【金版教程】（全国通用）2022高考物理二轮复习 增分提能攻略 注重方法与技巧　抢取高分有策略1

第二步注重方法与技巧　抢取高分有策略——高考必考的题型及突破技法一、选择题——把握好选择题做到零失分1.选择题中的高频考点(一)力与物体的平衡(受力分析)(二)牛顿运动定律与直线运动(运动图象)(三)曲线运动(平抛运动、圆周运动)(四)万有引力与航天(五)功和能(六)电场及带电粒子在电场中的运动(七)磁场及带电粒子在磁场中的运动(八)带电粒子在复合场中的运动(九)直流电路的分析与计算(十)电磁感应规律及应用(十一)交变电流的产生及变压器原理2.应试选择题的原则在应试时，对选择题要把握两个主要原则：第一，由简至难，一道题的用时一般不超过2分钟，没有思路的尽快跳过，以保证做题速度；第二，多选题不把握的选项不选，宁可没选全扣些分，也不要因选错而全扣。高考物理选择题平均每道题解答时间应控制在2分钟以内。选择题解答要做到既快又准，除了掌握直接判断和定量计算等常规方法外，还要学会一些非常规“巧解”方法。解题陷困受阻时更要切记不可一味蛮做，要针对题目的特性“不择手段”，千方百计达到快捷解题的目的。解答好选择题要有扎实的知识基础，要对基本物理方法和技巧熟练掌握。解答时要根据题意准确、熟练地应用基本概念和基本规律进行分析、推理和判断。解答时要注意以下几点：(1)仔细审题，抓住题干正确理解选项中的关键字、词、句的物理含义，找出物理过程的临界状态、临界条件。还要注意题目要求选择的是“正确的”还是“错误的”、“可能的”还是“一定的”。(2)每一个选项都要认真研究，选出正确答案，当某一选项不能确定时，宁可少选也不要错选。(3)检查答案是否合理，与题意是否相符。3.突破技法技法一直接判断法解答时通过阅读和观察，利用题干所描述的物理现象和设置的条件，界定试题考查的范围和意图，选准看问题的视角，抓住主要因素，忽略次要因素，根据所学的知识和规律直接判断，得出正确的答案。这种方法一般适用于基本不需要“转变”或推理的简单题目。这些题目主要考查考生对物理识记内容的记忆和理解程度，属常识性题目。13\n1.[2022·北京高考]伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展。利用如图所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升。斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3。根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是(　　)A.如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B.如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C.如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D.小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小[解析]　根据实验结果，得到的最直接的结论是如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置，A项正确。而小球不受力时状态不变，小球受力时状态发生变化，是在假设和逻辑推理下得出的结论，不是实验直接结论，所以B和C选项错误。而D项不是本实验所说明的问题，故错误。[答案]　A2.[2022·课标全国卷Ⅰ]关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是(　　)A.安培力的方向可以不垂直于直导线B.安培力的方向总是垂直于磁场的方向C.安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D.将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半[解析]　由左手定则可知，安培力的方向一定与磁场方向和直导线垂直，选项A错、B正确；安培力的大小F＝BILsinθ与直导线和磁场方向的夹角有关，选项C错误；将直导线从中点折成直角，假设原来直导线与磁场方向垂直，若折成直角后一段与磁场仍垂直，另一段与磁场平行，则安培力的大小变为原来的一半，若折成直角后，两段都与磁场垂直，则安培力的大小变为原来的，因此安培力大小不一定是原来的一半，选项D错误。[答案]　B技法二比较排除法在读懂题意的基础上，根据题目的要求，灵活运用物理知识，经分析、推理先将明显的错误或不合理的备选答案一个一个地排除掉，最后只剩下正确的答案。3.[2022·课标全国卷Ⅱ]如图，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d(d>L)的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下。导线框以某一初速度向右运动。t＝0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域。下列v－t图象中，可能正确描述上述过程的是(　　)13\n[解析]　导线框刚进入磁场时速度设为v0，此时产生的感应电动势E＝BLv0，感应电流I＝＝，线框受到的安培力F＝BLI＝。由牛顿第二定律F＝ma知，＝ma，由楞次定律知线框开始减速，随v减小，其加速度a减小，故进入磁场时做加速度减小的减速运动。当线框全部进入磁场开始做匀速运动，在出磁场的过程中，仍做加速度减小的减速运动，故只有D选项正确。[答案]　D4.如图所示电路中，R1＝4Ω，R2＝6Ω，电源内阻不可忽略，闭合开关S1，当开关S2闭合时，电流表A的示数为3A，则当S2断开时，电流表示数可能为(　　)A.3.2A　　　　　　　　B.2.1AC.1.2AD.0.8A[解析]　断开S2后，总电阻变大，电流变小，“排除”A项；S2断开前路端电压是U＝IR1＝3×4V＝12V，S2断开后路端电压增大，故大于12V，电流则大于I′＝＝A＝1.2A，“排除”C、D两项。故可得正确选项为B。[答案]　B技法三极限分析法13\n物理中体现极限思维的常见方法有极限法、微元法。极限法是把某个物理量推向极端，从而作出科学的推理分析，给出判断或导出一般结论。该方法一般适用于题干中所涉及的物理量随条件单调变化的情况。微元法是将研究过程或研究对象分解为众多细小的“微元”，只需分析这些“微元”，进行必要的数学方法或物理思想处理，便可将问题解决。极限思维法在进行某些物理过程分析时，具有独特作用，使问题化难为易，化繁为简，达到事半功倍的效果。5.如图所示，在一粗糙的水平面上有两个质量分别为m1和m2的木块1和2，用原长为l、劲度系数为k的轻弹簧连结起来，木块与地面间的动摩擦因数均为μ。现用一水平力向右拉木块2，当两木块一起匀速运动时，两木块间的距离为(　　)A.l＋　　　　　　　B.l＋C.l＋D.l＋[解析]　弹簧对木块1的拉力与木块1所受的摩擦力平衡，当m1的质量越小时摩擦力越小，弹簧的拉力也越小。当m1的值等于零时(极限)，则不论m2多大，弹簧的伸长量都为零，说明弹簧的伸长量与m2无关，故选A项。[答案]　A6.如图所示，一不可伸长的轻质细绳跨过定滑轮后，两端分别悬挂质量为m1和m2的物体A和B。若滑轮有一定大小，质量为m且分布均匀，滑轮转动时与绳之间无相对滑动，不计滑轮与轴之间的摩擦。设细绳对A和B的拉力大小分别为T1和T2，已知下列四个关于T1的表达式中有一个是正确的。请你根据所学的物理知识，通过一定的分析，判断正确的表达式是(　　)A.T1＝　B.T1＝C.T1＝D.T1＝[解析]　设滑轮的质量为零，即看成轻滑轮，若物体B的质量较大，由整体法可得加速度a＝g，隔离物体A，据牛顿第二定律可得T1＝g。应用“极限推理法”，将m＝0代入四个选项分别对照，可得选项C是正确的，故选C。[答案]　C技法四结论法13\n“二级结论”是由基本规律和基本公式导出的推论。熟记并巧用一些“二级结论”可以使思维过程简化，节约解题时间。非常实用的二级结论有：(1)等时圆规律；(2)平抛运动速度的反向延长线过水平位移的中点；(3)不同质量和电荷量的同性带电粒子由静止相继经过同一加速电场和偏转电场，轨迹重合；(4)直流电路中动态分析的“串反并同”结论；(5)平行通电导线同向相吸，异向相斥；(6)带电平行板电容器与电源断开，改变极板间距离不影响极板间匀强电场的强度等。7.在等边三角形的三个顶点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图。过c点的导线所受安培力的方向(　　)A.与ab边平行，竖直向上　B.与ab边平行，竖直向下C.与ab边垂直，指向左边　D.与ab边垂直，指向右边[解析]　根据“平行通电导线同向相吸，异向相斥”的二级结论，可知a、b处导线对c处导线的安培力的合力方向水平向左。答案为C。[答案]　C[点评]　此类题的常规解法是先根据安培定则判断各通电导线产生磁场的磁感应强度方向，再由矢量叠加求合磁感应强度方向，最后根据左手定则判断电流所受安培力方向。而以上解法巧用二级结论轻松快解。8.如图所示，一物体以一定的初速度沿水平面由A点滑到B点，摩擦力做的功为W1；若该物体从M沿两斜面滑到N，摩擦力做的总功为W2，已知物体各接触面的动摩擦因数相同，则(　　)A.W1＝W2B.W1<W2C.W1>W2D.无法确定[解析]　本题应用如下二级结论：物体沿斜面滑动，滑动摩擦力对物体所做的功，等于物体沿着这段位移在水平方向上的投影位移上运动时摩擦力所做的功。简单认为物体沿两斜面滑动的路程比沿水平面滑动的路程要长，摩擦力做功与路程有关，所以选B。本题应考虑做功的两个必要因素：力和位移。当物体由A→B时f＝μmg，W1＝－μmg·sAB。13\n当物体由M→C→N时，摩擦力做的总功为物体在两斜面上运动时摩擦力做的功之和，故W2＝－μmgcosα·sMC－μmgcosβ·sCN＝－μmg·sMO－μmg·sON＝－μmg·sMN∵sAB＝sMN，∴W1＝W2，本题答案为A。[答案]　A拓展：物体由斜面上高为h的位置自由下滑，滑到平面上的某点停下来，若L是释放点到停止点的水平距离(如图)，则物体与滑动面之间的摩擦因数μ＝h/L。技法五作图分析法(图象法、图解法)“图”在物理学中有着十分重要的地位，它是将抽象物理问题直观化、形象化的最佳工具。中学物理中常用的图有示意图、过程图、函数图、矢量图、电路图和光路图等等。若题干或选项中已经给出了函数图，则需从图象纵、横坐标的物理意义以及图线中的“点”、“线”、“斜率”、“截距”和“面积”等诸多方面寻找解题的突破口。用图象法解题不但快速、准确，能避免繁杂的运算，还能解决一些用一般计算方法无法解决的问题。在利用作图分析法解题时，如何能根据题意将题目中抽象的文字用图象正确地表现出来是解题的关键。在画图时，要特别注意状态变化连接处的特征和前后不同过程的区别和联系，同时也要将这种区别和联系表现在图象上。(1)图象法如果未知变量和已知变量的关系可以用图象来描述，那么用此法解题不但直观、迅速，还可以避免复杂的运算。此法的解题要点在于注意图象的“斜率”“面积”“截距”的物理意义。(2)图解法在判定有关三力平衡问题中的各力变化情况时，若利用矢量图解法常常可使问题得到快捷解决。9.质量为2kg的物体静止在足够大的水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等。从t＝0时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水平拉力F的作用，F随时间t的变化规律如图所示。重力加速度g取10m/s2，则物体在t＝0至t＝12s这段时间的位移大小为(　　)A.18mB.54mC.72mD.198m[解析]　物体与地面间最大静摩擦力Ff＝μmg＝0.2×2×10N＝4N。由题给F－t图象知0～313\ns内，F＝4N，说明物体在这段时间内保持静止不动。3～6s内，F＝8N，说明物体做匀加速运动，加速度a＝＝2m/s2。6s末物体的速度v＝at＝2×3m/s＝6m/s，在6～9s内物体以6m/s的速度做匀速运动。9～12s内又以2m/s2的加速度做匀加速运动，作v－t图象如图所示。故0～12s内的位移x＝[×3×6＋6×6＋(6＋12)×]m＝54m。故B项正确。[答案]　B10.如图(a)所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图(b)所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间P处。若在t0时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而向B板运动，并最终打在A板上。则t0可能属于的时间段是(　　)A.0<t0<B.<t0<C.<t0<TD.T<t0<[解析]　以向B板运动为正方向，分别作出从0、T/4、T/2时刻释放的粒子的速度－时间图象如图所示，则由图象可看出，若0<t0<T/4或3T/4<t0<T或T<t0<9T/8，粒子在一个周期内正向位移大，即最终打到B板；若T/2<t0<3T/4，粒子在一个周期内负向位移大，最终打到A板。[答案]　B技法六估算求解法13\n有些选择题本身就是估算题，有些貌似要精确计算，实际上只要通过物理方法(如：数量级分析)，或者数学近似计算法(如：小数舍余取整)，进行大致推算即可得出答案。估算是一种科学而有实用价值的特殊方法，可以大大简化运算，帮助考生快速地找出正确选项。11.[2022·浙江温州十校联考]功率为10W的发光二极管(LED灯)的亮度与功率为60W的白炽灯相当。根据国家节能战略，2022年前普通白炽灯应被淘汰。假设每户家庭有2只60W的白炽灯，均用10W的LED灯替代，估算出全国一年节省的电能最接近(　　)A.8×108kW·hB.8×1010kW·hC.8×1011kW·hD.8×1013kW·h[解析]　假设每户每天只亮灯5个小时，每户每年节电E＝2×(60－10)×10－3×5×365kW·h＝182.5kW·h。假设每户有3口人，全国有4亿户左右。则年节电总值为E总＝4×108×182.5kW·h＝7.3×1010kW·h，故B正确。[答案]　B[点评]　此题由于是估算，每个答案至少相差一个数量级，所以计算时可以取整，如把小数舍余取整，相差较大的两个量求和时舍去小的那个量，如本题中天数取400天，计算量明显减小，并未严格计算也可快速得出正确选项。12.如图所示，在铁芯上、下分别绕有匝数n1＝800和n2＝200的两个线圈，上线圈两端与u＝51sin314tV的交流电源相连，将下线圈两端接交流电压表，则交流电压表的读数可能是(　　)A.2.0VB.9.0VC.12.7VD.144.0V[解析]　由题意知原线圈的有效值为U1＝V，若磁通量无损失，则根据＝，“计算”得U2＝×V＝9.0V。因铁芯不是闭合的，考虑到漏磁的影响，n2线圈两端电压的有效值应小于9V，故只有选项A正确。[答案]　A技法七逆向思维法如果问题涉及可逆物理过程，当按正常思路判断遇到困难时，则可考虑运用逆向思维方法来分析、判断。对于有些可逆物理过程还具有对称性，则利用对称规律是逆向思维解题的另一条捷径。　13\n13.如图所示，在水平地面上的A点以v1速度跟地面成θ角射出一弹丸，恰好以v2的速度垂直穿入竖直壁上的小孔B，下面说法正确的是(不计空气阻力)(　　)①在B点以跟v2大小相等的速度，跟v2方向相反射出弹丸，它必定落在地面上的A点②在B点以跟v1大小相等的速度，跟v2方向相反射出弹丸，它必定落在地面上的A点③在B点以跟v1大小相等的速度，跟v2方向相反射出弹丸，它必定落在地面上A点的左侧④在B点以跟v1大小相等的速度，跟v2方向相反射出弹丸，它必定落在地面上A点的右侧A.①③　　　B.②④　　C.①②　　　D.③④[解析]以v1速度跟地面成θ角射出一弹丸，恰好以v2的速度垂直穿入竖直壁上的小孔B，说明弹丸在B点的竖直速度为零，v2＝v1cosθ。根据对称性“逆向思维”：在B点以跟v2大小相等方向相反的速度射出弹丸，它必落在地面上的A点，①对，②错；在B点以跟v1大小相等的速度，跟v2方向相反射出弹丸，由于v1>v2，弹丸在空中运动的时间不变，所以它必定落在地面上A点的左侧，③对，④错。[答案]　A14.一辆汽车在平直公路上做匀速直线运动，刹车后做匀减速直线运动经过8s停下来，若汽车在最后1s内的位移为1.2m，求汽车刹车时的速度和刹车后的位移大小。[解析]　对于此题可以反过来思考，则汽车做初速度为零的匀加速直线运动，在第1s内的位移为1.2m，设加速度为a，由匀变速直线运动的规律可知：x1＝at，则：a＝＝m/s2＝2.4m/s2，汽车在8s内的位移为x＝at2＝×2.4×82m＝76.8m,8s末的速度为v＝at＝2.4×8m/s＝19.2m/s。故汽车刹车时的速度为19.2m/s，刹车后的位移大小为76.8m。[答案]　19.2m/s　76.8m技法八选项分组法两个选项分别考查同一问题，分析其中一个选项，即可推之另一选项的正误，因此，我们在分析此类问题时，可以把选项分为两组，这种方法叫“选项分组法”。解题时通过审视题干和观察选项，先对选项分组，然后针对各组所要表述的情况选用适合的物理概念、规律或结论，确定正确答案，即可避免选项的逐一判断，缩短解题时间，又可以防止解答时多选和漏选的发生，提高解答的准确率。15.(多选)为保证用户电压稳定在220V，变电所需适时进行调压，下图甲为调压变压器示意图，保持输入电压u1不变，当滑动触头P上下移动时可改变输出电压，某次检测得到用户电压u2随时间t变化的曲线如图乙所示，以下正确的是(　　)13\nA.u1＝190sin(50πt)VB.u2＝190sin(100πt)VC.为使用户电压稳定在220V，应将P适当下移D.为使用户电压稳定在220V，应将P适当上移[解析]　由u2－t图象知u2m＝190V,T＝2×10－2s故ω＝＝100πrad/s，故u2＝190sin(100πt)V。选项A错误、选项B正确。由变压器电压与匝数关系＝得u2＝，可减小n1以使u2的有效值增大至220V，即将P适当上移，故选项C错误、选项D正确。[答案]　BD16.[2022·河北衡水调研]如图为湖边一倾角为30°的大坝横截面示意图，水面与大坝的交点为O。一人站在A点以速度v0沿水平方向扔一小石子，已知AO＝40m，不计空气阻力，g取10m/s2。下列说法正确的是(　　)A.若v0>18m/s，则石子可以落入水中B.若v0<20m/s，则石子不能落入水中C.若石子能落入水中，则v0越大，落水时速度方向与水平面的夹角越大D.若石子不能落入水中，则v0越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越大[解析]　石子从A到O过程中，由平抛运动规律有AOsin30°＝gt2，AOcos30°＝v0t，联立得v0＝17.3m/s，所以只要v0>17.3m/s的石子均能落入水中，A项正确，B项错误；若石子落入水中，由平抛运动规律有AOsin30°＝gt2，得t＝2s，则vy＝gt＝20m/s，设其落入水中时的速度与水平面夹角为θ，则tanθ＝，vy一定，v0增大，θ减小，C项错；不落入水中时，根据中点定理得石子落到斜面上时的速度方向与斜面夹角都相等，与v0大小无关，D项错误。[答案]　A技法九特例赋值法——投机取巧13\n有些选择题，根据它所描述的物理现象的一般情况，难以直接判断选项的正误时，可以让某些物理量取特殊值，代入到各选项中逐个进行检验。凡是用特殊值检验证明是不正确的选项，一定是错误的，可以排除。17.[2022·新课标全国卷]假设地球是一半径为R、质量分布均匀的球体，一矿井深度为d。已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，矿井底部和地面处的重力加速度大小之比为(　　)A.1－B.1＋C.()2D.()2[解析]　取特殊情况，当d＝R时，重力加速度之比应该为0，排除B、D；取d＝，根据黄金代换式GM＝gR2得g∝，重力加速度之比不等于(因为质量M不一样)，排除C。[答案]　A[点评]以上解析用非常规解法，巧取特例轻松妙解。特例赋值法一般对通解表达式很有效。18.一物体做匀加速直线运动，通过一段位移Δx所用的时间为t1，紧接着通过下一段位移Δx所用的时间为t2，则物体运动的加速度为(　　)A.B.C.D.[解析]　考虑匀加速的特例情况a＝0，即匀速，应有t1＝t2，可以排除C、D。再考虑初速度为零的特例，取t1＝1s，则t2＝(－1)s，代入A或B演算，只有A项满足加速度为常数a＝2Δx。[答案]　A技法十整体、隔离法分析多对象问题时，当题干所要分析和求解的物理量不涉及系统内部各物体间的相互作用时，可把多个物体所构成的系统作为一个整体进行研究，称为整体法，这是一种有效的解题思路。整体法与隔离法是相互依存、相互补充的，一般要采取先整体后隔离的方法，这两种方法配合起来使用，常能更有效地解决问题。19.[2022·江苏高考](多选)如图所示，A、B两物体的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上。A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。现对A施加一水平拉力F，则(　　)A．当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止13\nB．当F＝μmg时，A的加速度为μgC．当F＞3μmg时，A相对B滑动D．无论F为何值，B的加速度不会超过μg[解析]　对A、B整体，地面对B的最大静摩擦力为μmg，故当μmg＜F＜2μmg时，A、B相对地面运动，故A错。对A、B整体应用牛顿第二定律，有F－×3mg＝3ma；对B，在A、B恰好要发生相对运动时，μ×2mg－×3mg＝ma，两式联立解得F＝3μmg，可见，当F＞3μmg时，A相对B才能滑动，C对。当F＝μmg时，A、B相对静止，对整体有：μmg－×3mg＝3ma，a＝μg，故B正确。无论F为何值，B所受最大的动力为A对B的最大静摩擦力2μmg，故B的最大加速度aBm＝＝μg，可见D正确。[答案]　BCD20.如图所示，质量为mB＝24kg的木板B放在水平地面上，质量为mA＝22kg的木箱A放在木板B上。一根轻绳一端拴在木箱A上，另一端拴在天花板上，轻绳与水平方向的夹角为θ＝37°。已知木箱A与木板B之间的动摩擦因数μ1＝0.5。现用水平方向大小为200N的力F将木板B从木箱A下面匀速抽出(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，重力加速度g取10m/s2)，则木板B与地面间的动摩擦因数μ2的大小为(　　)A.0.3B.0.4C.0.5D.0.6[解析]　对A进行受力分析如图甲所示，由题意得FTcosθ＝Ff1①FN1＋FTsinθ＝mAg②Ff1＝μ1FN1③13\n由①②③得，FT＝100N对A、B整体进行受力分析如图乙所示由题意得FTcosθ＋Ff2＝F④FN2＋FTsinθ＝(mA＋mB)g⑤Ff2＝μ2FN2⑥由④⑤⑥得μ2＝0.3故A选项正确。[答案]　A13