福建省宁德市2022年中考物理真题试题（解析版）

福建省宁德市2022年中考物理试卷一、选择题（本大题有l3小题，每小题2分，共26分，每小题只有一个选项是正确的）1．（2分）（2022•宁德）以下估测值最接近实际的是（　　）　A．一元硬币的直径约2cmB．人的正常体温是39℃　C．一个苹果的质量约2kgD．人步行的速度约10m/s考点：长度的估测；温度；质量的估测；速度与物体运动．专题：估算题．分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．解答：解：A、中学生的大拇指宽度在1.5cm左右，一元硬币的直径比1.5cm大一些，约2cm．此选项符合实际；B、正常情况下人体体温在37℃左右，变化幅度很小．此选项不符合实际；C、三个苹果的质量大约1斤，而1斤=500g，所以一个苹果的质量在150g左右．此选项不符合实际；D、人步行的速度在4km/h=4×m/s≈1.1m/s左右．此选项不符合实际．故选A．点评：物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义．　2．（2分）（2022•宁德）下列物质中属于导体的是（　　）　A．橡胶B．玻璃C．塑料D．金属考点：导体．专题：电压和电阻．分析：善于导电的物体叫导体，如：各种金属、酸碱盐溶液、石墨、人体、大地等；不善于导电的物体叫绝缘体，如：玻璃、橡胶、陶瓷、空气、蒸馏水等；导体和绝缘体没有明显的界限．解答：解：金属是导体，橡胶、玻璃、塑料是绝缘体．故选D．点评：记忆一些常见的导体和绝缘体，遇到这类题型才能得心应手．　3．（2分）（2022•宁德）以下微观粒子按空间尺度由大到小排序正确的是（　　）　A．中子原子核原子B．原子原子核中子　C．原子核中子原子D．原子中子原子核21\n考点：从微观到宏观的尺度．专题：粒子与宇宙、材料世界．分析：物体由分子构成，分子由原子构成，原子由原子核和电子构成，原子核由质子和中子构成，质子和中子由更小的微粒﹣﹣夸克构成．解答：解：分子是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，原子核又是由质子和中子组成的．故选B．点评：本题考查物质世界微观的构成，是一道基础题．　4．（2分）（2022•宁德）关于安全用电，下列说法正确的是（　　）　A．用手去拉触电的人B．在输电线上晾衣服　C．发现有人触电应及时切断电源D．用湿布擦正亮着的台灯灯泡考点：安全用电原则．专题：电与热、生活用电．分析：发现有人触电，首先要使触电者尽快脱离电源，然后根据具体情况，进行相应的救治；正在发光的白炽灯或日光灯是和火线相连接的带电体，湿布是容易导电的物体．解答：解：A、当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会造成触电．发现有人触电，立即用手将其拉离电源，属于间接触电．故A错误；B、由于湿衣服是导体，在输电线上晾衣服很容易造成触电事故，故B错误；C、发现有人触电应及时切断电源，故C正确；D、湿布是容易导电的物体，用湿布擦拭正在发光的白炽灯或日光灯时，容易引起人体触电，故D错误．故选C．点评：本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识．只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会有危险发生．　5．（2分）（2022•宁德）如图所示实例中，力对物体没有做功的是（　　）　A．起重机吊起大象B．马拉车前进　C．跳水运动员从跳台跳下D．杠铃纹丝未动考点：力是否做功的判断．专题：功、功率、机械效率．21\n分析：（1）判定是否做功，就看其是否同时满足做功的两个必要因素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离．两个条件缺一不可．（2）根据选择项中的物理情景，看其是否同时具备做功的两个必要因素，从而可以确定其正误．解答：解：A、起重机吊起大象，起重机给大象一个力，大象在这个力的作用下通过了一段距离，同时具备了做功的两个必要因素，故做了功．故A不合题意；B、车在拉力的作用下通过了一段距离，同时具备了做功的两个必要因素，故拉力对车做了功．故B不合题意；C、跳水运动员从跳台跳下，在重力的作用下，人通过了一定的距离，同时具备了做功的两个必要因素，故做了功．故C不合题意．D、运动员举着杠铃不动，虽然此时运动员对杠铃有一个支持力的作用，但此时杠铃不再运动，有力但没有距离，不同时具备做功的两个必要因素，故支持力没有做功．故D符合题意．故选D．点评：不做功的情况一般有以下三种：①有力无距离，如D选择项以及搬而未动，举而未起；②有距离无力，物体由于惯性而运动；③有力也有距离，但距离的方向与力的方向垂直，如人提着水桶在水平地面上运动．　6．（2分）（2022•宁德）以下选项中表述正确的是（　　）　A．超导体是一种电阻很大的材料　B．天然气、石油是可再生能源　C．移动电话是利用电磁波来传递信息的　D．宁德市核电站是利用原子核聚变释放的核能来发电的考点：超导体的特点；网络通信；能源的分类；核电站发电过程中的能量转化．专题：其他综合题．分析：（1）超导体是一种新型的电阻为零的材料；（2）可再生能源是能在短时间内形成的能源，可再生资源特点是取之不尽用之不竭；（3）移动电话的通信是通过无线电波进行传输的，既是无线电的发射台，又是接收台；（4）核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的．解答：解：A、超导体的电阻为零，该选项说法不正确；B、煤、石油、天然气都是不可再生能源，该选项说法不正确；C、移动电话和基地台之间的通信是无线通信，它们通过电磁波进行传输，该选项说法正确；D、核电站是利用原子核裂变释放的核能来发电的，该选项说法不正确．故选C．点评：本题考查了超导体、能源分类、移动通信以及核裂变的基础知识，具有一定的综合性，是中考的热点．　21\n7．（2分）（2022•宁德）一般家庭的卫生间都安装有照明灯和换气扇．如果开关S1只控制灯；开关S2只控制换气扇．如图所示的四个电路图，符合要求的是（　　）　A．B．C．D．考点：电路图设计．专题：图析法；电流和电路．分析：开关S1只控制灯，开关S2只控制换气扇，说明灯泡和换气扇可以独立工作、互不影响即为并联，且灯泡与开关S1串联，换气扇与开关S2串联，据此进行解答．解答：解：A、由电路图可知，灯泡与换气扇并联，两开关均为与干路，两开关均闭合时灯泡与用电器均工作，否则两者均不能工作，故A不符合题意；B、由电路图可知，灯泡与换气扇并联，且开关S1只控制灯，开关S2只控制换气扇，可以独立工作、互不影响，故B符合题意；C、由电路图可知，灯泡与换气扇并联，但开关S1只控换气扇，开关S2只控制制灯，故C不符合题意；D、由电路图可知，灯泡与换气扇串联，两开关均闭合时灯泡与用电器均可以工作但不能正常工作，否则两者均不能工作，故D不符合题意．故选B．点评：本题考查了电路图的设计，关键是根据题意得出灯泡与换气扇并联以及两个开关的位置．　8．（2分）（2022•宁德）如图所示的事例中，属于减小摩擦的是（　　）　A．鞋底的花纹B．脚垫凹凸不平　C．行李箱滚动的轮子D．瓶盖上的条纹考点：增大或减小摩擦的方法．专题：重力、弹力、摩擦力．分析：本题要求减小摩擦，因此要从减小摩擦的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、变滑动摩擦为滚动摩擦、加润滑油等几个方面入手去考虑，这些方法与选择项中提到的措施去对应，从而得到答案．解答：解：A、鞋底上有凸凹不平的花纹，增大了接触面的粗糙程度，可以增大摩擦，故本选项错误；B、脚垫凹凸不平，增大了接触面的粗糙程度，可以增大摩擦，故本选项错误；21\nC、行李箱滚动的轮子，将滑动摩擦变为滚动摩擦，可以减小摩擦，故本选项正确；D、瓶盖上的条纹，增大了接触面的粗糙程度，可以增大摩擦，故本选项错误．故选C．点评：此题通过联系日常生活中的实际情况，来考查关于增大或减小摩擦的办法，体现了物理来源于生活的理念．　9．（2分）（2022•宁德）如图所示的各种用具，使用时属于省力杠杆的是（　　）　A．钳子B．镊子C．定滑轮D．筷子考点：杠杆的分类．专题：简单机械．分析：结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．解答：解：A、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、定滑轮实质是一等臂杠杆，不省力也不费力；D、筷子夹菜过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆．故选A．点评：此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力．　10．（2分）（2022•宁德）如图所示是北斗导航系统某一卫星的轨道示意图．已知该卫星沿椭圆轨道绕地球运行的过程中机械能守恒．该卫星从远地点向近地点运行过程中，重力势能、动能、速度的变化是（　　）　A．重力势能增加、动能减小、速度减小B．重力势能增加、动能减小、速度不变　C．重力势能减小、动能增加、速度增加D．重力势能不变、动能不变、速度不变考点：动能的影响因素；势能的影响因素；机械能．专题：机械能及其转化．21\n分析：（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．（2）势能大小的影响因素：质量、相对高度．质量越大，相对高度越高，势能越大．解答：解：卫星从远地点向近地点运行过程中，卫星的质量不变，速度不断增大，动能不断增大，卫星和地球的相对高度减小，势能不断减小．故选C．点评：人造卫星在飞行过程中，动能和重力势能在相互转化，因为没有阻力，所以，总能量保持不变．　11．（2分）（2022•宁德）2022年5月31日，一场大规模龙卷风袭击了美国俄克拉何马州．龙卷风的实质是高速旋转的气流，能把地面上的物体或人畜“吸”起卷入空中（如图所示）．龙卷风能“吸起物体的主要原因是（　　）　A．龙卷风使物体受到重力变小　B．龙卷风内部的气体流速大，压强小　C．龙卷风具有强大的磁性，将物体吸上天空　D．龙卷风产生强大的静电，将物体吸上天空考点：流体压强与流速的关系．专题：气体的压强、流体压强与流速的关系．分析：运用流体压强与流速的关系来分析物体的受力情况，根据受力情况可以得到物体被“吸”起的原因．解答：解：龙卷风内部空气流速快外部流速慢，造成龙卷风内部的压强远小于外部的压强，这样内外就会形成一个很大的压力差，在压力差的作用下，地面上的物体或人畜“吸”起卷入空中．故选B．点评：本题考查流体压强与流速的关系，关键是考查学生学以致用的能力，本题接近实际生活，属于一道不错的题．　12．（2分）（2022•宁德）如图所示四个实验中，属于探究电磁感应现象的是（　　）　A．B．C．D．21\n考点：电磁感应．专题：磁现象、电生磁．分析：电磁感应现象是指闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流．对照图片，确定符合条件的选项．解答：解：A、图片中是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，符合电磁感应现象的要求，符合题意；B、由图可知，这是研究电磁铁磁性强弱与电流大小关系的实验装置，不合题意；C、由图可知，电路中有电源，是通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的原理图，不合题意；D、是奥斯特实验，说明了通电导线周围可以产生磁场，不合题意．故选A．点评：本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理、发电机的原理、电磁铁的研究．注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源．　13．（2分）（2022•宁德）将光敏电阻R、定值电阻R0、电流表、电压表、开关和电源连接成图所示电路．光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小．闭合开关，逐渐增大光敏电阻的光照强度，观察电表示数的变化情况是（　　）　A．电流表和电压表示数均变大B．电流表和电压表示数均变小　C．电流表示数变大，电压表示数变小D．电流表示数变小，电压表示数变大考点：电路的动态分析；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用．专题：应用题；电路和欧姆定律．分析：由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；根据题意得出逐渐增大光敏电阻的光照强度时其电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流和R0两端的电压变化，再根据串联电路的电压特点确定光敏电阻两端的电压变化．解答：解：由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；∵光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，∴闭合开关，逐渐增大光敏电阻的光照强度时，光敏电阻R的阻值变小，电路的总电阻变小，∵I=，∴电源的电压不变时，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故BD不正确；∵U=IR，21\n∴定值电阻R0两端的电压变大，∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，∴光敏电阻R两端的电压变小，即电压表的示数变小，故A不正确，C正确．故选C．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小”是解决本题的关键．　二、填空题（本大题有7小题，第20题2分，其余每空l分，共20分）14．（2分）（2022•宁德）声音是由于物体　振动　产生的．我们听声音就能判断谁在说话，主要是依据声音的　音色　（选填“音调”、“响度”或“音色”）．考点：声音的产生；音色．分析：解决此题的关键是要知道声音是由物体的振动产生的，音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关．解答：解：声音是由物体的振动产生的，每个人说话声带都会振动发出声音，但由于声带结构不同，所以发出声音的音色不同；故答案为：振动，音色．点评：解决此类问题的关键是知道声音产生的原因及会根据响度、音色和音调的定义区分乐音特征的三个因素．　15．（2分）（2022•宁德）防蛀虫，常在衣柜里放樟脑丸．一段时间后樟脑丸变小了，这是　升华　现象（填物态变化的名称）；同时能闻到樟脑的气味，这是分子的　扩散　现象．考点：生活中的升华现象．专题：汽化和液化、升华和凝华．分析：（1）物质由固态直接变成气态的现象叫做升华；（2）物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动．解答：解：（1）放在衣橱里的樟脑丸，时间久了会变小，这是它由固态直接变成了气态，发生了升华现象；（2）打开衣柜能闻到樟脑的气味，这是扩散现象，说明了分子在不停地做无规则运动．故答案为：升华；扩散；点评：本题考查了生活中的物态变化现象和分子运动现象，内容较简单，考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力．　16．（5分）（2022•宁德）如图所示是我国火箭运送载人飞船上太空的情景．（1）火箭点火向下喷出气体，火箭向上运动，说明物体间力的作用是　相互的　，也说明力可以改变物体的　运动状态　；（2）在上升过程，以火箭为参照物，宇航员是　静止　的（选填“运动”或“静止”）；火箭停止喷火，由于　惯性　火箭仍能向上运动；（3）火箭与大气摩擦产生大量的热，这是通过　做功　（选填“做功”或“热传递”）方式改变物体的内能．21\n考点：力作用的相互性；运动和静止的相对性；做功改变物体内能．专题：运动和力．分析：（1）根据力的作用的相互性和力的作用效果来分析这一问题；（2）判断物体的运动状态要看相对于参照物的位置是否发生变化；惯性是一切物体具有的保持原来运动状态不变的性质；（3）摩擦生热属于通过做功的方法改变物体的内能．解答：解：（1）火箭点火向下喷出气体，火箭向上运动，是因为气体也给火箭一个向上的力，说明物体间力的作用是相互的，也说明力可以改变物体的运动状态；（2）在上升过程，以火箭为参照物，宇航员相对于火箭的位置没有发生改变，所以是静止的；火箭停止喷火，由于惯性火箭仍能保持原来的运动状态，向上运动；（3）火箭与大气摩擦产生大量的热，这是通过做功方式改变物体的内能．故答案为：（1）相互的；运动状态；（2）静止；惯性；（3）做功．点评：以火箭发射为背景考查了力的作用特点、力的作用效果、运动与静止的相对性、惯性、做功改变物体内能等多个知识点，有一定的综合性．　17．（3分）（2022•宁德）小明家里的电饭锅铭牌上标有“220V1100W”的字样，正常工作时电流为　5　A，电阻为　44　Ω，正常工作30min消耗的电能为　0.55　kW•h．考点：电功的计算；电功率的计算．专题：计算题；电能和电功率．分析：（1）根据P=UI求出电饭锅正常工作时的电流；（2）根据I=求出电阻；（3）根据W=Pt求出电饭锅消耗的电能．解答：解：（1）∵P=UI∴正常工作时电流：I===5A；（2）∵I=∴电阻：R===44Ω；（3）∵P=∴正常工作30min消耗的电能：W=Pt=1.1kW×0.5h=0.55kW•h．故答案为：5；44；0.55．点评：此题主要考查的是学生对欧姆定律、电功率、电功计算公式的理解和掌握，基础性题目．21\n　18．（3分）（2022•宁德）小立身高1.60m，站在镜前0.50m处，则他在镜中的像离镜面　0.50　m，像高　1.60　m；当他慢慢远离镜子时，像的大小将　不变　（填“变大”、“变小”或“不变”）．考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．分析：根据平面镜成像的特点：成等大正立的虚像，且物距与像距相等，即可分析解答此题．解答：解：因平面镜成像时物距与像距相等，此时物距为0.50m，则像距也为0.50m，由于像与物是等大的，所以像高也为1.60m，当他慢慢远离镜子时，像的大小将不变．故答案为：0.5；1.60；不变．点评：本题主要考查了平面镜成像特点的应用．解答此题的关键是熟练掌握平面镜成像的特点．　19．（3分）（2022•宁德）将重为6N物体全部压入水中，物体排开的水重为8N，此时物体受到浮力为　8　N；放开物体，物体将　上浮　（选填“上浮”、“下沉”或“悬浮”）；待物体静止时所受浮为　6　N．考点：阿基米德原理．专题：应用题；浮力．分析：①浸在液体中的物体受到的浮力等于排开的液体受到的重力；②物体的浮沉条件是：浮力大于重力，上浮；浮力等于重力，悬浮；浮力小于重力，下沉．解答：解：用手将物体全部压入水中时，已知物体排开的水重为8N，由阿基米德原理知：此时物体所受的浮力也为8N；放手后，物体受到的浮力8N大于物体的自重6N，因此物体要上浮．待物体静止时处于漂浮状态，所以所受浮力等于本身的重力，即为6N．故答案为：8；上浮；6．点评：本题考查阿基米德原理和物体的浮沉条件的应用；阿基米德原理：浸在液体中的物体受到向上的浮力的作用，浮力大小等于物体排开的液体的重力．　20．（2分）（2022•宁德）如图所示电路，开关闭合时观察到：L1和L2两灯均不亮，电流表几乎无示数，电压表示数接近电源电压．其原因是　灯L1断路　．考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．专题：电流和电路．21\n分析：由电路图可知，两灯串联，电压表测灯L1两端电压，根据电路故障现象分析电路故障原因．解答：解：灯不亮，可能是灯泡短路或电路存在断路形成的；电流表几乎无示数，说明电路存在断路；电压表有示数且接近电源电压，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外不存在断路，则与电压表并联的灯L1断路．故答案为：灯L1断路．点评：本题考查了电路故障分析，分析清楚电路结构、根据电路故障现象分析，即可正确解题．　三、作图与简答题（本大题有2小题，共6分）21．（3分）（2022•宁德）（1）如图1所示，一铅球放在水平桌面上．请画出铅球受到重力的示意图．（2）画出图2中入射光线A0从空气斜射到水面的反射光线和折射光线．考点：重力示意图；作光的折射光路图．专题：作图题；光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散；重力、弹力、摩擦力．分析：（1）根据力的示意图的定义，将铅球所受重力的方向、作用点表示出来即可．（2）已画出法线，然后根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且入射角等于反射角，画出反射光线；根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的方向．解答：解：（1）铅球受到的重力方向竖直向下，作用点在重心，如图所示：（2）已法线，根据入射角等于反射角画出反射光线；根据折射角小于入射角画出折射光线．如图所示：点评：（1）画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图．21\n（2）考查反射定律和折射定律的应用情况，注意真实光线为实线，法线为虚线；是一道基础题．　22．（3分）（2022•宁德）炎热的夏天．我们使用电风扇时，感觉凉爽．请用所学过的物理知识解释这一现象．考点：影响蒸发快慢的因素．专题：汽化和液化、升华和凝华．分析：电风扇工作时，加快了空气的流动，是空气的流动造成了人感到凉快．此题要从空气流动加快去考虑．解答：答：电风扇能加快周围空气流动，加快人体表面汗液蒸发，汗液蒸发要吸收热量，人会感觉到凉爽．点评：电风扇工作时与其不工作时的区别是此题的突破口．人感觉凉快不要错以为是降低了室内空气的温度．　四、分析计算题（本大题有3小题，共20分）23．（6分）（2022•宁德）如图所示．质量为l200kg的小轿车，四个轮胎与地面的总接触面积为0.08m2．（g取10N/kg）求：（1）小轿车受到的重力是多少N？（2）小轿车静止在水平地面时，对地面的压强是多少Pa？（3）该车在水平公路上以72km/h的速度行驶36km，要用多少h？考点：压强的大小及其计算；速度公式及其应用；重力的计算．专题：计算题；长度、时间、速度；压强、液体的压强．分析：（1）知道小轿车的质量，根据G=mg求出受到的重力；（2）小轿车静止在水平地面时，对地面的压力和自身的重力相等，根据压强公式求出对地面的压强；（3）知道小轿车行驶的速度和路程，根据速度公式求出行驶的时间．解答：解：（1）小轿车受到的重力：G=mg=1200kg×10N/kg=1.2×104N；（2）小轿车静止在水平地面时，对地面的压力：F=G=1.2×104N，对地面的压强：p===1.5×105Pa；（3）∵v=，∴行驶的时间：t===0.5h．21\n答：（1）小轿车受到的重力是1.2×104N；（2）小轿车静止在水平地面时，对地面的压强是1.5×105Pa；（3）该车在水平公路上以72km/h的速度行驶36km，要用0.5h．点评：本题考查了重力公式、压强公式和速度公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等．　24．（6分）（2022•宁德）如图所示，斜面长5m、高1.6m，用400N的拉力将重为1000N的物体，沿斜面匀速向上从底端拉到顶端．求：（1）物体克服重力做的功；（2）拉力对物体做的功；（3）斜面的机械效率．考点：功的计算；斜面的机械效率．专题：功、功率、机械效率．分析：（1）根据W=Gh求出克服重力做的有用功；（2）根据W=Fs求出拉力做的总功；（3）根据η=求出机械效率．解答：已知：斜面长s=5m，高h=1.6m，拉力F=400N，重力G=1000N求：（1）克服重力做的功W有用=？；（2）拉力做的总功W总=？；（3）机械效率η=？解：（1）物体克服重力做的有用功：W有用=Gh=l000N×1.6m=1600J；（2）拉力对物体做的总功：W总=Fs=400N×5m=2000J；（3）斜面的机械效率：η=×100%=×100%=80%．答：（1）物体克服重力做的有用功为1600J；（2）拉力对物体做的总功为2000J；（3）斜面的机械效率为80%．点评：此题主要考查的是学生对有用功、总功、机械效率计算公式的理解和掌握，基础性题目．　25．（8分）（2022•宁德）某物理兴趣小组探究电子磅秤的工作原理，设计如图甲所示的电路，主要部件是电流表A和压力传感器R1（相当于电阻值随受到的压力大小而变化的可变电阻），压力传感器R1与受到的压力F的关系如图乙所示，秤盘与压杠质量均忽略不计．电源电压U=12V，R2=18Ω．求：（1）秤盘上不放重物时压力传感器的电阻R1=30Ω，此时电流表示数是多少A？R2消耗的功率是多少W？21\n（2）电流表示数为0.5A时，秤盘上物体重为多少N？考点：电功率的计算；欧姆定律的应用；电阻的串联．专题：计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率．分析：（1）由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电路，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=I2R求出R2消耗的功率；（2）根据欧姆定律求出电流表的示数为0.5A时电路中的总电阻，再根据电阻的串联求出压力传感器电阻的阻值，由表格读出对应受到的压力，此时物体的压力和自身的重力相等．解答：解：（1）由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电路，∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，∴根据欧姆定律可得，秤盘上不放重物时电流表的示数：I===0.25A，R2消耗的功率：P2=I2R2=（0.25A）2×l8Ω=1.125W；（2）电流表的示数为0.5A时电路中的总电阻：R===24Ω，压力传感器电阻的阻值：R1′=R′﹣R2=24Ω﹣18Ω=6Ω，由图可知G=F=40N．答：（1）秤盘上不放重物时电流表示数是0.25A，R2消耗的功率是1.125W；（2）电流表示数为0.5A时，秤盘上物体重为40N．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出传感器电阻不同时对应物体的压力．　五、实验探究题（本大题有8小题，第33题3分，其余每空l分，共28分）26．（3分）（2022•宁德）请将如图所示的测量结果记录在相应的空格中：21\n（1）甲图中，电能表的度数为　16.6　kW•h；（2）乙图中，木块的长度为　1.45　cm；（3）丙图中，电流表的读数是　0.4　A．考点：电能表参数的理解与电能的求法；刻度尺的使用；电流表的读数方法．专题：基本仪器的使用专题．分析：（1）电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kW•h．（2）刻度尺的使用要首先观察它的量程和分度值．注意刻度尺要估读到分度值的下一位．（3）对于电流表首先要弄清楚接的是哪一个量程，再观察量程和分度值即认识一个大格表示多少和一个小格表示多少，然后根据示数读出来即可．解答：解：（1）从图中可读出电能表的读数为16.6kW•h；（2）此刻度尺的1大格表示1cm，里面有10个小格，其分度值为1mm，起始端从0开始，因此该木块的长度为1.45cm；（3）电流表用的是0～0.6A量程，一大格表示0.2A，里面有10个小格，其分度值为0.02A，因此其读数为0.4A．故答案为：（1）16.6；2）1.45；（3）0.4．点评：（1）本题考查了电能表的读数方法，关键是知道电能表的最后一位是小数，单位是kW•h．（2﹣3）刻度尺和电流表是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值，读数时视线与刻度垂直，特别注意：刻度尺要估读到分度值的下一位．　27．（3分）（2022•宁德）如图所示，甲、乙两图是某同学做“水的沸腾”实验时观察到的现象，图丙是他根据实验数据作出的温度一时间图象．（1）甲、乙两图中能正确反映水沸腾时现象的是图　乙　．（2）从图丙中可以看出，水的沸点是　98　℃．此时当地的大气压比l个标准大气压　低　（选填“高”、“低”或“相等”）．考点：探究水的沸腾实验．专题：探究题．分析：（1）掌握沸腾前和沸腾时的现象：沸腾前气泡在上升过程中温度逐渐降低，一部分水蒸气又液化成小水珠，所以体积减小；沸腾时有大量的气泡产生，气泡在上升过程中逐渐变小，所以其体积逐渐增大，到液面处破裂．（2）一标准大气压下水的沸点是100℃，沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高，气压越低，沸点越低．解答：21\n解：（1）甲图中气泡在上升过程中体积减小，所以是沸腾前的现象；乙图中气泡在上升过程中体积不断增大，所以是沸腾时的现象．（2）如图，水在沸腾过程中，不断吸收热量，温度保持98℃不变，所以水的沸点是98℃．一标准大气压下水的沸点是100℃，沸点跟气压有关，气压越低，沸点越低，所以此时大气压小于1标准大气压．故答案为：（1）乙；（2）98；低．点评：本题考查的是对沸点、沸点和气压的关系以及熔点的理解，在生活应用中要注意根据实际情况进行综合对比分析．　28．（3分）（2022•宁德）如图所示，探究“液体内部压强规律”的实验中：（1）将压强计的探头放入水中，通过观察U型管两侧液面的　高度差　来判断探头处水的压强大小．（2）比较乙图和丙图，可以得到：在同一深度，液体向各个方向的压强　相等　．（3）比较丙图和丁图，可以得到：同一种液体里，液体的压强随　深度　的增加而增大．考点：探究液体压强的特点实验．专题：压强、液体的压强．分析：（1）掌握转换法在实验中的应用：实验中通过U型管中液面的高度差来判断液体压强的大小；（2）判断乙图和丙图相同的量和不同的量，并通过比较U型管中液面的高度差得出结论：在同一深度，液体向各个方向的压强相等；（3）判断丙图和丁图相同的量和不同的量，并通过比较U型管中液面的高度差得出结论：同一种液体里，液体的压强随深度的增加而增大．解答：解：（1）实验中通过观察U型管两侧液面的高度差来判断探头处水的压强大小；（2）乙图和丙图，探头在液体中的深度相同，液体的密度相同，探头的方向不同，U型管中液面的高度差相同，可知在同一深度，液体向各个方向的压强相等；（3）丙图和丁图，液体密度相同，液体的深度不同，且深度越大，U型管中液面的高度差越大，说明同一种液体里，液体的压强随深度的增加而增大．故答案为：（1）高度差；（2）相等；（3）深度．点评：此题是探究液体内部压强实验，考查了转换法和控制变量法在实验中的应用，同时考查了根据实验现象总结结论的能力．　29．（5分）（2022•宁德）为了鉴别一金属块是用什么金属做的．小明的实验步骤如下：（1）将天平放在水平台上，移动游码到标尺左端的零刻线处，分度盘的指针如图甲所示，应将平衡螺母向　右　（选填“左”或“右”）端调；（2）用调好的天平测金属块的质量，天平平衡时右盘砝码的质量、游码在标尺上的位置如图乙所示，则金属块的质量m=　79　g；（3）将金属块用细线系好放入已盛有50mL水的量筒中，量筒中的水面升高到如图丙所示，金属块的体积V=　10　cm3；21\n（4）金属块的密度是　7.9　g/cm3，由下面密度表可知，该金属块可能是用　铁　做的．物质名称密度/（kg银10.5×103铜8.9×103铁7.9×103铝2.7×103考点：固体的密度测量实验．专题：实验题．分析：（1）在调节天平平衡时要将平衡螺母向指针偏转的相反方向调节；（2）金属块的质量等于砝码质量加上游码对应的刻度值．（3）排水法测量固体的体积，其数值等于固体浸没前后两次的体积差．（4）根据密度的公式计算得出金属块的密度，与表中数据对照即可．解答：解：（1）调节天平在水平面上平衡时要将平衡螺母向指针偏转的相反方向调节，指针偏向分度盘的左侧，所以应向右调节平衡螺母；（2）游码的位置和右盘中的砝码如图丙所示，标尺的分度值为0.2g，金属块的质量是50g+20g++5g=4g=79g．（3）在用量筒测固体体积时，要用两次的体积之差求出固体的体积．金属块的体积V=60ml﹣50ml=10ml=10cm3；（4）金属块的密度ρ===7.9g/cm3=7.9×103kg/cm3．由上面密度表可知，该金属块与铁的密度相同，故可能是用铁做的．故答案为：（1）右；（2）79；（3）10；（4）7.9；铁．点评：天平、量筒的读数是我们应该熟练掌握的基本实验技能，密度的公式始终是测密度实验的基本原理，要能熟练运用才行．　30．（3分）（2022•宁德）利用如图所示的装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”．烧瓶中铜丝电阻小于镍铬合金丝电阻．（1）实验中两金属丝产生热量的多少是通过观察　温度计的示数变化　反映出来的．（2）为了便于比较两种电阻丝通过电流后产生热量的多少，A、B两烧瓶中需装入初温相同、质量　相等　（选填“相等”或“不相等”）的同种液体．（3）为了在较短时间内达到明显的实验效果，选用煤油而不用水的主要理由是　C　．A．煤油有颜色便于观察B．煤油的密度比较小C．煤油的比热容比较小D．煤油的热值比较大．21\n考点：焦耳定律；电热．专题：电与热、生活用电．分析：（1）可以通过观察温度计示数变化间接判断电阻丝产生热量的多少，这是转换法；（2）本实验应用了控制变量法，从实验需要控制的变量分析答题；（3）从煤油与水的比热容大小关系分析实验中用煤油而不用水的原因．解答：解：（1）电阻丝产生热量的多少可以通过温度计示数变化反应出来，电阻丝产生热量的多少转化为温度计示数的变化，本实验应用了转换法．（2）A、B两烧瓶中需装入初温相同、质量相等的同种液体；（3）因为煤油的比热容比水的比热容小，相同质量的煤油和水比较，吸收相同的热量，煤油温度升高的多，用煤油做实验效果更明显，便于观察．故答案为：（1）温度计的示数变化；（2）相等；（3）C．点评：本题是“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验题，实验中应用了控制变量法与转换法，要注意体会这两种方法的应用．　31．（4分）（2022•宁德）小明探究凸透镜成像的规律，凸透镜的焦距为10cm，蜡烛、凸透镜、光屏的位置如图所示．（1）使像能成在光屏的中央，应将图中的蜡烛向　上　（选填“上”或“下”）调．（2）小明调整好蜡烛的高度后，保持蜡烛、凸透镜的位置不变，为了在光屏上找到烛焰清晰的倒立、放大的实像，小明应将光屏向　右　（选填“左”或“右”）移动．（3）凸透镜的位置保持不变，小明将蜡烛移到光具座上10cm刻线处移动光屏可以再次在光屏上观察到烛焰清晰的倒立、　缩小　的实像，这一实验现象可以说明　照相机　（选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”）的成像特点．考点：凸透镜成像规律及其探究实验．专题：探究题．分析：（1）在做凸透镜成像规律的实验时，首先要调整光屏凸透镜烛焰的中心在同一高度上，这样做的目的是使像成在光屏的中心；（2）利用物距与焦距的关系，结合凸透镜成像的规律即可得到答案．（3）凸透镜成像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机．解答：21\n解：（1）根据图示的光屏、凸透镜、烛焰三者的位置关系可知，光屏的中心高于凸透镜、烛焰的中心，要使像成在光屏的中心，应将图中的蜡烛向上调整或使光屏向下调整，使三者的中心在同一高度上．（2）物距为15厘米，凸透镜的焦距是10厘米，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，根据凸透镜成像的规律可知，要想使物体在光屏上成倒立放大的实像，此时像距要大于二倍焦距，即小明应将光屏向右移动．（3）凸透镜的位置保持不变，小明将蜡烛移到光具座上10cm刻线处，此时物距大于二倍焦距，根据凸透镜成像的规律可知，物体在光屏上成倒立缩小的实像，应用于照相机．故答案为：（1）上；（2）右；（3）缩小；照相机．点评：凸透镜成像的三种情况和应用是凸透镜成像习题的重要依据，一定要掌握．　32．（5分）（2022•宁德）为了测量小灯泡的电阻，小明连接图所示电路．（小灯泡的额定电压为3.8V）（1）同组的小丽给他补接了一根导线使电路完整，请你将这根导线画出来．（导线不能交叉）（2）闭合开关前，应将滑片移到滑动变阻器的　A　（选填“A”或“B”）端．（3）小明利用连接完整的电路测小灯泡的电阻．已经记录三组数据如下表，通过计算得出表格中甲的电阻是　11.67　Ω．（结果保留两位小数）（4）小明处理完数据后发现，三次测得的灯丝阻值相差较大，其他同学在实验中也发现相同的情况，产生这种情况的原因是：　灯丝的电阻随温度的升高而增大（或灯丝的电阻与温度有关）　．实验次数123电压/V2.03.53.8电流/A0.280.300.31电阻/Ω10.71甲12.26灯泡亮度暗较亮亮考点：伏安法测电阻的探究实验．专题：探究题．分析：（1）电压表应与灯泡并联，根据灯泡的额定电压选择电压表的量程；（2）为保护电路，闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处；（3）根据R=计算出灯泡的电阻；（4）根据灯丝电阻随温度的升高而增大进行分析．解答：解：（1）电压表与灯泡并联，灯泡的额定电压为3.8V，所以应选择0～15V的量程，如图所示：21\n；（2）滑动变阻器的下面接了右边的接线柱，所以在闭合开关前应将滑片移至最左端即A端；（3）R==≈11.67Ω；（4）由于灯丝的电阻随温度的升高而增大，所以随着灯丝两端电压的增大，通过电流的增大，灯丝的温度不断升高，电阻不断增大．故答案为：（1）见上图；（2）A；（3）11.67；（4）灯丝的电阻随温度的升高而增大（或灯丝的电阻与温度有关）．点评：此题是测量小灯泡的电阻的实验，考查了电压表的连接、滑动变阻器的使用及电阻的计算，同时考查了灯丝电阻与温度的关系．伏安法测电阻综合性较强，涉及欧姆定律的应用和电流表、电压表、滑动变阻器的使用，难点是测量电阻的实验过程的把握，如电表的接法、电流表和电压表量程的选择、画电路图、连实物图、滑动变阻器的作用与接法等，这一知识点是每年各地市中考的重要考点，以实验探究题为主，分值也较高，是电学几个重点实验之一．　33．（2分）（2022•宁德）学习“电动机”内容时，老师用图实验装置演示“磁场对通电导线作用力的方向与什么因素有关”的实验后，同学们自然想到力既有方向又有大小．那么磁场对通电导线作用力的大小与什么因素有关呢？以下是小丽、小李与小明的猜想：小丽猜想：“可能跟磁铁的磁性强弱有关．”小李猜想：“可能跟导线AB在磁场中的位置有关．”小明猜想：“可能跟通过导线AB的电流大小有关．”请你根据图所示的实验装置，帮助小明设计实验来验证他的猜想，简述你的实验方案：　保持磁铁的磁性强弱、导线AB在磁铁中的位置不变，移动滑动变阻器的滑片，改变电路中电流的大小，观察两次导线AB的运动快慢，如果快慢不同说明与电流大小有关，如果快慢相同说明和电流大小无关　．考点：直流电动机的构造和工作过程；磁场对通电导线的作用．专题：电动机、磁生电．21\n分析：因为猜想中磁场对通电导线作用力的大小与磁铁的磁性强弱、导线AB在磁场中的位置、通过导线AB的电流有关，所以在设计实验的过程中需要用到控制变量法．验证磁场对通电导线作用力的大小与通过导线AB的电流大小是否有关，需要控制磁铁的磁性强弱、导线AB在磁铁中的位置不变，改变电路中电流的大小，通过观察导线运动得快满来比较受力的大小，用到转换法．解答：解：实验方案设计如下：保持磁铁的磁性强弱、导线AB在磁铁中的位置不变，移动滑动变阻器的滑片，改变电路中电流的大小，观察两次导线AB的运动快慢，如果快慢不同说明与电流大小有关，如果快慢相同说明和电流大小无关．点评：在设计实验的过程中注意控制变量法和转换法的运用，中考常见题型．　21