江苏省泰州市2022年中考物理真题试题（解析版）

江苏省泰州市2022年中考物理试卷一、选择题（每小题4个选项中只有1个符合题意，每题2分，共24分）1．（2分）（2022•泰州）下列属于能量单位的是（　　）　A．瓦特B．焦耳C．伏特D．安培考点：物理量的单位及单位换算．专题：其他综合题．分析：对选项中的物理单位进行分析，明确各自对应的物理量，就能确定符合题意的选项．解答：解：A、瓦特是功率的主单位．不符合题意；B、焦耳是能量的主单位．符合题意；C、伏特是电压的主单位．不符合题意；D、安培是电流的主单位．不符合题意．故选B．点评：此题考查的是常见物理量及对应单位的识记，属于基础题，容易解答．　2．（2分）（2022•泰州）冬天的早晨，室外物体表面常有白色的霜．霜的形成属于（　　）　A．凝固B．液化C．凝华D．升华考点：生活中的凝华现象．专题：汽化和液化、升华和凝华．分析：物质由气态直接变成固态的过程叫做凝华，霜、雪等都是水蒸气凝华形成的．解答：解：霜一般出现在秋末冬初，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象．故选C．点评：自然现象中，雾、雨、露是水蒸气遇冷液化而成的；霜、雪、雾凇、树挂都是水蒸气遇冷凝华而成的；冰雹是夏天下雨时，雨滴遭遇强冷空气凝固而成的．　3．（2分）（2022•泰州）中学生正常步行的速度约为（　　）　A．1.2cm/sB．1.2m/sC．12cm/sD．12m/s考点：速度与物体运动．专题：长度、时间、速度．分析：此题考查对生活中常见物体速度的估测，结合对生活的了解和对速度单位的认识，选出符合实际的选项即可．解答：解：∵1km/h=m/s，∴正常情况下，中学生步行的速度在4.5km/h=4.5×m/s≈1.2m/s左右．-21-\n故选B．点评：对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的．　4．（2分）（2022•泰州）地面和太空航天器之间的信息传输是利用（　　）　A．超声波B．次声波C．电磁波D．光导纤维考点：电磁波的传播．专题：应用题；信息的传递．分析：飞船在太空中是通过无线电波（电磁波）传递信号的．解答：解：太空中的信息是通过无线电波把信息传递到地面指挥中心，无线电波属于电磁波．故选C．点评：本题考查了学生对及电磁波的传播的了解和掌握．　5．（2分）（2022•泰州）如图，滚摆上升的过程中（　　）　A．动能增大B．重力势能减小　C．重力势能转化为动能D．动能转化为重力势能考点：动能和势能的大小变化；动能和势能的转化与守恒．专题：应用题；机械能及其转化．分析：（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大；（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．解答：解：滚摆上升的过程中，高度不断增大，重力势能在增大，速度不断减小，动能不断减小，所以是动能转化为重力势能．故选D．点评：本题考查了动能和重力势能的概念，及影响其大小的因素，属于基本内容．在判断动能和重力势能的大小时，要注意看影响动能和重力势能大小的因素怎么变化．　6．（2分）（2022•泰州）如图所示的几种光现象，由于光沿直线传播形成的是（　　）-21-\n　A．树荫下的圆形光斑B．水中“折笔”　C．水中倒影D．雨后彩虹考点：光直线传播的应用；光的反射；光的折射现象及其应用．专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．分析：掌握三种光现象：①在生活中，激光准直、小孔成像、影子的形成、日食月食的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；②光照射到两种物质界面上时，一部分光被反射回原来介质的现象是光的反射，现象有：平面镜成像、水中倒影等；③当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生改变，这是光的折射，现象有：看水里的鱼比实际位置浅、彩虹、透镜成像等．解答：解：A、树荫下的光斑是太阳的像，是小孔成像现象，是由光的直线传播形成的，符合题意；B、水中“折笔”，是光的折射现象，不符合题意；C、水中的倒影，是水面成像，属于光的反射现象，不符合题意；D、白光经过三棱镜形成彩色光带，这是光的色散现象，属于折射，不符合题意．故选A．点评：一般来说：见到影子、日月食、小孔成像就联系到光的直线传播原理；见到镜子、倒影、潜望镜就联系到光的反射原理；见到水中的物体，隔着玻璃或透镜看物体就联系到光的折射原理．　7．（2分）（2022•泰州）关于汽车涉及到的一些物理知识，下列说法中正确的是（　　）　A．发动机用水做冷却剂，是因为水的比热容小　B．汽油发动机工作时，主要是将机械能转化成内能　C．轮胎表面有凹凸的花纹，是为了增大与路面的摩擦　D．载重汽车的轮子比小汽车多，是为了减小对路面的压力考点：水的比热容的特点及应用；增大或减小摩擦的方法；减小压强的方法及其应用．-21-\n专题：比热容、热机、热值；重力、弹力、摩擦力；压强、液体的压强．分析：A、水的比热容大，这是其常被用做冷却剂的原因；B、汽油机工作的最终目的是将燃料的化学能转化为内能，再转化为机械能；C、摩擦力的大小和压力的大小和接触面的粗糙程度有关；D、压强的大小受压力的大小和接触面积的大小影响．解答：解：A、发动机用水做冷却剂，是因为水的比热容大，在改变相同的温度时，能够有收更多的热量，故说法错误，不合题意；B、汽油发动机工作时，主要是将燃料燃烧产生的内能转化为机械能，故说法错误，不合题意；C、轮胎表面有凹凸的花纹，可以在压力一定时，增大与路面的摩擦，防止打滑，故说法正确，符合题意；D、载重汽车的轮子比小汽车多，是为了增大受和面积减小对路面的压强，故说法错误，不合题意．故选C．点评：本题以汽车辆的物理知识为例，考查了水的比热容的特点、汽油机的能量转化、摩擦力的影响因素、压强的影响因素等，都属于重要的知识点，但总体难度并不大．　8．（2分）（2022•泰州）如图所示的几种与电和磁有关的期间，工作时应用了电磁感应原理的是（　　）　A．风力发电机B．电风扇C．电饭锅D．电磁起重机考点：发电机的构造和原理．专题：电动机、磁生电．分析：电磁感应现象的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流．发电机是根据这一原理制成的．解答：解：A、风力发电机时利用电磁感应现象原理制成的，符合题意；B、电风扇主要部件是电动机，利用通电导体在磁场中受力的原理工作的，不符合题意；C、电饭锅是利用电流的热效应原理制成的，不符合题意；D、电磁起重机是利用电流的磁效应来工作的，不符合题意．故选A．点评：记住：发电机、动圈式话筒利用电磁感应现象原理，带电动机的用电器、扬声器利用通电导体在磁场中受力原理，带电磁铁的仪器利用是电流的磁效应原理．把电能转化为内能的是用电流的热效应来工作的．　9．（2分）（2022•泰州）下列说法中，不符合安全用电要求的是（　　）　A．三孔插座的中间插孔必须接地　更换或维修用电器时应该切断电源-21-\nB．　C．家中尽量不同时使用多个大功率用电器　D．为了方便，可以抓住导线拉出插座上的插头考点：安全用电原则．专题：电与热、生活用电．分析：三孔插座的中间插孔应接地；更换或维修电器时应切断电源；家庭电路用电器的总功率不能太大．解答：解：为了安全用电，应注意：A、三孔插座的中间插孔必须接地，故A正确；B、更换或维修用电器时应该切断电源，故B正确；C、家中尽量不同时使用多个大功率用电器，避免电路电流过大而发生火灾，故C正确；D、拔插座时不能抓住导线而拔出插座上的插头，故D错误；本题选择错误的，故选D．点评：要掌握安全用电常识，本题既考查了物理知识，在生活中又具有现实意义．　10．（2分）（2022•泰州）台球日益成为人们喜爱的运动项目．下列关于台球受力及运动的说法，其中错误的是（　　）　A．台球对桌面的压力与桌面对台球的支持力相互平衡　B．球杆击球时，杆对球的力与球对杆的力是相互作用力　C．击打球的不同部位，球的旋转方向不同，表明力的作用效果与力的作用点有关　D．运动的台球在碰到桌边后会改变运动方向，表明力可以改变物体的运动状态考点：平衡力和相互作用力的区分；力的作用效果；力的三要素．专题：运动和力．分析：解答此题从以下几方面入手：（1）二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上．（2）物体间力的作用是相互的．作用力与反作用力的关系是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上．（3）力的作用效果与力的大小、方向、作用点有关．（4）力的作用效果有两个，一是力可改变物体的运动状态；二是力可改变物体的形状．解答：解：A、台球对桌面的压力作用在桌面上，桌面对台球的支持力作用在台球上，二力作用在两个不同物体上，所以不是一对平衡力．A说法错误，符合题意．B、物体间力的作用是相互的．球杆击球时，杆对球的力与球对杆的力是相互作用力．B说法正确，不符合题意．-21-\nC、击打球的不同部位，球的旋转方向不同，表明力的作用效果与力的作用点有关．C说法正确，不符合题意．D、运动的台球在碰到桌边后，受到了桌边给的力后改变了运动方向，表明力可以改变物体的运动状态．D说法正确，不符合题意．故选A．点评：本题考查了有关力的知识，注意一对相互作用力和一对平衡力最大的区别在于作用力与反作用力作用在两个不同的物体上，而一对平衡力是作用在同一个物体上的．　11．（2分）（2022•泰州）如图是安装在潜水器上的深度表的电路简图，其中，显示器由电流表改装，压力传感器的电阻随所受压力的增大而减小，电源电压不变，R0是定值电阻．在潜水器下潜过程中，电路中有关物理量的变化情况是（　　）　A．通过显示器的电流减小B．R0两端的电压增大　C．传感器两端的电压增大D．电路的总功率减小考点：电路的动态分析；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用；电功率的计算．专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题．分析：在潜水器下潜过程中，压力传感器受到的压力变大，其电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端电压的变化，利用串联电路的电压特点可知传感器两端的电压变化，利用P=UI可知电路总功率的变化．解答：解：由电路图可知，两电阻串联，电流表显示器串联在电路中，∵p=ρgh，∴在潜水器下潜过程中，压力传感器受到的压力增大、其电阻减小，电路中的总电阻减小，∵I=，∴电路中的电流增大，即通过显示器的电流增大，故A不正确；∵U=IR，∴R0两端的电压增大，故B正确；∵串联电路中总电压等于各分电压之和，∴传感器两端的电压减小，故C不正确，∵P=UI，且电源电压不变，∴电路总功率增大，故D不正确．故选B．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是分析好在潜水器下潜过程中压力传感器受到压强的变化和其阻值的变化．　-21-\n12．（2分）（2022•泰州）有一种“浴霸”，具有照明、吹风和加热三个功能，其中照明灯和吹风机（用表示），均可以单独控制，电热丝（用表示）只有在吹风机启动后才可以工作．如图所示电路图中，符合上述要求的是（　　）　A．B．C．D．考点：串、并联电路的设计．专题：图析法；电流和电路．分析：照明灯泡和吹风机以及电热丝均可以正常工作说明它们之间为并联、否则均不能正常工作；照明灯和吹风机均可以单独控制说明各有一个开关控制，电热丝只有在吹风机启动后才可以工作说明有一个开关位于电热丝和吹风机的干路上．解答：解：A、由电路图可知，下边开关闭合时灯泡与吹风机都工作，故A不符合题意；B、由电路图可知，照明灯和电热丝、吹风机能正常工作，且照明灯和电热丝都由各自的开关控制、电热丝和吹风机有位于两者干路的开关控制，故B符合题意；C、由电路图可知，三用电器均各自有一个开关控制三用电器，不能达到只有在吹风机启动后才可以工作的目的，故C不正确；D、由电路图可知，下边开关闭合时，电热丝就开始工作，故D不符合题意．故选B．点评：本题考查了串、并联电路的设计，关键是各用电器串并联的判断和开关位置的判断，要特别注意家用电器的连接方式为并联．　二、填空题（本题有9小题，每空1分，共25分）13．（2分）（2022•泰州）将钢锯条以如图所示方式紧压在桌面上，拨动伸出桌面的一端，锯条由于　振动　而发出声音．改变钢锯条伸出桌面的长度、用相同的力再次拨动、发出声音的　音调　会改变（选填“响度”或“音调”）考点：声音的产生；频率及音调的关系．专题：声现象．分析：（1）声音是由物体的振动产生的；（2）音调指声音的高低，音调的高低与发声物体振动快慢有关，物体振动越快，音调越高；（3）响度指声音强弱，响度与物体振动的振幅有关，还与距离发声体的远近有关．解答：解：（1）把钢锯条紧压在桌面上，拨动伸出桌面的一端，锯条振动发出声音；（2）改变钢锯条伸出桌面的长度，锯条振动的频率改变；用相同的力再次拨动，锯条的振幅不变，因此发出声音的音调不同．故答案为：振动；音调．-21-\n点评：本题来源于课本插图，要求学生在学习中要了解课本上每一个插图蕴含的物理意义，是中考中常见问题．　14．（3分）（2022•泰州）能源危机日益加剧，开发和利用新能源成为当务之急．光伏发电是将　太阳　能转化为　电　能；目前的核能发电，是通过　核裂变　释放的核能来发电的（选填“核裂变”或“核聚变”）．考点：太阳能的转化；核电站发电过程中的能量转化．专题：能源的利用与发展．分析：（1）太阳能光伏发电系统是将太阳能转化为电能的．能从自然界源源不断地得到，这样的能源是可再生能源；（2）核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中．解答：解：光伏发电是将太阳能转化为电能；核能发电是通核裂变释放的核能来发电的．故答案为：太阳；电；核裂变．点评：此题考查了光伏发电的能量转化即核能发电的原理，是一道基础性题目，平时要注意积累这方面的知识．　15．（3分）（2022•泰州）在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛距透镜20cm时，光屏上得到清晰等大的像，则该透镜的焦距是　10　cm．增大蜡烛与透镜的距离，为在光屏上再次得到清晰的像，应将光屏向　靠近　（选填“靠近”或“远离”）透镜的方向移动，应用这一成像特点可制成　照相机　．考点：凸透镜成像的应用．专题：透镜及其应用．分析：（1）凸透镜成像时，u=2f，成倒立、等大的实像，应用于测焦距（2）①凸透镜成像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机．②凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大．解答：解：当u=20cm时，在另一侧距凸透镜20cm处的光屏上可以得到一个与蜡烛等大的像，所以2f=20cm，即f=10cm．增大蜡烛与透镜的距离，为在光屏上再次得到清晰的像，根据凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大可知．应将光屏向靠近透镜的方向移动，当u＞2f时，成倒立、缩小的实像，应用这一成像特点可制成照相机．故答案为：10；靠近；照相机．点评：凸透镜成像的三种情况和应用，以及凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大，在凸透镜成像中都有广泛的应用．　16．（2分）（2022•泰州）将一根直导线放在静止的小磁针上方，通电后小磁针发生偏转，这表明通电直导线周围存在　磁场　．如图所示装置，通电瞬间直导线向左摆动，这表明　磁场　对电流有力的作用．-21-\n考点：通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用．专题：磁现象、电生磁．分析：（1）奥斯特实验：在静止的小磁针上方，放一根与磁针平行的导线，给导线通电时磁针将偏转，说明了通电导体周围存在磁场．（2）通电导线在磁场中受力的作用，所受力的方向由电流的方向和磁场的方向有关．解答：解：（1）在静止的小磁针上方，放一根与磁针平行的导线，给导线通电时磁针将偏转，说明了通电导体周围存在磁场．这是由丹麦的物理学家奥斯特首先发现的．（2）图中导线通电时，会受力而运动，说明通电导线在磁场中受力的作用．故答案为：磁场；磁场．点评：电与磁之间的三个联系：通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象，要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用．　17．（2分）（2022•泰州）如图所示，在两张纸片之间向下吹气，纸片会向中间靠拢．这是由于纸片之间的空气流速　增大　，导致纸片之间的空气压强　减小　．考点：流体压强与流速的关系．专题：气体的压强、流体压强与流速的关系．分析：流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小．比较纸的内外受到的压强是解决本题的关键．解答：解：没有吹气时，纸的中间和外侧的压强相等，纸在重力的作用下自由下垂．当向中间吹气时，中间的空气流动速度增大，压强减小．纸外侧的压强不变，纸受到向内的压强大于向外的压强，受到向内的压力大于向外的压力，纸在压力差的作用下向中间靠拢．故答案为：增大；减小．点评：掌握流体压强跟流速的关系，能用流体压强解释有关的问题．　18．（2分）（2022•泰州）如图是苹果下落过程中拍摄的频闪照片，相机每隔0.1s曝光一次，由此可判断苹果的运动是　变速　运动（选填“匀速”或“变速”）．照片上A与B的间距，所对应的苹果的实际运动路程为57cm，则苹果在这段路程上的平均速度是　1.9　m/s．-21-\n考点：变速运动与平均速度．专题：长度、时间、速度．分析：（1）分析频闪照片，在相等的时间内苹果的间隔越来越大，利用速度公式不难判断苹果的运动状态．（2）算出A到B之间的时间，利用速度公式计算出它在A到B之间的平均速度．解答：解：（1）由频闪照片可以看出，苹果在相同时间内通过的路程越来越大，所以它做的是变速运动；（2）A到B之间有3个时间间隔，即时间为t=0.3s，苹果在这段路程上的平均速度：v===1.9m/s．故答案为：变速；1.9．点评：根据图象学会分析苹果的运动状态，揭示物体运动的规律；同时考查了学生对速度计算公式的理解和掌握，基础性题目．　19．（3分）（2022•泰州）如图（甲）所示，弹簧测力计示数为5N．如图（乙）所示，小球一半浸在水中，测力计示数为2N．则小球受到的浮力为　3　N，小球的体积为　600　cm3．剪断悬吊小球的细线，小球在水中稳定时受到的浮力为　5　N．（g取10N/kg）考点：浮力大小的计算．专题：浮力．分析：（1）先利用称重法求物体浸入一半时受到的浮力；（2）再利用阿基米德原理求排开水的体积（总体积的一半），从而得出物体的体积；（3）知道物体的重力求物体的质量，利用密度公式求物体的密度，和水的密度比较，确定物体存在的状态，利用物体的浮沉条件求此时物体受到的浮力．解答：解：（1）小球受到的浮力：F浮=G﹣F示=5N﹣2N=3N，（2）∵F浮=ρ水gv排，-21-\n∴V排===3×10﹣4m3，∴物体的体积：V=2×3×10﹣4m3=6×10﹣4m3=600cm3．（3）∵G=mg=5N，∴m===0.5kg，ρ物==≈0.83×103kg/m3；∴物体的密度小于水的密度，物体漂浮在水面上，物体受到的浮力：F浮′=G=5N．故答案为：3；600；5．点评：本题考查了密度的计算、重力的计算、浮力的计算（漂浮条件、阿基米德原理），涉及到用称重法测量物体受到的浮力，知识点多，属于难题．计算过程运用了多个计算公式，需要学生掌握这些知识并灵活的运用这些公式进行计算．通过对本题的计算，实际上告诉我们一种测量固体密度的一种方法．　20．（4分）（2022•泰州）工人站在地面上，用定滑轮将27kg的物品吊运到10m高处，使用定滑轮的优点是　改变施力方向　．若不计绳重和摩擦，匀速吊运所需的拉力是　270　N；若匀速吊运时的实际拉力是300N，则人所做的有用功是　2700　J，定滑轮的机械效率是　90%　（g取10N/kg）．考点：定滑轮及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算；机械效率的计算．专题：计算题；功、功率、机械效率．分析：（1）定滑轮的使用特点是：可以改变力的方向，但不省力；（2）利用G=mg求重力，利用W总=Fs求总功，再利用W有用=Gh求有用功，即可利用η=×100%求机械效率．解答：解：物体重力：G=mg=27kg×10N/kg=270N，定滑轮的实质是个等臂杠杆，使用定滑轮的目的是可以改变施力方向，但不能省力．所以若不计绳重和摩擦，匀速吊运所需的拉力是F′=G=270N；若匀速吊运时的实际拉力是300N，W总=FS=300N×10m=3000J，W有用=Gh=270N×10m=2700Jη=×100%=×100%=90%故答案为：改变施力方向，270；2700J；90%．点评：本题考查定滑轮的使用特点，要熟练掌握重力、有用功、总功和机械效率的公式，只有公式熟练了解题的准确度就高了．-21-\n　21．（3分）（2022•泰州）在“怎样使两个灯泡都亮起来”的活动中，小明采用如图所示的方法连接，结果两个灯泡都亮了．这时，两灯的连接方式是　串联　．若电源电压为3V，灯泡的规格均为“2.2V0.22A”，则每个灯泡的电阻是　10　Ω，每个灯泡的实际功率是　0.225　W．考点：欧姆定律的应用；实际功率．专题：欧姆定律．分析：（1）串联电流中电流只有一条路径，并联电路中电流有两条或多条路径，根据电流路径确定电路的连接方式；（2）已知灯泡的额定电压和额定电流，利用R=即可求电阻值．（3）根据串联电路的特点求出灯泡的实际电压即可利用P=求功率．解答：解：（1）如图所示的方法连接，电流只有一条路径，故两灯的连接方式是串联；（2）已知U额=2.2V，I额=0.22A，根据欧姆定律得：RL===10Ω．（3）已知电源电压U=3V，两个相同的灯泡串联连接；根据串联电路的特点可知UL实=×U=×3V=1.5V，则灯泡的实际功率P实===0.225W．故答案为：串联；10；0.225．点评：解决此类电路问题的关键是知道电流流向，根据电流路径的电路的连接方式，熟练掌握欧姆定律的应用和串联电路的特点．　三、解答题（本题有8小题，共51分．解答45、46题时应写出解题过程）22．（6分）（2022•泰州）根据要求作图（1）如图1光线AO从空气斜射入水中，画出水中折射光线的大致方向．（2）如图2所示是一个简易压水机，其中AOB是杠杆，作出动力F1的力臂．（3）如图3所示电路，小磁针在通电螺线管附近静止，标出小磁针的N极．考点：作光的折射光路图；力臂的画法；通电螺线管的磁场．专题：图像综合题．分析：-21-\n（1）根据光的折射规律作图：折射光线与入射光线和法线在同一平面内；折射光线与入射光线分居法线两侧；当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角．（2）力臂是支点到力的作用线的距离，因此要先确定支点，然后判断力的方向，再过支点做出力的作用线的垂线，支点到力的作用线的距离，即为所求作的力臂．（3）由右手螺旋定则可知螺线管的极性，由磁极间的相互作用（同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引）可知小磁针静止时的指向．解答：解：（1）先画出法线，然后根据折射规律画出折射光线．光从空气斜射入水中，所以折射角小于入射角，如图所示：（2）已知支点为O，过点O作力F1的垂线段L1．如图所示：（3）由右手螺旋定则可得，通电螺线管的右端为N极，根据磁极间的作用规律可知小磁针左端为S极，如图所示：点评：（1）考查了对折射光线的画法，关键是记熟光的折射定律，搞清折射角与入射角的关系．（2）考查了力臂的画法，关键是要作出支点到力的作用线的垂线段．（3）考查了磁极间的作用规律和右手螺旋定则，右手螺旋定则的内容为：右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向为N极方向．　23．（6分）（2022•泰州）如图所示是一辆新型坦克，其质量为20t，发动机的额定功率为1000kw，每条履带与水平地面的接触面积为2m2．g取10N/kg，求：（1）坦克的重力．（2）坦克静止时对水平地面的压强；（3）坦克以额定功率行驶10min，发动机所做的功．考点：压强的大小及其计算；重力的计算；功的计算．专题：计算题；压强、液体的压强；功和能综合题．分析：（1）知道坦克的质量，根据G=mg求出坦克的重力；（2）坦克静止时对水平地面的压力和自身的重力相等，根据压强公式求出对水平地面的压强；（3）知道发动机的额定功率和行驶时间，根据W=Pt求出发动机所做的功．解答：已知：m=20t=2×104kg，P=1000kW=106W，S=2m2，t=10min=600s，g=10N/kg求：（1）坦克的重力G；（2）坦克静止时对水平地面的压强p；（3）坦克以额定功率行驶10min，发动机所做的功W解：（1）坦克的重力：-21-\nG=mg=2×104kg×10N/kg=2×105N；（2）坦克静止时，对水平地面的压力：F=G=2×105N，水平地面的压强：p===5×104Pa；（3）发动机所做的功：W=Pt=106W×600s=6×108J．答：（1）坦克的重力为2×105N；（2）坦克静止时对水平地面的压强为5×104Pa；（3）坦克以额定功率行驶10min，发动机所做的功为6×108J．点评：本题考查了重力公式、压强公式、做功公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等，是一道较为简单的计算题．　24．（7分）（2022•泰州）如图1所示是一种电热水龙头，图2是它的电路简图．旋转手柄可使扇形开关S同时接触两个相邻触点，从而控制流出的水为冷水、温水或热水．已知R1、R2是电热丝，R2=55Ω，温水档的电功率是2.2kW．试回答或求解下列问题：（1）S旋到　2　位置时，水龙头流出温水；S旋到　3　位置时，水龙头流出热水．（选填“1”、“2”或“3”）（2）电热丝R1的阻值是多大？（3）S旋到热水档时，电路中的总电流是多大？考点：欧姆定律的变形公式；电功率与电压、电流的关系．专题：计算题；欧姆定律；电能和电功率．分析：（1）根据开关位置的改变，判断出电路的连接情况，然后根据P=UI=判断功率的大小，由此可知热水或温水的档位；（2）知道温水功率，利用P=UI=求R1的阻值；（3）知道R2=55Ω，温水档的电功率是2.2kW．利用I=分别求出通过电阻的电流，然后根据串联电路的电流特点求总电流．解答：解：（1）当开关处于位置2时，只有电阻R1接入电路，电路电阻最大，根据P=可知：此时功率最小，可见此时放出的是温水；当开关处于位置3时，电阻R1和R2-21-\n并联接入电路，电路电阻最变小，根据P=可知：此时功率最小，所以此时放出的是热水；（2）∵P=UI=可知，温水功率P温水=2.2kW=2200W，∴R1===22Ω；（3）∵S旋到热水档时，电阻R1和R2并联接入电路，∴根据欧姆定律得：I1===10A，I2===4A，所以，I=I1+I2=10A+4A=14A．答：（1）2；3；（2）电热丝R1的阻值22Ω；（3）S旋到热水档时，电路中的总电流是14A点评：（1）本题考查电路分析、效率公式、欧姆定律和电功率公式的应用，解题时要注意隐含条件，电路电压是220V．（2）大部分家用电热器都是用改变电路电阻的阻值来实现功率的改变，电阻阻值的改变由三种方法：①用开关使几个电阻串联，达到增大电阻，减小功率的目的；②用开关使几个电阻并联，达到减小电阻，增大功率的目的；③用一个开关和电阻并联，开关的闭合可用短路电阻，达到减小电阻，增大功率的目的．　25．（8分）（2022•泰州）本题有两小题．（1）如图1所示，用斜面、木板、棉布、玻璃板、小车做“探究阻力对物体运动的影响”的实验．①为了使小车到达水平面的速度相同，应让小车从斜面的　同一高度　自由下滑．②小车在水平玻璃板上运动时受到　3　个力的作用．③通过实验观察到：小车受到的阻力越小，运动的路程越　远　；由此可以推测，如果小车在绝对光滑的水平面上运动，即不受阻力作用，小车将做　匀速直线　运动．（2）如图2所示，用装有细沙的容器、三脚小桌和质量不同的木块做“探究重力势能大小与哪些因素有关”实验．①为该实验是通过观察比较　小桌在沙子中下陷的深度　来间接判断物体重力势能大小的．②实验中采用质量不同的木块，是为了探究物体重力势能大小与物体　质量　的关系，操作时应该让木块从　相同　（选填“相同”或“不同”）的高度自由下落．③若要探究物体重力势能大小与物体高度的关系，请简要说明具体做法．考点：阻力对物体运动影响的探究实验；探究影响物体势能大小的因素．专题：探究型实验综合题．分析：（1）①在实验中，为得到相同的初速度，需使物体从斜面的同一高度由静止滑下；②能够对物体进行正确的受力分析，根据运动情况分别从竖直方向和水平方向进行分析；-21-\n③掌握实验现象，阻力越小，小车速度减小得越慢，运动得越远，若不受阻力，将做匀速直线运动；（2）掌握转换法在此实验中的应用，此实验通过小桌陷入沙子中的深度来判断重力势能的大小；掌握控制变量法在此实验中的应用，重力势能与物体的质量和被举高度有关，在探究重力势能与其中一个量的关系时，另一个量保持不变，改变要探究的量．解答：解：（1）①为了使小车到达水平面的速度相同，应让小车从斜面的同一高度由静止滑下；②小车在运动时，竖直方向受重力和支持力；水平方向受地面对物体的摩擦力，所以受3个力的作用；③小车受到的阻力越小，运动的路程越远，不受阻力作用，小车将做匀速直线运动；（2）①由题意知，实验是通过观察比较小桌在沙子中下陷的深度来间接判断物体重力势能大小的；②实验中采用质量不同的物块，是为了探究重力势能与质量的关系，在探究过程中要注意保持物体从同一高度由静止落下；③若要探究物体重力势能大小与物体高度的关系，则需让同一木块从不同高度下落，比较小桌下陷的深度．故答案为：（1）①同一高度；②3；③远；匀速直线；（2）①小桌在沙子中下陷的深度；②质量；相同；让同一木块从不同高度下落，比较小桌下陷的深度．点评：此题考查了阻力对物体运动的影响，在此实验的基础上通过推理得出了牛顿第一定律；同时考查了重力势能大小与哪些因素有关的实验．注意控制变量法和转化法在两个实验中的应用．　26．（4分）（2022•泰州）小华做测量某种金属零件密度的实验．（l）天平放在水平台面上，游码移到零刻度，指针稳定时的位置如图（甲）所示，这时应将平衡螺母向　右　调节，使横梁平衡．（2）测量零件的质量，天平平衡时，右盘内砝码及游码的位置如图（乙）所示，零件的质量是　78　g．（3）在量筒中注入50ml的水，将零件放入水中后，水面位置如图（丙）所示，该零件的体积是　10　cm3．（4）该零件的密度是　7.8　g/cm3．考点：固体密度的测量．专题：测量型实验综合题．分析：（1）从指针的偏转判断天平横梁哪端上翘，平衡螺母向上翘的一端移动．-21-\n（2）零件的质量等于砝码质量与游码对应的刻度值的和．（3）零件的体积等于物体浸没水前后水面对应刻度值的差．（4）知道零件的质量和体积，根据密度公式求出零件的密度．解答：解：（1）如图指针偏向左侧，说明天平的右侧上翘，平衡螺母向右移动．（2）零件的质量m=50g+20g+5g+3g=78g．（3）零件的体积V=60ml﹣50ml=10ml=10cm3．（4）零件的密度ρ===7.8g/cm3．故答案为：（1）右；（2）78；（3）10；7.8．点评：测量固体的密度是初中重要的实验，用天平和量筒测量固体密度是最简单，最常见的类型．　27．（7分）（2022•泰州）用如图（甲）所示的装置做“探究冰的熔化特点”的实验．（1）装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不用酒精灯加热．这样做，不但能使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较　慢　（选填“快”或“慢”），便于记录各个时刻的温度．为了使烧杯内各部分受热均匀，还需要进行的操作是　用搅拌棒搅拌　．（2）实验中，应始终注意观察烧杯中冰的　状态　变化，并每隔0.5min记录一次温度计的示数，其中，由图（乙）可读出第1min时温度计的示数是　﹣4　℃．（3）根据下表数据，在图（丙）中画出这段时间内冰的温度随时间变化的图象．时间/min00.511.522.533.544.56…温度/℃﹣8﹣6﹣20000000状态固态固液共存态（4）由图象可以看出，冰在熔化过程中温度　不变　．（选填“变化”或“不变”）考点：熔化和凝固的探究实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）为了能使固体物质均匀受热，常用水浴法，若物质的熔点较低，可以不对其加热，还可以用搅拌棒进行搅拌，这样不仅能够使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录数据；（2）在探究物质的熔化特点时，不仅要记录其温度的变化情况，还要观察其状态的变化情况；在进行温度计的读数时，注意温度计的分度值；（3）根据表格中数据描点，并用平滑的曲线连接起来；（4）冰是晶体，结合图象可知，在熔化过程中温度保持不变．解答：-21-\n解：（1）冰的熔点为0℃，所以装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不但能使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录各个时刻的温度．为了使烧杯内各部分受热均匀，还需要用搅拌棒进行搅拌；（2）探究冰的熔化特点，不仅要探究温度随时间的变化情况，而且要观察其状态的变化；温度计的分度值为1℃，所以其示数为﹣4℃；（3）根据表格中数据进行描点，并将各点用平滑的曲线连接起来，如图所示：；（4）由图象知，水达到沸点后沸腾，虽不断吸热但温度保持不变．故答案为：（1）慢；用搅拌棒搅拌；（2）状态；﹣4；（3）见上图；（4）不变．点评：此题是探究冰的熔化特点，考查了学生对水浴法的应用及理解，同时考查了熔化图象的画法及晶体熔化时的特．晶体与非晶体最大的区别就是看是否有一定的熔点，从图象上分辨，最大的不同就是晶体有一段时间只吸热而温度不变，我们应该学会区分．　28．（6分）（2022•泰州）如图（甲）所示是测量定值电阻Rx阻值的实验电路．（1）请将实验电路用笔划线代替导线连接完整．（2）连好电路后闭合开关，发现电流表无示数，电压表有示数，电路的故障可能是　Rx　断路．排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.4V时，电流表的示数如图（乙）所示，则通过电阻的电流为　0.24　A，阻值为　10　Ω．（3）实验结束后，老师向同学们提出：“如果不适用电压表，再提供一只已知阻值的定值电阻R0，能否设计一个也能测量Rx阻值的实验”．如图丙是小明设计的实验电路图，他的做法是：将S接到a时，读出电流表的示数I1；再将接到b，读出电流表的示数I2；I2Rx=I1R0由可得Rx=．试对小明的方案做出评价（必须简要说明理由）考点：伏安法测电阻的探究实验．专题：测量型实验综合题．分析：（1）在测量定值电阻Rx阻值的实验的实验中，电流表、待测电阻、滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在待测电阻两端；滑动变阻器采用“一上一下”的接法；（2）电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的；电流表无示数说明是某处断路或电流表短路，综合分析进行故障判断．-21-\n确定电流表量程、最小分度值，读出电流表示数，已知电压和电流，由R=求出电阻阻值；（3）小明想用等效替代法测待测电阻的电压，但根据小明的设计，当开关S由a拨到b时，电阻R0和RX两端的电压不相等，小明的设计是不合理的．解答：解：（1）由图知：大部分电路已经连接完成，滑动变阻器连接了左上方的接线柱，需要再选择下方的一个接线柱与电源正极相连．电路连接如图所示；（2）电流表无示数，说明电路无电流通过，而电压表有示数说明正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的，所以电路故障为待测电阻Rx断路．电流表选择的是0～0.6A量程，对应的分度值为0.02A，此时的示数为0.24A，待测电阻的阻值为R===10Ω；（3）小明的设计不合理，因为：在串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比，当开关S由a拨到b时，电阻R0和RX两端的电压不相等．故答案为：（1）实物连接如下图：（2）电阻Rx；0.24；10；（3）不合理，因为S接a、b时，Rx与R0两端的电压不相等．点评：本题考查了连接电路、电路故障分析、电流表的读数和电阻的计算以及不同方法测量待测电阻阻值，其中利用串联电路特点应用等效法测量电阻阻值时，应该保持电阻和电阻电阻两端电压相同．　29．（8分）（2022•泰州）如图所示是“探究通过导体的电流与电压、电阻的关系”的电路图．所用实验器材是：电源（6V）、电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V）、电阻箱（0～999.9Ω）、滑动变阻器（40Ω2A）、开关、导线若干．表一：实验序号电压U/V电流I/A11.00.2021.50.3032.00.40表二：实验序号电阻R/Ω电流I/A150.402100.203200.10-21-\n（1）探究电流与电压的关系时，所测得的几组电流、电压值见表1．分析表中数据可知：电阻箱接入电路的阻值为　5　Ω；当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成　正比例　关系．（2）探究电流与电阻的关系时，应调节　电阻箱　改变接入电路中的阻值，并调节　滑动变阻器　使电压表的示数保持相同，读出电流值，所测得几组数据见表2．分析表中数据可知：电阻箱两端的电压为　2　V；当导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成　反比例　关系．（3）就本实验所用器材，在探究电流与电阻的关系时，若保持电阻箱两端的电压为2V，为能完成实验，电阻箱可接入电路的阻值范围是　3.3　Ω至　20　Ω（保留一位小数）．考点：探究电流与电压、电阻的关系实验．专题：探究型实验综合题．分析：要探究通过导体的电流与电压、电阻的关系，需要用到控制变量法，若探究电流与电压的关系，需使电阻不变，改变电压；若要探究电流与电阻的关系，需使电压不变，改变电阻．掌握滑动变阻器在两种情况下的作用及调节；掌握欧姆定律的基本公式及其变形公式．解答：解：（1）探究电流与电压的关系时，要保持电阻值不变，根据第一组数据知，R===5Ω；分析得，电阻不变，电压增大为原来的几倍，电流就增大为原来的几倍，可得当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（2）此实验通过调节变阻箱来改变接入电路中的电阻，通过调节滑动变阻器使电阻两端的电压不变；由第一组数据知，U=IR=0.4A×5Ω=2V；分析数据得，电压不变，导体的电阻增大为原来的几倍，电流就减小为原来的几分之一，可得当导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（3）根据题意，电流表的量程为0～0.6A，所以当电流表的示数为0.6A时，便是电阻箱的最小阻值；当滑动变阻器电阻为40Ω时，便是电阻箱可接的最大电阻．因为电阻箱两端的电压为2V，所以R最小==≈3.3Ω；若滑动变阻器的电阻为40Ω，则电路中电流，I最小===0.1A所以R最大===20Ω故答案为：（1）5；正比例；（2）电阻箱；滑动变阻器；2；反比例；（3）3.3；20．点评：-21-\n此题是探究通过导体的电流与电压、电阻的关系，注意控制变量法在此实验中的应用，滑动变阻器在此实验中的作用也是相当重要的，第（3）问是本题的难点，关键是搞清什么时候是电阻箱的最小值，什么时候是电阻箱的最大值．-21-