测交，遗传图解如图(2)AaBB或AABb　AaBb　6　(3)可能①看后代的可能组合，若可能组合是16种，不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律；②写出正常比值为9∶3∶3∶1；③对照题中所给信息，进行归类，若其比值是9∶7，则为9∶(3∶3∶1)，即7是后三种合并的结果；若其比值为9∶6∶1，则为9∶(3∶3)∶1；若其比值是15∶1，则为(9∶3∶3)∶1。易错点2　对致死性造成的特值缺乏正确的判断易错点3　不能运用自由组合定律解决“数量遗传”问题归纳如下序号特值原因自交后代比例测交后代比例1显性基因在基因型中的个数影响性状表现(数量遗传)AABB∶(AaBB、AABb)∶(AaBb∶aaBB、AAbb)∶(Aabb、aaBb)∶aabb＝1∶4∶6∶4∶1AaBb∶(Aabb、aaBb)∶aabb＝1∶2∶1　　　2显性纯合致死(如AA、BB致死)AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝4∶2∶2∶1，其余基因型个体致死AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1　3隐性纯合致死(自交情况)自交出现9∶3∶3(双隐性致死)自交出现9∶1(单隐性致死)另外还有一类试题是具有基因互作、修饰等附加条件引起的特殊比值，举例如下：【易错案例2】29\n某动物毛色的黄色与黑色是一对相对性状，受常染色体上的一对等位基因(A、a)控制，已知在含有基因A、a的同源染色体上，有一条染色体带有致死基因，但致死基因的表达会受到性激素的影响。请根据下列杂交组合及杂交结果回答问题。杂交组合亲本类型子代雌雄甲黄色(♀)×黄色(♂)黄238黄120乙黄色(♂)×黑色(♀)黄111，黑110黄112，黑113丙乙组的黄色F1自交黄358，黑121黄243，黑119(1)毛色的黄色与黑色这对相对性状中，显性性状是________，判断的依据是________________________________________________________________________________________________________________________________________________。(2)丙组的子代中导致雌雄中黄与黑比例差异的可能原因是______________________________________________，请设计方案验证你的解释。________________________________________________________________________________________________________________________________________________。(3)甲组亲本的基因型是________________。(4)从上述杂交组合中可以判断致死基因是________(显或隐)性基因，且与________(A或a)同在一条染色体上，________激素会促进致死基因的表达。解析　丙组亲本为乙组的子代黄色个体，其子代中出现了黑色个体，所以黄色是显性性状。由此也可以得出丙组的亲本个体都为杂合子(Aa)，其子代中黄色与黑色的比例应为3∶1，这在子代雌性个体中得到验证，且子代黄色个体的基因型有AA和Aa两种，比例为1∶2。但在丙组子代的雄性个体中，黄色与黑色的比例为2∶1，其原因是子代黄色雄性个体中的个体(基因型为AA)可能带有两个致死基因而死亡。生存下来的个体基因型为Aa，占子代黄色雄性个体的。从基因型为AA的雄性个体死亡，基因型为AA的雌性个体和基因型为Aa的个体生存的现象可以看出：致死基因与A基因在同一条染色体上，a基因所在的染色体上不带有致死基因，且雄性激素会促使致死基因的表达，致死基因是隐性基因。甲组的子代中，只有黄色，说明甲组的亲本至少有一个个体是显性纯合子，但亲本中雄性黄色个体不可能是纯合子，则甲组的亲本基因型是AA(♀)×Aa(♂)。29\n答案　(1)黄色　丙组亲本都是黄色，而其子代中出现了黑色，这属于性状分离，分离出的黑色性状是隐性性状　(2)基因型为AA的雄性个体含两个致死基因而死亡　分别取丙组子代中的黄色雌雄个体与黑色异性个体测交，并统计后代中黄色与黑色个体的比例。如果子代中黄色与黑色的统计学比例是1∶1，则说明亲本的黄色个体都为杂合子；如果子代中黄色与黑色的统计学比例是2∶1，则说明亲本的黄色个体中，有的个体为显性纯合子，的个体为杂合子　(3)AA(♀)×Aa(♂)　(4)隐　A　雄性纠错演练1．(2022·上海单科，26)小麦粒色受不连锁的三对基因A/a、B/b、C/c控制。A、B和C决定红色，每个基因对粒色增加效应相同且具叠加性，a、b和c决定白色。将粒色最浅和最深的植株杂交得到F1。F1的自交后代中，与基因型为Aabbcc的个体表现型相同的概率是(　　)。　　　　　　　　　　　　　　　　　　A.B.C.D.解析　本题考查遗传定律的应用，涉及三对等位基因自由组合的情况下子代基因型、表现型及对应概率的计算。由题可知粒色最深的植株基因型为AABBCC(6显)，粒色最浅的植株基因型为aabbcc(0显)，此外，小麦粒色还存在5显、4显、3显、2显、1显五种情况。AABBCC与aabbcc杂交得到F1(AaBbCc)，F1自交后代中与Aabbcc(1显)表现型相同的有Aabbcc、aaBbcc××、aabbCc，合计。答案　B2．在某种鼠中，已知黄色基因Y对灰色基因y是显性，短尾基因T对长尾基因t是显性，而且黄色基因Y和短尾基因T在纯合时都能使胚胎致死，这两对等位基因是独立遗传的，请回答下列有关问题。(1)两只表现型都是黄色短尾的鼠交配，则子代表现型分别为________，比例为________。(2)正常情况下，母鼠平均每胎怀8只小鼠，则上述一组交配中，预计每胎有________只小鼠存活，其中纯合子的概率为________。解析　由题意知：YyTt(黄短)×YyTt(黄短)―→9Y_T_∶3yyT_∶3Y_tt∶1yytt，但基因Y和T在纯合时都能使胚胎致死，故黄短∶灰短∶黄长∶灰长＝4∶2∶2∶1，存活率为，则每胎有4～5只小鼠存活，其中纯合子占。答案　(1)黄短、灰短、黄长、灰长　4∶2∶2∶129\n(2)4～5　3．(2022·北京海淀区)鸡的羽毛有白色和有色等性状，显性基因I是抑制基因，显性基因C是有色羽基因，隐性基因c是白羽基因，且这两对基因分别位于两对同源染色体上。当I和C同时存在时，I就抑制了有色羽基因C的作用，使其不能表现为有色羽；当I不存在时，C才发挥作用，显示有色羽。(1)现将一种白羽莱杭鸡(IICC)若干只与另一种白羽温德鸡(iicc)若干只作为亲本进行杂交，F1的表现型为________，基因型为________。(2)让F1雌雄个体互相交配(自交)，F2中表现型为白色羽的比例为________，其中能够稳定遗传的比例为________。(3)F2中有色羽个体的基因型为________，若要判断一只有色羽公鸡是否为纯合子，可以让其与多只________母鸡交配，结果________时，说明这只公鸡为纯合子。请用遗传图解解释上述现象。答案　(1)白色羽　IiCc　(2)　　(3)iiCC或iiCc　白羽温德　后代全部为有色羽(后代不出现白色羽)(遗传图解如下：)基因自由组合定律的实质及其应用1.(2022·山东理综，6)某遗传病的遗传涉及非同源染色体上的两对等位基因。已知Ⅰ1基因型为AaBB，且Ⅱ2与Ⅱ3婚配的子代不会患病。根据以下系谱图，正确的推断是(　　)。A．Ⅰ3的基因型一定为AABbB．Ⅱ2的基因型一定为aaBBC．Ⅲ1的基因型可能为AaBb或AABb29\nD．Ⅲ2与基因型为AaBb的女性婚配，子代患病的概率为解析　本题主要考查了遗传规律的应用。已知该遗传病是由两对等位基因控制的，Ⅱ2和Ⅱ3患病但子代不会患病，说明这两对等位基因中每对等位基因的隐性纯合子(即aa或bb)均可引起该遗传病，只有A_B_的个体才能表现正常。进一步结合Ⅰ1的基因型(AaBB)可确定Ⅱ2和Ⅱ3的基因型分别为aaBB和AAbb，所以Ⅰ3的基因型是AaBb或AABb，Ⅲ1和Ⅲ2的基因型均为AaBb。Ⅲ2(AaBb)与基因型为AaBb的女性婚配，子代正常(A_B_)的概率是，患病的概率应为。答案　B2．(2022·北京理综，30)果蝇的2号染色体上存在朱砂眼(a)和褐色眼(b)基因，减数分裂时不发生交叉互换。aa个体的褐色素合成受到抑制，bb个体的朱砂色素合成受到抑制。正常果蝇复眼的暗红色是这两种色素叠加的结果。(1)a和b是________性基因，就这两对基因而言，朱砂眼果蝇的基因型包括________。(2)用双杂合体(子)雄蝇(K)与双隐性纯合体雌蝇进行测交实验，母本果蝇复眼为________色。子代表现型及比例为暗红眼∶白眼＝1∶1，说明父本的A、B基因与染色体的对应关系是________。(3)在近千次的重复实验中，有6次实验的子代全部为暗红眼，但反交却无此现象。从减数分裂的过程分析，出现上述例外的原因可能是：________的一部分________细胞未能正常完成分裂，无法产生_______________________。(4)为检验上述推测，可用________观察切片，统计________的比例，并比较________________之间该比值的差异。解析　(1)由题目所给信息(aa个体的褐色素合成受到抑制，bb个体的朱砂色素合成受到抑制)可以看出，a和b是隐性基因。朱砂眼果蝇的基因中应有B基因，不能有A基因。(2)aabb个体无色素合成，表现为白眼；根据后代表现型及比例为暗红眼∶白眼＝1∶1，可以推出A、B在同一条2号染色体上；若Ab在一块，后代的基因组成为Aabb和aaBb，不符合题意。(3)子代全部为暗红眼，无白眼，可能的原因是父本的一部分次级精母细胞未能完成正常分裂，无法产生携带有a、b基因的精子。(4)观察切片必须使用显微镜；为了验证次级精母细胞未能正常分裂，没有产生携带a、b基因的精子，只产生AB精子，可采用的方法是检测次级精母细胞与精细胞的比例是否为1∶2，并比较双杂合体父本(K)与只产生一种眼色后代的雄蝇之间该比值的差异。答案　(1)隐　aaBb、aaBB　(2)白　A、B在同一条2号染色体上　(3)父本　次级精母　携带a、b基因的精子　(4)显微镜　次级精母细胞和精细胞　K与只产生一种眼色后代的雄蝇29\n符合9∶3∶3∶1的特值问题3.(2022·全国新课标，32)某种自花受粉植物的花色分为白色、红色和紫色。现有4个纯合品种：1个紫色(紫)、1个红色(红)、2个白色(白甲和白乙)。用这4个品种做杂交实验，结果如下：实验1：紫×红，F1表现为紫，F2表现为3紫∶1红；实验2：红×白甲，F1表现为紫，F2表现为9紫∶3红∶4白；实验3：白甲×白乙，F1表现为白，F2表现为白；实验4：白乙×紫，F1表现为紫，F2表现为9紫∶3红∶4白。综合上述实验结果，请回答下列问题。(1)上述花色遗传所遵循的遗传定律是________。(2)写出实验1(紫×红)的遗传图解(若花色由一对等位基因控制，用A、a表示，若由两对等位基因控制，用A、a和B、b表示，以此类推)。写出遗传图解。(3)为了验证花色遗传的特点，可将实验2(红×白甲)得到的F2植株自交，单株收获F2中紫花植株所结的种子，每株的所有种子单独种植在一起可得到一个株系，观察多个这样的株系，则理论上，在所有株系中有的株系F3花色的表现型及其数量比为________。解析　(1)由实验2和实验4中的F2表现为9紫∶3红∶4白即9∶3∶(3＋1)可知，花色受两对等位基因控制，且两对等位基因遵循自由组合定律。(2)根据基因的自由组合定律分析可知，紫色为双显性基因控制(A_B_)，红色为单显性基因控制(A_bb或aaB_)，白色为另一单显性和双隐性基因控制(aaB_和aabb或A_bb和aabb)。又因为均为纯合品种，所以紫色品种为AABB，红色品种为aaBB或AAbb。据此正确书写遗传图解即可。(3)实验2得到的F2植株中，紫花(A_B_)占。其中为AABB，为AaBB，为AABb，为AaBb。AaBb自交后代表现型及其数量比为9紫∶3红∶4白。答案　(1)自由组合定律(2)(3)9紫∶3红∶4白评析　这是近年来遗传规律的考题中，比较简单的一类的，但是再次考查了遗传图解，让老师们更注意在教学中对学生遗传图解书写规范的培养。致死性引起的特值问题4.(2022·江苏单科，32)玉米非糯性基因(W)对糯性基因(w)29\n是显性，黄胚乳基因(Y)对白胚乳基因(y)显性，这两对等位基因分别位于第9号和第6号染色体上。W－和w－表示该基因所在染色体发生部分缺失(缺失区段不包括W和w基因)，缺失不影响减数分裂过程。染色体缺失的花粉不育，但染色体缺失的雌配子可育，请回答下列问题。(1)现有基因型分别为WW、Ww、ww、WW－、W－w、ww－6种玉米植株，通过测交可验证“染色体缺失的花粉不育，而染色体缺失的雌配子可育”的结论，写出测交亲本组合的基因型：________________________________________________________________________。(2)以基因型为Ww－个体作母本，基因型为W－w个体作父本，子代的表现型及其比例为________________________________________________________________________。(3)基因型为Ww－Yy的个体产生可育雄配子的类型及其比例为________。(4)现进行正、反交实验，正交：WwYy(♀)×W－wYy(♂)，反交：W－wYy(♀)×WwYy(♂)，则正交、反交后代的表现型及其比例分别为________________、______________。(5)以wwYY和WWyy为亲本杂交得到F1，F1自交产生F2。选取F2中的非糯性白胚乳植株，植株间相互传粉，则后代的表现型及其比例为________________。解析　(1)ww(♀)×W－w(♂)后代全为糯性；W－w(♀)×ww(♂)后代中既有糯性，又有非糯性，且比例为1∶1。(2)Ww－作母本得到的可育配子为W和w－，W－w作父本得到的可育配子为w，雌雄配子结合后有两种后代：Ww(非糯性)和w－w(糯性)，且比例为1∶1。(3)Ww－Yy产生的雄配子为WY、Wy、w－Y、w－y，但可育的为WY和Wy，且比例为1∶1。(4)正交：WwYy(♀)×W－wYy(♂)，[含W－的雄配子不可育]　　　　　　　　　↓　(1Ww∶1ww)×(3Y_∶1yy)　　　　　　　　　↓即3WwY_∶1Wwyy∶3wwY_∶1wwyy3非糯性黄胚乳∶1非糯性白胚乳∶3糯性黄胚乳∶1糯性白胚乳；反交：W－wYy(♀)×WwYy(♂)　　　　　　　　　↓(1W－W∶1W－w∶1Ww∶1ww)×(1YY∶2Yy∶1yy)　　　　　　　　　↓即(3非糯性∶1糯性)×(3黄胚乳∶1白胚乳)9非糯性黄胚乳∶3非糯性白胚乳∶3糯性黄胚乳∶1糯性白胚乳。(5)wwYY和WWyy为亲本杂交得到F1，F1基因型为WwYy。F1　　WwYy　　　　　F2　9W_Y_∶3W_yy∶3wwY_∶1wwyy29\n9非糯性黄胚乳∶3非糯性白胚乳∶3糯性黄胚乳∶1糯性白胚乳；其中非糯性白胚乳植株个体基因型及比例为1WWyy∶2Wwyy，雌雄个体产生的配子中Wy占，wy占，所以F2中的非糯性白胚乳植株，植株间相互传粉，则后代的表现型及其比例为8W_yy(非糯性白胚乳)∶1wwyy(糯性白胚乳)。答案　(1)ww(♀)×W－w(♂)或W－w(♀)×ww(♂)(2)非糯性∶糯性＝1∶1　(3)WY∶Wy＝1∶1　(4)非糯性黄胚乳∶非糯性白胚乳∶糯性黄胚乳∶糯性白胚乳＝3∶1∶3∶1　非糯性黄胚乳∶非糯性白胚乳∶糯性黄胚乳∶糯性白胚乳＝9∶3∶3∶1　(5)非糯性白胚乳∶糯性白胚乳＝8∶1——常见的几种致死现象在杂交实验中，有时观察到后代分离比与预期值有一定的偏差，这与生物体内的致死基因有关。常见的有：①隐性致死：基因在隐性纯合情况下的致死；②显性致死：基因在显性纯合或杂合情况下的致死；③伴性致死——X染色体连锁致死：在X染色体上有致死基因；④配子致死：致死基因在配子期发挥作用而有致死效应；⑤合子致死：致死基因在胚胎期或成体阶段的致死。致死基因的作用可发生在不同的发育阶段，且致死效应往往也与个体所处的环境有关。自由组合定律与变异、进化(育种)等综合出题　　　5．(2022·四川理综，31Ⅱ)小麦的染色体数为42条。下图表示小麦的三个纯种品系的部分染色体及基因组成：Ⅰ、Ⅱ表示染色体，A为矮秆基因，B为抗矮黄病基因，E为抗条斑病基因，均为显性。乙品系和丙品系由普通小麦与近缘种偃麦草杂交后，经多代选育而来(图中黑色部分是来自偃麦草的染色体片段)。(1)乙、丙系在培育过程中发生了染色体的____________变异。该现象如在自然条件下发生，可为________提供原材料。(2)甲和乙杂交所得到的F1自交，所有染色体正常联会，则基因A与a可随________的分开而分离。F1自交所得F2中有________种基因型，其中仅表现抗矮黄病的基因型有______种。(3)甲和丙杂交所得到的F1自交，减数分裂中Ⅰ甲与Ⅰ丙因差异较大不能正常配对，而其他染色体正常配对，可观察到________个四分体；该减数分裂正常完成，可产生________种基因型的配子，配子中最多含有________条染色体。(4)让(2)中F1与(3)中F129\n杂交，若各种配子的形成机会和可育性相等，产生的种子均发育正常，则后代植株同时表现三种性状的概率为________。解析　(1)观察图可知乙丙品系发生了染色体结构变异，变异能为生物进化提供原材料。(2)基因A、a是位于同源染色体上的等位基因，因此随同源染色体的分开而分离。甲植株无B、b基因，基因型可表示为：AA00，乙植株基因型为aaBB，杂交所得F1基因型为AaB0，可看作AaBb思考，因此F2基因型有9种，仅表现抗矮黄病的基因型有2种：BB和B0。(3)小麦含有42条染色体，除去不能配对的两条，还有40条能两两配对，因此可观察到20个四分体。由于Ⅰ甲与Ⅰ丙不能配对，因此在减数第一次分裂时，Ⅰ甲与Ⅰ丙可能分开，可能不分开，最后的配子中：可能含Ⅰ甲、可能含Ⅰ丙、可能都含、可能都不含，因此能产生四种基因型的配子。最多含有22条染色体。(4)(2)中F1的基因型：AaB0，(3)中F1基因型可看成：AaE_,考虑B基因后代出现抗矮黄病性状的概率为，考虑A和E，后代出现矮秆、抗条斑病性状的概率为，因此同时出现三种性状的概率为。答案　(1)结构　生物进化　(2)同源染色体　9　2(3)20　4　22　(4)考向借鉴——他山之石6．(2022·上海单科，30)某植物的花色受不连锁的两对基因A/a、B/b控制，这两对基因与花色的关系如图所示，此外，a基因对于B基因的表达有抑制作用。现将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，则F1的自交后代中花色的表现型及比例是(　　)。　　　　　A基因　　　　B基因　白色色素粉色色素红色色素A．白∶粉∶红，3∶10∶3B．白∶粉∶红，3∶12∶1C．白∶粉∶红，4∶9∶3D．白∶粉∶红，6∶9∶1解析　本题以两对基因决定的一对性状(花色)为话题，考查特定情境下的自由组合问题。双亲的基因型为AABB和aabb，则F1的基因型为AaBb，F1自交所得F2中为A_B_、A_bb、aaB_、aabb，结合题意和题图可知，AaB_的表现型为粉色、AAB_的表现型为红色、A_bb的表现型为粉色、aaB_和aabb的表现型为白色，故F1自交后代中花色的表现型及比例是白∶粉∶红＝4∶9∶3。答案　C29\n(时间：45分钟)A级　基础演练1．如图表示基因在染色体上的分布情况，其中不遵循基因自由组合定律的相关基因是(　　)。解析　基因自由组合定律研究的是不同对同源染色体上基因的遗传规律，而图示中A－a与DD基因位于同一对同源染色体上，故不遵循基因的自由组合定律。答案　A2．(2022·浙大附中期中)子代不同于亲代的性状，主要来自基因重组，下列图解中哪些过程可以发生基因重组(　　)。　　　　　　　　　　　　　　　　　　A．①②④⑤B．①②③④⑤⑥C．③⑥D．④⑤解析　基因重组包括非同源染色体上非等位基因的自由组合，及同源染色体非姐妹染色单体交叉互换所致的染色单体上非等位基因重组，二者均发生于配子形成时的减数第一次分裂过程中。答案　D3．(2022·合肥教学质检)已知玉米的某两对基因按照自由组合定律遗传，子代的基因型及比值如图所示，则双亲的基因型是(　　)。A．DDSS×DDSsB．DdSs×DdSsC．DdSs×DDSsD．DdSS×DDSs解析　单独分析D(d)基因，后代只有两种基因型，即DD和Dd，则亲本基因型为DD和Dd；单独分析S(s)基因，后代有三种基因型，则亲本都是杂合子。答案　C29\n4．(2022·济南练习)基因型分别为aaBbCCDd和AABbCCDd的两种豌豆杂交，其子代中纯合子所占的比例为(　　)。A.B.C.D．0解析　aa和AA杂交的后代都是杂合子，故D正确。答案　D5．(2022·南昌测试)有人将两亲本植株杂交，获得的100粒种子种下去，结红果叶上有短毛37株、结红果叶上无毛19株、结红果叶上有长毛18株、结黄果叶上有短毛13株、结黄果叶上有长毛7株、结黄果叶上无毛6株。下列说法不正确的是(　　)。A．两株亲本植株都是杂合子B．两亲本的表现型都是红果短毛C．两亲本的表现型都是黄果长毛D．就叶毛来说，无毛与长毛的植株都是纯合子解析　根据后代中红果∶黄果≈3∶1，短毛∶无毛∶长毛＝2∶1∶1，可确定亲本都为杂合子，亲本的表现型为红果短毛；就叶毛来说，短毛的个体为杂合子，无毛和长毛的个体为纯合子。答案　C6．(2022·安徽名校第三次联考，12)玉米是一种雌雄同株的植物，正常植株的基因型为A_B_，其顶部开雄花，下部开雌花；基因型为aaB_的植株不能长出雌花而成为雄株；基因型为A_bb和aabb植株的顶端长出的是雌花而成为雌株(两对基因位于两对同源染色体上)。育种工作者选用上述材料作亲本，杂交后得到下表中的结果。则所用亲本的基因型组合是(　　)。类型正常株雄株雌株数目99810011999A.aaBb×Aabb或AaBb×aabbB．AaBb×Aabb或AaBb×aabbC．aaBb×AaBb或AaBb×AabbD．aaBb×aabb或Aabb×aabb解析　据题意可知，A_B_为正常株，aaB_为雄株，A_bb和aabb为雌株，要使某对亲本组合产生的后代满足正常株∶雄株∶雌株＝1∶1∶2的结果，只要符合测交类型即可，即亲本杂交组合为aaBb×Aabb或AaBb×aabb，A正确。答案　A29\n7．(2022·潍坊三县市联考)已知某一动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型的个体(aa的个体在胚胎期死亡)，两对性状的遗传遵循自由组合定律，Aabb∶AAbb＝1∶1，且该种群中雌雄个体比例为1∶1，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的成活子代中能稳定遗传的个体所占比例是(　　)。A.B.C.D.解析　在自由交配的情况下，上下代之间种群的基因频率不变。由Aabb∶AAbb＝1∶1可得，A的基因频率为，a的基因频率为。故子代中AA的基因型频率是A的基因频率的平方，为，子代中aa的基因型频率是a的基因频率的平方，为，Aa的基因型频率为。因基因型为aa的个体在胚胎期死亡，所以能稳定遗传的个体(AA)所占比例是÷＝。答案　B8．(2022·东北师大附中第三次摸底，42)原本无色的物质在酶Ⅰ、酶Ⅱ和酶Ⅲ的催化作用下，转变为黑色素，即：无色物质―→X物质―→Y物质―→黑色素。已知编码酶I、酶Ⅱ和酶Ⅲ的基因分别为A、B、C，则基因型为AaBbCc的两个个体交配，出现黑色子代的概率为(　　)。A.B.C.D.解析　由题意可知，基因型为AaBbCc的两个个体交配，出现黑色子代的概率其实就是出现A_B_C_的个体的概率，其概率为××＝。答案　C9．(2022·河北教学质量监测)一种无毒蛇的体表花纹颜色由两对基因(D和d、H和h)控制，这两对基因按自由组合定律遗传，与性别无关。花纹颜色和基因型的对应关系如下表所示。基因型D、H同时存在(D_H_型)D存在、H不存在(D_hh型)H存在、D不存在(ddH_型)D和H都不存在(ddhh型)花纹颜色野生型(黑色、橘红色同时存在)橘红色黑色白色现有下列三个杂交组合。请回答下列问题。甲：野生型×白色，F1的表现型有野生型、橘红色、黑色、白色；乙：橘红色×橘红色，F1的表现型有橘红色、白色；丙：黑色×橘红色，F1全部都是野生型。(1)甲组杂交方式在遗传学上称为________，属于假说—演绎法的________阶段，甲组杂交组合中，F1的四种表现型比例是____________________________。(2)让乙组F1中橘红色无毒蛇与另一纯合黑色无毒蛇杂交，理论上杂交后代的表现型及比例是________________________________________________________________________。29\n(3)让丙组F1中雌雄个体交配，后代中表现为橘红色的有120条，那么理论上表现为黑色的杂合子有________条。(4)野生型与橘红色个体杂交，后代中白色个体所占比例最大的亲本基因型组合为________________________________________________________________________。解析　(1)由题意可知，甲组亲本的基因型为DdHh与ddhh，该杂交方式在遗传学上称为测交，属于假说－演绎法的验证阶段，甲组杂交组合中，F1的四种表现型及比例为野生型(DdHh)∶橘红色(Ddhh)∶黑色(ddHh)∶白色(ddhh)＝1∶1∶1∶1。(2)乙组亲本的基因型为Ddhh与Ddhh，F1中橘红色无毒蛇的基因型为DDhh、Ddhh，纯合黑色无毒蛇的基因型为ddHH，两者杂交的组合方式为DDhh×ddHH、Ddhh×ddHH，因此子代中表现型为野生型的概率为×1＋×＝，表现型为黑色的概率为×＝，因此杂交后代的表现型及比例为野生型∶黑色＝2∶1。(3)丙组亲本的基因型为ddHH与DDhh，F1的基因型为DdHh，F1雌雄个体交配，子代中橘红色(D_hh)所占的比例为，因此F2个体数量为640，其中黑色杂合子(ddHh)理论上有640×＝80(条)。(4)野生型(D_H_)与橘红色(D_hh)个体杂交，基因型为DdHh和Ddhh的亲本杂交，后代出现白色个体的概率最大，为。答案　(1)测交　验证　1∶1∶1∶1　(2)野生型∶黑色＝2∶1　(3)80　(4)DdHh×Ddhh10．(2022·长春调研)某种雌雄同株植物的花色由两对等位基因(A与a、B与b)控制，叶片宽度由等位基因(D与d)控制，三对基因分别位于不同对的同源染色体上。已知花色有三种表现型：紫花(A_B_)、粉花(A_bb)和白花(aaB_或aabb)。如表所示为某校的同学们所做的杂交实验的结果，请分析回答下列问题。组别亲本组合F1的表现型及比例紫花宽叶粉花宽叶白花宽叶紫花窄叶粉花窄叶白花窄叶甲紫花宽叶×紫花窄叶乙紫花宽叶×白花宽叶00丙粉花宽叶×粉花窄叶00(1)根据上表中杂交组合________，可判断叶片宽度这一性状中________是隐性性状。29\n(2)写出甲、乙两个杂交组合中亲本紫花宽叶植株的基因型。甲：________；乙：________。(3)若只考虑花色的遗传，乙组产生的F1中全部紫花植株自交，其子代植株的基因型共有________种，其中粉花植株所占的比例为________。解析　(1)乙组杂交组合中两亲本均为宽叶，但它们的后代中出现了窄叶，说明宽叶(D)对窄叶(d)为显性。(2)杂交组合甲产生的后代中紫花∶粉花∶白花＝9∶3∶4，该比例为“9∶3∶3∶1”的变式，由此可知两亲本花色的基因型均为AaBb；杂交组合甲产生的后代中宽叶∶窄叶＝1∶1，由此可知亲本中宽叶的基因型为Dd，窄叶的基因型为dd；综合上面的分析可知甲组合中亲本紫花宽叶植株的基因型为AaBbDd。乙组合产生的后代中紫花∶粉花＝3∶1，没有白花，也就是说没有哪个后代含有aa基因，由此可以确定亲本中紫花的基因型为AABb；乙组中两亲本都是宽叶，但后代中出现了窄叶，因此，两亲本宽叶的基因型都是Dd；综合上面的分析可知乙组中亲本紫花宽叶植株的基因型为AABbDd。(3)乙组产生的F1中紫花植株的基因型有AaBB、AaBb，其中基因型为AaBb的个体自交产生的子代植株有9种基因型，包括了所有基因型；F1紫花植株中，只有基因型为AaBb的个体自交才能产生基因型为A_bb的粉花植株，故自交产生的粉花植株所占的比例为×＝。答案　(1)乙　窄叶　(2)AaBbDd　AABbDd　(3)9　B级　智能提升11．(2022·山东烟台模块检测，23)现有①～④四个果蝇品系(都是纯种)，其中品系①的性状均为显性，品系②～④均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性。这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示：品系①②③④隐性性状残翅黑身紫红眼相应染色体Ⅱ、ⅢⅡⅡⅢ若需验证自由组合定律，可选择下列哪种交配类型(　　)。A．①×②B．②×④C．②×③D．①×④解析　自由组合定律研究的是位于非同源染色体上的非等位基因的遗传规律，若要验证该定律，所取两个亲本具有两对由非同源染色体上的基因控制的不同相对性状即可，故选②×④。答案　B29\n12．(2022·江苏三校联考)某种群中，AA的个体占25%，Aa的个体占50%，aa的个体占25%。若种群中的雌雄个体自由交配，且aa的个体无繁殖能力，则子代中AA∶Aa∶aa是(　　)。A．3∶2∶3B．4∶4∶1C．1∶1∶0D．1∶2∶0解析　由于aa的个体无繁殖能力，因此种群中雌雄自由交配的个体中，AA个体占，Aa个体占。个体间自由交配的方式如下表所示：♀AAAaAAAa子代中AA个体所占比例＝×＋××＋××＋××＝，aa个体所占比例＝××＝，Aa个体所占比例＝1－－＝，故子代中AA∶Aa∶aa＝4∶4∶1。答案　B13．(2022·郑州二模)用两个圆形南瓜做杂交实验，子一代均为扁盘状南瓜。子一代自交，子二代出现扁盘状、圆形和长形，三者比例为9∶6∶1，现对子二代中的圆形南瓜做测交，则后代中扁盘状、圆形和长形三种南瓜的比例为(　　)。A．2∶0∶1B．0∶2∶1C．5∶0∶1D．0∶5∶1解析　由9∶6∶1比例可推出：扁盘状、圆形、长形南瓜分别为双显性、单显性、双隐性。对单显性个体测交，后代无双显性个体，圆形与长形比为2∶1。答案　B14．(2022·北京海淀二模，3)将纯合的野鼠色小鼠与棕色小鼠杂交，F1代全部表现为野鼠色。F1个体间相互交配，F2代表现型及比例为野鼠色∶黄色∶黑色∶棕色＝9∶3∶3∶1。若M、N为控制相关代谢途径的显性基因，据此推测最合理的代谢途径是(　　)。解析　由F1的表现型可知：野鼠色为显性，棕色为隐性。F1雌雄个体间相互交配，F229\n出现野鼠色∶黄色∶黑色∶棕色＝9∶3∶3∶1，说明双显性为野鼠色，双隐性为棕色，M_N_为野鼠色，mmnn为棕色，只具有M或N(M_nn或mmN_)表现为黄色或黑色，A符合题意。答案　A15．(提升题)不能同化半乳糖的病叫做半乳糖血症，为常染色体上隐性遗传病。把半乳糖导入糖类的代谢途径中，必须先转变为葡萄糖的衍生物(物质C)。它在人体内的正常代谢途径示意图如图。(1)已知控制酶①、酶②、酶③合成的基因(设显性基因分别为A、B、C)位于不同对的常染色体上。从半乳糖在人体内的正常代谢途径可说明基因与性状之间的关系有：①________________________________________________________________________；②________________________________________________________________________。(2)如表是一个患者家庭中某半乳糖血症患者及其父母与正常人体内三种酶的活性比较(表中数值代表酶活性的大小，数值越大酶活性越高)：每克细胞每小时的平均活性μM转换(37℃)酶①酶②酶③正常人AABBCC0.14.80.32半乳糖血症患者0.09<0.020.35患者的正常父亲0.052.50.17患者的正常母亲0.062.40.33a.与酶①、酶②、酶③合成相关基因的遗传遵循________定律，理由是_________。b．写出患者的正常父亲的基因型：________，若患者的父母再生一个孩子，患半乳糖血症的概率为________。解析　(1)通过图中代谢图解分析可知，基因通过控制酶的合成来控制(半乳糖)代谢过程，进而控制生物体的性状；基因和性状的关系并不都是简单的线性关系，也可以是多对基因控制一种性状。(2)由于三对等位基因分别位于三对同源染色体上，所以与酶①、酶②、酶③合成相关基因的遗传遵循基因的自由组合定律。患者父亲的基因型为AaBbCc，母亲的基因型为AaBbCC，若患者的父母再生一个孩子，正常的概率是，因此患病的概率是。答案　(1)①基因通过控制酶的合成来控制(半乳糖)代谢过程，进而控制生物体的性状　②多对基因控制一种性状　(2)a.基因的自由组合　三对等位基因分别位于三对同源染色体上　b．AaBbCc　29\n29