云南省2022年中考物理真题试题（解析版）

云南省2022年中考物理试卷一、选择题(本大题共8个小题，每小题只有一个正确选项，每小题3分，满分24分）1．（3分）（2022•云南）下列有关物理学史的说法正确的是（　　）　A．牛顿第一定律是伽利略总结牛顿等人的研究结果得出的　B．阿基米德原理就是杠杆的平衡条件　C．欧姆发现了同一段导体中的电流跟电压和电阻之间的定量关系　D．法拉第电磁感应实验表明，电流的周围存在磁场考点：物理常识．专题：其他综合题．分析：根据对物理学家及其主要贡献的掌握分析答题．解答：解：A、牛顿在总结伽利略等科学家研究成果的基础上总结出了牛顿第一定律，故A错误；B、阿基米德原理：物体受到的浮力等于物体排开液体的重力，故B错误；C、欧姆发现了同一段导体中的电流跟电压和电阻之间的定量关系，得出了欧姆定律，故C正确；D、法拉第发现了电磁感应现象，奥斯特发现了电流的磁效应，即电流周围存在磁场，故D错误；故选C．点评：本题考查了物理学史的有关内容，平时要注意物理学史知识的学习与积累．　2．（3分）（2022•云南）关于家庭电路的下列做法，不符合安全用电常识的是（　　）　A．发现有人触电，应首先切断电源　B．检修电路故障时，应尽量在通电情况下作业　C．有金属外壳的用电器，金属外壳一定要接地　D．为了保证电路安全，家里尽量不要同时使用多个大功率电器考点：安全用电原则．专题：电与热、生活用电．分析：①当有人触电时，应先切断电源或用绝缘体把电线挑开；②为人身及用电器安全，在检修电路故障时，必须使电路处于断开状态；③家庭电路中为了安全用电，金属外壳都要接地，金属外壳的用电器漏电时，地线把人体短路，避免触电事故的发生；④电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大．解答：解：16\nA、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，不能用手拉开电线和触电的人，这样自己也会触电．符合安全用电常识；B、检修电路故障时，必须使电路断开．不符合安全用电常识；C、金属外壳的用电器的外壳一定要接地，避免金属外壳用电器漏电时发生触电事故．符合安全用电常识；D、电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大．故大功率用电器同时使用时，将会使电路中的电流过大，引起火灾．符合安全用电常识．故选C．点评：本题主要考查学生对安全用电知识、触电的应急措施的了解与掌握，加强用电安全意识，学会自我保护．　3．（3分）（2022•云南）照镜子时，你会在镜里看到另外一个“你”，镜里的这个“你”就是你的像．下列关于这个像的说法正确的是（　　）　A．镜里的像是虚像B．像的大小与镜的大小有关　C．镜里的像是光的折射形成的D．人向镜靠近0.2m，像将远离镜0.2m考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．专题：光的折射、光的色散．分析：（1）根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等．（2）平面镜成像的光的反射现象．解答：解：A、人在平面镜中成虚像．符合题意．B、像的大小跟物体大小相等，跟平面镜大小，跟物体到平面镜的距离都没有关系．不符合题意．C、平面镜成像是光的反射形成的．不符合题意．D、物像到平面镜的距离相等，所以人向镜靠近0.2m，像将靠近镜0.2m．不符合题意．故选A．点评：平面镜成像时，像的大小只跟物体大小有关，跟其它因素没关，有时平面镜比较小时，我们在某一角度不能看到完整的像，但是像确实是完整的．　4．（3分）（2022•云南）炎热的夏天，课桌上一个杯子中有一把金属勺，把热水瓶中的开水（略低于100℃）倒入杯中，一会儿金属勺熔化了．当杯中的水温降为室温（26℃）后，杯中凝固出一金属块．关于这种金属的下列判断正确的是（　　）　A．该金属熔点高于100℃B．该金属熔点低于26℃　C．该金属凝固点高于100℃D．该金属凝固点低于100℃考点：熔点和凝固点．专题：应用题；温度计、熔化和凝固．16\n分析：晶体有固定的熔点，同种晶体的熔点和凝固点相同，晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变．解答：解：金属勺熔化了，说明热水瓶中开水的温度高于金属的熔点，使金属勺从开水中吸热而熔化；当杯中的水温降为室温（26℃）后，杯中凝固出一金属块，说明室温（26℃）低于金属的凝固点，使金属凝固．故选D点评：本题考查晶体熔化和凝固的特点，知道晶体温度高于熔点时处于液态，低于凝固点时处于固态．　5．（3分）（2022•云南）乒乓球的直径被加大后，提高了乒乓球比赛的观赏性．玛丽认为直径增加了，乒乓球的弹性减弱了，吉姆认为乒乓球弹性是否减弱必须通过实验来证明，能够证明玛丽的说法是否正确的是（　　）　A．把直径不同的乒乓球掷向竖直墙壁，比较反弹后落地的距离　B．把直径不同的乒乓球抛向地面，比较落地后反弹的高度　C．把直径不同的乒乓球在不同高度由静止释放，比较落地后反弹的高度　D．把直径不同的乒乓球在同一高度由静止释放，比较落地后反弹的高度考点：控制变量法与探究性实验方案．专题：探究型实验综合题．分析：（1）物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题．每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法；（2）要想比较两只乒乓球的弹性大小，必须使用控制变量法进行探究，逐一分析每个选项的方案后，选择正确答案．解答：解：A、把直径不同的乒乓球掷向竖直墙壁，不能控制球的初速度相同，无法根据反弹后落地距离比较弹性大小，故A错误；B、把直径不同的乒乓球抛向地面，没有控制球的抛出速度相等，不能根据落地后反弹的高度判断弹性大小，故B错误；C、把直径不同的乒乓球在不同高度由静止释放，没有控制高度相等，故C错误；D、把直径不同的乒乓球在同一高度由静止释放，控制了球的初始高度相同，比较落地后反弹的高度，可以判断球的弹性大小，故D正确；故选D．点评：一个现象受到多个因素的影响，研究其中一个因素的作用时，一定采用控制变量法，一定要注意保证其它因素是相同的．　6．（3分）（2022•云南）不漏气的橡皮氢气球由地面上升过程中，下列关于球内气体的质量与密度的说法，正确的是（　　）　A．质量不变，密度增加B．质量不变，密度减小16\n　C．质量增加，密度不变D．质量减小，密度不变考点：质量及其特性；密度及其特性．专题：质量及其测量；密度及其应用．分析：①质量是物体本身的一种属性，不随位置、状态、形状、温度的改变而改变；②气体的质量一定时，体积越大，密度越小；③大气压随高度的升高而减小．解答：解：气球升空过程中，只是位置的改变，球内气体的质量不变；大气压随高度的升高而减小，气球升空过程中，气球外的气压减小，为保证内外压强相等，所以球的体积增大来减小球内压强，气体的质量不变，体积越大，所以密度越小．故选B．点评：本题通过断线的氢气球升空的过程中，考查了质量是物体本身的一种属性、大气压随高度的变化而变化、质量一定时，体积越大，压强越小等知识点．　7．（3分）（2022•云南）“辽宁舰”航母已正式列入中国人民解放军海军系列，其满载时排水量（满载时排开水的质量）为6.75万吨，则满载时其受到的浮力为（　　）　A．6.75×108NB．6.75×107NC．6.75×104ND．6.75×103N考点：浮力大小的计算．专题：浮力．分析：知道航母满载排水量（排开水的质量），利用阿基米德原理求该舰满载时所受浮力．解答：解：该舰满载时所受浮力：F浮=G排=m排g=67500×103kg×10N/kg=6.75×108N；故选A．点评：本题考查了学生对阿基米德原理的应用，同时考查了漂浮时物体重力与浮力的大小关系．　8．（3分）（2022•云南）如图所示，一同学做测量小灯泡的电阻实验时，把电压表与电流表的位置接错了．闭合开关后，电路可能发生的现象是（　　）　A．电流表和电压表都烧坏B．先烧坏电流表，再烧坏电压表　C．电流表烧坏，电压表正常D．电压表烧坏，电流表正常考点：欧姆定律的应用；电路的三种状态．16\n专题：应用题；欧姆定律．分析：电压表的内阻很大在电路中相当于断路，电流表内阻很小在电路中相当于短路，据此分析电路会出现的现象．解答：解：由电路图可知，电压表与灯泡串联后与电流表并联，∵电流表的内阻很小相当于短路，电压表的内阻很大相当于断路，∴电压表和灯泡被短路，不能工作即不会烧坏，此时会造成电路中的电流过大，烧坏电流表和电源．故选C．点评：知道电压表的内阻很大在电路中相当于断路、电流表内阻很小在电路中相当于短路是关键．　二、填空题（本大题共10个小题，每小题2分，满分20分）9．（2分）（2022•云南）墨水在温水中比在冷水中扩散快，说明分子运动的快慢与　温度　有关，冬天烤火取暖是通过　热传递　的方式增加人体的内能．考点：分子的运动；热传递改变物体内能．专题：分子热运动、内能．分析：物质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则的运动，物体温度越高，分子运动越剧烈；做功与热传递是改变物体内能的两种方式．解答：解：墨水在温水中比在冷水中扩散快，说明分子运动的快慢与温度有关，冬天烤火取暖是通过热传递的方式增加人体的内能．故答案为：温度；热传递．点评：本题考查了分子热运动、改变物体内能的方式，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题．　10．（2分）（2022•云南）乐队演奏时，指挥能准确分辨出各种乐器声，是因为不同乐器发出的声音的　音色　不同，云南省大部分地区的日照时间较长，可以大量开发利用太阳能，近年来风能也在逐步开发利用，太阳能、风能都属于　可再生　能源，既安全又环保．考点：音色；能源的分类．专题：声现象；能源的利用与发展．分析：（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性．（2）可再生能源是能在短时间内形成的能源，可再生资源特点是不污染环境，取之不尽用之不竭．解答：解：（1）判断何种乐器演奏的依据，主要是根据声音的音色不同；（2）风能、水能和太阳能属于可再生能源，使用起来环保无污染．故答案为：音色；可再生．点评：本题考查了音色和能源的分类，属于基础知识的考查，比较简单．　11．（2分）（2022•云南）雨后的天空，常常出现彩虹，这属于光的　色散　现象．我国是世界上电视用户最多的国家，彩色电视机屏幕上各种艳丽色彩是由红、　绿　、蓝三种光通过适当的比例混合得到的．16\n考点：光的色散；色光的三原色和颜料的三原色．专题：光的折射、光的色散．分析：根据我们对色光三原色的认识、彩虹是光的色散现象来作答．解答：解：夏天，雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象．用放大镜观察彩色电视画面，可以发现是由红、绿、蓝三种色光混合而成的；故答案为：色散；绿．点评：此题是对色光三原色和彩虹形成的原理的灵活考查，同时也考查了我们的观察能力．是一道基础题．　12．（2分）（2022•云南）自行车轮胎上有凹凸不平的花纹，是为了增加轮胎与地面间的　摩擦　．修建纪念碑都要建造一个面积较大的底座，可以减小纪念碑对地面的　压强　．考点：增大或减小摩擦的方法；减小压强的方法及其应用．专题：重力、弹力、摩擦力；压强、液体的压强．分析：（1）增大摩擦的方法：增大压力、增大接触面的粗糙程度；（2）减小压强的方法：减小压力、增大受力面积．解答：解：自行车轮胎上有凹凸不平的花纹，是为了增加轮胎与地面间接触面的粗糙程度，来增大与地面间的摩擦；修建纪念碑都要建造一个面积较大的底座，是为了增大与地面的接触面积，减小纪念碑对地面的压强．故答案为：摩擦；压强．点评：此题主要考查的是学生对摩擦力影响因素和压强影响因素的理解和掌握，基础性题目．　13．（2分）（2022•云南）在空中喷洒干冰是一种人工降雨的方法，干冰使空中的水蒸气　凝华　（填物态变化名称）变成小冰粒，冰粒下降过程中熔化成水形成雨．冷藏室中取出的盒装酸奶在空气中放置一段时间后，酸奶盒表面会附有一层小水珠，这是空气中的水蒸气　放出　热量液化形成的．考点：升华和凝华的定义和特点；液化及液化现象．专题：汽化和液化、升华和凝华．分析：（1）物质由气态直接变成固态的过程叫做凝华，凝华放热；（2）物质由气态变成液态的过程叫做液化，液化放热．解答：解：（1）人工降雨的原理是：干冰升华吸热，空气中的水蒸气遇冷凝华成小冰粒，这些小冰粒在下落过程中熔化变成雨；（2）从冰箱冷藏室中取出的盒装酸牛奶温度较低，空气中的水蒸气遇到温度较低的酸奶，液化成小水滴附着在酸奶盒上，液化放热．故答案为：凝华；放出．点评：本题考查了学生对物态变化的了解情况，物态变化到处可见，要学会观察，解决此类问题的关键是能够正确判断出物质前后的状态变化．　16\n14．（2分）（2022•云南）如图所示是电吹风的简化电路图，A是风扇的电动机、B是电热丝，要吹热风应闭合开关　S1和S2　，此时A与B　并　联在电路中．考点：串、并联电路的设计．专题：电流和电路．分析：解决此题可以根据串并联电路的特点，依据题意结合电路图分析是哪部分连入电路，有电流经过的部分，才能正常工作．解答：解：这是A和B组成的并联电路，S1在干路上，S2在B所在的支路上．当S1闭合，S2断开时，B所在支路没有接通，只有A工作，吹出的是冷风；当S1和S2都闭合时，A与B并联，同时工作，吹出的是热风；当S2闭合，S1断开时，A、B两用电器都不工作．故答案为：S1和S2；并．点评：解答本题要掌握干路开关控制所有用电器，支路开关控制本支路用电器．　15．（2分）（2022•云南）如图所示是研究电磁感应现象的装置，闭合开关后，导体棒ab在　水平　（填“水平”或“竖直”）方向运动时，电流表指针会发生偏转，根据这一现象，制成了　发电　机．考点：电磁感应．专题：电动机、磁生电．分析：解答本题要求知道产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体在做切割磁感线运动时，会产生感应电流．由此可知产生电流的条件之一是导体做切割磁感线运动．发电机是根据电磁感应现象制成的．解答：解：如图蹄形磁铁的磁感线是上下指向的，导体ab水平运动时，能切割磁感线，竖直运动时，不能切割磁感线．所以闭合开关后，导体棒ab在水平方向运动时，会产生感应电流，电流表指针会发生偏转．根据这一现象，制成了发电机．故答案为：水平；发电．点评：明确产生感应电流的条件是闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动，同时，熟知磁感线的分布规律，是此题判断的关键因素．　16．（2分）（2022•云南）如图所示为分别测量小灯泡L和定值电阻R后得到的I﹣U关系图线．由图可知，随着电压的升高，L的阻值逐渐变　大　，R的阻值为　10　Ω．16\n考点：欧姆定律的应用．专题：应用题；欧姆定律；图像综合题．分析：（1）由图可知灯泡电流随电压变化的关系，然后由欧姆定律判断灯泡电阻随灯泡电压如何变化；（2）由图可知，通过电阻的电流和两端的电压成正比，任意读出一组电压和电流，根据欧姆定律求出R的阻值．解答：解：（1）由U﹣I图象可知，随电压U的增大，通过灯泡的电流I增大，但△U＞△I，∵I=，∴随着电压的升高，L的阻值逐渐变大；（2）由图象可知R为定值电阻，当U=4V时，I=0.4A，则R===10Ω．故答案为：大；10．点评：本题考查了欧姆定律的应用，关键是从图象中得出灯泡和R电流与电压之间的关系，要注意对于定值电阻来说两端电压的变化量与通过电流的变化量的比值等于定值电阻的阻值．　17．（2分）（2022•云南）我国自主研制的“蛟龙号”探测器已在7000m的深海探测实验成功，到达7000m深度时，探测器受到的海水压强是　7×107　Pa，人站在铁路边观察火车通过时，要隔开一定距离，这是因为火车通过时速度较快，导致其附近的空气流速变大而使气压变　小　，容易把人“吸向”火车发生安全事故．（海水密度取1.0×103kg/m3）考点：液体的压强的计算；流体压强与流速的关系．专题：压强、液体的压强；气体的压强、流体压强与流速的关系．分析：由液体压强公式p=ρgh可以求出探测器受到的海水压强；流体流速越大，流体压强越小．解答：解：海水压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×7000m=7×107Pa；流体流速越大，流体压强越小，火车通过时速度较快，导致其附近的空气流速变大而使气压变小，容易把人“吸向”火车发生安全事故．故答案为：7×107；小．点评：应用液体压强公式、知道流体压强与流速的关系，即可正确解题．　18．（2分）（2022•云南）如图所示，把重为200N的物体匀速提升2m，不计滑轮、绳子的重力及摩擦，所用拉力F为　100　N，拉力所做的功为　400　J．16\n考点：滑轮组绳子拉力的计算；功的计算．专题：简单机械；功、功率、机械效率．分析：由图示滑轮组可知，承重绳子的有效股数n=2，由滑轮组公式可以求出拉力大小；由W=Fs可以求出拉力的功．解答：解：由图示滑轮组可知，承重绳子的有效股数n=2，拉力F===100N；绳子自由端移动的距离s=nh=2×2m=4m，拉力的功W=Fs=100N×4m=400J；故答案为：100；400．点评：由图示滑轮组求出承重绳子的股数、应用滑轮组公式及功的计算公式即可正确解题．　三、作图、实验、探究题（本大题共5个小题，满分31分）19．（6分）（2022•云南）（1）图1是使用钓鱼竿的示意图，O为支点，F1是手对竿的作用力，F2是鱼线对竿的作用力，请在图中画出F2的力臂．（2）请画出图2中入射光线AO对应的大致折射光线．考点：力臂的画法；作光的折射光路图．专题：图像综合题．分析：（1）力臂即点到线的距离．找到支点、力的作用线，再作支点到力的作用线的垂线段．（2）要解决此题，需要掌握光的折射规律：折射光线与入射光线和法线在同一平面内；折射光线与入射光线分居法线两侧；当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角．解答：解：（1）找到支点O及F2的作用线，从支点开始向力的作用线作垂线，并标出力臂，（2）首先画出法线，然后根据折射规律画出折射光线．光从空气斜射入水中，所以折射角小于入射角，如下图示：16\n点评：（1）画力臂的方法是：一找点（支点），二作线（力的作用线），点向线作垂线．（2）此题考查了对折射光线的画法，关键是记熟光的折射定律，搞清折射角与入射角的关系．　20．（4分）（2022•云南）（1）如图1所示，天平所测物体质量是　71.4　g．（2）如图2所示，体温计示数是　37.8　℃．考点：天平的使用；体温计的使用及其读数．专题：基本仪器的使用专题．分析：（1）天平测量物体的质量时，物体的质量等于砝码质量加上游码在标尺上的示数；读出游码在标尺上的示数时，一定要确定每一个大格和每一个小格代表的示数，一定要从数字小的读向数字大的．（2）使用体温计之前，先要明确体温计的量程，读数时视线要与液柱末端相垂直．解答：解：（1）由图示知：天平标尺每一大格代表1g，每一小格代表0.2g，根据游码指示位置得：游码在标尺上的示数是：1.4g．因为天平测量物体的质量时，物体的质量等于砝码质量加上游码在标尺上的示数．所以天平测出物体的质量是：50g+20g+1.4g=71.4g．（2）由图知，体温计的分度值为0.1℃，此时的体温为37.8℃；故答案为：（1）71.4；（2）37.8．点评：此题考查的是测量工具的读数，是每个学生不需具备的一项基本技能，实验中一个最基本的能力．　21．（7分）（2022•云南）某实验小组用一凸透镜做“探究凸透镜成像规律”实验，进行了以下实验步骤：（1）将凸透镜正对太阳，在另一侧移动光源，距凸透镜10cm处，光屏接收到一个最小、最亮的光斑，由此可知，该凸透镜的焦距为　10　cm．（2）如图所示，将光具座上点燃的蜡烛的火焰、透镜、光屏三者的中心调节在　同一高度　，移动光屏始终找不到像，这是因为透镜与蜡烛的距离　小于或等于　16\n10cm所致（选填“大于”、“等于”或“小于”），应将蜡烛向　左　（选填“左”或“右”）移动一段距离后，才能在光屏上得到烛焰清晰的像．（3）把蜡烛移动到B处，移动光屏可得到　放大　的像（选填“放大”或“缩小”）．再将蜡烛移动到A处，并移动光屏可得到　缩小　的像（选填“放大”或“缩小”），此时光屏与透镜的距离　大于　10cm（选填“大于”或“小于”）．考点：凸透镜成像规律及其探究实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）焦距是由焦点到凸透镜的距离；（2）为使像能成在光屏的中央，应使蜡烛的火焰、透镜、光屏三者的中心大致在同一高度处；当物距小于焦距时，成正立的虚像，当焦距等于焦距时，不能成像；当物距大于焦距时，才能成实像；（3）根据凸透镜成像的特点，物距处于1倍和2倍焦距之间，成倒立放大的实像，像距大于2倍焦距；当物距大于2倍焦距时，成倒立缩小的实像，像距处于1倍和2倍焦距之间；解答：解：（1）由题意知，最小、最亮的光斑是焦点，所以焦距为10cm；（2）为使像能成在光屏的中央，将光具座上点燃的蜡烛的火焰、透镜、光屏三者的中心调节在同一高度处；在光屏上找不到像，可能是因为成虚像或不能成像，则物距可能小于焦距或等于焦距；要在光屏上成像，应将蜡烛移动到1倍焦距之外，所以应将蜡烛向左移动；（3）把蜡烛移动到B处，此时物距为50cm﹣36cm=14cm，处于1倍和2倍焦距之间，成倒立缩小的实像；若在A处，物距为50cm﹣23cm=27cm，大于2倍焦距，所以成倒立缩小的实像，此时像距处于1倍和2倍焦距之间，所以光屏与透镜的距离小于10cm．故答案为：（1）10；（2）同一高度；小于或等于；左；（3）放大；缩小；大于．点评：此题是“探究凸透镜成像规律”实验，考查了焦距的概念，掌握成像特点与物距、像距之间的关系是解决此题的关键．　22．（6分）（2022•云南）如图所示是某同学“测定小灯泡电功率”时连接的电路，小灯泡额定电压为2.5V，所用电源电压恒为3V．（1）连接电路时开关应　断开　，闭合开关前滑动变阻器滑片应移动到　A　端（选填“A”或“B”）．（2）电路中，　电压　表连接不当，为减少读数误差必须改接到量程为　0～3V　．（3）该同学重新正确连接电路后，实验得到的数据见下表．根据表中记录可得小灯泡的额定功率为　0.5　W，其亮度随实际功率增加而　变亮　．实验次数电压表示数U/V电流表示数I/A小灯泡亮度12.00.17较暗22.50.20正常16\n33.00.22很亮考点：电功率的测量．专题：测量型实验综合题．分析：（1）在连接电路时，开关应断开，滑动变阻器的滑片移至最大阻值处；（2）根据电源电压的值及灯泡的额定电压判断电压表的量程，选择电压表量程的依据是不超量程的情况下，选择较小的量程，测量误差小；（3）根据表格中数据确定额定电压和电流，根据公式P=UI计算出额定电功率；根据表格中数据判断出小灯泡亮度与灯泡功率的关系；解答：解：（1）在连接电路时，为保证电路安全，开关应断开；由图知，滑动变阻器接了下面右边的接线柱B，所以在闭合开关前，滑片应移至最左端即A端，使其阻值最大；（2）小灯泡额定电压为2.5V，所用电源电压恒为3V，为减小误差，电压表应选择0～3V的量程，由图知，电压表选择了0～15V的量程，这样测量误差会比较大；（3）由表格中数据知，当电压为2.5V时，电流为0.2A，所以P额=UI=2.5V×0.2A=0.5W；根据表格中数据知，随着电压、电流值的增大，小灯泡的功率在增大，小灯泡变亮．故答案为：（1）断开；A；（2）电压；0～3V；（3）0.5；变亮．点评：此题是测量小灯泡额定功率的实验，考查了电路连接中应该注意的问题、电压表量程的选择及电功率的计算，同时考查了有关滑动变阻器的使用．　23．（8分）（2022•云南）小明观察发现，弹簧测力计的刻度是均匀的，由此他猜想弹簧的伸长量与它受到拉力成正比．为了验证猜想，小明决定进行实验．（1）要完成实验，除了需要如图1中所示的一根两头带钩的弹簧、若干相同的钩码（每个钩码重力已知）、铁架台以外，还需要的测量仪器是　刻度尺　．进行实验后小明记录数据如下表，表中数据明显错误的是第　4　次实验．实验次数123456716\n拉力（钩码总量）F/N0123456弹簧伸长量△L/cm00.400.801.701.602.002.40（2）去除错误的一组数据，在图2中作出弹簧伸长量与所受拉力的关系曲线．（3）由图象可验证小明的猜想是　正确　的（填“正确”或“错误”）．（4）小华认为实验中可以用弹簧测力计代替钩码．他的做法是：用弹簧测力计挂钩勾住弹簧下端向下拉来改变力的大小，力的数值由弹簧测力计读出，你认为用弹簧测力计好，还是用钩码更好一些？答：　用钩码更好　；理由是：　弹簧测力计难控制，力的大小、弹簧的伸长量不宜确定　．考点：探究弹簧测力计原理的实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）①要探究弹簧的伸长量与受到拉力的关系，因此需要测量弹簧的伸长量和拉力，据此确定实验器材；②在弹簧的弹性限度内，弹簧受到的拉力越大，伸长量越大．（2）图象中横坐标表示弹簧受到的拉力，纵坐标表示弹簧的伸长量，利用描点法画出图象．（3）根据图象得出相应的结论，从而判断小刚的猜想是否正确．（4）分析钩码的重力和弹簧测力计的拉力优缺点，得出结论．解答：解：（1）①钩码的重力已知，因此不需要测量，实验中要测量的是弹簧的伸长量，所以需要刻度尺；②分析数据发现，除第4次实验数据外，其余6次弹簧的伸长量跟受到的拉力成正比，因此第4次实验数据是错误的．（2）将表中拉力对应横坐标，弹簧伸长量对应纵坐标，图象如下：（3）由图象可以得出的结论是：弹簧的伸长量与它受到拉力成正比，因此小刚的猜想是正确的．（4）实验中，如果用弹簧测力计挂钩勾住弹簧下端向下拉来改变力的大小，尽管力的数值由弹簧测力计读出，但是弹簧测力计难控制，力的大小、弹簧的伸长量难以确定，因此还是用钩码好些．故答案为：（1）刻度尺；4；（2）如图；（3）正确；（4）用钩码更好；弹簧测力计难控制，力的大小、弹簧的伸长量不宜确定．点评：本题考查了探究弹簧的伸长量与受到拉力的关系，是中考中常见实验的考查，是考试的热点．　16\n四、综合题（本大题共3个小题，满分25分）24．（8分）（2022•云南）一轿车包括乘客质量1600kg，轿车静止时轮胎与水平地面接触的总面积为0.1m2，该轿车上午11：30驶入黄城高速公路入口，下午1：30到达青洲出口，总共行驶了240km，该段高速公路限速120km/h，其间经过的隧道和桥梁限速为80km/h．（1）轿车静止在水平路面上时对地面的压强是多大？（2）轿车全程行驶的平均速度是多大？（3）轿车在行驶中有超速吗？为什么？考点：压强的大小及其计算；变速运动与平均速度．专题：长度、时间、速度；压强、液体的压强．分析：（1）根据G=mg求出重力，轿车对地面的压力等于其重力，根据p=求出对地面的压强；（2）求出行驶时间，根据v=求出平均速度；（3）根据平均速度和限制速度得出是否超速．解答：解：（1）轿车对地面的压力：F=G=mg=1600kg×9.8N/kg=15680N，轿车对地面的压强：p===156800Pa；（2）行驶时间t=1：30+12：00﹣11：30=2h，轿车全程行驶的平均速度：v===120km/h；（3）轿车在行驶中有超速；因为隧道和桥梁路段限速80km/h，轿车平均速度应低于120km/h才不会超速．答：（1）轿车静止在水平路面上时对地面的压强是156800Pa；（2）轿车全程行驶的平均速度为120km/h；（3）有超速；因为隧道和桥梁路段限速80km/h，轿车平均速度应低于120km/h才不会超速．点评：此题主要考查的是学生对重力、速度、压强计算公式的理解和掌握，基础性题目．　25．（8分）（2022•云南）某物理兴趣小组的同学，用煤炉给10kg的水加热，同时他们绘制了如图所示的加热过程中水温随时间变化的图线．若在6min内完全燃烧了2kg的煤，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤的热值约为3×107J/kg．求：（1）煤完全燃烧产生的热量；（2）经过6min时间加热，水所吸收的热量；（3）煤炉烧水时的热效率．考点：热平衡方程的应用．专题：比热容、热机、热值．16\n分析：（1）已知煤的质量和热值，利用Q=mq可求得煤完全燃烧产生的热量；（2）由图b知，经过6min时间加热，水升高的温度值，利用吸热公式求水吸收的热量；（3）烧水时的热效率（热效率等于水吸收的热量与燃料完全燃烧放出的热量之比．解答：解：（1）煤完全燃烧产生的热量Q放=mq=2kg×3×107J/kg=6×107J；（2）Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×10kg×60℃=2.52×106J；（3）煤炉烧水时的热效率η==×100%=×100%=4.2%．答：（1）煤完全燃烧产生的热量为6×107J；（2）经过6min时间加热，水所吸收的热量为2.52×106J；（3）煤炉烧水时的热效率为4.2%．点评：本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用，能从液体的温度随时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键．　26．（9分）（2022•云南）如图1所示为一恒温箱温控电路，包括工作电路和控制电路两部分，R为热敏电阻（置于恒温箱内），阻值随温度变化的关系如图2所示，恒温箱温控电路工作原理是：加热过程中，恒温箱温度升高到一定值时，控制电路中电流会达到一定值，继电器的衔铁被吸合，工作电路停止加热．（1）图中所示状态，电路处于加热还是未加热？（2）恒温箱的温度为100℃时，继电器线圈中的电流达到20mA，衔铁被吸合，此时热敏电阻R消耗的功率是多少？（3）电阻R′有什么作用？考点：电功率的计算；滑动变阻器的使用．专题：应用题；电能和电功率．分析：（1）根据被控制电路中电热丝是否工作判断被控电路的工作状态；（2）根据图2读出100℃时热敏电阻的阻值，再根据P=I2R求出此时热敏电阻R消耗的功率；（3）图中电阻R′为滑动变阻器，滑动变阻器的作用一是保护电路，二是可以调节热敏电阻的阻值达到调节温控箱的控制温度．解答：解：（1）由图1可知，电热丝通路，处于加热状态；（2）由图2可知，恒温箱的温度为100℃时，热敏电阻的阻值R=50Ω，热敏电阻R消耗的功率：P=I2R=（0.02A）2×50Ω=0.02W；16\n（3）图中电阻R′为滑动变阻器，其作用有：一是保护电路，二是调节温控箱的控制温度．答：（1）加热；（2）热敏电阻R消耗的功率是0.02W；（3）一是保护电路，二是调节温控箱的控制温度．点评：本题考查了电功的计算和滑动变阻器的作用，明白恒温箱温控电路工作的原理是关键，同时注意滑动变阻器在不同电路中的作用．16