云南省红河州2022届高三物理毕业生复习统一检测试题（含解析）新人教版

云南省红河州2022届高三一模物理试卷一、选择题：本题8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程．在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是（　　）　A．英国物理学家牛顿用实验的方法测出万有引力常量G　B．第谷接受了哥白尼日心说的观点，并根据开普勒对行星运动观察记录的数据，应用严密的数学运算和椭圆轨道假说，得出了开普勒行星运动定律　C．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快　D．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比考点：物理学史．.专题：直线运动规律专题．分析：本题属于对物理学史的考查，熟记物理学家的贡献即可解答．解答：解：A、牛顿提出了万有引力定律及引力常量的概念，但没能测出G的数值；G是由卡文迪许通过实验方法得出的，故A错误；B、开普勒接受了哥白尼日心说的观点，并根据第谷对行星运动观察记录的数据，应用严密的数学运算和椭圆轨道假说，得出了开普勒行星运动定律，故B错误．C、亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体比轻物体下落快．故C错误．D、胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比，故D正确．故选D．点评：物理学史是考试内容之一，对于物理学家的成就要记牢，不能混淆．基本题，不能失分．　2．（6分）（2022•红河州模拟）近来，我国大部分地区都出现了雾霾天气，给人们的正常生活造成了极大的影响．在一雾霾天，某人驾驶一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30m处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，但刹车过程中刹车失灵．如图a、b分别为小汽车和大卡车的v﹣t图象，以下说法正确的是（　　）　A．因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾　B．在t=5s时追尾　C．在t=3s时追尾　D．由于初始距离太近，即使刹车不失灵也会追尾考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.16\n专题：运动学中的图像专题．分析：当两车通过的位移之差等于30m时，两车会发生追尾．根据速度﹣时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，进行分析．解答：解：根据速度﹣时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，由图知，t=3s时，b车的位移为：sb=vbt=10×3m=30ma车的位移为sa=×（30+20）×1+×（20+15）×2=60m则sa﹣sb=30m，所以在t=3s时追尾．故C正确．故选：C点评：解答本题关键要抓住速度图象的面积表示位移，由几何知识和位移关系进行求解，　3．（6分）（2022•红河州模拟）“神舟”五号载人飞船在绕地球飞行的第五圈进行变轨，由原来的椭圆轨道变为距地面高度为h的圆形轨道．已知飞船的质量为m，地球半径为R，地面处的重力加速度为g．则飞船在上述圆轨道上运行的动能Ek（　　）　A．等于mg（R+h）B．小于mg（R+h）C．大于mg（R+h）D．等于mgh考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．.专题：人造卫星问题．分析：研究飞船绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出速度，忽略地球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式求解．解答：解：研究飞船绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式解得①忽略地球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式解得GM=gR2②由①②解得：飞船在上述圆轨道上运行的动能Ek=mv2=，即飞船在上述圆轨道上运行的动能Ek小于，故B正确．故选B．点评：运用黄金代换式GM=gR2求出问题是考试中常见的方法．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．　4．（6分）（2022•红河州模拟）用一根细线一端系一可视为质点的小球，另一端固定在一光滑锥顶上，如图所示，设小球在水平面内作匀速圆周运动的角速度为ω，线的张力为T，则T随ω2变化的图象是（　　）16\n　A．B．C．D．考点：匀速圆周运动；向心力．.分析：分析小球的受力，判断小球随圆锥作圆周运动时的向心力的大小，进而分析T随ω2变化的关系，但是要注意的是，当角速度超过某一个值的时候，小球会飘起来，离开圆锥，从而它的受力也会发生变化，T与ω2的关系也就变了．解答：解：设绳长为L，锥面与竖直方向夹角为θ，当ω=0时，小球静止，受重力mg、支持力N和绳的拉力T而平衡，T=mgcosθ≠0，所以A项、B项都不正确；ω增大时，T增大，N减小，当N=0时，角速度为ω0．当ω＜ω0时，由牛顿第二定律得，Tsinθ﹣Ncosθ=mω2Lsinθ，Tcosθ+Nsinθ=mg，解得T=mω2Lsin2θ+mgcosθ；当ω＞ω0时，小球离开锥子，绳与竖直方向夹角变大，设为β，由牛顿第二定律得Tsinβ=mω2Lsinβ，所以T=mLω2，可知T﹣ω2图线的斜率变大，所以C项正确，D错误．故选：C．点评：本题很好的考查了学生对物体运动过程的分析，在转的慢和快的时候，物体的受力会变化，物理量之间的关系也就会变化．　5．（6分）（2022•红河州模拟）在空间直角坐标系O﹣xyz中，A、B、C、D四点的坐标分别为（L，0，0），（0，L，0），（0，0，L），（2L，0，0）．在坐标原点O处固定电荷量为+Q的点电荷，下列说法正确的是（　　）　A．将一电子由D点分别移动到A、C两点，电场力做功相同　B．A、B、C三点的电场强度相同　C．电子在B点的电势能大于在D点的电势能16\n　D．电势差UOA=UAD考点：电势能；电场强度；电势差．.专题：电场力与电势的性质专题．分析：由图看出A、B、C三点到O点的距离相等，三点位于同一等势面上，场强大小相等，但场强方向不同．根据电势的高低，分析电场力做功情况．由U=Ed和电场强度的大小关系，分析UOA与UAD的大小．解答：解：A、A、C两点在同一等势面上，D、A间与D、C间的电势差相等，由W=qU，将一电子由D点分别移动到A、C两点，电场力做功相同，故A正确；B、根据点电荷场强公式E=k知：A、B、C三点的电场强度相等，但方向不同，电场强度不同，故B错误；C、D的电势低于B点的电势，电子带负电，根据Ep=qφ，则电子在B点的电势能小于在D点的电势能，故C错误；D、根据点电荷场强公式E=k知：OA间的场强大于AD间的场强，由U=Ed可知：UOA＞UAD．故D错误；故选：A．点评：本题要掌握点电荷电场线和等势面的分布情况，考查电场强度、电势差、电势能、电场力做功等知识点的掌握及学生空间想象能力．　6．（6分）（2022•红河州模拟）一物体在竖直方向的升降机中，由静止开始竖直向上作直线运动，运动过程中小球的机械能E与其上升高度h关系的图象如图所示，其中0～h1过程的图线为曲线，h1～h2过程中的图线为直线．根据该图象，下列说法正确的是（　　）　A．0～h1过程中，小球的动能一定在增加　B．0～h1过程中，升降机对小球的支持力一定做正功　C．h1～h2过程中，小球的动能可能在不变　D．h1～h2过程中，小球重力势能可能不变考点：功能关系．.分析：根据功能关系：除重力和弹簧的弹力之外的其它力做功等于物体机械能的变化，由图象读出机械能的变化，分析支持力做功的正负；由E﹣h图象的斜率的绝对值等于物体所受支持力的大小；如果支持力等于物体所受的重力，故物体做匀速直线运动；解答：解：A、B、设支持力大小为F，由功能关系得：Fh=E，所以E﹣h图象的斜率的绝对值等于小球所受支持力的大小，由图可知在O～h1内斜率的绝对值逐渐减小，故在O～h1内小球所受的支持力逐渐减小．所以开始先加速运动，当支持力减小后，可能做匀速运动，也可能会减速．故A错误，B正确．16\nC、由于小球在h1～h2内E﹣h图的斜率不变，所以小球所受的支持力保持不变，故物体可能做匀速运动，动能不变，故C正确．D、由于小球在h1～h2内E﹣x图象的斜率的绝对值不变，重力势能随高度的增大而增大，所以重力势能增大，故D错误．故选：BC点评：本题关键要掌握功能关系，并能列式分析图象斜率的物理意义，知道E﹣h图象的斜率的绝对值等于支持力．　7．（6分）（2022•红河州模拟）如图所示，两光滑平行导轨水平放置在匀强磁场中，磁场垂直导轨所在平面，金属棒ab可沿导轨自由滑动，导轨一端跨接一个定值电阻R，导轨电阻不计，现将金属棒沿导轨由静止向右拉，若保持拉力恒定，经时间t1后速度为v，加速度为a1，最终以速度2v做匀速运动；若保持拉力的功率恒定，经时间t2后速度为v，加速度为a2，最终也以速度2v做匀速运动，则（　　）　A．t2=t1B．t2＜t1C．a2=2a1D．a2=3a1考点：导体切割磁感线时的感应电动势．.专题：电磁感应与电路结合．分析：分析清楚两种情况下的运动形式区别，然后根据牛顿第二定律和运动学规律求解，注意两种情况下导体棒最终匀速运动时所受拉力大小是相同的．解答：解：C、D、由于两种情况下，最终棒都以速度2v匀速运动，此时拉力与安培力大小相等，则有：F=F安=BIL=BL•=当拉力恒定，速度为v，加速度为a1时，根据牛顿第二定律有：F﹣=ma1由①②解得：a1=．若保持拉力的功率恒定，速度为2v时，拉力为F，则有：P=F•2v，又F=F安=得：P=16\n则当速度为v时，拉力大小为：F1==；根据牛顿第二定律得：F1﹣=ma2，解得：a2=，所以有a2=3a1，故C错误，D正确；A、B、当拉力的功率恒定时，随着速度增大，拉力逐渐减小，最后匀速运动时拉力最小，且最小值和第一种情况下拉力相等，因此最后都达到速度2v时，t1＞t2，故A错误，B正确．故选：BD点评：本题可以和机车启动的两种方式进行类比解答，只不过机车启动时阻力不变，而该题中阻力为安培力，是不断变化的．　8．（6分）（2022•红河州模拟）半径为R的圆形区域内有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，A、B是磁场边界上的两点，AB是圆的直径，在A点有一粒子源，可以在纸面里沿各个方向向磁场里发射质量为m、电量为q、速度大小为v=的同种带正电的粒子，若某一粒子在磁场中运动的时间为t=，忽略粒子间的相互作用，则该粒子从A点射入时，速度与AB间的夹角θ和粒子在磁场中运动的轨道半径r分别为（　　）　A．r=B．r=RC．θ=45°D．θ=30°考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．.专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：先根据半径公式r=，求出粒子圆周运动的半径r，得到周期T，根据时间t与T的关系，确定所求．解答：解：粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径r==•=周期T==则t==T根据几何知识知粒子在磁场中转过半周，θ=90°16\n故选：A．点评：带电粒子在电磁场中圆周运动问题，要抓住由洛仑兹力充当向心力，由几何知识分析空间各量的关系．　三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．（6分）（2022•红河州模拟）物理小组的同学用如图所示的实验器材测定重力加速度，实验器材有：底座、带有标尺的竖直杆、光电门1和2组成的光电计时器（其中光电门1更靠近小球释放点），小型电磁铁一个（用于吸住或释放小钢珠）、网兜．实验时可用两光电门测量小球从光电门1运动至光电门2的时间t，并从竖直杆上读出两光电门间的距离h．（1）改变光电门1的位置，保持光电门2的位置不变，小球经过光电门2的速度为v，不考虑空气阻力，小球的加速度为重力加速度g，则h、t、g、v四个物理量之间的关系为h=　　．（2）根据实验数据作出图线，若图线斜率的绝对值为k，根据图线可求出重力加速度大小为　2k　．考点：测定匀变速直线运动的加速度．.专题：实验题．分析：根据自由下落的公式和匀变速直线运动的推论求出h、t、g、v四个物理量之间的关系．整理得到﹣t图线的表达式，并找出图线的斜率和加速度关系．解答：解：（1）小球经过光电门2的速度为v，根据运动学公式得从开始释放到经过光电门2的时间t′=，所以从开始释放到经过光电门1的时间t″=t′﹣t=，所以经过光电门1的速度v′=gt″=v﹣gt；根据匀变速直线运动的推论得：两光电门间的距离h=．（2）根据h=得，，16\n则图线斜率的绝对值为k，k=，所以重力加速度大小g=2k．故答案为：（1），（2）2k．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用，本题的第一问，也可以采用逆向思维，结合位移时间公式进行求解．　10．（9分）（2022•红河州模拟）某同学设计了一个如图a所示的实验电路，用以测定电源电动势和内阻，使用的实验器材为：待测干电池组（电动势约3V）、电流表（量程0.6A，内阻小于1Ω）、电阻箱（0～99.99Ω）、滑动变阻器（0～10Ω）、单刀双掷开关、单刀单掷开关各一个及导线若干．考虑到干电池的内阻较小，电流表的内阻不能忽略．（1）该同学按图a连线，断开开关S，闭合开关K，调节滑动变阻器，使得电流表的读数为最大，然后将开关S接C，当电阻箱为0.20Ω时，电流表的指针指向刻度盘中点，可认为该值就是电流表内阻的测量值．则电流表内阻的真实值　A　A．大于0.20ΩB．小于0.20ΩC．等于0.20ΩD．无法确定（2）利用图a所示电路测量电源电动势和内阻的实验步骤是：断开开关K，将开关S接D，调节电阻箱R，记录多组电阻箱的阻值和电流表示数；图b是由实验数据绘出的﹣R图象，由此求出待测干电池组的电动势E=　2.86　V，内阻r=　2.47　Ω．（计算结果保留三位有效数字）考点：测定电源的电动势和内阻．.专题：实验题．分析：（1）采用半偏法测量电流表的内阻，根据并联电阻箱后，总电阻减小，总电流增大，分析测量值与实际值的关系．（2）根据E=IR+Ir推导出的关系式，通过图线的斜率以及截距求出电动势和内阻的大小．解答：解：（1）在实验中，并联电阻箱后，总电阻减小，则总电流增大，通过电阻箱的电流大于通过电流表的电流，根据欧姆定律知，电流表内阻的测量值小于实际值．故选：A；（2）由闭合电路欧姆定律可得：E=I（R+RA+r），即16\n，由上式可知：图线的斜率是电动势的倒数，图线在纵轴上的截距是，由此可得：，，解得r=2.47Ω．故答案为：（1）A；（2）2.86，2.47点评：解决本题的关键掌握半偏法测量电流表的原理，以及掌握测量电源电动势和内阻的原理，知道图线斜率和截距表示的物理意义．　11．（14分）（2022•红河州模拟）光滑水平面上，足够长的木板质量M=8kg，由静止开始在水平恒力F=8N作用下向右运动，如图所示，当速度达到1.5m/s时，质量m=2kg的物体轻轻放到木板的右端．已知物体与木板之间的动摩擦因数μ=0.2．取g=10m/s2．求：（1）物体放到木板上以后，经多长时间物体与木板相对静止？在这段时间里，物体相对木板滑动的距离多大？（2）在物体与木板相对静止以后，它们之间的摩擦力多大？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）物体与木板均做匀变速直线运动，由牛顿第二定律可求得二者的加速度，由速度公式可求得二者相对静止的时间；根据位移时间关系公式求解两者的位移，得到位移差值，即相对位移；（2）在物体与木板相对静止后，它们之间还有相互作用的静摩擦力，先对整体求解加速度，再个力滑块求解静摩擦力．解答：解：（1）放上物体后，由牛顿第二定律可知：物体加速度：a1=μg=2m/s2板的加速度：a2===0.5m/s2当两物体达速度相等后保持相对静止，故a1t=v+a2t解得：t=1s滑块的位移为：x1=a1t2=×2×12=1m木板的位移为：x2=vt+a2t2=1.5×1+×0.5×12=1.75m故相对位移为：△x=x2﹣x1=1.75m﹣1m=0.75m（2）在物体与木板相对静止后，它们之间还有相互作用的静摩擦力，否则会相对滑动；对整体，有：a==0.8m/s216\n再隔离滑块，有：f=ma=2×0.8=1.6N答：（1）物体放到木板上以后，经1s时间物体与木板相对静止；在这段时间里，物体相对于木板滑动的距离为0.75m；（2）在物体与木板相对静止后，摩擦力为1.6N．点评：本题是连接体问题，关键是先根据受力情况确定加速度情况，然后根据运动学公式列式求解相对运动情况．　12．（18分）（2022•安徽）如图所示，匀强电场方向沿x轴的正方向，场强为E．在A（d，0）点有一个静止的中性微粒，由于内部作用，某一时刻突然分裂成两个质量均为m的带电微粒，其中电荷量为q的微粒1沿y轴负方向运动，经过一段时间到达（0，﹣d）点．不计重力和分裂后两微粒间的作用．试求（1）分裂时两个微粒各自的速度；（2）当微粒1到达（0，﹣d）点时，电场力对微粒1做功的瞬间功率；（3）当微粒1到达（0，﹣d）点时，两微粒间的距离．考点：功率、平均功率和瞬时功率；平抛运动；运动的合成和分解；动量守恒定律．.专题：压轴题．分析：（1）微粒1做的是类平抛运动，根据类平抛运动的规律可以求得微粒1的速度的大小，再由动量守恒求得微粒2的速度的大小；（2）电场力做功的瞬时功率，要用沿电场力方向的瞬时速度的大小，再由P=Fv可以求得瞬时功率的大小；（3）画出粒子的运动轨迹，由几何知识可以求得两微粒间的距离．解答：解：（1）微粒1在y方向不受力，做匀速直线运动；在x方向由于受恒定的电场力，做匀加速直线运动．所以微粒1做的是类平抛运动．设微粒1分裂时的速度为v1，微粒2的速度为v2则有：在y方向上有d=v1t在x方向上有a=，d=at2v1=速度方向沿y轴的负方向．中性微粒分裂成两微粒时，遵守动量守恒定律，有mv1+mv2=016\n所以v2=﹣v1所以v2的大小为，方向沿y正方向．（2）设微粒1到达（0，﹣d）点时的速度为VB，则电场力做功的瞬时功率为，P=qEVBcosθ=qEVBx，其中由运动学公式VBx==，所以P=qE，（3）两微粒的运动具有对称性，如图所示，当微粒1到达（0，﹣d）点时发生的位移S1=d，则当微粒1到达（0，﹣d）点时，两微粒间的距离为BC=2S1=2d．答：（1）分裂时微粒1的速度大小为，方向沿着y轴的负方向；微粒2的速度大小为，方向沿着y轴的正方向；（2）当微粒1到达（0，﹣d）点时，电场力对微粒1做功的瞬间功率是qE\sqrt{\frac{2qEd}{m}}；（3）当微粒1到达（0，﹣d）点时，两微粒间的距离是2d．点评：带电微粒在电场中运动，一般不考虑重力的作用，只是受到电场力的作用，再进一步判断微粒的运动情况，本题中微粒做类平抛运动，由类平抛运动的规律就可以求得速度，在计算功率时一定要注意求的是瞬时功率，注意公式的选择．　（二）选考题：共45分．请考生从所给出的3道物理题中任选一题作答，并把答题卡上的标志用二B铅笔涂黑．如果多做，则按第一题计分[物理一选修3-3]（15分）13．（5分）（2022•红河州模拟）下列说法正确的是（　　）　A．熵增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性减小的方向进行16\n　B．在绝热条件下压缩气体，气体的内能一定增加　C．布朗运动是在显微镜中看到的液体分子的无规则运动　D．水可以浸润玻璃，但是不能浸润石蜡，这个现象表明一种液体浸润某种固体与这两种物质的性质都有关系　E．当分子间表现为斥力时，分子力和分子势能总是随着分子间距离的减小而增大考点：有序、无序和熵；布朗运动；*液体的表面张力现象和毛细现象．.分析：热力学第一定律公式△U=W+Q；熵增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性增加的方向进行；布朗运动是在显微镜中看到的悬浮小颗粒的无规则运动；浸润、不浸润与液体间的种类有关；分子力做功等于分子势能的增加量．解答：解：A、熵增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性增加的方向进行，故A错误；B、根据热力学第一定律，在绝热条件下压缩气体，气体的内能一定增加，故B正确；C、布朗运动是在显微镜中看到的悬浮小颗粒的无规则运动，显微镜看不到分子，故C错误；D、水可以浸润玻璃，但是不能浸润石蜡，这个现象表明一种液体浸润某种固体与这两种物质的性质都有关，故D正确；E、当分子间表现为斥力时，距离减小时要克服分子力做功，故分子势能增加；即当分子间表现为斥力时分子力和分子势能总是随着分子间距离的减小而增大；故E正确；故选：BDE．点评：本题考查了热力学第一定律、热力学第二定律、布朗运动、浸润与不浸润现象、分子力等，知识点多，难度小，关键是记住．　14．（10分）（2022•红河州模拟）物理学家帕平发明了高压锅，高压锅与普通锅不同，锅盖通过几个牙齿似的锅齿与锅体镶嵌旋紧，加上锅盖与锅体之间有橡皮制的密封圈，所以锅盖与锅体之间不会漏气，在锅盖中间有一排气孔，上面再套上类似砝码的限压阀，将排气孔堵住．当加热高压锅，锅内气体压强增加到一定程度时，气体就把限压阀顶起来，这时蒸气就从排气孔向外排出．由于高压锅内的压强大，温度高，食物容易煮烂．若已知排气孔的直径为0.3cm，外界大气压为1.0×105Pa，温度为20℃，要使高压锅内的温度达到120℃，则①此时锅内气体的压强为多大？②限压阀的质量应为多少？（g取10m/s2）考点：理想气体的状态方程．.专题：理想气体状态方程专题．分析：①选锅内气体为研究对象，温度升高时作等容变化，根据查理定律求解气体压强．②锅内温度达120℃时，根据限压阀受力平衡列方程解决．解答：解：①选锅内气体为研究对象，则有：初状态：T1=273+20=293K，p1=1.0×105Pa末状态：T2=273+120=393K，由查理定律得：=，16\n即：=，解得：p2=1.34×105Pa②对限压阀受力分析可得：mg=p2S﹣p1S，代入数据解得：m=0.024kg．答：①此时锅内气体的压强为1.34×105Pa．②限压阀的质量应为0.024kg．点评：本题内容取材于学生所熟悉的生活实际，我们学会关心社会，关心生活，提高自己的科学素养，同时提高自己的观察能力、理解能力和应用能力．解决此题的关键明确气体发生的等容变化，遵守查理定律．　[物理-选修3-4]（15分）15．（2022•红河州模拟）一列沿x轴传播的简谐横波，t=0时刻的波形如图所示，此时质点P恰在波峰，质点Q恰在平衡位置且向上振动．再过0.2s，质点Q第一次到达波峰，则正确的是（　　）　A．波沿x轴正方向传播　B．波的传播速度为30m/s　C．1s末质点P的位移为零　D．质P的振动位移随时间变化的关系式为x=0.2sin（2πt+）m　E．0至0.9s时间内P点通过的路程为0.9m考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．.专题：振动图像与波动图像专题．分析：由题意质点Q恰在平衡位置且向上振动，再过0.2s，质点Q第一次到达波峰，知波沿x轴正方向传播，波的周期为T=0.8s．由图读出波长，确定出求出波速．根据时间与周期的关系，分析1s末质占P的位移．根据P质点的位移和速度方向，确定其振动方程．根据时间0.9s与周期的关系，求解质点P通过的路程．解答：解：A、由题意质点Q恰好在平衡位置且向上振动，则知波形向右平移，波沿x轴正方向传播．故A正确．B、由题得该波的周期为T=0.8s，波长为λ=24m，则波速为：v===30m/s，故B正确．C、t=1s=1T，可知1s末质点P到达平衡位置，位移为零．故C正确．D、图示时刻质点P的振动位移为y=0.2m，根据数学知识可知其振动方程是余弦方程，即为：y=0.2cos（t）m=0.2sin（t+）m=0.2sin（2.5πt+）m，故D错误．16\nE、将t=0.9s代入y=0.2sin（2.5πt+）m得：y=0.2sin（2.5π×0.9+）m=m．n===1，所以0至0.9s时间内P点通过的路程为S=4A+=（4×0.2+）m＞O．9m，故E错误．故选：ABC．点评：本题要能根据质点的振动过程确定周期，判断波的传播方向是应具备的基本功．质点的振动方程要根据位移和速度方向由数学知识分析函数特征，写出振动方程．　16．（2022•红河州模拟）直径d=1.00m，高H=0.50m的不透明圆桶，放在水平地面上，桶内盛有折射率n=1.60的透明液体，某人站在地面上离桶中心的距离为x=2.10m处，他的眼睛到地面的距离y=1.70m，问桶中液面高h为多少时，他能看到桶底中心？（桶壁厚度不计）考点：光的折射定律．.专题：光的折射专题．分析：画出光路图，根据折射率定义并结合几何关系列式即可．解答：解：设O点发出的光经过液面上O′点进入人眼．延长液面直线交AB于C．△O′ED和△O′AC相似，故：=其中aO′D的长度．解得：a=（H﹣h）说明：γ=53°由折射定律：n=，得：sini=，i=30°如图中几何关系，有：htani=d﹣a即h=d﹣（H﹣h）解得：h=0.22m答：液体的高度h为0.22m．点评：本题关键是画出光路图，结合几何关系列式求解相关角度，由折射定律和几何知识结合是解决这类问题常用的方法．　[物理-选修3-5]（15分）17．（2022•红河州模拟）下列说法正确的是（　　）　A．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应　B．汤姆孙发现电子，表明原子具有复杂结构　C．卢瑟福发现了中子，查德威克发现了质子16\n　D．一束光照射到某金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太短　E．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减少，原子总能量增大考点：裂变反应和聚变反应；粒子散射实验；玻尔模型和氢原子的能级结构．.专题：原子的核式结构及其组成．分析：太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应，汤姆孙发现电子，说明电子是原子的组成部分，卢瑟福发现了质子，查德威克发现了中子，不能发生光电效应是因为入射光的频率小于该金属的截止频率．解答：解：A、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应，A正确；B、汤姆孙发现电子，说明电子是原子的组成部分，是比原子更基本的物质单元，B正确；C、卢瑟福发现了质子，查德威克发现了中子，C错误；D、一束光照射到某金属上不能发生光电效应是因为入射光的频率小于该金属的截止频率，D错误；E、按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减少，原子总能量增大，E正确．故选：ABE点评：本题考查物理学史、玻尔理论、发生光电效应的条件等知识点，难点不大，需要平时多积累．　18．（2022•红河州模拟）如图所示，质量m1=0.3kg的小车静止在光滑的水平面上，车长L=15m，现有质量m2=0.2kg可视为质点的物块，以水平向右的速度v0=2m/s从左端滑上小车，最后在车面上某处与小车保持相对静止．物块与车面间的动摩擦因数=0.5，取g=10m/s2．求（1）物块在车面上滑行的时间t；（2）要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度v0′不超过多少．考点：动量守恒定律；功能关系．.专题：动量定理应用专题．分析：（1）物块滑上小车后受到小车的向左的滑动摩擦力而做匀减速运动，小车受到物块向右的滑动摩擦力而匀加速运动，当两者速度相等时，相对静止一起做匀速运动．对物块和小车组成的系统，满足动量守恒的条件：合外力为零，运用动量守恒求得共同速度，再对小车运用动量定理求解出时间t．（2）要使物块恰好不从小车右端滑出，滑块滑到小车的最右端，两者速度相同，根据动量守恒定律和功能关系结合求解速度v0′．解答：解：（1）设物块与小车的共同速度为v，以水平向右为正方向，根据动量守恒定律有：m2v0=（m1+m2）v…①设物块与车面间的滑动摩擦力为F，对物块应用动量定理有：﹣Ft=m2v﹣m2v0…②其中F=μm2g…③16\n联立以三式解得：代入数据得：t=s=0.24s…④（2）要使物块恰好不从车厢滑出，须物块滑到车面右端时与小车有共同的速度v′，则有：m2v′0=（m1+m2）v′…⑤由功能关系有：…⑥代入数据解得：v′=5m/s故要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车的速度v0′不能超过5m/s．答：（1）物块在车面上滑行的时间t为0.24s．（2）要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度v0′不超过5m/s．点评：本题考查摩擦拖动类的动量和能量问题．关键要掌握动量守恒定律、动量定理和功能关系这些物理规律的运用．　16