中考数学模拟卷一2

2022中考数学模拟卷（一）（时间：120分钟，总分：150分）友情提示：1.作图或画辅助线等需用签字笔描黑.2.未注明准确度的计算问题，结果应为准确数.一、选择题（每空4分，共40分）1、以下说法正确的选项是（　　）A．前面带有“+”号的数一定是正数B．前面带“﹣”号的数一定是负数C．上升5米，再下降3米，实际上升2米D．一个数不是正数就是负数2、如图，已知MB=ND，∠MBA=∠NDC，以下条件中不能判定△ABM≌△CDN的是（　　）A．∠M=∠NB．AM=CN   C．AB=CD   D．AM∥CN3、某工厂一种产品的年产量是20件，如果每一年都比上一年的产品增加x倍，两年后产品y与x的函数关系是（　　）A．y=20（1﹣x）2      B．y=20+2、ON、BM、BN．记△MNO、△AOM、△DMN的面积分别为S1、S2、S3，那么以下结论不一定成立的是（  ）A．S1＞S2+S3     B．△AOM∽△DMN     C．∠MBN=45°     D．MN=AM+CN9、对a，b，定义运算“＊”如下：a＊b＝已知3＊m＝36，那么实数m等于（　　）（A）2         （B）4           （C）±2      （D）4或±210、将一副三角尺（在Rt△ABC中，∠ACB=90°，∠B=60°，在Rt△EDF中，∠EDF=90°，∠E=45°）如图摆放，点D为AB的中点，DE交AC于点P，DF经过点C，将△EDF绕点D顺时针方向旋转α（0°＜α＜60°），DE′交AC于点M，DF′交BC于点N，那么的值为（　　）A． B． C． D．二、填空题（每空4分，共24分）11、随机从甲、乙两块试验田中各抽取100株麦苗测量高度，计算平均数和方差的结果为：，，，，那么小麦长势比较整齐的试验田是      (填“甲”或“乙”)．12、平面上任意两点确定一条直线，任意三点最多可确定3条直线，假设平面上任意n个点最多可确定28条直线，那么n的值是________________________16/16\n13、如图，在△ABC中，∠C=90°，AC=14，BD平分∠ABC，交AC于D，AD：DC=5：2，那么点D到AB的距离为________.14、如图的平面直角坐标系中有一个正六边形ABCDEF，其中C、D的坐标分别为（1，0）和（2，0）．假设在无滑动的情况下，将这个六边形沿着x轴向右滚动，那么在滚动过程中，这个六边形的顶点A、B、C、D、E、F中，会过点（47，2）的是点　　．15、在平面直角坐标系中，将抛物线C1：y=x2绕点（1，0）旋转180°后，得到抛物线C2，定义抛物线C1和C2上位于﹣2≤x≤2范围内的局部为图象C3．假设一次函数y=kx+k﹣1（k＞0）的图象与图象C3有两个交点，那么k的范围是：　　．16、如图，矩形ABCD中，AB=3，BC=4，点E是BC边上一点，连接AE，把∠B沿AE折叠，使点B落在点B′处．当△CEB′为直角三角形时，BE的长为　　　　　　．　（第15题图）（第16题图）三、非选择题（共86分）17、x2﹣4x+2=0；（5分）18、（5分）19、如图，在△ABC中，AB=AC，点D、E分别是AB、AC的中点，点F是BE、CD的交点，请写出图中两组全等的三角形，并选出其中一组加以证明．(要求：写出证明过程中的重要依据)   （8分）          20、如图，帆船和帆船在太湖湖面上训练，为湖面上的一个定点，教练船静候于点．训练时要求两船始终关于点对称．以为原点，建立如以下图的坐标系，轴，轴的正方向分别表示正东、正北方向．设两船可近似看成在双曲线上运动．湖面风平浪静，双帆远影优美．训练中当教练船与两船恰好在直线上时，三船同时发现湖面上有一遇险的船，此时教练船测得船在东南方向上，船测得与的夹角为，船也同时测得船的位置（假设船位置不再改变，三船可分别用三点表示）．（10分）（1）发现船时，三船所在位置的坐标分别为和；（2）发现船，三船立即停顿训练，并分别从三点出发船沿最短路线同时前往救援，设两船的速度相等，教练船与船的速度之比为，问教练船是否最先赶到？请说明理由．   21、课前预习是学习的重要缓解，为了了解所教班级学生完成课前预习的具体情况，某班主任对本班局部学生进展了为期半个月的跟踪调查，他将调查结果分为四类：A．优秀，B．良好，C．一般，D．较差，并将调查结果绘制成以下两幅不完整的统计图．（10分）（1）本次调查的样本容量是　　；其中A类女生有　　名，D类学生有　　名；（2）将条形统计图和扇形统计图补充完整；（3）假设从被调查的A类和D类学生中各随机选取一位学生进展“一帮一”辅导学习，即A类学生辅导D类学生，请用列表法或画树状图的方法求出所选两位同学中恰好是一位女同学辅导一位男同学的概率．16/16\n22、阅读与思考婆罗摩笈多（Brahmagupta），是一位印度数学家和天文学家，书写了两部关于数学和天文学的书籍，他的一些数学成就在世界数学史上有较高的地位，他的负数概念及加减法运算仅晚于中国《九章算术》，而他的负数乘除法法那么在全世界都是领先的，他还提出了著名的婆罗摩笈多定理，该定理的内容及局部证明过程如下：已知：如图1，四边形ABCD内接于⊙O，对角线AC⊥BD于点P，PM⊥AB于点M，延长MP交CD于点N，求证：CN=DN．证明：在△ABP和△BMP中，∵AC⊥BD，PM⊥AB，∴∠BAP+∠ABP=90°，∠BPM+∠MBP=90°．∴∠BAP=∠BPM．∵∠DPN=∠BPM，∠BAP=∠BDC．∴…（1）请你阅读婆罗摩笈多定理的证明过程，完成剩余的证明局部．（6分）（2）已知：如图2，△ABC内接于⊙O，∠B=30°，∠ACB=45°，AB=2，点D在⊙O上，∠BCD=60°，连接AD，与BC交于点P，作PM⊥AB于点M，延长MP交CD于点N，那么PN的长为？（6分）23、如图1，在△ABC中，点P为BC边中点，直线a绕顶点A旋转，假设点B，P在直线a的异侧，BM⊥直线a于点M．CN⊥直线a于点N，连接PM，PN．（1）延长MP交CN于点E（如图2）．①求证：△BPM≌△CPE；（4分）②求证：PM=PN；（4分）（2）假设直线a绕点A旋转到图3的位置时，点B，P在直线a的同侧，其它条件不变，此时PM=PN还成立吗？假设成立，请给予证明；假设不成立，请说明理由；（6分）（3）假设直线a绕点A旋转到与BC边平行的位置时，其它条件不变，请直接判断四边形MBCN的形状及此时PM=PN还成立吗？不必说明理由．（5分）24、设a，b是任意两个不等实数，我们规定：满足不等式a≤x≤b的实数x的所有取值的全体叫做闭区间，表示为[a，b]．对于一个函数，如果它的自变量x与函数值y满足：当m≤x≤n时，有m≤y≤n，我们就称此函数是闭区间[m．n]上的“闭函数”．如函数y=﹣x+4，当x=1时，y=3；当x=3时，y=1，即当1≤x≤3时，有1≤y≤3，所以说函数y=﹣x+4是闭区间[1，3]上的“闭函数”．（1）反比例函数y=是闭区间[1，2022]上的“闭函数”吗？请判断并说明理由；（4分）（2）假设二次函数y=x2﹣2x﹣k是闭区间[1，2]上的“闭函数”，求k的值；（5分）（3）假设一次函数y=kx+b（k≠0）是闭区间[m，n]上的“闭函数”，求此函数的表达式（用含m，n的代数式表示）．（6分）16/16\n2022年中考资料介绍英语局部1.中考词汇辨析122组 2.中学英语词组大全3.初中必背的英语重点词组句型4.中考英语词组必考必备5.中考英语各种题型的解题技巧——日常生活类——日常生活类——人生百味类——人生百味、科普宣传类——科普宣传类——政治经济文化类中考英语阅读天天练系列——政治经济文化类——人物传记、故事类物理局部1.2022年中考物理模拟卷2.2022-2022学年毕业班中考模拟试卷物理3.2022-2022学年第二学期第一次质量检测物理试卷（2份）016-2022学年第一学期物理期末质量检测5.2022-2022学年第一学期物理期末质量检测 语文局部——文言文专题练习16/16\n数学局部1.2022中考数学模拟卷（一）期末局部   2022中考模拟卷系列从1月起，每月1份，考察内容于中考相同，难度适宜，从未开场总复习到中考前检测，从中看到进步，发现问题，从而在中考中发挥出最好水平，本练习为2022年1月。2022中考数学模拟卷（一）参考答案一、选择题1、C【考点】正数和负数．【分析】根据各个选项中的说法可以判断其是否正确，从而可以解答此题．【解答】解：+（﹣2）=﹣2，应选项A错误；﹣（﹣2）=2，应选项B错误；上升5米，再下降3米，实际上升2米，应选项C正确；一个数不是正数，就是负数或零，应选项D错误；2、B【考点】全等三角形的判定．【分析】根据普通三角形全等的判定定理，有AAS、SSS、ASA、SAS四种．逐条验证．【解答】解：A、∠M=∠N，符合ASA，能判定△ABM≌△CDN，故A选项不符合题意；B、根据条件AM=CN，MB=ND，∠MBA=∠NDC，不能判定△ABM≌△CDN，故B选项符合题意；C、AB=CD，符合SAS，能判定△ABM≌△CDN，故C选项不符合题意；D、AM∥CN，得出∠MAB=∠NCD，符合AAS，能判定△ABM≌△CDN，故D选项不符合题意．3、C【考点】根据实际问题列二次函数关系式．【分析】根据已知表示出一年后产品数量，进而得出两年后产品y与x的函数关系．16/16\n【解答】解：∵某工厂一种产品的年产量是20件，每一年都比上一年的产品增加x倍，∴一年后产品是：20（1+x），∴两年后产品y与x的函数关系是：y=20（1+x）2．应选：C．【点评】此题主要考察了根据实际问题列二次函数关系式，得出变化规律是解题关键．4、B；5、.C   6、B．7、B．8、A．【解析】（1）如答图1，过点M作MP∥AO交ON于点P，∵点O是线段AE上的一个动点，当AM=MD时，S梯形ONDA=（OA+DN）•ADS△MNO=MP•AD，∵（OA+DN）=MP，∴S△MNO=S梯形ONDA，∴S1=S2+S3，∴不一定有S1＞S2+S3.故A不一定成立.（2）∵MN是⊙O的切线，∴OM⊥MN，又∵四边形ABCD为正方形，∴∠A=∠D=90°，∠AMO+∠DMN=90°，∠AMO+∠AOM=90°.∴∠AOM=∠DMN.在△AMO和△DMN中，∵，∴△AMO∽△DMN．故B成立.（3）如答图2，过点B作BP⊥MN于点P，∵MN，BC是⊙O的切线，∴∠PMB=∠MOB，∠CBM=∠MOB.∵AD∥BC，∴∠CBM=∠AMB.∴∠AMB=∠PMB.在Rt△MAB和Rt△MPB中，∵，∴Rt△MAB≌Rt△MPB（AAS）.∴AM=MP，∠ABM=∠MBP，BP=AB=BC.在Rt△BPN和Rt△BCN中，，∴Rt△BPN≌Rt△BCN（HL）.∴PN=CN，∠PBN=∠CBN.∴∠MBN=∠MBP+∠PBN.∴MN=MN+PN=AM+CN．故C，D成立.综上所述，A不一定成立.应选A．9、A10、C【考点】旋转的性质．16/16\n【专题】压轴题．【分析】先根据直角三角形斜边上的中线性质得CD=AD=DB，那么∠ACD=∠A=30°，∠BCD=∠B=60°，由于∠EDF=90°，可利用互余得∠CPD=60°，再根据旋转的性质得∠PDM=∠CDN=α，于是可判断△PDM∽△CDN，得到=，然后在Rt△PCD中利用正切的定义得到tan∠PCD=tan30°=，于是可得=．【解答】解：∵点D为斜边AB的中点，∴CD=AD=DB，∴∠ACD=∠A=30°，∠BCD=∠B=60°，∵∠EDF=90°，∴∠CPD=60°，∴∠MPD=∠NCD，∵△EDF绕点D顺时针方向旋转α（0°＜α＜60°），∴∠PDM=∠CDN=α，∴△PDM∽△CDN，∴=，在Rt△PCD中，∵tan∠PCD=tan30°=，∴=tan30°=．应选C．【点评】此题考察了旋转的性质：对应点到旋转中心的距离相等；对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角；旋转前、后的图形全等．也考察了相似三角形的判定与性质．二、填空题11、甲12、 813、4                  14、D    解：如以下图：当滚动到A′D⊥x轴时，E、F、A的对应点分别是E′、F′、A′，连接A′D，点F′，E′作F′G⊥A′D，E′H⊥A′D，∵六边形ABCDEF是正六边形，16/16\n∴∠A′F′G=30°，∴A′G=A′F′=，同理可得HD=，∴A′D=2，∵D（2，0）∴A′（2，2），OD=2，∵正六边形滚动6个单位长度时正好滚动一周，∴从点（2，2）开场到点（47，2）正好滚动45个单位长度，∵=7…3，∴恰好滚动7周多3个，∴会过点（47，2）的是点D，故答案为：D．15、﹣2+2＜k≤或≤k﹣4+6或k≥15　．【考点】二次函数图象与几何变换；一次函数图象上点的坐标特征．【分析】如图，由题意图象C2的解析式为y=﹣（x﹣2）2，图象C3是图中两根红线之间的C1、C2上的局部图象，分五种情形讨论即可．【解答】解：如图，由题意图象C2的解析式为y=﹣（x﹣2）2，图象C3是图中两根红线之间的C1、C2上的局部图象．由﹣2x≤2，那么A（2，4），B（﹣2，﹣16），D（2，0）．因为一次函数y=kx+k﹣1（k＞0）的图象与图象C3有两个交点①当直线经过点A时，满足条件，4=2k+k﹣1，解得k=，②当直线与抛物线C1切时，由消去y得到x2﹣kx﹣k+1=0，∵△=0，∴k2+4k﹣4=0，解得k=或﹣2﹣2（舍弃），观察图象可知当﹣2+2＜k≤时，直线与图象C3有两个交点．③当直线与抛物线C2相切时，由，消去y，得到x2﹣（4﹣k）x+3+k=0，∵△=0，∴（4﹣k）2﹣4（3+k）=0，解得k=6﹣4或6+4（舍弃），④当直线经过点D（2，0）时，0=2k+k﹣1，解得k=，观察图象可知，≤k﹣4+6时，直线与图象C3有两个交点．16/16\n⑤当直线经过点B（﹣2，﹣16）时，﹣16=﹣2k+k﹣1，解得k=15，观察图象可知，k≥15时，直线与图象C3有两个交点．综上所述，当﹣2+2＜k≤或≤k﹣4+6或k≥15时，直线与图象C3有两个交点．故答案为﹣2+2＜k≤或≤k﹣4+6或k≥1516、　或3　． 【考点】翻折变换（折叠问题）．【专题】压轴题．【分析】当△CEB′为直角三角形时，有两种情况：①当点B′落在矩形内部时，如答图1所示．连结AC，先利用勾股定理计算出AC=5，根据折叠的性质得∠AB′E=∠B=90°，而当△CEB′为直角三角形时，只能得到∠EB′C=90°，所以点A、B′、C共线，即∠B沿AE折叠，使点B落在对角线AC上的点B′处，那么EB=EB′，AB=AB′=3，可计算出CB′=2，设BE=x，那么EB′=x，CE=4﹣x，然后在Rt△CEB′中运用勾股定理可计算出x．②当点B′落在AD边上时，如答图2所示．此时ABEB′为正方形．【解答】解：当△CEB′为直角三角形时，有两种情况：①当点B′落在矩形内部时，如答图1所示．连结AC，在Rt△ABC中，AB=3，BC=4，∴AC==5，∵∠B沿AE折叠，使点B落在点B′处，∴∠AB′E=∠B=90°，当△CEB′为直角三角形时，只能得到∠EB′C=90°，∴点A、B′、C共线，即∠B沿AE折叠，使点B落在对角线AC上的点B′处，∴EB=EB′，AB=AB′=3，∴CB′=5﹣3=2，设BE=x，那么EB′=x，CE=4﹣x，16/16\n在Rt△CEB′中，∵EB′2+CB′2=CE2，∴x2+22=（4﹣x）2，解得x=，∴BE=；②当点B′落在AD边上时，如答图2所示．此时ABEB′为正方形，∴BE=AB=3．综上所述，BE的长为或3．故答案为：或3．【点评】此题考察了折叠问题：折叠前后两图形全等，即对应线段相等；对应角相等．也考察了矩形的性质以及勾股定理．注意此题有两种情况，需要分类讨论，防止漏解．三、非选择题17、x2﹣4x+4=2，（x﹣2）2=2，x﹣2=±，所以x1=2+，x2=2﹣；18、19、解：△ABE≌△ACD，△BCD≌△CBE或△BFD≌△CFE（写出两个即可）（1）选△ABE≌△ACD    证明：∵点D、E分别是AB、AC的中点，    ∴AD=AB，AE=AC    又∵AB=AC，∴AD=AE    在△ABE和△ACD中，   ∴△ABE≌△ACD（SAS）（2）选△BCD≌△CBE证明：∵AB=AC，    ∴∠ABC=∠ACB（等边对等角）16/16\n    ∵点D、E分别是AB、AC的中点，∴BD=AB，CE=AC，∴BD=CE     在△BCD和△CBE中，    ∴△BCD≌△CBE（3）选△BFD≌△CFE    方法一：证明：∵点D、E分别是AB、AC的中点，∴AD=AB，AE=AC在△ABE和△ACD中，∴△ABE≌△ACD（SAS）∴∠ABE=∠ACD（全等三角形对应角相等）∵点D、E分别是AB、AC的中点，∴BD=AB，CE=AC，∴BD=CE在△BFD和△CFE中，∴△BFD≌△CFE（AAS）方法二：证明：∵AB=AC，    ∴∠ABC=∠ACB（等边对等角）    ∵点D、E分别是AB、AC的中点，∴BD=AB，CE=AC，∴BD=CE     在△BCD和△CBE中，    ∴△BCD≌△CBE（SAS）∴∠BDC=∠CEB（全等三角形对应角相等）∴△BFD≌△CFE（AAS）20、（1）；；．（2）作轴于，连和．16/16\n∵A的坐标为，，．∵C在的东南方向上，．∵AO=BO，．又∵∠BAC=60°为正三角形．．．由条件设：教练船的速度为，两船的速度均为4．那么教练船所用的时间为：，两船所用的时间均为：．∵，，．教练船没有最先赶到．21、【考点】列表法与树状图法；总体、个体、样本、样本容量；扇形统计图；条形统计图．【分析】（1）根据B类有6+4=10人，所占的比例是50%，据此即可求得总人数，再求得A类总人数可得A类女生人数，由各类别人数之和为总人数可得D类人数；（2）利用（1）中求得的结果及对应人数除以总人数即为其百分比，补全图形即可得；（3）利用列举法即可表示出各种情况，然后利用概率公式即可求解．【解答】解：（1）本次调查的学生数=（6+4）÷50%=20（名），那么A类女生有：20×15%﹣1=2（名），D类学生有20﹣（3+10+5）=2（名），故答案为：20、2、2；（2）C类百分比为×100%=25%，D类别百分比为×100%=10%，补全图形如下：（3）由题意画树形图如下：从树形图看出，所有可能出现的结果共有6种，且每种结果出现的可能性相等，所选一位女同学辅导一位男同学的结果共有2种．所以P（一位女同学辅导一位男同学）==．22、【考点】三角形的外接圆与外心；含30度角的直角三角形；圆内接四边形的性质．【分析】（1）由直角三角形的性质∠BAP=∠BPM．由圆周角定理得出∠DPN=∠BPM，∠BAP=∠BDC．证出∠DPN=∠PDN，得出DN=PN，同理CN=PN，即可得出结论；16/16\n（2）由圆周角定理得出∠D=∠B=30°，由三角形内角和定理求出∠DAC=45°，得出△APC是等腰直角三角形，∴PA=PC，∠CPD=90°，由AAS证明△CPD≌△APB，得出CD=AB=2，同（1）得出CN=DN，由三角形内角和定理得出PN=CD=1即可．【解答】解：（1）在△ABP和△BMP中，∵AC⊥BD，PM⊥AB，∴∠BAP+∠ABP=90°，∠BPM+∠MBP=90°．∴∠BAP=∠BPM．∵∠DPN=∠BPM，∠BAP=∠BDC．∴∠DPN=∠PDN，∴DN=PN，同理：CN=PN，∴CN=DN；（2）∵∠ACB=45°，∠BCD=60°，∴∠ACD=45°+60°=105°，又∵∠D=∠B=30°，∴∠DAC=180°﹣∠ACD﹣∠D=45°，∴∠APC=180°﹣45°﹣45°=90°，△APC是等腰直角三角形，∴PA=PC，∠CPD=90°，在△CPD和△APB中，，∴△CPD≌△APB（AAS），∴CD=AB=2，∵∠CPD=90°，PM⊥AB于点M，延长MP交CD于点N，∴同（1）得：CN=DN，∴PN=CD=1；故答案为：1．23、【考点】旋转的性质；全等三角形的判定；矩形的判定．【专题】几何综合题；压轴题．16/16\n【分析】（1）①根据平行线的性质证得∠MBP=∠ECP再根据BP=CP，∠BPM=∠CPE即可得到；②由△BPM≌△CPE，得到PM=PE那么PM=ME，而在Rt△MNE中，PN=ME，即可得到PM=PN．（2）证明方法与②相同．（3）四边形MBCN是矩形，那么PM=PN成立．【解答】（1）证明：①如图2：∵BM⊥直线a于点M，CN⊥直线a于点N，∴∠BMA=∠CNM=90°，∴BM∥CN，∴∠MBP=∠ECP，又∵P为BC边中点，∴BP=CP，又∵∠BPM=∠CPE，∴△BPM≌△CPE，②∵△BPM≌△CPE，∴PM=PE∴PM=ME，∴在Rt△MNE中，PN=ME，∴PM=PN．（2）解：成立，如图3．证明：延长MP与NC的延长线相交于点E，∵BM⊥直线a于点M，CN⊥直线a于点N，∴∠BMN=∠CNM=90°∴∠BMN+∠CNM=180°，∴BM∥CN∴∠MBP=∠ECP，16/16\n又∵P为BC中点，∴BP=CP，又∵∠BPM=∠CPE，在△BPM和△CPE中，，∴△BPM≌△CPE，∴PM=PE，∴PM=ME，那么Rt△MNE中，PN=ME，∴PM=PN．（3）解：如图4，四边形M′BCN′是矩形，根据矩形的性质和P为BC边中点，得到△M′BP≌△N′CP，得PM′=PN′成立．即“四边形MBCN是矩形，那么PM=PN成立”．【点评】此题考察旋转的性质．旋转变化前后，对应线段、对应角分别相等，图形的大小、形状都不改变．24、【考点】二次函数综合题．【分析】（1）由k＞0可知反比例函数y=在闭区间[1，2022]上y随x的增大而减小，然后将x=1，x=2022分别代入反比例解析式的解析式，从而可求得y的范围，于是可做出判断；（2）先求得二次函数的对称轴为x=1，a=1＞0，根据二次函数的性质可知y=x2﹣2x﹣k在闭区间[1，2]上y随x的增大而增大，然后将x=1，y=1，x=2，y=2分别代入二次函数的解析式，从而可求得k的值；（3）当k＞0时，将（m，m）、（n，n）代入直线的解析式得到关于k、b的方程组，从而可求得k=1、b=0，故此函数的表达式为y=x；当k＜0时，将（m，n）、（n，m）代入直线的解析式得到关于k、b的方程组，从而可求得k=﹣1、b=m+n的值，从而可求得函数的表达式．【解答】解：（1）∵k=2022＞0，∴当1≤x≤2022时，y随x的增大而减小．∴当x=1时，y=2022；当x=2022时，y=1．∴1≤y≤2106．16/16\n∴反比例函数y=是闭区间[1，2022]上的“闭函数”．（2）∵x=﹣=1，a=1＞0，∴二次函数y=x2﹣2x﹣k在闭区间[1，2]上y随x的增大而增大．∵二次函数y=x2﹣2x﹣k是闭区间[1，2]上的“闭函数”，∴当x=1时，y=1；当x=2时，y=2．将x=1，y=1；x=2，y=2代入得：．解得：k=﹣2．∴k的值为﹣2．（3）∵一次函数y=kx+b（k≠0）是闭区间[m，n]上的“闭函数”，∴当k＞0时，直线经过点（m，m）、（n，n）．∴．解得：．∴直线的解析式为y=x．当k＜0时，直线经过点（m，n）、（n，m）∴．解得：．∴直线的解析式为y=﹣x+m+n．综上所述，当k＞0时，直线的解析式为y=x，当k＜0，直线的解析式为y=﹣x+m+n．【点评】此题综合考察了二次函数图象的对称性和增减性，一次函数图象的性质以及反比例函数图象的性质．解题的关键是弄清楚“闭函数”的定义．解题时，也要注意“分类讨论”数学思想的应用．16/16