山东省济南市2022年中考物理真题试题（解析版）

山东省济南市2022年中考物理试卷一、单项选择题．（每小题2分，共22分）在每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题意的。1．（2分）（2022•济南）下列各种物质微粒中，空间尺寸最小的是（　　）　A．分子B．原子C．原子核D．夸克考点：从微观到宏观的尺度．专题：粒子与宇宙、材料世界．分析：物质是由分子组成的，分子是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，原子核又是由质子和中子组成的，质子和中子是由更小的微粒夸克组成的．解答：解：按照物质的组成，尺度排列由大到小是：分子、原子、原子核、质子（中子）、夸克，因此最小的是夸克．故选D．点评：本题考查了物质的微观结构，准确的掌握构成物质的各种微粒之间的关系是解答本题的关键．　2．（2分）（2022•济南）电视机的遥控器用红外线来传递信息，实现对电视机的控制，如图所示，不把遥控器对准电视机的控制窗口，按一下按纽，有时也可以控制电视机这是利用了（　　）　A．光的直线传播B．光的反射C．光的折射D．光的色散考点：红外线．专题：应用题．分析：红外线是一种看不见的光，它也遵循光的直线传播和反射规律，在现实生活中有实际的应用．解答：解：遥控器发出的红外线，它会以光波的形式直线传播，并且可以发生反射，有时遥控器并没有对准电视机的控制窗口，而是沿某一合适的方向对准墙壁按下按钮，也可以控制电视机，这是利用了光的反射．故选B．点评：此题主要考查红外线的应用，看不见的光也是需要掌握的知识，属于基础题，同时还考查了光学知识在生产和生活中的应用，知识得到学以致用，可以加深对知识的理解和提高学习的兴趣．　3．（2分）（2022•济南）1648年，帕斯卡曾做过一个著名的实验，如图所示，在装满水的密闭木桶的桶盖上，插入一根细长的管子，然后在楼房阳台上向细管子里灌水，结果只有几杯水就把木桶压裂了．该实验说明影响水产生压强大小的因素是（　　）18\n　A．水的深度B．水的体积C．水的质量D．水的密度考点：液体的压强的特点．专题：压强、液体的压强．分析：掌握影响液体压强的因素：液体的密度和液体的深度．根据实验情景结合影响压强的因素进行分析．解答：解：液体压强与液体的密度和深度有关，由帕斯卡做的实验知，由于虽然管很细，但由于高度很大，水的深度大，而使水产生了很大的压强，所以该实验说明影响水产生压强大小的因素是水的深度．故选A．点评：此题通过对实验情景的分析考查了影响液体压强的因素，注意分析的方法，是一道基础性题目．　4．（2分）（2022•济南）泉城四季，风景迥异．无论是一朵花、一个麦穗，还是一粒沙、一片雪花…世间万物皆由大量分子组成．下列现象能说明分子在永不停息运动的是（　　）　A．春：微风拂过，花香袭人B．夏：暖风阵阵，麦浪翻滚　C．秋：狂风乍起，黄沙漫天D．冬：寒风凛冽，漫天飞雪考点：分子的运动．专题：分子热运动、内能．分析：（1）物质是由大量分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则的运动，扩散现象证明分子作无规则的运动．（2）在物理学中，把物体位置的变化叫机械运动．解答：解：分子运动属于扩散现象，是肉眼看不见的运动，机械运动是物体的运动，是宏观上的运动，是看的见的运动；B、C、D选项中的现象都是肉眼看的见的运动，属于机械运动．而香气扑鼻是微观上的分子运动，属于扩散现象．故选A．点评：本题主要考查学生对：扩散现象的认识，以及对分子运动和机械运动区别的了解和掌握，是一道基础题．　5．（2分）（2022•济南）如图所示是一些与用电安全相关的现象，其中符合安全用电原则的是（　　）18\n　A．在电线附近放风筝B．用湿手拔插头　C．电冰箱外壳接地D．小孩子用手摸插座考点：安全用电原则．专题：电与热、生活用电．分析：（1）当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电．低压触电可分为单线触电和双线触电，当人体直接碰触带电设备其中的一线时，电流通过人体流入大地，这种触电现象称为单线触电；（2）对各种电气设备按规定进行定期检查，如发现绝缘损坏、漏电和其他故障，应及时处理；（3）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．（4）金属外壳的用电器，外壳一定要接地．解答：解：A、安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．从电线上取风筝不符合安全用电要求．故A错误；B、接在电路中的电源插头属于带电体，用湿手拔插头时，水属于导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险．故B不符合安全用电原则；C、金属外壳的用电器，外壳一定要接地，防止外壳漏电，发生触电事故，故C符合安全用电原则；D、接在电路中的电源插头属于带电体，用手触摸时，非常容易发生触电事故，十分危险．故D不符合安全用电原则．故选C．点评：本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了．　6．（2分）（2022•济南）物理知识广泛应用于生产和生活实际中，如图所示的器具应用的电磁感应现象的是（　　）　A．电磁起重机B．动圈式话筒C．动圈式扬声器D．条形码扫描器考点：电磁感应．18\n专题：电动机、磁生电．分析：（1）电磁起重机是利用电流的磁效应工作的．（2）动圈式话筒是利用电磁感应现象工作的．（3）动圈式扬声器是利用磁极间的相互作用工作的．（4）条形码扫描器是利用光电元件，将检测到的光信号转换为电信号，再将电信号通过模拟数字转换器转换成数字信号输送到计算机中．解答：解：A、电磁起重机是利用电流的磁效应工作的．不符合题意．B、动圈式话筒是对着话筒说话时，膜片振动引起闭合电路的一部分导体切割磁感线运动，线圈中产生感应电流，动圈式话筒是利用电磁感应现象工作的．符合题意．C、变化的电流通过动圈式扬声器时，变化的电流导致线圈磁极和磁性不断变化，线圈磁极和永磁体之间的相互吸引和排斥，使线圈振动引起纸盆振动产生声音．所以动圈式扬声器是根据磁极间的作用工作的．不符合题意．D、条形码扫描器是利用光电转换器工作的．不符合题意．故选B．点评：生活中有很多的用电器，仔细观察，弄清各用电器的工作原理，达到学以致用的目的，体会到物理是有用的．　7．（2分）（2022•济南）如图为高速摄像机拍摄的子弹穿过柿子的照片．若子弹的平均速度是900m/s，则子弹穿过柿子的时间大约为（　　）　A．0.1minB．0.1sC．0.1msD．0.1us考点：速度公式及其应用．专题：长度、时间、速度．分析：根据生活常识估计柿子的宽度，然后由速度公式的变形公式求出子弹穿过柿子的时间．解答：解：柿子的直径约为9cm=0.09m，∵v=，∴子弹穿过柿子的时间t===1×10﹣4s=0.1ms；故选C．点评：本题是一道估算题，根据生活常识估算出柿子的宽度、熟练应用速度公式的变形公式即可正确解题．　8．（2分）（2022•济南）体积相等的实心铜球和实心木球在水平面上以相同的速度做匀速直线运动，铜球的动能为EK铜，木球的动能为EK木．已知铜的密度大于木头的密度，则（　　）　A．EK铜＞EK木B．EK铜=EK木C．EK铜＜EK木D．无法判断18\n考点：动能大小的比较．专题：机械能及其转化．分析：物体由于运动而具有的能叫做动能，动能的大小与物体的质量和速度有关．解答：解：（1）铜块和木块体积V铜=V木，密度ρ铜＞ρ木；∵ρ=∴m=ρV，m铜＞m木，铜块的质量大．（2）它们的速度相等，铜块的质量大，因此铜块的动能大．故选A．点评：本题考查影响动能大小的因素，能够判断出铜块和木块质量的大小是解题的关键，是基础知识的考查．　9．（2分）（2022•济南）通过放大镜观看周围的物体时发现，近处的物体是正立、放大的，而稍远处的物体是倒立放大的，更远处的窗户则是倒立、缩小的．针对这一现象，同学们经过讨论形成了下面四个问题．你认为最有探究价值且易于探究的科学问题是（　　）　A．物体通过凸透镜所形成的像都有哪些种类　B．凸透镜的成像情况与哪些因素有关　C．凸透镜在什么情况下能成什么样的像　D．凸透镜的成像情况与物、镜间的距离有何关系考点：控制变量法与探究性实验方案．专题：探究型实验综合题．分析：凸透镜可以成正立放大的虚像、倒立放大的实像、倒立缩小的实像，根据成像的不同特点制成了不同的光学器件，探究凸透镜成像的种类比较容易；而凸透镜在何种情况下成这种像，并了解了成像情况与物距、像距的关系后，便于对其进行应用．解答：解：几个选项都很容易进行探究，A只是了解了成像的特点，BCD中主要是探究了成像的原因，特别是D选项，探究了凸透镜的成像情况与物、镜间的距离有何关系，明确了规律更容易在生活中进行应用．故选D．点评：此类问题是考查对实验探究中的提出问题环节的理解与掌握情况，提出问题是科学探究过程的首个重要环节，也是物理科学研究中重要的一个环节．　10．（2分）（2022•济南）如图所示的电路中，甲、乙、丙是连接在电路中的三只电学仪表．闭合开关S后，灯L1、L2均正常发光．则（　　）　甲的电流表，乙、丙是电压表甲的电压表，乙、丙是电流表18\nA．B．　C．乙的电流表，甲、丙是电压表D．乙的电压表，甲、丙是电流表考点：电压表的使用；电流表的使用．专题：基本仪器的使用专题．分析：要确定圆圈中的电表符号，首先要弄清电压表和电流表的正确使用方法：电流表要串联在电路中使用，而电压表要与被测用电器并联；根据图中各圆圈的位置以及和用电器的连接方式，结合电表的使用方法进行分析．解答：解：A、如果甲是电流表，则两灯泡被短路，两灯泡都不能发光，故A错误；B、如果甲是电压表，则它测量电源电压，乙、丙是电流表，分别测量干路和L2支路的电流，灯泡并联正常发光，故B正确；C、如果丙是电压表，则电路断路，两灯都不能发光，故C错误；D、如果乙是电压表，则灯L2断路，不能发光，故D错误；故选B．点评：知道电压表与电流表在电路中的连接方式，分析清楚电路结构即可正确解题．　11．（2分）（2022•济南）沾上灰尘的衣服，用手轻轻拍打几下，就干净多了．小刚用下面的四句话解释了这一过程：①灰尘与衣服分离落向地面，衣服便干净了②一手拿着沾有灰尘的衣服，用另一只手轻轻拍打③灰尘由于具有惯性，继续保持原来的静止状态④衣服受力后运动状态发生改变，由静止运动起来．这四句话最合理的排列顺序是（　　）　A．②③④①B．②③①④C．②④①③D．②④③①考点：惯性现象．专题：运动和力．分析：解释惯性现象时的步骤：①确定研究对象，阐明其原来的运动状态；②说明哪个物体或物体的哪一部分受到力而改变了运动状态；③说明哪个物体或物体的哪一部分由于惯性要保持原来的运动状态；④说明结论．解答：解：一手拿着沾有灰尘的衣服，用另一只手轻轻拍打，衣服由于受到手的作用力由静止变为运动，而衣服上的灰尘由于惯性要保持原来的静止状态，灰尘和衣服就会分离，由于重力的作用就会落下来．故这四句话最合理的排列顺序是②④③①．故选D．点评：知道任何物体都有保持原来运动状态的性质，会用惯性知识解释生活现象．　二、多项选择题（本大题共4小题，每小题3分，共12分．每小题给出的四个选项中，至少有两个选项符合题目的要求）12．（3分）（2022•济南）教室是同学们在校期间学习生活的主要场所．以下为教室内有关数据，其中较为符合实际的是（　　）18\n　A．一支做作业用的新铅笔的质量为十几克　B．一位同学站立时对地面压力一般为几百牛　C．感到较舒适的室内温度大约二十几摄氏度　D．一只照明用日光灯的额定电流约为零点几安考点：质量的估测；温度．专题：估算综合应用题．分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．解答：解：A、一支新铅笔的质量在5g左右．此选项不符合实际；B、中学生的重力在500N左右，所以对地面的压力在500N左右．此选项符合实际；C、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右．此选项符合实际；D、一般日光灯的额定功率在40W左右，额定电流大约为≈0.2A．此选项符合实际．故选B、C、D．点评：物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义．　13．（3分）（2022•济南）关于飞机空中加油、飞行、通讯及舱内照明灯，下列叙述正确的是（　　）　A．正在空中加油的受油机相对于加油机是静止的　B．机翼上下方所受的压力差形成了飞机上的升力　C．飞机与地面间的通讯是通过超声波来传递信息的　D．舱内照明用LED灯的核心元件用半导体材料制成考点：运动和静止的相对性；半导体的作用；飞机的升力．专题：运动和力；气体的压强、流体压强与流速的关系．分析：（1）研究物体的运动时，必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物．如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，则是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生了改变，则是静止的．（2）流体中流速越快的地方压强越小；（3）电磁波能够在真空中传播；（4）节能灯的核心材料是半导体．解答：解：A、因为受油机与加油机在空中以同样速度向同一方向水平飞行，18\n若以地面为参照物，加油机和受油机与地面之间的位置发生了变化，是运动的；若以受油机（加油机）为参照物，受油机与加油机之间的相对位置没有发生变化，加油机（受油机）是静止的．故A正确；B、机翼上下方所受的压力差形成了飞机上的升力，故B正确；C、飞机与地面间的通讯是通过电磁波来传递信息的，故C错误；D、舱内照明用LED灯的核心元件用半导体材料制成，故D正确．故选ABD．点评：本题考查运动和静止的相对性、流体压强与流速的关系、信息的传播、半导体，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力．　14．（3分）（2022•济南）某混合动力型汽车的动力装置由汽油发动机和电动机组成．一般情况下，蓄电池为电动机供电，由电动机提供动力；当需要较大动力时，由汽油发动机和电动机共同提供动力；当汽车制动减速时，电动机还可以作为发电机的蓄电池充电．关于该车动力装置在工作时的能量转化情况，以下分析正确的是（　　）　A．汽油发动机做功冲程把内能转化为机械能　B．电动机在提供动力时把电能转化为机械能　C．发动机为蓄电池充电把电能转化为化学能　D．制动减速发电的过程把内能转化为电能考点：内燃机的四个冲程．专题：比热容、热机、热值．分析：（1）汽油机利用内能来做功的冲程是做功冲程，它是将内能转化为机械能的；（2）电动机消耗电能得到机械能，将电能转化为机械能；（3）发动机为蓄电池充电时，蓄电池发生化学反应，将电能转化为化学能储存在蓄电池中；（4）制动减速发电的过程是将电动机作为发电机来使用的，将机械能转化为电能．解答：解：A、汽油发动机做功冲程是利用内能来做功的冲程，把内能转化为机械能，正确；B、电动机在提供动力时把电能转化为机械能，正确；C、发动机为蓄电池充电时，蓄电池发生化学反应，将电能转化为化学能，正确；D、当汽车制动减速时，电动机还可以作为发电机为蓄电池充电，将机械能转化为电能，故D错误．故选ABC．点评：此题主要考查的是学生对汽油机和发动机、发电机工作过程中能量转化情况的了解和掌握，基础性题目．　15．（3分）（2022•济南）某报刊登题为“房子‘穿衣戴帽’屋里冬暖夏凉”的文章，对济南高科技住宅项目进行深度报道，揭开了高科技住宅的“神秘面纱”．实际上，该项目运用的物理原理并不是很深奥．以下是小梅看完报道后运用所学知识进行的分析，其中正确的是（　　）　使用镀膜中空玻璃实现了室内“降噪”，是在声音的传播过程中减弱噪声18\nA．　B．送风过程通过加湿、除湿实现了室内“恒温”，运用了升华和凝华的知识　C．通过与地下土壤热交换实现了“恒温”，是通过热传递改变空气内能　D．采用太阳能热水系统实现了住宅“低碳”，所利用的太阳能是可再生能源考点：防治噪声的途径；热传递改变物体内能；能源的分类．专题：声现象；分子热运动、内能；能源的利用与发展．分析：（1）防治噪声的三个途径分别是：在声源处减弱；在人耳处减弱；在传播过程中减弱；（2）由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；（3）热传递的条件是：有温度差；（4）能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源．解答：解：A、使用镀膜中空玻璃是在声音的传播过程中减弱噪声；故A正确；B、送风过程通过加湿、除湿实现了室内“恒温”，运用了液化和汽化的知识；故B错误；C、当空气和地下土壤有温度差时，将会发生热传递，因此通过与地下土壤热交换实现了“恒温”，是通过热传递改变空气内能；说法正确；D、太阳能能够源源不断的从自然界得到的能源是可再生能源．故D正确．故选ACD．点评：本题考查防止噪声的途径、热传递的条件、物体变化以及能源分类，难度不大，比较简单．　三、非选择题（本大题共11小题，共56分）16．（4分）（2022•济南）作为“济南泉城节”主题活动之一的济南第14届龙舟大赛将于2022年7月中旬在大明湖景区举办．赛龙舟时，龙舟上传来的阵阵鼓声是由于鼓面的　振动　而产生的；全体划桨手在鼓声的号令下有节奏地齐力向后划水，龙舟就快速前进直奔终点，这是因为力的作用是　相互　的．考点：声音的产生；力作用的相互性．专题：声现象；运动和力．分析：（1）声音是由物体的振动产生的；（2）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的．解答：解：（1）赛龙舟时，龙舟上传来的阵阵鼓声是由于鼓面的振动产生的；（2）船桨向后滑水，对水施加向后的力，由于物体间力的作用是相互的，水同时对船桨施加向前的力，船就前进了．故答案为：振动；相互．点评：本题借助龙舟比赛考查相关的物理知识，属于基础知识的考查，比较简单．　18\n17．（4分）（2022•济南）小明学校里机械能的知识后，利用橡皮筋、木板、瓶盖等制作了如图所示的抛掷乒乓球的装置．使用时，将乒乓球装入瓶盖，用手指按下抛掷杆，这时橡皮筋被拉长（如图1），这个过程中抛掷杆相对于一个　省力杠杆　（选填“省力杠杆”，“费力杠杆”或“等臂杠杆”）；当松开手指，乒乓球被抛出（图2），这个过程中橡皮筋的　弹性势能　转化为乒乓球的动能．考点：杠杆的分类；动能和势能的转化与守恒．专题：简单机械；机械能及其转化．分析：动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆；橡皮筋恢复原长的过程中它的形变量减小，弹性势能减小，乒乓球的速度增大，动能增大．解答：解：由图示可知，用手指按下抛掷杆的过程中，动力臂大于阻力臂，杠杆为一个省力杠杆；当松开手指，乒乓球被抛出的过程中橡皮筋的弹性势能转化为乒乓球的动能．故答案为：省力杠杆；弹性势能．点评：本题考查了杠杆的分类、能量的转化，是一道基础题．　18．（4分）（2022•济南）报纸上有一篇题为“电器待机‘偷电’多少，你知道吗？”的文章，配有如图所示的一副插图．图中正在使用一种叫“电力检测仪”的测量工具对计算机显示器进行测量．小明根据插图中“电力检测仪”显示屏显示的内容判断出此时测量的是显示器的　功率　（填写物理量名称）．小明还注意到插图边的文字说明存在科学性错误，正确的文字说明应该是：“显示器待机　功率为0.3W　”．考点：电功率．专题：电能和电功率．分析：功率的单位是W，电功的单位是J，kW•h，根据图示信息分析答题．解答：解：图中“电力检测仪”显示屏上标有W，W是功率的单位，因此此时测量的是显示器的功率；根据的单位是W，而kW•h是电功的单位你，因此正确的文字说明应该是显示器待机功率是0.3W．故答案为：功率；功率为0.3W．18\n点评：知道功率的单位，分析图示情景即可正确解题．　19．（4分）（2022•济南）为了纪念物理学家为物理学发展做出的突出贡献，物理学中常把一些物理学家的名字规定为物理量的单位，这样的物理量几乎遍及物理学的各个分支．请仿照下面的例子，再各写出一组用物理学家的名字作单位的力学物理量和电学物理量及其单位．力学物理量及其单位电学物理量及其单位力（牛顿）电流（安培）　压强（帕斯卡）　　电阻（欧姆）　考点：物理常识．专题：其他综合题．分析：（1）力学：压强（帕斯卡）、功率（瓦特）．（2）电学：电压（伏特）、电阻（欧姆）、电热（焦耳）．解答：解：力学：压强（帕斯卡）．电学：电阻（欧姆）．故答案为：压强（帕斯卡）；电阻（欧姆）．（答案不唯一）点评：回想力学的力、功、功率等物理量，电学的电压、电流、电阻、电热等物理量．　20．（3分）（2022•济南）当二传手将重2.7N的排球托起后，排球由于惯性在空中继续向上运动，在如图中画出排球受到的重力的示意图．考点：重力示意图．专题：重力、弹力、摩擦力．分析：重力是物体由于地球的吸引而受到的力，其方向永远竖直向下，因此在画排球所受重力时，也一定要把握这一点．解答：解：排球在空中飞行它的重力大小依然是2.7N，方向竖直向下，作用在排球的重心上．如图所示：点评：重力是一种最常见，也最特殊的力，它的大小、方向、作用点永远不会受到它的运动状态的影响．　18\n21．（3分）（2022•济南）小强家在装修时，某个房间内需要安装电灯和电扇各一个．在如图的虚线框内已给出了进入房间的火线和零线，请设计并画出该房间的电路图（电扇用电动机的符合表示）．考点：串、并联电路的设计．专题：作图题；电流和电路．分析：家用电器的连接方式是并联，且各有一个开关控制，根据安全用电原则可知开关控制火线，据此设计电路图．解答：解：灯泡与电扇并联，各有一个开关控制，且开关控制火线，如下图所示：点评：本题考查了家庭电路的连接，关键是掌握家庭电路中灯泡、开关、两孔插座、三孔插座、保险丝等元件的作用、接法等．　22．（8分）（2022•济南）一箱饮品放在水平地面上，如图所示．其包装箱上标识的相关名词如下：“毛重”是包装箱内所装饮品的总质量；“净含量”是包装箱内所装饮品的总质量；“数量”是每瓶饮品的体积及包装箱内饮品的瓶数；“尺寸”是包装箱的长度×宽度×高度．请根据包装箱上标识的内容，通过计算回答（取g=10N/kg）：（1）这箱饮品对地面的压力多大？（2）这箱饮品对地面的压强多大？（3）该箱内所装饮品的密度多大？（4）饮品包装箱上印有多种标志，右下角的标志是“堆码重量极限”，它表示允许放在该箱饮品上的货物的最大质量．请利用所学物理知识解释包装箱设置“堆码重量极限”的原因．18\n考点：压力及重力与压力的区别；密度的计算；压强的大小及其计算．专题：密度及其应用；压强、液体的压强．分析：（1）水平地面上物体的压力和自身的重力相等，根据G=mg求出其大小；（2）根据压强公式求出它对水平地面的压强．（3）根据包装箱上的净含量和包装箱内每瓶的体积，利用ρ=可求得该箱内所装饮品的密度．（4）包装箱所能承受的压强都有一定的极限，超过这个极限会被压坏．解答：解：（1）G=mg=12kg×10N/kg=120N，因为放在水平地面上，所以这箱饮品对地面的压力F=G=120N；（2）S=30cm2×20cm2=600cm2=0.06m2，这箱饮品对地面的压强p===2000Pa（3）由包装箱上标识的相关名词可知，箱内共装12瓶，每瓶饮品的体积V1=480ml=480cm3=4.8×10﹣4m3，每瓶饮品的质量m1==0.48kg，该箱内所装饮品的密度等于每瓶饮品的密度ρ===1×103kg/m3，（4）压放在包装箱上的货物质量越大，这箱饮品受到的压力就越大，受力面积一定，压强就越多大，如果压放在包装箱上的货物质量超出堆码重量极限，会使包装箱受到的压强过大，压坏包装箱和里面的物品．故答案为：（1）这箱饮品对地面的压力为120N，（2）这箱饮品对地面的压强为2000Pa（3）该箱内所装饮品的密度为1×103kg/m3，（4）如果压放在包装箱上的货物质量超出堆码重量极限，会使包装箱受到的压强过大，压坏包装箱和里面的物品．所以包装箱设置“堆码重量极限”．点评：解题时，注意题目所给的信息，要求饮品的密度必须要知道饮品的质量和体积，“净含量5.76”，480ml字样就告诉了质量和体积．　23．（8分）（2022•济南）小明发现自己家汽车照明大灯的灯泡内有两根灯丝，一根是功率较小的近光灯丝（主要用于照亮车前较近的路面），另一根是功率稍大的远光灯丝（主要用于照亮前方较远的路面）．当控制手柄拨到“近光”位置时，近光灯丝正常发光；当控制手柄拨到“远光”位置时，近光灯丝和远光灯丝同时正常发光．该灯泡上标有“12V60W/54W”的字样，通过计算回答：（1）当控制手柄拨到“近光”位置时，通过近光灯丝的电流多大？（2）近光灯丝正常发光时的电阻多大？（3）小明爸爸驾车在郊区道路上行驶，将控制手柄拨到并保持在“远光”位置5分钟，这段时间内一个照明大灯消耗的电能是多少？（4）说明这种灯泡内两根灯丝在电路中的连接方式，并简述理由．考点：欧姆定律的应用；串联电路和并联电路的辨别；电功的计算；电功率的计算．专题：计算题；简答题；欧姆定律；电能和电功率．18\n分析：（1）当控制手柄拨到“近光”位置时，电路只有近光灯丝工作，利用P=UI求出通过近光灯丝的电流；（2）根据欧姆定律求出近光灯丝正常发光时的电阻；（3）将控制手柄拨到并保持在“远光”位置时，照明大灯消耗的电功率等于两灯丝的电功率之和，根据W=Pt求出消耗的电能；（4）根据串联电路不能独立工作、并联电路可以独立工作判断两灯丝的连接方式．解答：解：（1）当控制手柄拨到“近光”位置时，电路只有近光灯丝工作，由P=UI可得，通过近光灯丝的电流：I近===4.5A；（2）由欧姆定律可得，近光灯丝正常发光时的电阻：R近==≈2.7Ω；（3）将控制手柄拨到并保持在“远光”位置时，总功率：P=P近+P远=60W+54W=114W，5分钟消耗的电能：W=Pt=114W×5×60s=34200J；（4）这种灯泡内两根灯丝是并联的，因近光灯丝既可以单独发光，也可以和远光灯丝同时正常发光，所以它们是并联的．答：（1）当控制手柄拨到“近光”位置时，通过近光灯丝的电流为4.5A；（2）近光灯丝正常发光时的电阻约为2.7Ω；（3）将控制手柄拨到并保持在“远光”位置5分钟一个照明大灯消耗的电能为35200J（4）这种灯泡内两根灯丝在电路中的连接方式是并联，因近光灯丝既可以单独发光，也可以和远光灯丝同时正常发光，所以它们是并联的．点评：本题考查了欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，关键是根据串联电路和并联电路的特点判断出灯泡内两根灯丝在电路中的连接方式．　24．（6分）（2022•济南）九年级1班的同学在教室指导下用如图所示的实验装置进行“观察水的沸腾”的实验．（1）本实验中，放置石棉网的铁圈位置和悬挂温度计的铁杆位置非常重要．在组装该实验装置时，应当先调整固定　铁圈　（选填“铁圈”或“铁杆”）的位置．（2）实验时，老师要求同学们向烧杯中倒入热水而不用冷水，是因为这样可以　减少加热至沸腾所需要的时间　．（3）小亮组通过实验测得水的沸点是98℃，他想这可能是由于当地气压低于1标准大气压造成的．但在与其他组交流时发现，其他组测得的水的沸点都是100℃，于是否定了自己刚才的想法．小亮否定自己刚才想法的理由是：　若当时气压低于1标准大气压，其他组测得的水的沸点就不会都是100℃　．（4）小亮重新审视并确认自己小组的操作没有问题后，猜想可能是自己组使用的温度计有问题导致了较大的误差．请你帮助小亮设计一个实验方案来验证自己的猜想是正确的：　用自己组的温度计与其他组的温度计同时测量同一杯液体的温度进行比较　．18\n考点：探究水的沸腾实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）因为在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应从下向上固定实验器材的位置；（2）掌握影响加热时间的因素：水的多少、水的初温及是否加盖等；（3）根据气压对沸点的影响进行讨论，在相同的空间气压应是相同的；（4）要判断是否是自己的温度计出现了问题，可用自己的温度计与其它的温度计同时测量同一液体的温度进行比较．解答：解：（1）在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应先确定铁圈的高度；（2）在实验中，向烧杯内倒入热水，这样可以缩短将水加热至沸腾所需的时间；（3）若当地气压低于标准大气压，其它组测得的水的沸点应都低于100℃；（4）要想判断是否自己的温度计出了问题，应该用自己组的温度计与其他组的温度计同时测量同一杯液体的温度进行比较．故答案为：（1）铁圈；（2）减少加热至沸腾所需要的时间；（3）若当时气压低于1标准大气压，其他组测得的水的沸点就不会都是100℃；（4）用自己组的温度计与其他组的温度计同时测量同一杯液体的温度进行比较．点评：此题是探究水的沸腾实验，考查了实验装置的组装、影响加热时间的因素及沸点与气压的关系，同时考查了对实验器材准确性的判断．　25．（6分）（2022•济南）电流通过导体时导体会发热，这种现象叫做电流的热效应．常见的白炽灯就是利用这一原理工作的．图1所示为小丽、小军、小梅三位同学与老师讨论这一现象时的情景．（1）图1中，小军发表的观点应用到的物理知识是　影响电阻大小的因素　．根据小梅同学的猜想，他们讨论形成了一个问题：电流一定时，导体在一定时间内产生的热量与它的电阻有什么关系？于是，小丽和小梅从实验室找来了煤油、两只规格相同（有密封塞）的烧瓶、两根两端开口的细玻璃管、两根阻值不同的镍铬金丝等器材，并组装出图2所示的实验装置．（2）在小丽和小梅的实验装置中，是通过　玻璃管液面上升的高度　来反映电流在一定时间内产生热量的多少的．18\n（3）在物理学中，有些物理量的大小不易直接观察或测量，但它变化时引起的其他物理量的变化却易于直接观察或测量，就可以像小丽和小梅这样用易于观测的量来反映不易直接观测的量．在下列问题的研究中，也用到这一物理学方法的是　BD　．A、在研究平面镜成像时，通过等大的蜡烛与虚像重合来确定虚像的位置和大小B、在研究影响动能的因素时，通过木块被撞后运动的远近说明钢球动能大小C、在研究电压作用时，通过水压是水流形成的原因类比电压是电流形成的原因D、在研究电磁铁磁性时，通过吸引大头针数目的多少来判断电磁铁磁性的强弱（4）小军看了小丽和小梅的实验装置后认为，用温度计代替两端开口的细玻璃管，实验效果会更好．于是，他们拆除了密封塞和玻璃管，将合适的温度计悬挂在适当的位置，然后开始实验．在上述改进中，他们遗漏的一个重要操作是：　倒出一部分煤油，并使烧瓶内煤油质量相等　．考点：焦耳定律．专题：实验题；探究型实验综合题．分析：（1）根据小明的说法是阻值不同与材料的长度、粗细有关分析即可知道应用到的物理知识．（2）电流产生热量的多少不能直接观察，可以通过煤油受热膨胀，体积变化的多少来反映，体积膨胀越多，电流产生的热量越多．（3）初中物理中有很多实验应用转换法，例如用电磁铁吸引大头针的多少来反映电磁铁磁性强弱，用木块被撞后运动的远近说明钢球动能大小等等．（4）用温度计代替两端开口的细玻璃管，根据控制变量法应控制煤油的质量相同，但需要注意的是原来是在密封塞的作用下，将相同多的煤油密封在烧瓶里，受热膨胀的煤油在玻璃管里，现在换用温度计，则需要考虑受热膨胀的煤油去处，根据这一点可知遗漏的一个重要操作．解答：解：（1）因为小明的说法是灯丝的长度相同、粗细不同灯丝的阻值不同，说明电阻阻值不同与材料的长度、粗细有关，所以应用的物理知识是影响电阻的因素．（2）电流通过导体产生热量的多少，不能直接观察，而是通过煤油体积变化的大小体现出来，所以通过观察玻璃管液面上升的高度来电流在一定时间内产生热量的多少的．（3）电流通过导体产生热量的多少，不能直接观察，而是通过煤油体积变化的大小体现出来，这种方法是转换法．①探究电流与电压、电阻的关系，采用控制变量法．A、在研究平面镜成像时，通过等大的蜡烛与虚像重合来确定虚像的位置和大小，采用了等效法，B、在研究影响动能的因素时，通过木块被撞后运动的远近说明钢球动能大小，采用了转换法．C、在研究电压作用时，通过水压是水流形成的原因类比电压是电流形成的原因，采用了类比法D、在研究电磁铁磁性时，通过吸引大头针数目的多少来判断电磁铁磁性的强弱，采用了转换法．用到这一物理学方法的是BD．18\n（4）根据控制变量法本实验，应控制煤油的质量相同，原来是在密封塞的作用下，将质量相同多的煤油密封在相同的烧瓶里，受热膨胀的煤油在玻璃管里；现在换用温度计，受热膨胀的煤油会溢出，所以应倒出一部分煤油，但根据控制变量法还要保持烧瓶内煤油质量相等，故遗漏的一个重要操作是：倒出一部分煤油．并使烧瓶内煤油质量相等．故答案为：（1）影响电阻的因素；（2）玻璃管液面上升的高度；（3）BD；（4）倒出一部分煤油．并使烧瓶内煤油质量相等．点评：（1）初中多采用控制变量法、转换法、模型法、类比法、等效替代法等来探究物理问题．（2）掌握电流产生热量多少跟电流大小、电阻大小、通电时间的关系，采用控制变量法和转换法探究电流产生热量跟电流大小、电阻大小、通电时间的关系．　26．（6分）（2022•济南）八年级6班的同学用如图1所示的实验装置探究“浮力的大小与物体排开液体的体积的关系”，实验中物体排开液体的体积可由物体上的刻度线显示出来，小刚通过实验得到了表一中的实验数据．表一实验次数酒精的密度ρ/kgm3物体排开液体的体积V/cm3物体的重力G/N测力计的示数F/N浮力F浮/N10.84021.70.325021.60.436021.50.5（1）分析表一中的实验数据，小刚得出的实验结论是：　在同一液体中，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大　．（2）小刚和小强进行交流时发现，小强虽然和自己得出了相同的实验结论，但实验中使用的液体和记录的实验数据并不完全一样．表二为小强记录的实验数据．表二实验次数水的密度ρ/kgm3物体排开液体的体积V/cm3物体的重力G/N测力计的示数F/N浮力F浮/N11×1034021.60.425021.50.536021.450.6他们在对两人的实验数据进行综合分析后，发现：浮力的大小除了与排开液体的体积有关外，还与　液体的密度　有关．18\n（3）在对比两人的数据时他们还发现，即使在不同液体中，物体也能受到一样大的浮力．而且浮力大小相等时，酒精的密度小，排开酒精的体积就大；水的密度大，排开水的体积就小．受此启发，小强提出了关于浮力大小的一个新的猜想：浮力的大小可能跟　物体排开液体的重力大小　相等．（4）于是，两人用用如图2所示装置进行了多次实验，发现每次使用由弹簧测力计的四个度数F1、F2、F3、F4之间都满足关系式　F1﹣F3=F4﹣F2　，有此验证了小强新的猜想是正确的．实验后发现他们得到的实验结论和阿基米德原理是一致的．（5）阿基米德原理作为浮力的普遍规律，表一、表二中的实验数据都应符合这一实验结论．小刚却发现表一中1、3两次数据与这一实验结论并不相符．他与小强仔细分析后认为，这是由于实验中测量存在误差引起的．请写出一个引起测量误差的具体原因：　由刻度线显示排开液体的体积造成的误差（或弹簧测力计估读造成的误差）　．考点：探究浮力大小的实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）分析数据中控制不变的量和改变的量及浮力的变化，得出结论；（2）分析表一和表二中的不同点，得出影响浮力大小的另一个因素；（3）掌握影响浮力大小的两个因素：液体的密度和排开液体的体积；根据实验中液体密度和排开液体体积的变化得出结论；（4）掌握阿基米德的内容：浸在液体中的物体受到的浮力等于物体排开液体受到的重力；（5）在进行测量时，对测量工具的读数都会造成误差．解答：解：（1）由表一中数据知，水的密度不变，物体排开液体的体积在增大，受到的浮力增大，可得在同一液体中，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大；（2）表一和表二的第一行或第二行或第三行数据，可知物体排开液体的体积相同，所用液体的密度不同，所受的浮力不同，可得物体在液体中受到的浮力与排开液体的体积有关外，还与液体的密度有关；（3）由题意知，当受浮力相同时，液体的密度小，排开液体的体积就大，液体的密度大，排开液体的体积就小，可知浮力还跟物体排开液体的重力有关；（4）根据四幅图得，浮力：F浮=F1﹣F3，排开液体的重力：G排=F4﹣F2，根据阿基米德原理，F浮=G排，即：F1﹣F3=F4﹣F2．（5）由于弹簧测力计在估读时会造成误差，根据刻度线显示排开液体的体积时，造成的误差也是比较大的，所以会造成表一中1、3两次数据与这一实验结论不相符．故答案为：（1）在同一液体中，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大；（2）液体的密度；（3）物体排开液体的重力大小；（4）F1﹣F3=F4﹣F2；（5）由刻度线显示排开液体的体积造成的误差（或弹簧测力计估读造成的误差）．点评：此题是探究“浮力的大小与物体排开液体的体积的关系”的实验，考查了对实验数据的分析，注意控制变量法的运用，考查了影响浮力大小的因素及阿基米德原理，同时考查了对实验误差的分析．　18