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【红对勾 讲与练】2023版高考物理总复习 9.2法拉第电磁感应定律 自感和涡流课时作业
【红对勾 讲与练】2023版高考物理总复习 9.2法拉第电磁感应定律 自感和涡流课时作业
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课时作业27 法拉第电磁感应定律 自感和涡流时间:45分钟一、单项选择题1.某同学为了验证断电自感现象,自己找来带铁芯的线圈L、小灯泡A、开关S和电池组E,用导线将它们连接成如图所示的电路.检查电路后,闭合开关S,小灯泡发光;再断开开关S,小灯泡仅有不显著的延时熄灭现象.虽经多次重复,仍未见老师演示时出现的小灯泡闪亮现象,他冥思苦想找不出原因.你认为最有可能造成小灯泡未闪亮的原因是( )A.电源的内阻较大B.小灯泡电阻偏大C.线圈电阻偏大D.线圈的自感系数较大解析:闭合开关S,电路稳定灯泡正常发光时,如果自感线圈L的电阻比灯泡的电阻大,则电感线圈L中的电流IL比灯泡A中的电流IA小,当开关S断开时,由于自感现象,L和A构成回路使L和A中的电流从IL开始减小,因此不可能看到小灯泡闪亮的现象,C正确.答案:C2.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中,如图甲所示,磁感线的方向与导线框所在平面垂直,规定磁场的正方向垂直于纸面向里,磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示,则( )A.在0~t1时间内,导线框中电流的方向为adcbaB.在0~t1时间内,导线框中电流越来越小C.在t1~t2时间内,导线框中电流越来越大D.在t1~t2时间内,导线框bc边受到安培力大小保持不变8\n解析:在0~t1时间内,垂直于纸面向里的磁感应强度减小,磁通量减小,根据楞次定律可判断,导线框内产生顺时针方向的感应电流,A正确;由公式E==S,I=,由于磁场均匀减小,为一恒定值,线框中产生的感应电流大小不变,B、C错误;磁感应强度B均匀变化,由公式F=BILbc知,bc边受的安培力是变化的,D错误.答案:A3.风速仪的简易装置如图甲所示,风杯在风力作用下带动与其固定在一起的永磁铁转动,线圈中的感应电流随风速的变化而变化.风速为v1时,测得线圈中的感应电流随时间变化的关系如图乙所示:若风速变为v2,且v2<v1,则感应电流的峰值Im和周期T的变化情况是( )A.Im变小,T变小B.Im变小,T变大C.Im变大,T变小D.Im变大,T变大解析:根据E=NBSω可知,当转速变小时,最大感应电动势也变小,所以感应电流也变小;根据转速与周期成反比可知,当转速变小时,周期变大,B正确,A、C、D错误.答案:B4.如图所示,长为L的金属导线上端悬于C点,下端系一小球A,在竖直向下的匀强磁场中做圆锥摆运动,转动方向如图中所示,导线与竖直方向的夹角为θ,摆球的角速度为ω,磁感应强度为B,则金属导线中产生感应电动势的高电势点及大小为( )A.C点,BL2ωB.C点,BL2ωsin2θ8\nC.A点,BL2ωD.A点,BL2ωsin2θ解析:由右手定则可判断φC>φA,即C点的电势高于A点的电势;金属导线切割磁感线的有效长度为Lsinθ,所以导线中产生的感应电动势为E=B(Lsinθ)2ω=BL2ωsin2θ,B正确.答案:B5.半径为r带缺口的刚性金属圆环在纸面上固定放置,在圆环的缺口两端引出两根导线,分别与两块垂直于纸面固定放置的平行金属板连接,两板间距为d且足够宽,如图甲所示.有一变化的磁场垂直于纸面,规定向内为正,变化规律如图乙所示.在t=0时刻平行金属板间有一重力不计、电荷量为q的静止微粒,则以下说法正确的是( )A.第2s内上极板为正极B.第3s内上极板为负极C.第2s末微粒回到原来的位置D.第3s末两极板间的电场强度大小为解析:由楞次定律得第1s内下极板为正极,第2s和第3s内上极板为正极,A正确,B错误;在第1s内微粒向某极板做匀加速运动,第2s内向同一极板做匀减速直线运动,第2s末速度为零,C错误;第2s末两极板之间的电压为E==S=0.1πr2,电场强度为,D错误.8\n答案:A二、多项选择题6.如图所示,匀强磁场的方向垂直于电路所在平面向里,导体棒ab与电路接触良好.当导体棒ab在外力F作用下从左向右做匀加速直线运动时,若不计摩擦和导线的电阻,整个过程中,灯泡L未被烧毁,电容器C未被击穿,则该过程中( )A.感应电动势将变大B.灯泡L的亮度变大C.电容器C的上极板带负电D.电容器两极板间的电场强度将减小解析:当导体棒ab在外力F作用下从左向右做匀加速直线运动时,由右手定则知,导体棒a端的电势高,电容器C的上极板带正电;由公式E=Blv知,感应电动势将变大,导体棒两端的电压变大,灯泡L的亮度变大,由于场强E=,电容器两极板间的电场强度将变大.综上可知,A、B正确,C、D错误.答案:AB7.如图所示,A、B是完全相同的两个小灯泡,L为自感系数很大、电阻可以忽略的带铁芯的线圈,下列说法中正确的是( )A.电键S闭合瞬间,A、B同时发光,随后A灯变暗直至熄灭,B灯变亮B.电键S闭合瞬间,B灯亮,A灯不亮C.断开电键S的瞬间,A、B灯同时熄灭D.断开电键S的瞬间,B灯立即熄灭,A灯突然亮一下再熄灭解析:因线圈的自感系数很大,电阻可忽略,故闭合电键瞬间,线圈对电流的阻碍作用极大,相当于断路,故A、B灯同时发光,且亮度相同,当稳定后,线圈相当于导线,A灯短路,B灯电压为电源电压,亮度比闭合瞬间更亮;断开电键瞬间,B灯立即熄灭,而线圈中的电流不会立即消失,线圈相当于一个电源使A灯中会有一短暂电流,从而使A灯会亮一下再熄灭.综上可知,A、D正确,B、C错误.8\n答案:AD8.如图所示,在方向垂直纸面向里,磁感应强度为B的匀强磁场区域中有一个由均匀导线制成的单匝矩形线框abcd,线框以恒定的速度v沿垂直磁场方向向右运动,运动中线框dc边始终与磁场右边界平行,线框边长ad=l,cd=2l.线框导线的总电阻为R.则在线框离开磁场的过程中,下列说法中正确的是( )A.流过线框截面的电量为B.线框中的电流在ad边产生的热量为C.线框所受安培力的合力为D.ad间的电压为解析:线框离开磁场的过程中,感应电动势E=2Blv,由电路知识可知ad间的电压为,线框所受安培力的合力为F=BI(2l)=,产生的总热量Q=I2Rt,t=,Qad=,所以Qad=,通过的电量q==.综上可知,A、B、D正确,C错误.答案:ABD三、非选择题9.如图甲所示,光滑导轨宽0.4m,ab为金属棒,均匀变化的磁场垂直穿过轨道平面,磁场的变化情况如图乙所示,金属棒ab的电阻为1Ω,导轨电阻不计.t=0时刻,ab棒从导轨最左端,以v=1m/s的速度向右匀速运动,求1s末回路中的感应电流及金属棒ab受到的安培力.8\n解析:Φ的变化有两个原因,一是B的变化,二是面积S的变化,显然这两个因素都应当考虑在内,所以有E==S+Blv又=2T/s,在1s末,B=2T,S=lvt=0.4×1×1m2=0.4m2所以1s末,E=S+Blv=1.6V,此时回路中的电流I==1.6A根据楞次定律与右手定则可判断出电流方向为逆时针方向金属棒ab受到的安培力为F=BIl=2×1.6×0.4N=1.28N,方向向左.答案:1.6A 1.28N,方向向左10.如图所示,在xOy平面内有一扇形金属框abc,其半径为r,ac边与y轴重合,bc边与x轴重合,且c位于坐标原点,ac边与bc边的电阻不计,圆弧ab上单位长度的电阻为R,金属杆MN长度为L,放在金属框abc上,MN与ac边紧邻且重叠部分的电阻为R0.磁感应强度B的匀强磁场与框架平面垂直并充满平面.现对MN杆施加一个外力(图中未画出),使之以c点为轴顺时针匀速转动,角速度为ω.求:8\n(1)在MN杆运动过程中,通过杆的电流I与转过的角度θ间的关系.(2)整个电路消耗电功率的最小值是多少?解析:(1)电路中感应电动势E=Br2ω当MN杆转过角度为θ时电路总电阻R总=R0+=R0+杆中电流I与杆转过的角度θ的关系为I==(2)由于总电阻R总=R0+=R0+(-2θ2+πθ)当θ=时,总电阻R总有最大值.此时,R总=R0+电路消耗电功率的最小值是P==答案:(1)I= (2)11.如图所示,两根平行金属导轨固定在同一水平面内,间距为l,导轨左端连接一个电阻R.一根质量为m、电阻为r的金属杆ab垂直放置在导轨上.在杆的右方距杆为d处有一个匀强磁场,磁场方向垂直于轨道平面向下,磁感应强度为B.对杆施加一个大小为F、方向平行于导轨的恒力,使杆从静止开始运动,已知杆到达磁场区域时速度为v,之后进入磁场恰好做匀速运动.不计导轨的电阻,假定导轨与杆之间存在恒定的阻力.求:(1)导轨对杆ab的阻力大小Ff;(2)杆ab中通过的电流I及其方向;8\n(3)导轨左端所接电阻的阻值R.解析:(1)杆进入磁场前做匀加速运动,设加速度为a,由牛顿第二定律有F-Ff=ma由运动学公式,有v2-0=2ad解得导轨对杆的阻力Ff=F-(2)杆进入磁场后做匀速运动,由受力平衡有F=Ff+FB杆ab所受的安培力FB=IBl解得杆ab中通过的电流I=由右手定则可知,杆中的电流方向自a流向b.(3)杆产生的感应电动势E=Blv杆中的感应电流I=解得导轨左端所接电阻阻值R=-r答案:(1)F- (2) 由a流向b(3)-r8
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高考物理总复习9.2法拉第电磁感应定律自感和涡流课时作业新人教版选修3_2
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高考 - 二轮专题
发布时间:2022-08-25 22:03:46
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