全国版2023高考数学一轮复习解题思维4高考中结构不良试题的提分策略试题理含解析202303161100

解题思维4　高考中结构不良试题的提分策略1.在①b1+b3=a2,②a4=b4,③S5=-25这三个条件中任选一个,补充在下面问题中,若问题中的k存在,求出k的值;若k不存在,说明理由.设等差数列{an}的前n项和为Sn,{bn}是等比数列,　　　　,b1=a5,b2=3,b5=-81,是否存在k,使得Sk>Sk+1且Sk+1<Sk+2? 注:如果选择多个条件分别解答,按第一个解答计分.2.在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,sInAcosA=sInB+sInCcosB+cosC.(1)若△ABC还同时满足下列四个条件中的三个:①a=7,②b=10,③c=8,④△ABC的面积S=103,请指出这三个条件,并说明理由.(2)若a=3,求△ABC周长L的取值范围.第6页共6页\n3.条件①:图4-1中tan2B=-43.条件②:图4-1中AD=23AB+13AC.条件③:图4-2中三棱锥A-BCD的体积最大.从以上三个条件中任选一个,补充在问题(2)中的横线上,并加以解答.如图4-1所示,在△ABC中,∠ACB=45°,BC=3,过点A作AD⊥BC交BC于D,沿AD将△ABD折起,使∠BDC=90°(如图4-2),点E,M分别为棱BC,AC的中点.　图4-1　　　　　　　图4-2(1)求证:CD⊥ME.(2)已知　　　　,试在棱CD上确定一点N,使得EN⊥BM,并求锐二面角M-BN-C的余弦值. 注:如果选择多个条件分别解答,按第一个解答计分.4.在①离心率为3,且经过点(3,4);②a2c=4,且焦距为2;这两个条件中任选一个,补充在下面的问题中,若问题中的直线l存在,求出l的方程;若问题中的直线l不存在,说明理由.问题:已知曲线C:mx2+ny2=1(m,n≠0)的焦点在x轴上,　　　　　,是否存在过点P(-1,1)的直线l,与曲线C交于A,B两点,且P为线段AB的中点? 注:若选择条件①和条件②分别解答,按第一个解答计分.答案解题思维4　高考中结构不良试题的提分策略第6页共6页\n1.因为{bn}为等比数列,且b2=3,b5=-81,设公比为q,则b5=b2q3,即3q3=-57,所以q=-3.则bn=-(-3)n-1.所以a5=b1=-1.假设存在k,使得Sk>Sk+1且Sk+1<Sk+2,则Sk+1是等差数列{an}的前n项和Sn中的唯一最小值,所以{an}为递增数列(d>0)且a1<0.若选择条件①,则a2=b1+b3=-10,又a5=a2+3d,所以d=3>0,又a1=a2-d=-13<0,所以存在满足题意的k,且k=4.若选择条件②,则a4=b4=27,由a5=-1得d=-28<0,所以满足题意的k不存在.若选择条件③,则S5=5(a1+a5)2=-25,a1=-9<0,d=2>0.所以满足题意的k存在,且k=4.2.由sinAcosA=sinB+sinCcosB+cosC,得sinAcosB+sinAcosC=cosAsinB+cosAsinC,sinAcosB-cosAsinB=cosAsinC-sinAcosC,所以sin(A-B)=sin(C-A).因为A,B,C∈(0,π),所以A-B=C-A,即2A=B+C,所以A=π3.(1)△ABC还同时满足条件①③④.理由如下:若△ABC同时满足条件①②,则由正弦定理得sinB=bsinAa=537>1,这不可能,所以△ABC不能同时满足条件①②,若△ABC同时满足条件③④,则△ABC的面积S=12bcsinA=12×b×8×32=103,所以b=5,与条件②b=10矛盾,此时可求得a=7或a=-7(舍去).所以△ABC还同时满足的三个条件为①③④.(2)在△ABC中,由正弦定理得bsinB=csinC=asinA=23.因为C=2π3-B,所以b=23sinB,c=23sin(2π3-B).所以L=a+b+c=3+23[sinB+sin(2π3-B)]=6(32sinB+12cosB)+3=6sin(B+π6)+3,因为B∈(0,2π3),所以B+π6∈(π6,5π6),sin(B+π6)∈(12,1],所以△ABC周长L的取值范围为(6,9].3.(1)∵CD⊥AD,CD⊥BD,AD∩BD=D,∴CD⊥平面ABD,∵AB⊂平面ABD,∴CD⊥AB.又M,E分别为AC,BC的中点,∴ME∥AB,∴CD⊥ME.(2)方案一:选择条件①.在题图4-1所示的△ABC中,由tan2B=-43=2tanB1-tan2B,解得tanB=2或tanB=-12(舍去).设AD=CD=x,则在Rt△ABD中,tanB=ADBD=x3-x=2,解得x=2,∴AD=CD=2,BD=1.第6页共6页\n因为DA,DB,DC两两垂直,所以以点D为原点,DB,DC,DA的方向分别为x轴,y轴,z轴的正方向建立图D4-1如图D4-1所示的空间直角坐标系D-xyz,则D(0,0,0),B(1,0,0),C(0,2,0),A(0,0,2),M(0,1,1),E(12,1,0),BM=(-1,1,1).设N(0,a,0),则EN=(-12,a-1,0).∵EN⊥BM,∴EN·BM=0,即12+a-1=0,解得a=12,∴N(0,12,0),∴当DN=12(即N是线段CD上靠近D的一个四等分点)时,EN⊥BM.设平面BNM的法向量为n=(x,y,z),且BN=(-1,12,0),则n·BN=0,n·BM=0,即-2x+y=0,-x+y+z=0,令x=1,则n=(1,2,-1).取平面BNC的一个法向量m=(0,0,1),则cos<m,n>=m·n|m||n|=-66,∴锐二面角M-BN-C的余弦值为66.方案二:选择条件②.在题图4-1所示的△ABC中,设BD=λBC,则AD=AB+BD=AB+λBC=AB+λ(AC-AB)=(1-λ)AB+λAC,又AD=23AB+13AC,所以λ=13,即BD=1.后续解法同方案一.方案三:选择条件③.在题图4-1所示的△ABC中,设BD=x(0<x<3),则CD=AD=3-x.∵在题图4-2中AD⊥DC,AD⊥BD,且BD∩DC=D,∴AD⊥平面BCD.由∠BDC=90°,得S△BCD=12x(3-x),∴VA-BCD=13AD·S△BCD=13(3-x)·12x(3-x)=16(x3-6x2+9x),x∈(0,3),令f(x)=16(x3-6x2+9x),x∈(0,3),则f'(x)=12(x-1)(x-3),当0<x<1时,f'(x)>0,当1<x<3时,f'(x)<0,第6页共6页\n∴当x=1时,f(x)取得最大值.即当BD=1时,三棱锥A-BCD的体积最大.后续解法同方案一.4.若选条件①.由题设得曲线C为焦点在x轴上的双曲线.设m=1a2,n=-1b2(a>0,b>0),则曲线C的方程为x2a2-y2b2=1(a>0,b>0),(题眼)由题设得a2+b2a2=3,9a2-16b2=1,解得a2=1,b2=2,所以曲线C的方程为x2-y22=1.(i)当直线l的斜率不存在时,直线l的方程为x=-1,则直线l与曲线C有且仅有一个交点(-1,0),不符合题意.(ii)当直线l的斜率存在时,设A(x1,y1),B(x2,y2),直线l的方程为y-1=k(x+1),即y=k(x+1)+1,代入x2-y22=1得(2-k2)x2-2k(k+1)x-(k2+2k+3)=0　(*),若2-k2=0,即k=±2时,方程(*)有且仅有一解,不符合题意;若2-k2≠0,即k≠±2时,其判别式Δ=[-2k(k+1)]2-4(k2-2)(k2+2k+3)=8(2k+3)>0,则k>-32,所以方程(*)有两个不同实数解时,k>-32且k≠±2,于是x1+x2=--2k(k+1)2-k2=2×(-1)=-2,解得k=-2,与k>-32且k≠±2矛盾.所以不存在直线l,与曲线C交于A,B两点,且P为线段AB的中点.若选条件②.由题设得曲线C为焦点在x轴上的椭圆.设m=1a2,n=1b2(a>b>0),则曲线C的方程为x2a2+y2b2=1(a>b>0),由题设得a2c=a2a2-b2=4,2a2-b2=2,解得a2=4,b2=3,所以曲线C的方程为x24+y23=1.(i)当直线l的斜率不存在时,直线l的方程为x=-1,代入x24+y23=1得y=±32,P(-1,1)不是线段AB的中点,不符合题意.(ii)当直线l的斜率存在时,设A(x1,y1),B(x2,y2),直线l的方程为y=k(x+1)+1,代入x24+y23=1得(3+4k2)x2+8k(k+1)x+4(k2+2k-2)=0,其判别式Δ=[8k(k+1)]2-4·(3+4k2)·4(k2+2k-2)=16(9k2-6k+6)>0恒成立,于是x1+x2=-8k(k+1)3+4k2=2×(-1)=-2,解得k=34,第6页共6页\n故y=34(x+1)+1=34x+74,即3x-4y+7=0,所以存在直线l:3x-4y+7=0,与曲线C交于A,B两点,且P为线段AB的中点.第6页共6页