高考二轮复习化学学案专题12《有机物的组成结构和性质》doc高中化学

专题十二有机物的组成构造和性质【学法导航】1．以下各组物质中必定属于同系物的是A(C6H10O5)m(淀粉)和(C6H10O5)n(纤维素)B分子式为C7H8O和C8H10O的含苯环有机物CCH3CH2CH2OH和CH3CH(OH)CH3DHCOOH和C17H35COOH【答案】D【方法要领】同系物的判断规律:一差(分子组成相差一个或假设干个CH2)，两同(同通式、同构造)，三注意(①必为同一类物质;②构造相似；③同系物的物理性质不同，化学性质相似)2.纳米材料可应用于人民币的杀菌消毒.我国纳米专家王雪平创造的“WXP复合纳米材料”的主要成分是氨基二氯代戊二醛的含硅衍生物,它能保持长期杀菌作用.假设戊二醛是直链的,那么氨基二氯代戊二醛的同分异构体有A4种B5种C7种D8种【方法要领】判断同分异构体,首先应与同素异形体、同位素区分开,再看不饱和度、元素种类、某种原子的个数（1）同分异构体的种类:碳链异构;官能团位置异构;官能团异构(物质的类别异构)（2）书写规律:碳链异构—官能团位置异构—官能团类别异构（3）同分异构体数目的判断方法:a常规记忆;b基元法;c替代法;d对称法(等效氢法)24/24\n3.（08上海卷）以下各化合物的命名中正确的选项是（）【答案】D【方法要领】明确各类物质的命名原那么。选项A应命名为1、3－丁二烯；选项B应命名为2－丁醇；选项C应命名为邻甲基苯酚。4.描述分子构造的以下表达中，正确的选项是　　A．6个碳原子有可能都在一条直线上　　B．6个碳原子不可能都在同一条直线上　　C．6个碳原子有可能都在同一平面上　　D．6个碳原子不可能都在同一平面上　【方法要领】根据的空间构造可确定该分子构造为：　　可知6个碳原子并非均在同一直线上。B正确。但该物质不是所有原子都在同一平面上（-CH3中的3个氢原子，-CF3中的3个氟原子），但6个碳原子都在同一平面上。5.一种醛A：，有多种同分异构体，其中属于羧酸类且分子中含苯环的同分异构体共有4种，它们的构造简式是。【答案】【方法要领】书写同分异构体时，不能局限于已知的类别异构，假设对某些“基”进展拆分，可出现新的异构体。如－COOH拆分成—CHO和一个—OH，－COO－可拆分成－CO和－O－等。从“基”的观点出发，对“基”进展组合构造新的分子，也是求构造简式中常用的方法。24/24\n6.有机物A的碳架构造如以下图。已知立方烷(C8H8)与互为同分异构体，请写出与有机物A互为同分异构体、且属于醛类的构造简式：(1)＿＿＿＿＿(2)＿＿＿＿＿(3)＿＿＿＿＿(4)＿＿＿＿＿。【答案】(1)(2)(3)(4)【方法要领】审题时，抓住题示信息：C8H8与互为同分异构体，得知立方烷可与带有苯环的有机物互为同分异构体，为推断有机物A的同分异构体提供了思路。看清题目要求：A的同分异构体构造简式中必须含有醛基(-CHO)。解题时，运用“残基”思想，问题便迎刃而解。即C8H8O去掉一个-CHO，再去掉一个-C6H5，尚余-CH2(残基)，便可写出C8H8O属于醛类的同分异构体的构造简式。7.150℃、1.01×105Pa时,1.5L某烃蒸气在aLO2中能完全燃烧,体积增至(a+3)L(体积均在相同条件下测定)。问：（1）该烃在组成上须满足的根本条件是（2）当a=10时,该烃可能的分子式是（3）当该烃为C7H8时,a的取值范围是【答案】（1）该烃中含氢原子数为8,碳原子数≤a/1.5－2.（2）C3H8或C4H8(3)a≥13.5方法要领：元素质量元素质量比元素质量分数产物的量实验式相对分子质量通式分子式化学方程式有机物的性质可能构造确定构造8.24/24\n（08海南卷选做题20）1mo1X能与足量碳酸氢钠溶液反响放出44.8LCO2(标准状况)，那么X的分子式是：A.C5H10O4B．C4H8O4C．C3H6O4D．C2H2O4【答案】D。【方法要领】能与碳酸氢钠溶液反响的有机物只有羧酸，那么1mo1羧酸能与足量碳酸氢钠溶液反响放出44.8LCO2(标准状况)，说明X含2mo1碳原子，故答案只有D含有2mo1碳原子。9.24/24\n糖类、脂肪和蛋白质是维持人体生命活动所必需的三大营养物质。以下表达正确的选项是（）A．植物油不能使溴的四氯化碳溶液褪色B．淀粉水解的最终产物是葡萄糖C．葡萄糖能发生氧化反响和水解反响D．蛋白质溶液遇硫酸铜后产生的沉淀能重新溶于水【答案】B。【方法要领】24/24\n主要是与葡萄糖、淀粉、油脂、蛋白质等物质的性质有关的题目，难度不大。通过此题的分析解答，引导自己注重根本知识的复习与掌握，提高对根本知识应用的熟练程度。对葡萄糖、淀粉、油脂、蛋白质的构造和性质不清楚而导致误选。植物油是一种不饱和油脂，能和Br2发生加成反响，所以A不正确。淀粉是一种多糖，它水解的最终产物是葡萄糖，人摄入淀粉后通过水解成为葡萄糖进而提供能量，所以B正确。葡萄糖中含有醛基，能被氧化成葡萄糖酸，不能发生水解反响，C不正确。蛋白质溶液遇CuSO4等重金属盐溶液会发生变性，该过程不可逆，就是说产生的沉淀不能重新溶于水，D不正确。10.天然维生素P（构造如以以下图）存在于槐树花蕾中，它是一种营养增补剂，关于维生素P的表达错误的选项是A.可与溴水反响，且1mol该物质与足量溴水反响耗6molBr2B.可与NaOH溶液反响，1mol该物质可与4molNaOH反响C.一定条件下1mol该物质可与H2加成，耗H2最大量为7molD.维生素P遇FeCl3溶液发生显色反响【答案】C【方法要领】掌握各类官能团的性质。A要注意遗漏中间环上C==C的加成反响和酚羟基对位的取代反响。B只有酚羟基才与NaOH反响。C注意羰基的加成反响。D显色反响是含酚羟基物质的共性。11.食品香精菠萝酯的生产路线（反响条件略去）如下：以下表达错误的选项是A.步骤（1）产物中残留的苯酚可用FeCl3溶液检验B.苯酚和菠萝酯均可与酸性KMnO4溶液发生反响24/24\nC.苯氧乙酸和菠萝酯均可与NaOH溶液发生反响D.步骤（2）产物中残留的烯丙醇可用溴水检验【答案】D21世纪教育网【方法要领】A项苯酚与ClCH2COOH反响生成的苯氧乙酸不含有酚羟基，故残留物中假设含有苯酚可以与FeCl3显紫色；B项苯酚可以被O2所氧化而呈粉红色，当然也可以被KMnO4所氧化，菠萝酯含有碳碳双键，故也可被KMnO4氧化；苯氧乙酸中含有羧酸可与碱反生中和反响，菠萝酯属于酯可以在碱性条件下发生水解；由于菠萝酯含有碳碳双键也可以使溴水褪色，故不能用来检验残留的烯丙醇21世纪教育网12.油脂是油与脂肪的总称，它是多种高级脂肪酸的甘油酯。油脂既是重要食物，又是重要的化工原料。油脂的以下性质和用途与其含有的不饱和碳碳双键(C==C)有关的是A．适量摄入油脂，有助于人体吸收多种脂溶性维生素和胡萝卜素B．利用油脂在碱性条件下的水解，可以生产甘油和肥皂C．植物油通过氢化可以制造植物奶油(人造奶油)D．脂肪是有机体组织里储存能量的重要物质【答案】C。【方法要领】只有准确把握住油脂属于酯类化合物，含官能团—COOR，另某些油脂的烃基中含不饱和键，有关油脂的问题可迎刃而解。此题要求选出“与其含有的不饱和双键有关”的性质，这是解题的关键，也是容易导致出错的地方。A、B、D三项是油脂的共性，与构造中是否含有双键无关。C中的“氢化”就是与H2的加成反响，是不饱和双键的特性。13.（2022年山东卷）以下关于有机物的说法错误的选项是A.CCl4可由CH4制得，可萃取碘水中的碘B.石油和天然气的主要成分都是碳氢化合物24/24\nC.乙醇、乙酸和乙酸乙酯能用饱和Na2CO3溶液鉴别D.苯不能使KMnO4溶液褪色，因此苯不能发生氧化反响【答案】D【方法要领】此题主要考察有机物的性质、根本反响类型、有机物鉴别，因此明确各类物质的性质是解题的关键。CCl4可由CH4和氯气光照取代制得，可萃取碘水中的碘，A正确；石油和天然气的主要成分都是烃，B正确；向乙醇、乙酸和乙酸乙酯分别参加饱和Na2CO3溶液分别现象为：互溶；有气泡产生；溶液分层，可以鉴别，C正确；苯虽不能使KMnO4溶液褪色，但可以燃烧，能发生氧化反响，D错误。【典例精析】一、有机化学根本概念例1．以下各组物质，其中属于同系物的是：　　(1)乙烯和苯乙烯　(2)丙烯酸和油酸　(3)乙醇和丙二醇　(4)丁二烯与异戊二烯　(5)蔗糖与麦芽糖　　A．(1)(2)(3)(4)　B．(2)(4)C．(1)(2)(4)(5)　D．(1)(2)(4)　　【解析】同系物是指构造相似，即组成元素相同，官能团种类、个数相同，在分子组成上相差一个或假设干个CH2原子团，即分子组成通式相同的物质。乙烯和苯乙烯，后者含有苯环而前者没有；丙烯酸和油酸含有的官能团都是双键和羧基，而且数目相同所以是同系物；乙醇和丙二醇官能团的数目不同；丁二烯与异戊二烯都是共轭二烯烃，是同系物；蔗糖和麦芽糖是同分异构体而不是同系物。正确选项为B。例2.二甲苯的苯环上有一个氯原子被取代后的溴代物有六种同分异构体，它们的熔点是二甲苯一溴代物熔点（℃）234206213.8204211.5205对应二甲苯熔点（℃）13.3-47.9-25.2-47.9-25.2-47.924/24\n以下说法正确的选项是A.熔点234℃的一溴二甲苯是一溴对二甲苯B.熔点204℃的一溴二甲苯是一溴邻二甲苯C.熔点-47.9℃的二甲苯是对二甲苯D.熔点205℃的一溴二甲苯是一溴间二甲苯【解析】二甲苯有3种同分异构体（邻、间、对），每个烃分子中构造不同的碳原子（上面连接氢原子）数目和它的一卤代物种类相同。3种二甲苯苯环上不同的等效氢原子用数字标出结论：邻二甲苯一溴代物2种；间二甲苯一溴代物3种；对二甲苯一溴代物1种。对照上表确定对应二甲苯的种类。一溴代物熔点（℃）234206213.8204211.5205二甲苯熔点（℃）13.3-47.9-25.2-47.9-25.2-47.9甲基相对位置对间邻间邻间【答案】AD例3.化合物A的构造简式为，A的同分异构体中：（1）属于酚类，同时还属于酯类的化合物有＿＿＿＿＿＿＿种，其构造简式分别是＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿；（2）属于酚类，但不属于酯类，也不属于羧酸类的化合物必定含＿＿＿＿＿＿＿基。解析：24/24\n(1)将—COOH改写成—OOCH，就属于甲酸酯，构造简式三种：（2）不属于酯类，也不属于羧酸类说明所含基团中不可能两个氧原子处于一个基团，那么只能将—COOH拆分成一个—CHO和一个—OH，如构造：所以，必含醛基。二、有机化合物的命名CH3—CH—CH—CH—CH3例4．某烷烃的构造为：，以下命名正确的选项是（）CH3C2H5C2H5A．2，4—二甲基—3—乙基己烷B．3—异丙基—4—甲基已烷C．2—甲基—3，4—二乙基戊烷D．3—甲基—4—异丙基已烷【解析】一定遵循有机物命名的原那么来解题【答案】D三、烃的性质比照例5．（2022年重庆卷）以下对有机物构造或性质的描述，错误的选项是A．一定条件下，Cl2可在甲苯的苯环或侧链上发生取代反响B．苯酚钠溶液中通入CO2生成苯酚，那么碳酸的酸性比苯酚弱C．乙烷和丙烯的物质的量各1mol，完成燃烧生成3molH2OD．光照下2，2—二甲基丙烷与Br2反响，其一溴取代物只有一种【解析】B项CO2+H2O+C6H5ONaC6H5OH+NaHCO3，那么碳酸的酸性比苯酚强，B错误。【答案】B四、烃的衍生物性质比照24/24\n例6．2022年诺贝尔化学奖授予美国和以色列的三位科学家，以表彰他们在蛋白质降解的研究中取得的成果。以下关于蛋白质的说法中不正确的选项是A．蛋白质属于天然有机高分子化合物，没有蛋白质就没有生命B．HCHO溶液或(NH4)2SO4溶液均能使蛋白质变性C．某些蛋白质跟浓硝酸作用会变黄D．可以采用屡次盐析或屡次渗析的方法别离、提纯蛋白质【解析】A蛋白质是生命运动的根底B.HCHO使蛋白质变性,(NH4)2SO4溶液使蛋白质渗析C.蛋白质是显色反响D.蛋白质溶液是胶体,可以渗析【答案】B例7．（08四川卷）胡椒酚是植物挥发油的成分之一，它的构造简式为：HO－－CH2CH=CH2，以下表达中不正确的选项是()A．1mol胡椒酚最多可与4molH2发生反响B．1mol胡椒酚最多可与4mol溴发生反响C．胡椒酚可与甲醛发生反响，生成聚合物D．胡椒酚在水中的溶解度小于苯酚在水中的溶解度【解析】1mol该物质的构造中含有4molC＝C，所以可以和4mol的H2发生加成反响，酚类物质发生的取代反响的位置在－OH的邻对位，加上一个C＝C，所以反响的Br2为3mol；甲醛与苯酚发生缩聚反响的位置在－OH的两个邻位，而该物质构造的邻位上无取代基，所以在一定条件下可以生成缩合物；该物质的C原子个数比苯酚多，且－OH的对位上的基团为憎水基，所以在水中的溶解度比苯酚小。24/24\n【答案】B例8．（08重庆卷）食品香精菠萝酯的生产路线（反响条件略去）如下：以下表达错误的选项是（）A．步骤（1）产物中残留的苯酚可用FeCl3溶液检验B．苯酚和菠萝酯均可与酸性KMnO4溶液发生反响C．苯氧乙酸和菠萝酯均可与NaOH溶液发生反响D．步骤（2）产物中残留的烯丙醇可用溴水检验【解析】步骤（2）产物为菠萝酯，菠萝酯中也含有C=C，所以不能用溴水检验步骤（2）产物中残留的烯丙醇。【答案】D。五、有机化学根本反响类型例9.（1）计算并标出以下有机化合物中碳的氧化数：　　　　　CH3CH3　　　CH3CH2OH　　　CH3CHO　　　CH3COOH（2）判断在以下①－⑥步的转化中所发生的反响类型。⑧⑦⑥⑤④③②①CH3CH3　　　CH3CH2ClCH3CH2OHCH3CHO　　　CH3COOHCH2=CH2【解析】24/24\n氧化数的规定和化合价有类似之处，但也有不同之处。据此可判断上述有机化合物的氧化数。而上述①－③的转化是烷烃、卤代烃、醇之间靠取代反响进展的转化，④－⑥之间发生了氢和氧的得失，当然也必然发生了碳的氧化数的改变，故都发生了氧化复原反响。-3-3-3-3-3+3-1+1【答案】(1)CH3CH3　　　CH3CH2OH　　　CH3CHO　　　CH3COOH（2）①取代反响　　②取代反响　　③取代反响　　④氧化反响　　⑤复原反响⑥氧化反响　　⑦消去反响　　⑧加成反响六、有机物燃烧规律例10.取W克以下各组混合物，使之充分燃烧时，耗氧量跟混合物中各组分的质量比无关的是（）　A．HCHO、HCOOCH3　　　　　　　　B．CH3CH2OH、CH3COOH　C．CH2＝CH－CH＝CH2、C2H4　　　　D．C2H2、C6H6【解析】HCHO和HCOOCH3，因为最简式相同，在总质量一定时，二者不管以何种比例混合，混合物中C、H、O元素的质量为定值，所以耗氧量为定值，应选A。同理可选出D。【答案】AD例11.以下各组混合物中，无论以何种比例混合，取nmol使之充分燃烧，耗氧量为定值的是（）　A．C2H2、C2H4O　　B．C2H4、C3H6　C．C2H4、C2H6O　　　D．C6H12O6、C2H4O2　【解析】C2H2和C2H4O分别完全燃烧时，其每mol耗O22.5mol，而C2H4和C2H6O分别完全燃烧时，其每mol耗O23mol，应选A、C。由此可知：CnH2n和CnH2n+2O、CnH2n-2和CnH2nO两物质不管以何种比例混和时，只要总物质的量一定，完全燃烧时耗氧量为定值。【答案】AC七、有机化合物空间构造例12、以以下图是某有机物分子的比例模型，有关该物质的推断不正确的选项是（）24/24\nA．分子中可能含有羟基B．分子中可能含有羧基C．分子中可能含有氨基D．该物质的分子式可能为C3H6O3【解析】中学化学课本中有许多分子构造的模型图，主要有球棍模型和比例模型两种。对分子构造模型的认识，既需要一定的空间想像能力，也需要有关分子构造的根底知识。这样命题可以测试考生对分子构造和空间思维能力。先观察题给模型，可得该模型所表示的分子中有三种原子（黑球3个、斜线球3个、小白球6个），再根据有机化合物中原子形成共价键的规律来分析处理观察结果，黑球应该是C原子、斜线球是氧原子、小白球是氢原子。【答案】C例13.已知碳碳单键可以绕键轴自由旋转，构造简式为如以以下图所示的烃，以下说法中正确的选项是（）（A）分子中至少有9个碳原子处于同一平面上（B）分子中至少有10个碳原子处于同一平面上（C）分子中至少有11个碳原子处于同一平面上（D）该烃属于苯的同系物【解析】要判断A、B、C三个选项的正确与否，必须弄清题给分子的空间构造。题给分24/24\n子看起来比较复杂，假设能从苯的空间构造特征入手分析就容易理解其空间构造特征。分析这一分子的空间构造时易受题给构造简式的迷惑，假设将题给分子表示为如以下图，就容易将“一个苯环必定有12个原子共平面”的特征推广到这题给分子中。以分子中的左边的苯环为中心分析，这个苯环上的6个碳原子、直接连在这个苯环上的2个甲基中的碳原子、另一个苯环中在虚线上的3个碳原子，共有11个碳原子必定在同一平面。【答案】C八、有机物分子式和构造式确实定例14.（08海南卷选做题20）1mo1X能与足量碳酸氢钠溶液反响放出44.8LCO2(标准状况)，那么X的分子式是：A.C5H10O4B．C4H8O4C．C3H6O4D．C2H2O4【解析】能与碳酸氢钠溶液反响的有机物只有羧酸，那么1mo1羧酸能与足量碳酸氢钠溶液反响放出44.8LCO2(标准状况)，说明X含2mo1碳原子，故答案只有D含有2mo1碳原子。【答案】D。例15．A是烃，B是烃的含氧衍生物，A、B均为常见的有机物。由等物质的量A和B组成的混合物0.05mol在0.125molO2中恰好完全燃烧生成0.1molCO2和0.1molH2O。试答复以下问题：⑴混合物中A、B的组合可能有_________种。⑵另有一种组合的A和B，以任意比混合，且物质的量之和为amol。①假设耗氧量一定，那么A、B的分子式分别是A_________，B_________，耗氧量为_________mol（用a表示）。②②假设生成的CO2和H2O的物质的量一定，那么A、B的分子式分别是A_________，B_________。③③假设生成CO2的量为定值，那么生成物H2O的质量范围为_________（用a表示）。【解析】此题通过24/24\n平均值法确定有机物的分子式，根据有机混合物中各成分所含的共同元素，求出某元素或各元素的平均组成，再运用平均值进展计算、推理(如十字穿插法)，使复杂问题简单化。此题求解时应先求出有机物的平均分子式，然后通过有序思维求解，否那么容易漏解。(1)由A和B的混合物0.05mol燃烧生成0.1molCO2和0.1molH2O以及耗氧量，可知A和B的混合物平均组成分子式为C2H4O。由于A为烃，B为烃的含氧衍生物，且A和B为等物质的量，根据平均值含义(如A与B中碳原子数确定，有两种可能：一种情况是两者碳原子数均为2；另一情况是一种碳原子数大于2，一种碳原子数小于2)，A、B的组合可能有五种一二三四五ACH4C2H2C2H4C2H6C3H6BC3H4O2C2H6O2C2H4O2C2H2O2CH2O2(2)根据题意，A和B以任意比混合。①耗氧量一定，那么A和B耗氧能力相同，即A为C2H2，B为C2H6O2〔C2H2（H2O）2〕，耗氧量为2.5amol。②生成CO2和H2O的物质的量一定，那么A、B两物质中C、H原子数分别相同，即A为C2H4、B为C2H4O2。③生成CO2的量为定值，即A和B中碳原子数相同，都为2，氢原子数最少为2，最多为6，即生成水：amol＜n(H2O)＜3amol，即18ag＜m(H2O)＜54ag。【答案】(1)五(2)①C2H2C2H6O22.5a②C2H4C2H4O2③18ag＜m(H2O)＜54ag例16．天然蛋白质水解产物中含某A，A由C、H、O、N元素组成，A能与NaOH反响，也能与盐酸反响，在一定条件下，两分子A发生缩聚后生成B和一个分子的水，B的分子量为312，当与浓硝酸反响时显黄色。据此推断AB的构造简式。A．，B．。【解析】蛋白质水解可生成多肽或氨基酸等，又因为水解产物可发生两分子缩合，因此A为氨基酸，A+A→B+H2O，可知A的分子量＝。又因为B与浓HNO3发生显色反响，因此B中含有苯环，那么A中必有苯环、－COOH、－NH2，剩余基团的相对分子质量为165－77－45－16＝27，剩余基团为－C2H3。－CH2－CH－COOHNH2苯基羧基氨基24/24\n－CH2－CH－CO－NH－CH－CH2－COOHNH2【答案】A：B：【专题突破】1．以下反响的产物中,有的有同分异构体,有的没有同分异构体,其中一定不存在同分异构体的反响是:A异戊二烯[CH2=C(CH3)—CH=CH2]与等物质的量的Br2发生加成反响B2-氯丁烷(CH3CH2CHClCH3)与NaOH乙醇溶液共热发生消去HCl分子的反响C甲苯在一定条件下发生硝化生成一硝基甲苯的反响D邻羟基苯甲酸与NaHCO3溶液反响2.己烷(C6H14)有五种同分异构体,其中能在光照条件下发生取代反响,且能生成三种不同的一氯代物的分子种数有（）A1B2C3D43.某有机化合物仅由C、H、O三种元素组成,其相对分子质量小于150,假设已知其中氧的质量分数为50%,那么分子中碳原子的个数最多为（）A4B5C6D74．某含氧有机化合物A可以作为无铅汽油的抗震剂,它的相对分子质量为88,其中碳元素质量分数为68.2%,氢元素质量分数为13.6%,经红外光谱和核磁共振氢谱显示该分子中有4个甲基,那么A的构造简式为（）ACH3CH(CH3)OCH(CH3)2BCH3C(CH3)2OCH3CCH3C(CH3)OHC(CH3)OHCH3DCH3C(CH3)OHCH2CH324/24\n5．（2022衡水中学第一学期期末考试）将2mL某气态饱和烃和13mL氧气装入一密闭容器中点燃，测知新得到的只是燃烧产物及过量的氧气，那么该烃分子组成中碳、氢元素的质量比不可能是（）A.3︰1B.4︰1C.9︰2D.24︰56．（2022衡水中学第一学期期末考试）工业生产苯乙烯是利用乙苯的脱氢反响：针对上述反响，在其它条件不变时，以下说法正确的选项是（）A.在保持体积一定的条件下，充入较多的乙苯，可以提高乙苯的转化率B.在保持压强一定的条件下，充入不参加反响的气体，不影响乙苯的转化率C.在参加乙苯至到达平衡过程中，混合气体的平均相对分子质量在不断增大D.仅从平衡移动的角度分析，工业生产苯乙烯选择恒压条件优于恒容条件7.（合肥一中2022届高三教学质量检测）某烃经催化加氢后得到2－甲基丁烷，该烃不可能是（）A．3－甲基－1－丁炔B．3－甲基－1－丁烯C．2－甲基－1－丁炔D．2－甲基－1－丁烯8.（2022．2.北京市朝阳区高三年级统一考试化学试卷）苯丙酸诺龙是一种兴奋剂，结构简式为：有关该物质的说法正确的选项是A．能使溴的四氯化碳溶液褪色B．最多可与6molH2发生加成反响C．其分子式为C27H32O3D．在NaOH溶液中水解后可生成两种盐24/24\n9.要证明氯乙烷中氯元素的存在可以进展如下操作，其中顺序正确的选项是（）①参加AgNO3溶液②参加NaOH溶液③加热④加蒸馏水⑤冷却后参加HNO3后酸化⑥参加NaOH的乙醇溶液A．④③①⑤B．②③⑤①C．④③①D．⑥③⑤①10.（09江苏赣榆海头中学高三化学第二次月考）将用于2022年北京奥运会的国家游泳中心（水立方）采用了高分子膜材料“ETFE”，该材料是四氟乙烯（CF2=CF2）与乙烯（CH2=CH2）发生聚合反响得到的高分子材料。以下说法不正确的选项是()A.“ETFE”分子中可能存在“—CF2—CH2—CF2—CH2—”的连接方法B.合成“ETFE”的反响为加聚反响C.CF2=CF2和CH2=CH2均是平面型分子D.该材料是一种合成高分子材料，不可以与氢气发生加成反响11.（常州市第二中学09高三化学期中质量检测试卷）膳食纤维具有突出的保健功能，人体的“第七营养素”木质素是一种非糖类膳食纤维，其单体之一是芥子醇，构造简式如右图所示.以下有关芥子醇的说法正确的选项是A.芥子醇的分子式是C11H14O4，属于芳香烃B.芥子醇分子中所有碳原子不可能在同一平面C.芥子醇不能与FeCl3溶液发生显色反响D.芥子醇能发生的反响类型有氧化、取代、加成12.（北京市朝阳区高三年级统一考试化学试卷）据报道某些简单的不饱和有机物与CO在低温、低压及催化条件下可以转变为其它有机物，如：24/24\n工业上以A及CO等为原料经如下的反响，可以制取具有优良性能的合成树脂及涂料黏和剂等高分子材料。反响过程如以以下图所示：其中A气体在工业上用于焊接或切割金属；饮用了含有D的假酒，可能引起失明或死亡；F是一种合成树脂，用于制备塑料和合成纤维。答复以下问题：（1）F的构造简式是。（2）B分子中含氧官能团的名称____________________。（3）B+D→G的反响类型是。（4）写出反响II的化学方程式。（5）已知G的一类同分异构体能发生银镜反响，现取0.5mol该类同分异构体中能产生银最多的一种，与足量的银氨溶液充分反响，生成银的质量最多为g。答案：1234567891011DBBBDBCABAD12.（1）(2)羧基(1分)(3)酯化（或取代）反响(1分)(4)nCH2==CH-COOCH3(5)216g(2分)【专题综合】1.（2022年浙江卷）一种从植物中提取的天然化合物a-damascone，可用于制作“香水”，其构造为：，24/24\n有关该化合物的以下说法不正确的选项是A．分子式为B.该化合物可发生聚合反响C．1mol该化合物完全燃烧消耗19molD．与溴的溶液反响生成的产物经水解、稀硝酸化后可用溶液检验2.（2022年福建卷）以下关于常见有机物的说法不正确的选项是A.乙烯和苯都能与溴水反响B.乙酸和油脂都能与氢氧化钠溶液反响C.糖类和蛋白质都是人体重要的营养物质D.乙烯和甲烷可用酸性高锰酸钾溶液鉴别3.（2022年全国一卷）化合物H是一种香料，存在于金橘中，可用如下路线合成：（i）B2H6（ii）H2O2/OH－R－CH2CH2OH（B2H6为乙硼烷）R－CH＝CH2已知：答复以下问题：（1）11.2L（标准状况）的烃A在氧气中充分燃烧可以产生88gCO2和45gH2O。A的分子式是＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿（2）B和C均为一氯代烃，它们的名称（系统命名）分别为＿＿＿＿＿＿＿；24/24\n（3）在催化剂存在下1molF与2molH2反响，生成3－苯基－1－丙醇。F的构造简式是＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿（4）反响①的反响类型是＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿；（5）反响②的化学方程式为＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿（6）写出所有与G具有相同官能团的G的芳香类同分异构体的构造简式：＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿4.(2022年全国二卷)化合物A相对分子质量为86，碳的质量分数为55.8%，氢为7.0%，其余为氧。A的相关反响如以以下图所示:已知R-CH=CHOH(烯醇)不稳定,很快转化为。根据以上信息答复以下问题:(1)A的分子式为;(2)反响②的化学方程式是;(3)A的构造简式是;(4)反响①的化学方程式是;24/24\n(5)A有多种同分异构体,写出四个同时满足(i)能发生水解反响(ii)能使溴的四氯化碳溶液褪色两个条件的同分异构体的构造简式：、、、；（6）A的另一种同分异构体，其分子中所有碳原子在一条直线上，它的构造简式为。24/24\n【答案】1C2A3、（1）C4H10。（2）2-甲基-1-氯丙烷、2-甲基-2-氯丙烷（3）（4）消去反响。（5）（6）、、、4、21世纪教育网www.ks5u.comw.w.w.k.s.5.u.c.o.mwww.ks5u.com24/24