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浙江专用2022高考物理二轮专题复习选择题42分练7

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选择题42分练(7)一、选择题(本题共4小题,每小题6分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。)14.(2022·太原市高三模拟)在台秤上,框架内有一轻弹簧,其上端固定在框架顶部,下端系一质量为m的物体,物体下方用竖直细线与框架下部固定,各物体都处于静止状态。今剪断细线,物体开始振动,且框架始终没有离开台秤,弹簧不超出弹性限度,空气阻力忽略不计,重力加速度为g。则下列说法正确的是(  )图1A.当台秤示数最小时弹簧一定处于原长状态B.当台秤示数最小时物体一定处在平衡位置C.振动过程中台秤的最大示数一定大于(M+m)gD.振动过程中台秤的最大示数一定等于(M+m)g解析 当物体有向下的最大加速度时,物体失重最多,此时台秤示数最小,所以当台秤示数最小时物体处于最高点,选项A、B错误;振动过程中台秤有最大示数时,物体一定有向上的最大加速度,此时物体在最低点,因为弹簧的弹力大于mg,所以台秤的最大示数一定大于(M+m)g,选项C正确,D错误。答案 C15.我国已经成功实现舰载机在航母上的起飞和降落。若舰载机在航母上从静止开始做匀加速直线运动然后起飞,起飞过程的平均速度为v,起飞过程的时间为t,则下列说法中正确的是(  )A.舰载机离开航母起飞时的速度为vB.起飞过程的加速度为C.在航母上供舰载机起飞所需要的跑道的最短长度为2vtD.舰载机起飞过程的加速度始终与速度的方向相反解析 根据匀变速直线运动的规律可知,平均速度v=v=,又v05\n=0,故舰载机离开航母时的速度vt=2v,而不是平均速度v,选项A错误;起飞过程的加速度为a==,选项B正确;舰载机在起飞过程中的平均速度为v,起飞时间为t,则舰载机起飞所需要的跑道的最短长度为s=vt,选项C错误;舰载机起飞过程做匀加速直线运动,根据匀加速直线运动的性质知,此过程中加速度方向与速度方向相同,选项D错误。答案 B16.如图2所示,足够长的U形光滑金属导轨所在平面与水平面成θ角(0<θ<90°),其中MN与PQ平行且间距为L,磁感应强度大小为B的匀强磁场方向垂直导轨所在平面斜向上,导轨电阻不计,金属棒ab由静止开始沿导轨下滑,并与两导轨始终保持垂直且接触良好,棒ab接入电路的电阻为R,当流过棒ab某一横截面的电荷量为q时,棒的速度大小为v,则金属棒ab在此下滑过程中(  )图2A.运动的加速度大小为B.下滑位移大小为C.产生的焦耳热为qBLvD.受到的最大安培力大小为sinθ解析 由牛顿第二定律可知mgsinθ-=ma,金属棒做变加速运动,选项A错误;由q=I·Δt=·Δt==得x=,选项B正确;由动能定理可知mgxsinθ-Q=mv2,把x代入式中得到Q,选项C错误;金属棒ab受到的最大安培力大小为Fm=BLIm=BL=,选项D错误。答案 B17.如图3所示,一根重力G=0.1N、长L=1m、质量分布均匀的导体ab,在其中点弯成60°角,将此导体放入匀强磁场中,导体两端a、b5\n悬挂于两相同的弹簧下端,弹簧均处于竖直状态,当导体中通有I=1A的电流时,两根弹簧比原长各缩短了Δx=0.01m,已知匀强磁场的方向垂直纸面向外,磁感应强度的大小B=0.4T,则(  )图3A.导体中电流的方向为a→bB.每根弹簧的弹力大小为0.5NC.弹簧的劲度系数为k=5N/mD.若导体中不通电流,则弹簧比原长伸长了0.02m解析 由题意知通电后弹簧比原长缩短了,说明安培力方向竖直向上,由左手定则可知,电流方向为b→a,选项A错误;通电后,导体ab的有效长度为l=L=0.5m,受到的安培力为F=BIl=0.4×1×0.5N=0.2N,又F=2F弹+G,则F弹==N=0.05N,选项B错误;由F弹=kΔx得k==N/m=5N/m,选项C正确;导线中不通电流,则有2kΔx′=G,可得Δx′==m=0.01m,选项D错误。答案 C二、选择题(本题共3小题。在每小题给出的四个选项中,至少有一个选项是符合题目要求的。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。)18.如图所示,在匀强电场中平行于电场线的某一平面上有A、B、C三个点,各点的电势分别为φA=5V,φB=2V,φC=3V,H、F三等分AB、G为AC的中点,在各示意图中,能正确表示电场强度方向的是(  )解析 把AB三等分,因UAB=3V,则每等份两端的电势差为1V,φH=4V,φF=3V,连接FC,则FC为等势线,电场线应垂直于FC,从电势高处指向电势低处;把AC两等分,因UAC=2V,则每等份两端的电势差为1V,φG=4V,直线GH为等势线,电场线应垂直于HG,从电势高处指向电势低处,所以选项B、C能正确表示电场强度方向,故A、D不符合题意。答案 BC5\n19.(2022·浙江省五校联考)一个质量可忽略不计的长轻质木板置于光滑水平地面上,木板上放质量分别为mA=1kg和mB=2kg的A、B两物块,A、B与木板之间的动摩擦因数都为μ=0.2,水平恒力F作用在A物块上,如图4所示(重力加速度g取10m/s2),则下列说法正确的是(  )图4A.若F=1N,则A、B都相对木板静止不动B.若F=1.5N,则A物块所受摩擦力大小为1.5NC.若F=4N,则B物块所受摩擦力大小为2ND.若F=6N,则B物块的加速度为1m/s2解析 A、B与木板间的最大静摩擦力分别为fA=μmAg=2N,fB=μmBg=4N,若F=1N,小于A的最大静摩擦力,A、B都相对木板静止不动,选项A正确;若F=1.5N,A、B和木板做加速运动,F=(mA+mB)a,对于A来说,F-fA=ma,可见A物块所受静摩擦力大小小于1.5N,选项B错误;若F=4N,A与木板之间有相对运动,木板和B的加速度a==1m/s2,B物块所受摩擦力大小为fB=mBa=2N,选项C正确;若F=6N,A与木板之间也有相对运动,木板和B的加速度a==1m/s2,选项D正确。答案 ACD20.(2022·江苏单科,9)如图5所示,轻质弹簧一端固定,另一端与一质量为m、套在粗糙竖直固定杆A处的圆环相连,弹簧水平且处于原长。圆环从A处由静止开始下滑,经过B处的速度最大,到达C处的速度为零,AC=h。圆环在C处获得一竖直向上的速度v,恰好能回到A。弹簧始终在弹性限度内,重力加速度为g。则圆环(  )图5A.下滑过程中,加速度一直减小B.下滑过程中,克服摩擦力做的功为mv2C.在C处,弹簧的弹性势能为mv2-mghD.上滑经过B的速度大于下滑经过B的速度5\n解析 由题意知,圆环从A到C先加速后减速,到达B处的加速度减小为零,故加速度先减小后增大,故A错误;根据能量守恒,从A到C有mgh=Wf+Ep,从C到A有mv2+Ep=mgh+Wf,联立解得:Wf=mv2,Ep=mgh-mv2,所以B正确,C错误;根据能量守恒,从A到B有mgh1=mv+ΔEp1+Wf1,从C到B有mv2+ΔEp2=mv+Wf2+mgh2,又有mv2+Ep=mgh+Wf,联立可得vB2>vB1,所以D正确。答案 BD5

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发布时间:2022-08-25 23:14:56 页数:5
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文章作者:U-336598

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